2020版高考物理二轮复习48分小题精准练2含解析 5页

高考化学总复习 - 1 - 48 分小题精准练(二) (建议用时：20 分钟) (1～5 小题为单选题，6～8 小题为多选题) 1.(2019·长春市一模)如图所示，质量为 m 的木块 A 放在斜面体 B 上，对 B 施加一水平 向左的推力 F，使 A、B 保持相对静止向左做匀速直线运动，则 B 对 A 的作用力大小为(重力加 速度为 g)(　　) A．mg B．mgsin θ C．mgcos θ D．0 A　[A 向左做匀速直线运动，则其所受合力为零，对 A 受力分析可知，B 对 A 的作用力大 小为 mg，方向竖直向上，故 A 正确。] 2．由于放射性元素 23793 Np 的半衰期很短，所以在自然界中一直未被发现，只是在使用人 工的方法制造后才被发现。已知 23793 Np 经过一系列 α 衰变和 β 衰变后变成 20983 Bi，下列选项中 正确的是(　　) A.20983 Bi 的原子核比 23793 Np 的原子核少 28 个中子 B.23793 Np 经过衰变变成 20983 Bi，衰变过程可以同时放出 α 粒子、β 粒子和 γ 粒子 C．衰变过程中共发生了 7 次 α 衰变和 4 次 β 衰变 D.23793 Np 的半衰期等于任一个 23793 Np 原子核发生衰变的时间 C　[20983 Bi 的中子数为 209－83＝126， 23793 Np 的中子数为 237－93＝144， 20983 Bi 的原子核 比 23793 Np 的原子核少 18 个中子，A 错误；23793 Np 经过一系列 α 衰变和 β 衰变后变成 20983 Bi，可 以同时放出 α 粒子和 γ 粒子或者 β 粒子和 γ 粒子，不能同时放出三种粒子，B 错误；衰变 过程中发生 α 衰变的次数为 237－209 4 ＝7(次)，β 衰变的次数为 2×7－(93－83)＝4(次)，C 正确；半衰期是大量原子核衰变的统计规律，对少数原子核不适用，D 错误。] 3．(2019·江西高安二中 5 月仿真考试)科学家计划在 2025 年将首批宇航员送往火星进 行考察。一质量为 m 的物体，假设在火星两极宇航员用弹簧测力计测得的读数为 F1，在火星 赤道上宇航员用同一个弹簧测力计测得的读数为 F2，通过天文观测测得火星的自转角速度为 ω，引力常量为 G，将火星看成是质量分布均匀的球体，则火星的密度和半径分别为(　　) A. 3F1ω2 4πGF1－F2， F1－F2 mω2 B. 3ω2 4πG， F1F2 mω2 C. 3F1ω2 4πGF1－F2， F1＋F2 mω2 D. 3ω2 4πG， F1－F2 ω2 高考化学总复习 - 2 - A　[在火星的两极，宇航员用弹簧测力计测得的读数 F1 等于万有引力，即 G Mm R2＝F1，在 火星的赤道上，物体的重力不等于万有引力，有 G Mm R2－F2＝mω2R，联立解得 R＝ F1－F2 mω2 ，又 M＝ 4 3πR3ρ，解得 ρ＝ 3F1ω2 4πGF1－F2，选项 A 正确，B、C、D 错误。] 4.(2019·成都七中摸底考试)如图所示，接在家庭电路上的理想降压变压器给灯泡 L 供 电，若将原、副线圈增加相同匝数，其他条件不变，则(　　) A．灯泡变亮 B．灯泡变暗 C．原、副线圈两端电压的比值不变 D．通过原、副线圈的电流的比值不变 A　[因为是降压变压器，所以有 n1>n2，若原、副线圈增加相同匝数，则 n1＋n n2＋n< n1 n2，根据 理想变压器中原、副线圈两端的电压与匝数成正比可得 U′1 U′2< U1 U2，即原、副线圈两端电压的比 值变小，通过原、副线圈的电流的比值与匝数成反比，故通过原、副线圈的电流的比值变大， 因 U′1＝U1，则有 U2TⅡ>TⅠ B．飞船在轨道Ⅰ上的机械能大于在轨道Ⅱ上的机械能 C．飞船在 P 点从轨道Ⅱ变轨到轨道Ⅰ，需要在 P 点朝速度方向喷气 D．若轨道Ⅰ贴近火星表面，已知飞船在轨道Ⅰ上运动的角速度，可以推知火星的密度 高考化学总复习 - 4 - ACD　[根据开普勒第三定律可知，飞船在轨道上运动时，运行的周期 TⅢ>TⅡ>TⅠ，选项 A 正确；飞船在 P 点从轨道Ⅱ变轨到轨道Ⅰ，需要在 P 点朝速度方向喷气，从而使飞船减速， 则飞船在轨道Ⅰ上的机械能小于在轨道Ⅱ上的机械能，选项 B 错误，C 正确；若轨道Ⅰ贴近火 星表面，可认为轨道半径等于火星半径，根据万有引力提供向心力，G Mm R2＝mRω2，以及密度公 式 ρ＝ M V，火星体积 V＝ 4 3πR3，联立解得 ρ＝ 3ω2 4πG，已知飞船在轨道Ⅰ上运动的角速度，可 以推知火星的密度，选项 D 正确。] 8．质量为 m、带电荷量为＋q 的小滑块(可视为质点)，放在质量为 M 的绝缘长木板左端， 木板放在光滑的水平地面上，滑块与木板之间的动摩擦因数为 μ，两者之间的最大静摩擦力 等于滑动摩擦力，木板长为 L，开始时两者都处于静止状态，所在空间存在范围足够大的一个 方向竖直向下的匀强电场 E，恒力 F 作用在 m 上，如图所示，则(　　) A．要使 m 与 M 发生相对滑动，只需满足 F＞μ(mg＋Eq) B．若力 F 足够大，使得 m 与 M 发生相对滑动，当 m 相对地面的位移相同时，m 越大，长 木板末动能越大 C．若力 F 足够大，使得 m 与 M 发生相对滑动，当 M 相对地面的位移相同时，E 越大，长 木板末动能越小 D．若力 F 足够大，使得 m 与 M 发生相对滑动，E 越大，分离时长木板末动能越大 BD　[m 所受的最大静摩擦力为 f＝μ(mg＋Eq)，则根据牛顿第二定律得 a＝ F－f m ＝ f M，计 算得出 F＝ μmg＋EqM＋m M ，则只需满足 F＞ μmg＋EqM＋m M ，m 与 M 发生相对 滑 动 ， 故 A 错 误 ； 当 M 与 m 发 生 相 对 滑 动 ， 根 据 牛 顿 第 二 定 律 得 ，m 的 加 速 度 a＝ F－μmg＋Eq m ，知 m 越大，m 的加速度越小，相同位移时，所用的时间越长，m 越大，m 对 木板的压力越大，摩擦力越大，M 的加速度越大，因为作用时间长，则位移大，根据动能定理 知，长木板的末动能越大，故 B 正确；当 M 与 m 发生相对滑动，E 越大，m 对 M 的压力越大， 摩擦力越大，M 的加速度越大，则 M 相对地面的位移相同时，根据动能定理知，长木板的末动 能越大，故 C 错误；根据 L＝ 1 2a1t2－ 1 2a2t2 知，E 越大，m 的加速度越小，M 的加速度越大，知 时间越长，因为 E 越大，M 的加速度越大，则 M 的位移越大，根据动能定理知，分离时长木板 的动能越大，故 D 正确。] 高考化学总复习 - 5 -