湖南省湘南三校联盟2020学年高二物理10月联考试题 11页

湖南省湘南三校联盟2020学年高二物理10月联考试题 ‎ 一、选择题（每题4分，1-8题每题只有一个选项正确，9-12题每题有多个选项正确，选全得4分，未选全得2分，选错得0分，共48分）‎ ‎1．如图所示，光滑绝缘水平面上有三个带电小球A、B、C（可视为点电荷），三球沿一条直线摆放，仅在它们之间的静电力作用下静止，则以下判断正确的是（    ）‎ A． A对B的静电力一定是引力 B． A对B的静电力可能是斥力 C． A的电量可能比B少 D． C的电量一定比B少 ‎2．如图所示，两个等量异种点电荷的连线和其中垂线上有a、b、c三点，下列说法正确的是 (　　)‎ A． a点电势比b点电势高 B． a、b两点的场强方向相同，b点场强比a点场强小 C． b点电势比c点电势高，场强方向相同 D． 一个电子仅在电场力作用下不可能沿如图所示的曲线轨迹从a点运动到c点 ‎3．关于磁通量的概念，以下说法中正确的是(　　)‎ A． 磁通量发生变化，一定是磁场发生变化引起的 B． 磁感应强度越大，穿过闭合回路的磁通量也越大 C． 磁感应强度越大，线圈面积越大，则穿过线圈的磁通量也越大 D． 穿过线圈的磁通量为零，但该处的磁感应强度不一定为零 ‎4．如图所示，在原来不带电的金属细杆ab附近P处放置一个正点电荷，达到静电平后 A． a端电势比b端低 B． b端电势与d点的电势相等 C． a端电势一定不比d点低 D． 感应电荷在杆内c处的场强方向由a指向b ‎5．如图所示，在通电螺线管的周围和内部a、b、c、d四个位置分别放置了小磁针，小磁针涂黑的一端是N极．图中正确表示小磁针静止时的位置是（   ）‎ A. a        B. b C. c         D. d ‎6．用两个相同的小量程电流表，分别改装成了两个量程不同的大量程电流表A1、A2，若把A1、A2分别采用串联或并联的方式接入电路，如图所示，则闭合开关后，下列有关电流表的示数和电流表指针偏转角度的说法正确的是(　　)‎ A． 图(a)中的A1、A2的示数相同 B． 图(a)中的A1、A2的指针偏角相同 C． 图(b)中的A1、A2的示数和偏角都不同 D． 图(b)中的A1、A2的指针偏角相同 ‎7.如图所示，电子在电势差为U1的电场中加速后，垂直射入电势差为U2‎ 的偏转电场，在满足电子能射出偏转电场的条件下，不计电子重力，下列四种情况中，一定能使电子的偏转角变大的是（ ）‎ A．U1变大，U2变大 B．U1变小，U2变大 C．U1变大，U2变小 D．U1变小，U2变小 ‎8．如图所示,图甲实线为方向未知的三条电场线，a、b两带电粒子从电场中的P点静止释放不考虑两粒子间的相互作用,仅在电场力作用下,两粒子做直线运动,a、b粒子的速度大小随时间变化的关系如图乙中实线所示,虚线为直线,则 A． a一定带正电,b一定带负电 B． a向左运动,b向右运动 C． a电势能减小,b电势能增大 D． a动能减小,b动能增大 ‎9．如图所示，三根平行的足够长的通电直导线A、B、C分别放置在一个等腰直角三角形的三个顶点上，其中AB边水平，AC边竖直。O点是斜边BC的中点，每根导线在O点所产生的磁感应强度大小均为B0,则下列说法中正确的有( )‎ A． 导线B、C在O点产生的总的磁感应强度大小为2B0‎ B． 导线A、B、C在O点产生的总的磁感应强度大小为B0‎ C． 导线B、C在A点产生的总的磁感应强度方向由A指向O D． 导线A、B在O点产生的总的磁感应强度方向水平向右 ‎10．如图所示，a、b、c、d为一组匀强电场中的等差等势线，A、B分别是等势线上的两点．带电量为1×10-2C的正电荷在电场中只受电场力作用，该电荷由A点运动到B点，动能增加了0.1J，若A点电势为10V，则（ ）‎ A． B点的电势为零 B． a、b之间的电势差Uab=－5V C． 电荷运动的轨迹可能是图中曲线①‎ D． 电荷运动的轨迹可能是图中曲线②‎ ‎11．如图所示，电源电动势为E，内阻为r，平行板电容器C的两金属板水平放置．G为灵敏电流计。开关S闭合后，两板间恰好有一质量为m、电荷量为q的油滴处于静止状态。则在滑动变阻器R的触头P向上移动的过程中，下列判断正确的是（ ）‎ A． 灵敏电流计G中有b→a的电流 B． 油滴向上加速运动 C． 电容器极板所带电荷量将减小 D． 通过电阻R2的电流将减小 ‎12．如图所示，用长L＝0.50 m的绝缘轻质细线，把一个质量m＝1.0 g带电小球悬挂在均匀带等量异种电荷的平行金属板之间，平行金属板间的距离d＝5.0 cm，两板间电压U＝1.0×103 V。静止时，绝缘细线偏离竖直方向θ角，小球偏离竖直线的距离a＝1.0 cm。取g＝10 m/s2。则下列说法正确的是( 　)‎ A．两板间电场强度的大小为2.0×104 V/m B．小球带的电荷量约为1.0×10－8 C C．若细线突然被剪断，小球在板间将做类平抛运动 D．若细线突然被剪断，小球在板间将做匀加速直线运动 二、实验题（每空2分，共20分）‎ ‎13．某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率ρ步骤如下：(1)用游标为20 分度的卡尺测量其长度如图甲，由图可知其长度为L＝________mm；‎ ‎ ‎ ‎(2)用螺旋测微器测量其直径如图乙，由图可知其直径D＝________mm；‎ ‎(3)用多用电表的电阻“×10”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻R，表盘的示数如图，则该电阻的阻值约为________Ω.‎ ‎(4)该同学想用伏安法更精确地测量其电阻R，现有的器材及其代号和规格如下：‎ 待测圆柱体电阻R 电流表A1(量程0～4 mA，内阻约50 Ω) 电流表A2(量程0～30 mA，内阻约30 Ω)‎ 电压表V1(量程0～3 V，内阻约10 kΩ) 电压表V2(量程0～15 V，内阻约25 kΩ)‎ 直流电源E(电动势4 V，内阻不计)‎ 滑动变阻器R1(阻值范围0～15 Ω，允许通过的最大电流2.0 A)‎ 开关S、导线若干 为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，某同学设计电路时，电流表应选用______、（选填“A1”或“A2”），电流表应采用______法（选填“内接”或“外接”），滑动变阻器应采用______式接法（选填“分压”或“限流”）。‎ ‎14. 某同学想测量某电池的电动势E和内阻r，选用器材如下：‎ 电流表A1(量程50 mA，内阻RA1约为10 Ω)‎ 电流表A2(双量程，一量程为20 mA，另一量程200 mA)‎ 电阻箱R(0～999.9 Ω) 定值电阻R0(阻值为4.0 Ω)‎ 开关两个 导线若干 该同学设计了如图所示电路，并进行如下操作：‎ ‎(1)实验中电流表A2选择________量程．‎ ‎(2)将开关S1闭合，S2断开，调整电阻箱R，记下电流表A1、A2的示数I1＝30.0 mA、I2＝120 mA，则电流表A1的内阻RA1＝________Ω. （计算结果要保留一位小数）‎ ‎(3)保持S1闭合，再闭合S2，调整电阻箱R，记下电阻箱阻值分别为30.0 Ω、90.0 Ω时对应的电流表A1的示数分别为25.0 mA、10.0 mA.由此可求得E＝________V，r＝________Ω.（计算结果要保留一位小数）‎ 三、计算题 （共32分）‎ ‎15.（本题6分）如图所示的电路中，电阻R1=9 Ω，R2=15 Ω，电源的电动势E=12 V，内电阻r=1Ω，安培表的读数I=0.4 A．求：‎ ‎（1）流过电阻R1的电流是多少？‎ ‎（2）电阻R3的阻值是多大？‎ ‎（3）电阻R3消耗的电功率是多少？‎ ‎16．（本题6分）如图所示, 匀强磁场的磁感应强度方向竖直向上，一倾角为α=‎ 的光滑斜面上，静止一根长为L=1m，重G=3 N，通有电流I=3 A的金属棒.求：‎ ‎（1）匀强磁场的磁感应强度大小；‎ ‎（2）导体棒对斜面的压力大小.‎ ‎17.（本题10分）如图所示，四个电阻阻值均为R，电键S闭合时，有一质量为m，带电量为q的小球静止于水平放置的平行板电容器的中点．现打开电键S，这个带电小球便向平行板电容器的一个极板运动，并和此板碰撞，碰撞过程中小球没有机械能损失，只是碰后小球所带电量发生变化，碰后小球带有和该板同种性质的电荷，并恰能运动到另一极板，设两极板间距离为d，不计电源内阻，求：‎ ‎（1）电源电动势E多大？‎ ‎（2）小球与极板碰撞后所带的电量为多少？‎ ‎18．（本题10分）如图所示，在场强为E的匀强电场中，一绝缘轻质细杆L可绕点O点在竖直平面内自由转动，A端有一个带正电的小球，电荷量为q，质量为m．将细杆从水平位置自由释放，则：‎ ‎（1）求出小球在最低点时的动能；‎ ‎（2）求在最低点时绝缘杆对小球的作用力．‎ ‎2020年10月湘南联盟高二质检物理试题 参考答案 ‎1、A 2、D 3、D 4、D 5、A 6、B 7、B ‎8、B 9、ACD 10、AD 11、AB 12、ABD ‎13、 (1) 50.15 (2) 4.700 (3) 120 (4) A2 外接 分压 ‎14、(1)200 mA　(2)12.0　(3)4.0 , 7.0‎ ‎15、‎ ‎（1）R2的电压U2=I2R2=0.4×15 V=6.0 V 1’‎ 根据闭合电路欧姆定律得：U2=E﹣I1（R1+r） 1’‎ 则得流过电阻R1的电流I1==A=0.6 A 1’‎ ‎（2）流过电阻R3的电流I3=I1﹣I2=（0.6﹣0.4）A=0.2 A 1’‎ 则R3=Ω=30 Ω 1’‎ ‎（3）电阻R3消耗的电功率是P3=U2I3=6×0.2 W=1.2 W 1’‎ ‎16、‎ ‎（1）由左手定则知金属棒受水平向右的安培力， 1’‎ 对金属棒进行受力分析 如图: 1’‎ 由平衡条件得：F安=BIL=Gtanα则 2’‎ ‎（2）由上图，根据三角函数关系知： 2’‎ ‎17、‎ ‎（1）当S闭合时，电容器电压为U，则：① 2’‎ 对带电小球受力分析得：② 2’‎ 由①②式 解得：③ 1’‎ ‎（2）断开S，电容器电压为U′，则：U′=④ 2’‎ 对带电小球运动的全过程，根据动能定理得：q′U′﹣mg⑤ 2’‎ 由③④⑤解得：q′=⑥ 1’‎ ‎18、‎ ‎（1）小球运动到最低点的过程中，重力和电场力做功，由动能定理得：‎ ‎ 3’‎ 解得 2’‎ ‎（2）在最低点，据牛顿运动定律得：‎ ‎ 2’‎ 在最低点速度 ‎ 2’‎ 解得：T=3mg+2Eq 1’‎