湖南省2020年普通高中高二物理学业水平考试模拟试题二（含解析） 20页

湖南省2020年普通高中高二物理学业水平考试模拟试题二（含解析） ‎ 一、选择题：本题包括16小题，每小题3分，共48分．每小题只有一个选项符合题意．‎ ‎1. 下列各组物理量中，全部是矢量的是 A. 速度、路程、功率 B. 力、位移、加速度 C. 功、动能、加速度 D. 位移、力、周期 ‎【答案】B ‎【解析】速度既有大小又有方向，是矢量，路程、功率只有大小没有方向，都是标量，故A错误；力、位移、加速度既有大小又有方向，都是矢量，故B正确；功、动能只有大小没有方向，都是标量，加速度既有大小又有方向，是矢量，故C错误；位移、力既有大小又有方向，都是矢量，周期只有大小没有方向，是标量，故D错误。所以B正确，ACD错误。‎ ‎2. 下列说法正确的是 A. 伽利略提出了行星运动的三大定律 B. 牛顿用实验的方法测出了引力常量 C. 胡克认为只有在一定的条件下，弹簧的弹力才与弹簧的形变量成正比 D. 开普勒从实验中得出了行星运动的三大定律 ‎【答案】C ‎【解析】开普勒提出了行星运动的三大定律，故A错误；卡文迪许用实验的方法测出了引力常量，故B错误；胡克认为只有弹簧的弹性限度内，弹簧的弹力才与弹簧的形变量成正比．故C正确；开普勒在前人的基础上总结得出了行星的三大运动定律，并不是从实验中得到，故D错误。所以C正确，ABD错误。‎ ‎3. 下列说法正确的是 A. 在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫微元法 B. 在探究求合力方法的实验中利用了理想模型的方法 C. 长度、时间、力是一组属于国际单位制的基本单位的物理量 D. 在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该实验应用了控制变量法 ‎【答案】D ‎【解析】在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法理想模型法，故A错误；在探究求合力方法的实验中利用了等效替代的方法，故B错误；长度、时间、质量是一组属于国际单位制的基本单位的物理量，故C错误；在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该实验应用了控制变量法，故D正确。所以D正确ABC错误。‎ ‎4. 两辆汽车在平直公路上行驶，甲车内的人看见窗外树木向东移动，乙车内的人发现甲车没有运动．如果以大地为参考系，上述事实说明 A. 甲车向西运动，乙车不动 B. 乙车向西运动，甲车不动...‎ C. 甲车向西运动，乙车向东运动 D. 甲、乙两车以相同的速度都向西运动 ‎【答案】D ‎【解析】以大地为参考系，则树木是静止的，甲车的人看到窗外树木向东移动，即甲车向西运动，乙车上的人发现甲车是静止的，说明甲乙两车的运动情况一致，即乙车以和甲车相同的速度向西运动，故D正确。‎ ‎5. 关于自由落体运动，下列说法中正确的是 A. 初速度为零的竖直向下的运动是自由落体运动 B. 只在重力作用下的竖直向下的运动是自由落体运动 C. 重的物体的自由落体运动的加速度g值大 D. 自由落体运动是初速度为零，加速度为g的匀加速直线运动 ‎【答案】D ‎【解析】自由落体运动的物体加速度为g，初速度为零的竖直向下的运动的加速度不一定是g，所以不一定是自由落体运动，故A错误；只在重力作用下的竖直向下的运动不一定是自由落体运动，要看初速度是否等于零，故B错误；无论轻还是重的物体的自由落体运动的加速度都是g，故C错误；自由落体运动是初速度为零，加速度为g的匀加速直线运动，故D正确。所以D正确，ABC错误。‎ ‎6. 下列关于物体重力的说法中不正确的是 A. 地球上的物体只有运动时才受到重力 B. 同一物体在某处向上抛出后和向下抛出后所受重力一样大 C. 某物体在同一位置时，所受重力与静止还是运动无关，重力大小是相同的 D. 物体所受重力大小与其质量有关 ‎【答案】A ‎【解析】地球上或地球附近的任何物体都要受到重力作用，不论物体运动还是静止，也不论物体做什么样的运动，故A说法错误；同一物体在某处向上抛出后和向下抛出后所受重力一样大，故B说法正确；某物体在同一位置时，所受重力与静止还是运动无关，重力大小是相同的，故C说法正确；重力的大小G=mg，可知重力与其质量有关，故D说法正确。所以选A.‎ ‎7. 物体在下列几组共点力作用下，不可能做匀速直线运动的是 A. 2 N、4 N、5 N B. 3 N、7 N、6 N C. 6 N、10 N、18 N D. 10 N、15 N、22 N ‎【答案】C ‎【解析】物体做匀速直线运动时三个力合力为零，则任意两个力的合力与第三个力大小相等，方向相反，由此可知，任意一个力在另外两个力的合力范围。2N和4N的合力范围为：2N-6N，5N在合力范围里，故三个力的合力可能为零，故A可能；3N和7N的合力范围为：4N-10N，6N在合力范围里，故三个力的合力可能为零，故B可能；6N和10N的合力范围为：4N-16N，18N不在合力范围里，故三个力的合力不可能为零，故C不可能；10N和15N的合力范围为：5N-25N，22N 在合力的范围里，故三个力的合力可能为零，故D可能。所以不可能的是C.‎ ‎8. 如图所示，质量为20 kg的物体，沿水平面向右运动，它与水平面间的动摩擦因数为0.1，同时还受到大小为10 N的水平向右的力的作用，则该物体(g取10 m/s2)‎ A. 受到的摩擦力大小为2 N，方向向左 B. 受到的摩擦力大小为20 N，方向向右 C. 运动的加速度大小为1.5 m/s2，方向向左...‎ D. 运动的加速度大小为0.5 m/s2，方向向左 ‎【答案】D ‎【解析】试题分析：物体向右运动，由滑动摩擦力的方向与相对运动方向相反可知，物体受到的滑动摩擦力方向向左，根据得：滑动摩擦力的大小为，故A正确，B错误；物体在水平方向上受到向右的推力F，大小为10N，因此物体所受力的合力大小为：，合力方向水平向左，根据牛顿第二定律知：运动的加速度大小为，方向向左，故D正确，C错误．所以选AD．‎ 考点：本题考查力的合成、滑动摩擦力的判断与计算以及对牛顿第二定律的理解．‎ ‎9. 关于曲线运动，下列说法中正确的是 A. 曲线运动一定是变速运动 B. 变速运动一定是曲线运动 C. 曲线运动不可能是匀变速运动 D. 变加速运动一定是曲线运动 ‎【答案】A ‎【解析】曲线运动物体的速度方向在不断改变，是变速运动，但变速运动不一定就是曲线运动，如匀变速直线运动，故A正确、B 错误；曲线运动是变速运动，一定有加速度，但加速度可以不变、也可变化，如平抛运动是匀变速曲线运动，而匀速圆周运动是变加速曲线运动，故C错误；只要加速度的方向与速度方向在同一直线上就做直线运动，与加速度大小无关，故变加速运动可以是曲线运动，也可以是直线运动，故D错误。所以A正确，BCD错误。‎ ‎10. 如图所示，a、b、c是地球大气层外圆形轨道上运动的三颗卫星，a和b质量相等且小于c的质量，则下列说法错误的是 A. b所需向心力最小 B. b、c的周期相同且大于a的周期 C. b、c的向心加速度大小相等，且大于a的向心加速度 D. b、c的线速度大小相等，且小于a的线速度 ‎【答案】C ‎【解析】根据 ，a和b质量相等且小于c的质量，可知b所需向心力最小．故A说法正确；根据，解得：，所以b、c的周期相同，大于a的周期．故B说法正确；根据，解得：，可知b、c的向心加速度相等，小于a的向心加速度，故C说法错误；根据，解得：，可知b、c的线速度大小相等，小于a的线速度，故D说法正确。所以选C。‎ ‎11. 如图所示，一个小孩从粗糙的滑梯上加速滑下，对于其机械能的变化情况，下列判断正确的是 A. 重力势能减小，动能不变，机械能减小 B. 重力势能减小，动能增加，机械能减小 C. 重力势能减小，动能增加，机械能增加 D. 重力势能减小，动能增加，机械能不变...‎ ‎【答案】B 考点：功能关系 ‎12. 关于物体的平抛运动，下列说法正确的是 A. 由于物体受力的大小和方向不变，因此平抛运动是匀变速运动 B. 由于物体速度的方向不断变化，因此平抛运动不是匀变速运动 C. 物体的运动时间只由抛出时的初速度决定，与高度无关 D. 平抛运动的水平距离由抛出时的初速度决定，与高度无关 ‎【答案】A ‎【解析】平抛运动物体受力大小和方向都不变，则加速度不变，做匀变速曲线运动，故A正确，B错误；平抛运动的时间由高度决定，与初速度无关，水平位移由初速度和高度共同决定，故C正确，D错误。所以A正确，BCD错误。‎ ‎13. 下列说法正确的是 A. 匀速圆周运动是一种匀速运动 B. 匀速圆周运动是一种匀变速运动 C. 匀速圆周运动是一种变加速运动 D. 做匀速圆周运动的物体所受合外力为零 ‎【答案】C ‎【解析】匀速圆周运动的线速度和加速度都在变化，是一种变加速运动，故AB错误，C正确；物体做匀速圆周运动需要一个指向圆心的合外力，即向心力，所以合外力不为零，故D错误。所以C正确，ABD错误。‎ ‎14. 一辆卡车在丘陵地区匀速行驶，地形如图所示，将a、b、c、d四处附近的小段曲线都近似视为小段圆弧．已知a处的半径等于c处的半径，d处的半径小于b处的半径．由于轮胎太旧，途中可能爆胎，爆胎可能性最大的地段应是 A. a处 B. b处 C. c处 D. d处 ‎【答案】D ‎【解析】在坡顶：， 解得：,可得：FN＜mg；在坡谷：，解得：，r越小，FN越大，则在b、d两点比a、c两点容易爆胎，而d点半径比b点小，则d点最容易爆胎，故D正确，ABC错误。‎ ‎15. 从高处自由下落的物体，它的重力势能Ep和机械能E随下落的高度h的变化图线(下图)正确的是 A. B. C. D. ‎ ‎【答案】C ‎16. 在光滑的水平面上，用水平拉力分别使两物体由静止获得相同的动能，那么，可以肯定的是 A. 两次水平拉力一定相等 B. 两物体质量肯定相等 C. 两物体速度变化一定相等 D. 水平拉力对两物体做的功一定相等 ‎【答案】D ‎【解析】根据动能定理公式W=△Ek可知，分别用两个水平力由静止开始拉两个物块，使它们获得相同的动能，可以断定两水平拉力对物体做的功一定相等，而两拉力大小、两个物体的质量、以及两物体的速度变化等都不一定相等，所以ABC错误，D正确。‎ 二、非选择题：本大题包括必考题和选考题两部分，共52分．第17题 ～第22题为必考题，第23、24题为选考题．‎ ‎(一)必考题 ‎17. 如图所示，水平地面上的物体A，在斜向上的拉力F的作用下，向右做匀速运动，物体A受________个力作用，其中摩擦力大小等于________．‎ ‎【答案】 (1). 4 (2). Fcos θ ‎【解析】‎ 因为物体做匀速运动，可知物体受重力、支持力、拉力及水平向左的摩擦力，共四个力；因物体匀速运动，所以受到的合外力为零，在水平方向有： 解得：。‎ ‎18. 某同学在研究小车做匀加速直线运动运动实验中，获得一条点迹清楚的纸带，如图所示，已知打点计时器每隔0.02 s打一个点，该同学选择了A、B、C、D、E、F六个计数点，测量数据如图所示，单位是cm.相邻计数点的时间间隔是________s，瞬时速度vB＝________m/s.‎ ‎【答案】 (1). 0.04　 (2). 0.415‎ ‎【解析】相邻两个点的时间间隔为：，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上B点时小车的瞬时速度大小：。‎ ‎19. 甲、乙两球位于同一竖直线上的不同位置，甲比乙高h，如图所示，将甲、乙两球分别以v1、v2的速度沿同一水平方向抛出，不计空气阻力，要使乙球击中甲球，则甲比乙________(填“早”或“晚”)抛出，v1________(填“大于”或“小于”)v2.‎ ‎【答案】 (1). 早　 (2). 小于 ‎【解析】设乙球击中甲球时，甲球下落高度为h1，乙球下落的高度为h2．设甲球平抛运动的时间为，乙球平抛运动的时间为：，由图看出，h1＞h2，则得t1＞t2．故要使乙球击中甲球，必须使甲比乙早抛出．相遇时两球的水平位移相等则有 ，则得，v1＜v2.‎ ‎20. 水平恒力F作用在一个物体上，使该物体沿光滑水平面在力的方向上移动距离l，恒力F做的功为W1，功率为P1；再用同样的水平力F作用在该物体上，使该物体在粗糙的水平面上在力的方向上移动距离l，恒力F做的功为W2，功率为P2，则W1________(填“大于”、“等于”或“小于”)W2，P1________(填“大于”、“等于”或“小于”)P2.‎ ‎【答案】 (1). 等于　 (2). 大于 ‎【解析】两次水平恒力相等，位移相等，根据W=Fs知，恒力F所做的功相等，即。在光滑水平面上运动的加速度大，根据位移时间公式知，在光滑水平面上的运动时间短，根据知，P1＞P2．‎ ‎21. 在交通事故的分析中，刹车线的长度是很重要的依据，刹车线是汽车刹车后，停止转动的轮胎在地面上发生滑动时留下的滑动痕迹．某路段限速40 km/h，在该路段的一次交通事故中，汽车的刹车线长度是14 m，假设汽车轮胎与地面间的动摩擦因数恒为0.7，g取10 m/s2，则：‎ ‎(1)汽车刹车后的加速度多大？‎ ‎(2)汽车刹车前的速度是否超速？‎ ‎【答案】（1）7m/s2 （2）11.1 m/s 汽车刹车前已超速...‎ ‎【解析】试题分析：汽车刹车看作是匀减速直线运动，末速度为零，刹车加速度由滑动摩擦力提供，然后根据匀变速直线运动的位移-速度公式即可求解。‎ ‎(1)设汽车刹车后滑动时的加速度大小为a，由牛顿第二定律可得 μmg＝ma 解得：a＝μg＝7 m/s2‎ ‎(2)由匀变速直线运动速度位移关系式，代入数据可得汽车刹车前的速度为：‎ 因为40 km/h≈11.1 m/s 所以汽车刹车前已超速。‎ 点睛：本题主要考查了汽车刹车问题，应用牛顿第二定律和匀变速直线运动速度位移关系即可解题。‎ ‎22. 如图所示，某人乘雪橇从雪坡经A点滑至B点，接着沿水平路面滑至C点停止，人与雪橇的总质量为70 kg.表中记录了沿坡滑下过程中的有关数据，请根据图表中的数据解决下列问题．(g取10 m/s2)‎ 位置 A B C 速度(m/s)‎ ‎2.0‎ ‎12.0‎ ‎0‎ 时刻(s)‎ ‎0‎ ‎4‎ ‎10‎ ‎(1)人与雪橇从A到B的过程中，克服阻力做了多少功？‎ ‎(2)设人与雪橇在BC段所受阻力恒定，求阻力大小．‎ ‎【答案】（1）9 100 J （2）140 N，‎ ‎【解析】试题分析：人与雪橇从A到B的过程中，根据动能定理求出克服阻力做的功；根据加速度与速度关系求出加速度，在根据牛顿第二定律求出阻力。‎ ‎(1)人与雪橇从A到B的过程中，根据动能定理 代入数据解得：‎ ‎(2)人与雪橇在BC段做匀减速运动的加速度 根据牛顿第二定律 Ff＝ma＝70×(－2) N＝－140 N，‎ 负号表示阻力的方向与运动方向相反。‎ 点睛：本题主要考查了动能定理及牛顿第二定律的应用，过程简单，属于基础题。‎ ‎(二)选考题：请学习《选修1－1》的考生做第23题，学习《选修3－1》的考生做第24题．‎ ‎23. 最先发现电磁感应现象并得出电磁感应定律的物理学家是________．‎ A. 奥斯特 B. 安培 C. 法拉第 D. 麦克斯韦 ‎【答案】C ‎【解析】法拉第经十年的努力，在1831年发现了电磁感应现象并得出电磁感应定律，故C正确，ABD错误。‎ ‎24. 下列说法正确的是________．‎ A. 点电荷其实就是体积很小的球体 B. 根据F＝k，当两电荷的距离趋近于零时，静电力将趋向无穷大...‎ C. 若点电荷q1的电荷量大于q2的电荷量，则q1对q2的静电力大于q2对q1的静电力 D. 库仑定律和万有引力定律的表达式相似，都是平方反比定律 ‎【答案】D ‎【解析】当带电体本身的大小和形状对研究的问题影响很小时，可以将带电体视为点电荷，与电荷的实际大小和带电量无关，故A错误；当两个点电荷距离趋于零时，两电荷不能看成点电荷，此时库仑定律的公式不再适用．故B错误；两电荷之间的相互作用力大小相等，与点电荷电量的大小无关，故C错误；库仑定律和万有引力定律的表达式相似，都是平方反比定律，故D正确，ABC错误。‎ ‎25. 如图所示，固定的水平长直导线中通有电流I，矩形线框与导线在同一竖直平面内，且一边与导线平行．线框由静止释放，在下落过程中，下列说法正确的是________．‎ A. 穿过线框的磁通量保持不变 B. 线框中有感应电流 C. 线框中无感应电流 D. 线框的机械能不断增大 ‎【答案】B ‎【解析】线框在下落过程中，所在磁场减弱，穿过线框的磁感线的条数减小，磁通量减小，故A错误；根据安培定则，电流产生的磁场在导线的下方垂直于纸面向里，下落过程中，因为磁通量随线框下落而减小，根据楞次定律，感应电流的磁场与原磁场方向相同，所以感应电流的方向为顺时针方向，故B正确,C错误；下落过程中，因为磁通量随线框下落而减小，线框中产生电能，机械能减小，故D错误。所以B正确，ACD错误。‎ ‎26. 关于通电直导线周围磁场的磁感线分布，下图中正确的是________．‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】A ‎【解析】伸开右手，大拇指方向为电流方向，则四指环绕方向为逆时针，故A正确；伸开右手，大拇指方向为电流方向，则四指环绕方向为逆时针．而图为顺时针，故B错误；直导线周围的磁感线应该是一系列的同心圆，故C错误；直导线周围的磁感线应该是一系列的同心圆，故D错误。所以A正确，BCD错误。‎ ‎27. 一正弦交流电的电动势随时间变化的规律如图所示，由图可知该交流电的频率为________Hz，电动势的有效值为________V.‎ ‎【答案】 (1). 50　 (2). 220‎ ‎【解析】由图可知，频率为：，有效值为：。‎ ‎28. 一根粗细均匀的金属导线，两端加上恒定电压10 V时，通过金属导线的电流为2 A，求：‎ ‎①金属导线电阻；‎ ‎②金属导线在10 s内产生的热量．‎ ‎【答案】（1）5 Ω （2）200 J ‎【解析】试题分析：根据欧姆定律和焦耳定律即可解题。‎ ‎（1）根据欧姆定律：。‎ ‎（2）产生的热量为：，代入数据得：...‎ 点睛：本题主要考查了欧姆定律和焦耳定律，此题为基础题。‎ ‎29. 如图所示，a、b、c是一条电场线上的三个点，电场线的方向由a到c，a、b间的距离等于b、c间的距离，用φa、φb、φc和Ea、Eb、Ec分别表示a、b、c三点的电势和电场强度，可以肯定正确的是________．‎ A. Ea＝Eb＝Ec B. Ea>Eb>Ec C. φa>φb>φc D. φa＝φb＝φc ‎【答案】C ‎【解析】只有一条电场线，不知电场线的疏密，故无法知道电场的情况，可能是匀强电场，故AB错误；根据顺着电场线方向电势降低，则有φa>φb>φc，故C正确，D错误。所以C正确，ABD错误。‎ ‎30. 在某控制电路中，需要连成如图所示的电路，主要由电动势为E、内阻为r的电源与定值电阻R1、R2及电位器(滑动变阻器)R连接而成，L1、L2是红绿两个指示灯，当电位器的触头由弧形碳膜的中点逆时针滑向a端时，下列说法中正确的是________．‎ A. L1、L2两个指示灯都变亮 B. L1、L2两个指示灯都变暗 C. L1变亮，L2变暗 D. L1变暗，L2变亮 ‎【答案】B ‎【解析】试题分析: 当电位器向a段滑动时，电路的总电阻减小，干路电流增大，所以内电压增大，路段电压减小，所以灯L1变暗；通过电阻R1的电流变大，所以电位器两端的电压减小，即通过灯L2两端的电压减小，所以此灯变暗，故A、C、D错误，B正确．故选B．‎ 考点：考查闭合电路的欧姆定律．‎ ‎【名师点睛】本题是动态电路的分析题，注意电位器的原理与滑动变阻器的原理相同，注意动态电路的分析方法，先整体后局部．‎ ‎31. 如图所示，在边界PQ上方有垂直纸面向里的匀强磁场，一对正、负电子同时从边界上的O点沿与PQ成θ角的方向以相同的速度v射入磁场中，则关于正、负电子，下列说法错误的是________．‎ A. 在磁场中运动的时间相同 B. 在磁场中运动的轨道半径相同 C. 出边界时两者的速度相同 D. 出边界点到O点处的距离相等 ‎【答案】A ‎【解析】试题分析：由题正负离子的质量与电量相同，进入同一磁场做匀速圆周运动的周期相同，根据偏向角的大小分析运动时间的长短．由牛顿第二定律研究轨道半径．根据圆的对称性，分析离子重新回到边界时速度方向关系和与O点距离．‎ 解：A、粒子在磁场中运动周期为T=，则知两个离子圆周运动的周期相等．根据左手定则分析可知，正离子逆时针偏转，负离子顺时针偏转，重新回到边界时正离子的速度偏向角为2π﹣2θ，轨迹的圆心角也为2π﹣2θ，运动时间t1=T；同理，负离子运动时间t2=T，显示时间不相等．故A错误；‎ B、由qvB=m得：r=，由题q、v、B大小均相同，则r相同，故B正确；...‎ C、正负离子在磁场中均做匀速圆周运动，速度沿轨迹的切线方向，根据圆的对称性可知，重新回到边界时速度大小与方向相同．故C正确；‎ D、根据几何知识可得，重新回到边界的位置与O点距离S=2rsinθ，r、θ相同，则S相同，故D正确；‎ 本题选择不正确的，故选：A．‎ ‎【点评】带电粒子垂直射入单边界的匀强磁场中，可分两类模型分析：一为同方向射入的不同粒子；二为同种粒子以相同的速率沿不同方向射入．无论哪类模型，都遵守以下规律：‎ ‎（1）轨迹的圆心在入射方向的垂直线上，常可通过此垂线的交点确定圆心的位置．‎ ‎（2）粒子射出方向与边界的夹角等于射入方向与边界的夹角．‎ ‎32. 如图所示的装置中，当接通电源后，小磁针A的指向如图所示，则________．‎ A. 小磁针B的N极向纸外转 B. 小磁针B的N极向纸里转 C. 小磁针B不转动 D. 因电流未标出，所以无法判断小磁针B如何转动 ‎【答案】A ‎【解析】如图，根据同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，所以通电螺线管的左端是S极，右端是N极；根据安培定则，右手握住螺线管，四指指向电流的方向，大拇指所指的方向是通电螺线管的N极．可以判断电流从螺线管的左端上电流，从右端出电流，所以，电源的左端是正极，右端是负极．而小磁针B在电流产生磁场中，根据右手螺旋定则可知，N极的指向垂直纸面向外，故A正确，BCD错误。‎ ‎33. 用多用电表的欧姆挡测量阻值约为几十千欧的电阻Rx，以下给出的最可能的实现操作步骤，其中S为选择开关，P为欧姆挡调零旋钮．把你认为正确步骤前的字母按合理的顺序填写在横线上________．‎ a．将两表笔短接，调节P使指针对准刻度盘上欧姆挡的0刻度，断开两表笔 b．将两表笔分别连接到被测电阻的两端，读出Rx的阻值后，断开两表笔 c．旋转S使其尖端对准欧姆挡×1k d．旋转S使其尖端对准欧姆挡×100‎ e．旋转S使其尖端对准交流500 V挡，并拔出两表笔 ‎【答案】c、a、b、e　‎ ‎【解析】试题分析：（1）使用欧姆表测电阻，应选择合适的挡位，使指针指针中央刻度线附近，选择挡位后要进行欧姆调零，然后再测电阻，欧姆表使用完毕，要把选择开关置于OFF挡或交流电压最高挡上．‎ ‎（2）欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表示数．‎ 解：（1）测阻值约为几十kΩ的电阻Rx，应选择×k挡，然后进行欧姆调零，用欧姆表测待测电阻阻值，读出其示数，最后要把选择开关置于OFF挡或交流电压最高挡上，因此合理的实验步骤是：c、a、b、e；‎ ‎（2）欧姆表指针示数与对应挡位的乘积是欧姆表示数，欧姆表选择×1k挡，由图示表盘可知，20﹣50之间是6个刻度，每一个刻度表示5，所以刻度盘的读数为30，被测电阻阻值为30×1k=30kΩ；‎ 故答案为：（1）c、a、b、e；（2）30k．‎ ‎【点评】本题考查了欧姆表的使用方法以及测量电阻的步骤、欧姆表读数；欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表示数．‎ ‎34. 根据如图所示指针位置，此时被测电阻的阻值约为________Ω....‎ ‎【答案】30k ‎【解析】欧姆表的示数乘以相应档位的倍率即为待测电阻的阻值，即为：30×1000=30kΩ ‎35. 如图所示，一带电荷量为q＝－5×10－3 C，质量为m＝0.1 kg的小物块处于一倾角为θ＝37°的光滑绝缘斜面上，当整个装置处于一水平向左的匀强电场中时，小物块恰处于静止状态．(g取10 m/s2，已知sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8)求：‎ ‎①电场强度多大？‎ ‎②若从某时刻开始，电场强度减小为原来的，物块下滑时的加速度大小？‎ ‎【答案】（1）150 N/C （2）3 m/s2‎ ‎【解析】试题分析：对物块受力分析，根据平衡条件列式可求得电场强度；由牛顿第二定律可求得物块的加速度。‎ ‎①小物块受力如图，由受力平衡得：qE－FNsin θ＝0‎ mg－FNcosθ＝0‎ 解得：‎ 代入数据得E＝150 N/C ‎②由牛顿第二定律得：‎ 代入数据得加速度大小为：a＝3 m/s2‎ 点睛：本题考查带电粒子在电场中的运动，要注意明确此类题目仍属于动力学范围内，不同之处在于多了电场力，只要注意电场力的性质即可正确求解。‎