2020年高考真题+高考模拟题 专项版解析汇编 物理——13 交流电 （教师版） 13页

专题13 交流电 ‎1．（2020·江苏卷）电流互感器是一种测量电路中电流的变压器，工作原理如图所示。其原线圈匝数较少，串联在电路中，副线圈匝数较多，两端接在电流表上。则电流互感器 A．是一种降压变压器 B．能测量直流电路的电流 C．原、副线圈电流的频率不同 D．副线圈的电流小于原线圈的电流 ‎【答案】D ‎【解析】A．原线圈匝数较少，电流互感器是一种降电流的变压器，A选项错误。‎ B． 电流互感器的工作原理是电磁感应中的互感现象，只可以测量交变电流，B选项错误。‎ C． 电流互感器不会改变电流的频率，只改变电流，故原、副线圈电流的频率相同。C选项错误。‎ D．原线圈匝数较少，电流互感器是一种降电流的变压器，副线圈的电流小于原线圈的电流。D正确。故选D。‎ ‎2．（2020·浙江省1月学业水平测试选考）如图所示，甲乙两图中的理想变压器以不同的方式接在高压电路中。甲图中变压器原副线圈的匝数比为，电压表读数为U，乙图中变压器原副线圈的匝数比为，电流表读数为I。则甲图中高压线电压和乙图中高压线电流分别为 A．， B．， C．， D．，‎ ‎【答案】B ‎【解析】根据理想变压器的电压和电流规律：‎ 解得甲图中高压线电压为 乙图中高压线电流为 故B正确，ACD错误。故选B。‎ ‎3．（2020·浙江卷）如图所示，某小型水电站发电机的输出功率，发电机的电压，经变压器升压后向远处输电，输电线总电阻，在用户端用降压变压器把电压降为。已知输电线上损失的功率，假设两个变压器均是理想变压器，下列说法正确的是 A．发电机输出的电流 B．输电线上的电流 C．降压变压器的匝数比 D．用户得到的电流 ‎【答案】C ‎【解析】A．根据电功率公式 发电机输出电流 A错误；‎ B．输电线上损失功率，由 可得 故B错误；‎ C．降压变压器原副线圈得到的功率为 P4=P-P线=95kW 根据理想变压器电流与线圈匝数成反比关系，可得 C正确；‎ D．用户得到的功率为，用户得到的电流 D错误。故选C。‎ ‎4．（2020·山东卷）图甲中的理想变压器原、副线圈匝数比n1：n2=22：3，输入端a、b所接电压u随时间t的变化关系如图乙所示。灯泡L的电阻恒为15 Ω，额定电压为24 V。定值电阻R1=10 Ω、R2=5 Ω， 滑动变阻器R的最大阻值为10 Ω。为使灯泡正常工作，滑动变阻器接入电路的电阻应调节为（　　）‎ A．1 Ω B．5 Ω C．6 Ω D．8 Ω ‎【答案】A ‎【解析】输电电压的有效值为（即原线圈电压的有效值）‎ 根据理想变压器电压规律可知副线圈电压有效值为 灯泡正常工作，根据欧姆定律可知分压为，则通过灯泡的电流，即副线圈部分的干路电流为 根据串联分压规律可知，和、构成的并联电路部分的分压为 通过的电流为 通过、的电流为 ‎、的分压为 解得滑动变阻器的阻值为 A正确，BCD错误。故选A。‎ ‎5．（2020·新课标Ⅲ卷）在图（a）所示的交流电路中，电源电压的有效值为220V，理想变压器原、副线圈的匝数比为10∶1，R1、R2、R3均为固定电阻，R2=10，R3=20‎ ‎，各电表均为理想电表。已知电阻R2中电流i2随时间t变化的正弦曲线如图（b）所示。下列说法正确的是 A．所用交流电的频率为50Hz B．电压表的示数为100V C．电流表的示数为1.0A D．变压器传输的电功率为15.0W ‎【答案】AD ‎【解析】A．交流电的频率为 A正确；‎ B．通过电流的有效值为 两端即副线圈两端的电压，根据欧姆定律可知 根据理想变压器的电压规律可知原线圈的电压 电阻两端分压即为电压表示数，即 B错误；‎ C．电流表的示数为 C错误；‎ D．副线圈中流过的总电流为 变压器原副线圈传输的功率为 D正确。故选AD。‎ ‎6．（四川省遂宁市2019届高三第三次诊断性）如图所示，理想变压器原、副线圈分别接有额定电压相同的灯泡a和b。当输入电压U为灯泡额定电压的7倍时，两灯泡均能正常发光。则灯泡a与b的功率之比为 A．3:1‎ B．1:3‎ C．6:1‎ D．1:6‎ ‎【答案】D ‎【解析】输入电压为U，则两灯泡正常发光时两端电压均为，变压器的匝数比 ，则，根据P=IU可知灯泡a与b的功率之比为1:6，故选D.‎ ‎7．（辽宁省沈阳市郊联体2019届高三第一次模拟）如图甲所示，M是一个小型理想变压器，原副线圈匝数之比n1：n2=10：1，接线柱a、b间接一正弦交变电源，其电压随时间的变化规律如图乙所示。变压器右侧部分为一火警报警系统原理图，其中R2是用半导体热敏材料(电阻随温度升高而减小)制成的传感器，R1为一定值电阻。下列说法中正确的是 A．电压表V的示数为22V B．当R2所在处出现火警时，电压表Ⅴ的示数增大 C．当R2所在处出现火警时，电流表A的示数增大 D．当R2所在处出现火警时，电阻R1的功率不变 ‎【答案】C ‎【解析】由图象可知，输入的电压有效值为220V，变压器的电压与匝数成正比，由此可得副线圈的电压为22V，电压表测的是半导体热敏材料的电压，R1，R2的总电压为22V，所以电压表的示数小于22V，所以A错误；当出现火警时，温度升高，电阻R2减小，副线圈的电流变大，所以原线圈电流即电流表示数增大，则R1的电压要增大，消耗的功率也增大，由于副线圈的总电压不变，所以R2的电压即电压表示数就要减小，所以C正确，BD错误；故选C。‎ ‎8．（贵州省毕节市2019届高三适应性监测）如图所示，变压器为理想变压器，电流表A1内阻不可忽略，其余的均为理想的电流表和电压表．a、b接在电压有效值不变的交流电源两端，R0为定值电阻，R为滑动变阻器．现将变阻器的滑片沿c→d的方向滑动时，则下列说法正确的是 A．电压表V1、V2示数不变，V3示数变小 B．电压表V1、V2示数变小，V3示数变大 C．电流表A1、A2的示数都增大 D．电流表A1的示数变小，A2的示数增大 ‎【答案】C ‎【解析】当滑动变阻器从c向d 滑动的时候，滑动变阻器接入电路的电阻变小，副线圈的总电阻减小，假设副线圈的总电压不变，则副线圈的总电流增大，变压器的电流关系可知原线圈的总电流增大，则原线圈两端的电压减小，又可知副线圈两端的电压减小，滑动变阻器两端的电压减小，而电压表V1测量的是U1的电压；电压表V2测量的是U2的电压，电压表V3测量的是U3的电压，电流表A1测量I1的电流，电流表A2测量I2的电流，故ABD错误，C正确．‎ ‎9．（四川省成都市第七中学2019届高三三诊模拟）小型发电站为某村寨110户家庭供电，输电原理如图所示，图中的变压器均为理想变压器，其中降压变压器的匝数比为n3∶n4＝50∶1，输电线的总电阻R＝10 Ω。某时段全村平均每户用电的功率为200 W，该时段降压变压器的输出电压为220 V。则此时段 A．降压变压器的输入电压为11 kV B．发电机的输出功率为22 kW C．输电线的电流为1 100 A D．输电线上损失的功率约为8.26 W ‎【答案】A ‎【解析】A.降压变压器输出电压220 V，根据变压器原理：，代入数据解得：，A正确 BCD.降压变压器输出功率：，而，代入数据解得：输电线电流，输电线上功率损失：，根据：，所以发电机输出功率为22040W，BCD错误 ‎10．（2020年天津高三期末）在匀强磁场中，一个100匝的闭合矩形金属线圈，绕与磁感线垂直的固定轴匀速转动，穿过该线圈的磁通量随时间按图示正弦规律变化设线圈总电阻为，则 A．时，线圈平面平行于磁感线 B．时，线圈中的电流改变方向 C．时，线圈中的感应电动势最大 D．一个周期内，线圈产生的热量为 ‎【答案】AD ‎【解析】A．根据图象可知，在t=0时穿过线圈平面的磁通量为零，所以线圈平面平行于磁感线，A正确；‎ B．Φ-t图象的斜率为，即表示磁通量的变化率，在0.5s～1.5s之间，“斜率方向“不变，表示的感应电动势方向不变，则电流强度方向不变，B错误；‎ C．所以在t=1.5s时，通过线圈的磁 量最大，线圈位于中性面，感应电动势为0，故C错误；‎ D．感应电动势的最大值为，有效值，根据焦耳定律可得一个周期产生的热为，故D正确．‎ ‎11．（河南省顶级名校2019届高三第四次联合质量测评）如图所示为电能输送的示意图，升压、降压变压器均为理想变压器，输电线总电阻R为8Ω，升压变压器的输入功率100kW，用户端得到的电压为220V，用户得到的功率为95kW．下面说法正确的是 A．输电线上损失的电压为50V B．升压变压器输出电压为4×103V C．降压变压器原、副线圈匝数比为 D．用户端负载增加，有利于减少远距离输电的电能损失 ‎【答案】BC ‎【解析】A、由知输电线上的电流，输电线上损失的电压为，故选项A错误；‎ B、升压变压器的输出电压，故选项B正确；‎ C、降压变压器的输入电压，降压变压器的原、副线圈的匝数比为，故选项C正确；‎ D、用户端负载增加，降压变压器的副线圈的电流增大，根据变压器的电流与匝数关系可知降压变压器的原线圈的电流增大，由知输电线上的损失功率增大，故选项D错误；故选BC．‎ ‎12．（福建省福州市2019届高中毕业班第二次质量检查）如图1所示，理想变压器的原线圈接有保险丝FU，其熔断电流为6A，副线圈接有阻值为R0=10Ω的定值电阻、铭牌上标有“100V 50W”字样的灯泡以及最大阻值为400Ω的滑动变阻器R。现在原线圈的ab间接如图2所示的交流电源，当滑动变阻器的滑片处在中点时，灯泡恰好正常发光，则下列说法正确的是 A．原线圈两端输入的交变电压为u=22sin100πt(V)‎ B．理想变压器原、副线圈的匝数比为1∶5‎ C．若将滑动变阻器的滑片向下移动少许，灯泡变亮 D．若持续向下移动滑动变阻器的滑片，变压器的输入功率变大，可能会使熔断器熔断 ‎【答案】BD ‎【解析】由题图2可知，交变电压的最大值为22 V，周期为T=2×10－2 s，所以角速度为 ω==100π(rad/s)，则原线圈两端的交变电压为u=22sin 100πt(V)，选项A错误；灯泡正常发光时的电阻为RL==200 Ω，电流为IL==0.5 A，当滑动变阻器的滑片处在中点时接入电路的电阻为200 Ω，根据并联电路的特点可知，通过电阻R0的电流为I0=1 A，所以变压器的输出电压为U2=UL＋I0R0=110 V，则有，选项B正确；若将滑动变阻器的滑片向下移动少许，接入电路的电阻变小，则副线圈中的电流变大，电阻R0两端的电压增大，所以灯泡两端的电压减小，亮度变暗，选项C错误；若持续向下移动滑动变阻器的滑片，副线圈中的电流会持续增大，由P出=U2I2可知输出功率变大，又P入=P出，所以输入功率变大，原线圈中的电流I1也增大，因此可能超过熔断电流6 A，熔断器可能会熔断，选项D正确。‎ ‎13．（2020年福建连城县第一中学期中）如图所示，电阻不计的正方形导线框abcd处于匀强磁场中，线框绕中心轴OO′匀速转动时，产生的电动势e=200cos100πt(V)。线框的输出端与理想变压器原线圈相连，副线圈连接着一只“20V、8W”的灯泡，且灯泡能正常发光，电路中熔断器熔断电流为0.4A，熔断器与输电导线的电阻忽略不计。下列判断正确的是 A．t=0s时刻的线框中磁通量变化率最大 B．理想变压器原、副线圈匝数之比为10∶1‎ C．若副线圈两端并联多只“20V、8W”的灯泡，则最多不能超过10只 D．若线框转速减半，产生的电动势e=100cos100πt (V)‎ ‎【答案】AB ‎【解析】A ‎．图示位置线圈与中性面垂直，感应电动势最大，故线框中磁通量变化率最大，故A正确；B．线框绕中心轴OO′匀速运动时，产生的电动势e=200cos100πt(V)，故输入变压器的电压的有效值为U=V=200V，灯泡能正常发光，故变压器的输出电压为20V；根据变压比公式有，故B正确；C．电路中熔断器熔断电流为0.4A，此时根据能量守恒定律有，解得n=，故副线圈两端并联“20V、8W”的灯泡最多不能超过14只，故C错误；D．若线框转速减半，根据公式Em=NBSω，产生的电动势也减半，角速度为ω=2πn=50πrad/s，则产生的电动势e=100cos50πt(V)，故D错误。故选AB。‎ ‎14．（江苏省南通市2019年高三模拟）教学用发电机能够产生正弦式交变电流，现利用该发电机（内阻可忽略）通过理想变压器向定值电阻R和电容器C供电，电路如图所示．理想交流电流表A、理想交流电压表V的读数分别为I、U，R消耗的功率为P．若发电机线圈的转速变为原来的2倍，则 A．电压表V的读数变为2U B．电流表A的读数变为2I C．R消耗的功率变为2P D．R消耗的功率变为4P ‎【答案】AD ‎【解析】ACD．若发电机线圈的转速变为原来的2倍，电动机产生的最大电动势变为原来的2倍，发电机输出电压有效值变为原来的2倍，即原线圈的输出电压为原来的2倍，由知副线圈输出电压为原来的2倍，电压表V的读数变为为原来的2倍，由知R消耗的功率为原来的4倍，故AD正确，C错误；‎ B．转速变为原来的2倍，通过C的交变电流频率变为原来的2倍，电容器C的容抗减小，副线圈的电流不是原来的2倍，由可知原线圈的电流不是原来的2倍，故B错误；故选AD．‎