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  • 2021-06-01 发布

【物理】2020届一轮复习人教版电路的基本概念和规律(2)学案

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第40讲 电路的基本概念和规律(二)‎ 考点一 串、并联电路 闭合电路欧姆定律 一、串、并联电路的特点 ‎1.特点对比 ‎2.几个常用的推论 ‎(1)串联电路的总电阻大于其中任一部分电路的总电阻。‎ ‎(2)并联电路的总电阻小于其中任一支路的总电阻,且小于其中最小的电阻。‎ ‎(3)无论电阻怎样连接,每一段电路的总耗电功率P总是等于各个电阻耗电功率之和。‎ ‎(4)无论电路是串联还是并联,电路中任意一个电阻变大时,电路的总电阻变大。‎ 二、闭合电路欧姆定律 ‎1.内容:闭合电路中的电流跟电源的电动势成正比,跟内、外电路的电阻之和成反比。‎ ‎3.路端电压与外电阻的关系 ‎(1)负载R增大→I减小→U内减小→U外增大 外电路断路时(R=∞),I=0,U外=E。‎ ‎(2)负载R减小→I增大→U内增大→U外减小 外电路短路时(R=0),I=,U内=E。‎ ‎4.UI关系图:由U=E-Ir可知,路端电压随着电路中电流的增大而减小;UI关系图线如图所示。‎ ‎(1)当电路断路即I=0时,纵轴的截距为电动势E。‎ ‎(2)当外电路电压为U=0时,横轴的截距为短路电流Im=。‎ ‎(3)图线的斜率的绝对值为电源的内阻r。‎ ‎1.[教材母题] (人教版选修3-1 P63·T3)许多人造卫星都用太阳电池供电。太阳电池由许多片电池板组成。某电池板不接负载时的电压是600 μV,短路电流是30 μA。求这块电池板的内阻。‎ ‎[变式子题] 卫星在太空中可以利用太阳电池板供电。若一太阳电池板,测得它的开路电压为800 mV,短路电流为40 mA,将该电池板与一阻值为20 Ω的电阻连成一闭合电路,则它的路端电压是(  )‎ A.0.10 V B.0.20 V C.0.30 V D.0.40 V 答案 D 解析 电源没有接入外电路时,路端电压值等于电源电动势,所以电动势E=800 mV。由闭合电路欧姆定律得,短路电流I短=,所以电源内阻r== Ω=20 Ω。该电源与20 Ω的电阻连成闭合电路时,电路中的电流I== mA=20 mA,所以路端电压U=IR=20×20 mV=400 mV=0.40 V,故D正确。‎ ‎2.如图所示电路中,r是电源的内阻,R1和R2是外电路中的电阻,如果用Pr、P1和P2分别表示电阻r、R1和R2上所消耗的功率,当R1=R2=r时,Pr∶P1∶P2等于(  )‎ A.1∶1∶1 B.2∶1∶1 C.1∶4∶4 D.4∶1∶1‎ 答案 D 解析 设干路电流为I,流过R1和R2的电流分别为I1和I2。由题,R1和R2并联,电压相等,电阻也相等,则电流相等,故I1=I2=0.5I;根据公式P=I2R,三个电阻相等,功率之比等于电流平方之比,即Pr∶P1∶P2=4∶1∶1。故选D。‎ ‎3.如图所示为测量某电源电动势和内阻时得到的UI图线,用此电源与三个阻值均为3 Ω的电阻连接成电路,测得路端电压为4.8 V。则该电路可能是下图中的(  )‎ 答案 B 解析 由UI图象可得电源的电动势E=6 V,内阻r= Ω=0.5 Ω;外电路连接电阻R时,路端电压为4.8 V,由闭合电路欧姆定律得E=U+Ir,I== A=2.4 A。又因为I=,所以R=-r= Ω=2 Ω。选项A、B、C、D四个电路的外电路电阻分别是1 Ω、2 Ω、9 Ω、4.5 Ω,因此只有B正确。‎ 考点二 闭合电路的动态分析 直流电路中动态问题的分析是高考考查的热点,通过调节滑动变阻器的滑片改变电阻的大小,或者通过开关闭合与断开改变电路结构,或者电路中有光敏电阻、热敏电阻且阻值发生变化时,电路中各个部分的电流、电压和功率都会随之发生变化。分析动态电路问题常用的方法有程序法、“串反并同”结论法、极限法等。‎ ‎1.程序法 ‎2.“串反并同”结论法 ‎(1)所谓“串反”,即某一电阻增大时,与它串联或间接串联的电阻中的电流、两端电压、电功率都将减小,反之则增大。‎ ‎(2)所谓“并同”,即某一电阻增大时,与它并联或间接并联的电阻中的电流、两端电压、电功率都将增大,反之则减小。‎ 即:←R↑→ ‎3.极限法 因变阻器滑片滑动引起电路变化的问题,可将变阻器的滑片分别滑至两个极端,让电阻最大或电阻为零去讨论。‎ ‎ (2018·大连模拟)(多选)在如图所示的电路中,电源的负极接地,其电动势为E、内电阻为r,R1、R2为定值电阻,R3为滑动变阻器,、为理想电流表和电压表。在滑动变阻器滑片P自a端向b端滑动的过程中,下列说法中正确的是(  )‎ A.电压表示数减小 B.电流表示数增大 C.电阻R2消耗的功率增大 D.a点的电势降低 解析 解法一:程序法 P由a端向b端滑动,其阻值减小,则总电阻减小,总电流增大,电阻R1两端电压增大,电压表示数变大,A错误;电阻R2两端的电压U2=E-I总(R1+r),I总增大,则U2减小,I2=,I2减小,电流表的示数IA=I总-I2增大,B正确;由P2=IR2知P2减小,C错误;Uab=φa-φb=φa=U2,故φa降低,D正确。‎ 解法二:结论法 由于R3减小,R2与R3并联,则U2、I2均减小,而P2=IR2,知P2减小,C错误;Uab=U2=φa-φb=φa减小,‎ D正确;因为R1间接与R3串联,故I1、U1均增大,故电压表示数增大,A错误;根据IA=I1-I2知IA增大,B正确。‎ 解法三:极限法 设滑片P滑至b点,则R3=0,φa=φb=0,D正确;R2上电压为零,则功率也为零,C错误;当R3=0时,总电阻最小,总电流最大,R1上电压最大,故A错误;由于IA=I1-I2,此时I1最大,I2=0最小,故IA最大,B正确。‎ 答案 BD 方法感悟 以上三种方法相比,对动态分析问题,结论法最简洁适用,但要注意,“串反并同”的条件是电源内阻不能忽略。‎ ‎(2019·福建福州期末质检)(多选)如图所示,电源电动势E和内阻r一定,R1、R2是定值电阻,R3是光敏电阻(光敏电阻阻值随光照强度的增大而变小),电流表和电压表均为理想电表。闭合开关,当照射到R3的光照强度变化时,R2功率变大,以下判断正确的是(  )‎ A.电流表示数一定变小 B.电压表示数一定变小 C.R3的功率一定变大 D.照射到R3的光照强度一定增大 答案 BD 解析 由于R2功率变大,根据P=I2R可知通过R2的电流增大,根据“串反并同”可得R3的阻值减小,照射到R3的光照强度一定增大,电路总电阻减小,电路总电流增大,电源内电压增大,路端电压减小,所以电压表示数减小,电流表示数增大,故B、D正确,A错误;R3的阻值减小,通过R3的电流增大,由于R3与r、R1、R2的定量关系不确定,R3的功率变化无法确定,不一定变大,故C错误。‎ 考点三 闭合电路的功率及效率问题 由P出与外电阻R的关系式可知:‎ ‎(1)当R=r时,电源的输出功率最大为Pm=。‎ ‎(2)当R>r时,随着R的增大输出功率越来越小。‎ ‎(3)当R2 W,即2R>2 W,得 Ω50%,应使R>r=1 Ω,故C正确。‎ ‎8.电路如图甲所示。若电阻未知,电源电动势和内阻也未知,电源的路端电压U随电流I的变化图线及外电阻的UI图线分别如图乙所示,求:‎ ‎(1)电源的电动势和内阻;‎ ‎(2)电源的路端电压;‎ ‎(3)电源的输出功率。‎ 答案 (1)4 V 1 Ω (2)3 V (3)3 W 解析 (1)由题图乙所示UI图线知,电源电动势E=4 V,短路电流I短=4 A,故内阻r==1 Ω。‎ ‎(2)由题图甲、乙知,电源与电阻串联时,电流I=1 A,此时对应的路端电压U=3 V。‎ ‎(3)由题图乙知R=3 Ω,故P出=I2R=3 W。‎ ‎9.如图所示的电路中,两平行金属板A、B水平放置,极板长L=60 cm,两板间的距离d=30 cm,电源电动势E=36 V,内阻r=1 Ω,电阻R0=9 Ω,闭合开关S,待电路稳定后,将一带负电的小球(可视为质点)从B板左端且非常靠近B板的位置以初速度v0=6 m/s水平向右射入两板间,小球恰好从A板右边缘射出。已知小球所带电荷量q=2×10-2 C,质量m=2×10-2 kg,重力加速度g取10 m/s2,求:‎ ‎(1)带电小球在平行金属板间运动的加速度大小;‎ ‎(2)滑动变阻器接入电路的阻值。‎ 答案 (1)60 m/s2 (2)14 Ω 解析 (1)小球在金属板间做类平抛运动,有 L=v0t,d=at2,解得a=60 m/s2。‎ ‎(2)设两金属板间电压为U,由牛顿第二定律得 -mg=ma,解得U=21 V。‎ 设滑动变阻器接入电路的阻值为R,根据串联电路的特点有=,解得R=14 Ω。‎ ‎[真题模拟练]‎ ‎10.(2018·江苏高考)(多选)如图所示,电源E对电容器C充电,当C两端电压达到80 V时,闪光灯瞬间导通并发光,C放电。放电后,闪光灯断开并熄灭,电源再次对C充电,这样不断地充电和放电,闪光灯就周期性地发光。该电路(  )‎ A.充电时,通过R的电流不变 B.若R增大,则充电时间变长 C.若C增大,则闪光灯闪光一次通过的电荷量增大 D.若E减小为85 V,闪光灯闪光一次通过的电荷量不变 答案 BCD 解析 电容器充电时两端电压不断增大,所以电源与电容器极板间的电势差不断减小,因此通过R的电流变小,A错误;当电阻R增大时,充电电流变小,电容器所充电荷量不变的情况下,充电时间变长,B正确;若C增大,根据Q=CU,电容器的电荷量增大,所以放出的电荷量增大,闪光灯闪光一次通过电荷量增大,C正确;当电源电动势为85 V时,电源给电容器充电,电容器两端电压仍能达到80 V,所以闪光灯仍然能发光,闪光一次通过的电荷量不变,D正确。‎ ‎11.(2018·湖南师大附中六月试卷)有一个消毒用电器P,电阻为20 kΩ,它只有在电压高于24 V时才能工作。今用一个光敏电阻R1对它进行控制,光敏电阻的阻值在有光照时为100 Ω,黑暗时为1000 Ω。电源电动势E为36 V,内阻不计,另有一个定值电阻R2,电阻为1000 Ω。下列电路闭合开关后能使消毒用电器在光照时正常工作,黑暗时停止工作的是(  )‎ 答案 B 解析 A项电路中,在光照时,光敏电阻为100 Ω,P的电阻为20 kΩ,R2‎ 电阻为1000 Ω,P占的电压超过E,正常工作,黑暗时,光敏电阻1000 Ω,P占的电压超过E,正常工作,故A错误;同理可以求得C项电路中在光照和黑暗时,P占的电压超过E,正常工作,故C错误;B项电路中P与R2并联,并联部分电阻略小于1000 Ω,在光照时,并联部分的两端电压超过E,能使消毒用电器正常工作,黑暗时,并联部分的两端电压不超过E,消毒用电器停止工作,故B正确;D项电路中P与R1并联,光照时并联部分电阻略小于100 Ω,黑暗时并联部分电阻略小于1000 Ω,消毒用电器在光照和黑暗时P占的电压均不超过E,停止工作,故D错误。‎ ‎12.(2018·北京高考)如图1所示,用电动势为E、内阻为r的电源,向滑动变阻器R供电。改变变阻器R的阻值,路端电压U与电流I均随之变化。‎ ‎(1)以U为纵坐标,I为横坐标,在图2中画出变阻器阻值R变化过程中UI图象的示意图,并说明UI图象与两坐标轴交点的物理意义。‎ ‎(2)a.请在图2画好的UI关系图线上任取一点,画出带网格的图形,以其面积表示此时电源的输出功率;‎ b.请推导该电源对外电路能够输出的最大电功率及条件。‎ ‎(3)请写出电源电动势定义式,并结合能量守恒定律证明:电源电动势在数值上等于内、外电路电势降落之和。‎ 答案 (1)UI图象见解析,图象与纵轴交点的纵坐标值为电源电动势,与横轴交点的横坐标值为短路电流。‎ ‎(2)a.图见解析 b. R=r ‎(3)见解析 解析 (1)UI 图象如图甲所示,其中图象与纵轴交点的纵坐标值为电源电动势,与横轴交点的横坐标值为短路电流。‎ ‎ ‎ ‎(2)a.如图乙所示 b.电源输出的电功率:‎ P=I2R=2R=,‎ 当外电路电阻R=r时,电源输出的电功率最大,为Pmax=。‎ ‎(3)电动势定义式:E=,根据能量守恒定律,非静电力做功W产生的电能等于在外电路产生的电功和内电路产生的电热之和,即 W=I2rt+U外It=Irq+U外q,E==Ir+U外=U内+U外。‎