2019-2020学年河北衡水高三下物理高考复习 7页

‎2019-2020学年河北衡水高三下物理高考复习 一、选择题 ‎ ‎ ‎1. 如图所示，空间有与竖直平面夹角为θ的匀强磁场，在磁场中用两根等长轻细金属丝将质量为m的金属棒EF悬挂在天花板的C、D两处，通电后导体棒静止时金属丝与磁场方向平行．已知磁场的磁感应强度大小为B，接入电路的金属棒长度为l，重力加速度为g，以下关于导体棒中电流的方向和大小正确的是（            ） ‎ A.由E到F， mgtanθBl B.由F到E， mgBl C.由F到E， mgsinθBl  D.由E到F， mgsinθBl ‎ ‎ ‎ ‎2. 一物块以某初速度沿水平面做直线运动，一段时间后垂直撞在一固定挡板上，碰撞时间极短，碰后物块反向运动．整个运动过程中物块的速度随时间变化的v−t图像如图所示，下列说法中正确的是（        ） ‎ A.碰撞前后物块的加速度不变 B.碰撞前后物块速度的改变量为‎2m/s C.物块在t=0‎时刻与挡板的距离为‎21m D.‎0∼4s内物块的平均速度为‎5.5m/s ‎ ‎ ‎3. 如图所示，竖直平面内两个四分之一圆弧轨道的最低点相切，圆心分别为O‎1‎、O‎2‎，半径分别为R和‎2R、两个小球P、Q先后从A点水平抛出，分别落在轨道的B、C两点．已知B、C两点处于同一水平直线，在竖直方向上与A点相距‎0.6R，不计空气阻力，重力加速度为g．下列说法中正确的是（        ） ‎ A.两小球在空中运动的时间相比较，小球P的较短 B.两小球从抛出到落在轨道上的速度变化量相比较，小球Q的较大 C.小球P与小球Q抛出时的速度之比为‎1:11‎ D.两小球落在轨道上的瞬间，小球P的速度与水平方向的夹角较小 ‎ ‎ ‎4. 如图所示，虚线为某匀强电场的等势面，电势分别为‎10V、‎20V和‎30V， 实线是某带电粒子在电场中运动的轨迹．不计带电粒子重力，则该粒子（        ） ‎ A.带负电 B.三点的动能大小关系Eka‎‎E下，即电阻R在导体棒向上滑行过程中产生的热量大于向下滑行过程中产生的热量，故D错误． 故选：BC． ‎ 二、实验探究题 ‎【答案】‎ A,C,D ‎（2）符合 ‎【考点】‎ 验证动能定理 ‎【解析】‎ 此题暂无解析 ‎【解答】‎ 解：（1）由mgh=‎1‎‎2‎(M+m)v‎2‎‎2‎−‎1‎‎2‎(M+m)‎v‎1‎‎2‎得，要完成实验，纸带上某两点间的距离x、以及这两点的瞬时速度v‎1‎、v‎2‎，小车及凹槽内钩码的总质量M，小桶及里面细沙的总质量m． 故选：ACD． ‎ ‎（2）由于本实验存在系统误差，如空气阻力等，会转化为内能，即合力做功大于大于两点动能的差值，这符合实验的实际情况．‎ ‎【答案】‎ ‎（1）‎‎9.0‎ ‎（2）‎‎5.0‎ ‎（3）答案如解答图所示．‎ ‎（4）‎10.0‎（‎9.90∼10.2‎均可）‎ ‎【考点】‎ 伏安法测电阻 ‎【解析】‎ 此题暂无解析 ‎【解答】‎ 解：（1）多用电表接欧姆档，最上面的示数为电阻，指针指向第‎9‎个格子，所以电阻为‎9.0Ω．‎ ‎（2）将电流表改装为‎200A的电流表，则需要并联一个电阻R，通过并联电阻的电流为‎200mA−1mA=199mA，根据并联电压相等，可得‎1000Ω×1mA=R×199mA， 解得R≈5.0Ω． ‎ ‎（3）电路图如下： ‎ ‎（4）作出的IU关系图像如下： ‎ 第13页 共14页 ◎ 第14页 共14页 ‎ 设图像斜率为k，电流表经过改装，当电流表示数为I时，通过Rx的电流为‎200I，改装后的电流表阻值为RA‎≈5Ω，则根据欧姆定律有U=(Rx+RA)×200I，整理得IU‎=k=‎‎1‎‎200(Rx+RA)‎， 根据图像，可得到斜率k=‎1×‎10‎‎−3‎A‎3.0V=‎‎1‎‎3000‎， 代入解得Rx‎=10Ω． ‎ 三、解答题 ‎【答案】‎ ‎（1）电场的电场强度E的大小为v‎0‎‎2‎krtanθ．‎ ‎（2）磁场的磁感应强度B的大小为v‎0‎kr．‎ ‎【考点】‎ 带电粒子在电场与磁场的组合场中的运动 ‎【解析】‎ 此题暂无解析 ‎【解答】‎ 解：（1）带电粒子进入电场，垂直电场方向做匀速直线运动，沿电场方向做初速度为零的匀加速直线运动，设刚进入磁场时速度为v，电荷质量为m，电荷量为q， 垂直电场方向v‎0‎t=r， 沿电场方向由动量定理得qEt=mvcosα， 在C点分解速度vsinα=‎v‎0‎， k=‎qm， 解得： E=‎v‎0‎‎2‎krtanα．‎ ‎（2）在磁场中做匀速圆周运动，CD为轨迹的弦，其中垂线必然是磁场圆和轨迹圆两个圆的圆心连线．如图所示，设轨迹圆的半径为R，由几何知识有： R=sinα=r， 由牛顿第二定律有  qvB=‎mv‎2‎R， 解得B=‎v‎0‎kr． ‎ ‎【答案】‎ ‎（1）经‎1s两个物块相撞．‎ ‎（2）相撞后两个物块再经‎10‎‎3‎s相对传送带静止．‎ ‎（3）产生的热量为‎796‎‎9‎J．‎ ‎【考点】‎ 动量定理的基本应用 能量守恒定律的应用 加速度与力、质量的关系式 匀变速直线运动规律的综合运用 ‎【解析】‎ 此题暂无解析 ‎【解答】‎ 解：（1）由题设条件知道A箱子随传送带做匀速直线运动，B箱子做加速度大小为a的匀减速直线运动，则μ⋅Mg=Ma， 设经时间t两个箱子相撞，传送带总长为l， v‎0‎t+y−‎1‎‎2‎at‎2‎=l， 解得t=1s或者t=11s（舍去）．‎ ‎（2）规定向右为正方向，两个箱子相撞的速度为v‎1‎， M(v−at)−mv‎0‎=(M+m)‎v‎1‎， 以两个箱子为整体，经时间t‎′‎两个箱子相对传送带静止，由动量定理得： ‎−μ(M+m)gt‎′‎=−(M+m)v‎0‎−(M+m)‎v‎1‎， 解得t‎′‎‎=‎10‎‎3‎s ．‎ ‎（3）箱子B在与箱子A相撞之前与传送带因摩擦生热为Q‎1‎，由能量守恒定律有： Q‎1‎‎=‎1‎‎2‎Mv‎2‎−‎1‎‎2‎M(v−at‎)‎‎2‎+μMg⋅v‎0‎t， 碰撞之后箱子B与传送带因摩擦生热为Q‎2‎，由能量守恒定律有： μMg⋅v‎0‎t‎′‎=‎1‎‎2‎Mv‎0‎‎2‎−‎1‎‎2‎Mv‎1‎‎2‎+‎Q‎2‎， Q=Q‎1‎+‎Q‎2‎， 解得：Q=‎796‎‎9‎J．‎ 第13页 共14页 ◎ 第14页 共14页 四、选考题 ‎【答案】‎ 玻璃管右端气体的长度将变为‎13.8cm．‎ ‎【考点】‎ ‎“玻璃管封液”模型 ‎【解析】‎ 此题暂无解析 ‎【解答】‎ 解：设U形玻璃管的右下端打开之后，左边气体长度和压强分别为l‎2‎和p‎2‎，左边汞柱下降了xcm， 打开之前右边气体的压强： p‎2‎‎=p‎1‎+(35.0−15.0)cmHg=85.0cmHg①  打开之后，汞柱再次平衡时，由平衡条件得： p‎0‎‎+(20.0−x)cmHg=p‎2‎+(35.0+x)cmHg②  对于右边气体，由波意耳定律定律得： p‎2‎l‎1‎‎=‎p‎2‎‎′‎l‎2‎‎′‎③  联立①②③得： x=1.2cm④  玻璃管右边气体的长度将变为： l‎2‎‎′‎‎=l‎2‎−x=13.8cm．‎ ‎【答案】‎ ‎（1）在BD界面发生折射时折射角的正弦值为‎2‎‎4‎；‎ ‎（2）该色光从进入棱镜到第一次射出棱镜的时间为‎4‎‎14‎‎7c．‎ ‎【考点】‎ 光的折射和全反射的综合应用 ‎【解析】‎ 此题暂无解析 ‎【解答】‎ 解：（1）由全反射临界角定义有： n=‎‎1‎sinC， 解得 n=2‎， 光线糟棱镜中的光路图如脱石，在E点的折射角为a，由折射定律得： n=‎sinisinα， 解得 sinα=‎‎2‎‎4‎．‎ ‎（2）光线在G点发生全反射，后沿GH射出棱镜，由对称性可知光在棱镜中的路程等于EF，由几何关系可知： EF=‎lcosα， 由折射定律有： n=‎cv， 光线从进入棱镜到第一次射出棱镜的时间： t=EFv=‎‎4‎14‎l‎7c． ‎ 第13页 共14页 ◎ 第14页 共14页