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  • 2021-06-15 发布

河南省九师联盟2021届高三数学(文)12月月考试题(Word版附答案)

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九师联盟 2021 届高三上学期 12 月月考文科数学 考生注意: 1.本试卷分选择题和非选择题两部分。满分 150 分,考试时间 120 分钟。 2.答题前,考生务必用直径 0.5 毫米黑色墨水签字笔将密封线内项目填写清楚。 3.考生作答时,请将答案答在答题卡上。选择题每小题选出答案后,用 2B 铅笔把答题卡上对应题目的答 案标号涂黑;非选择题请用直径 0.5 毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答,超出答题区域...... 书写的答案无效.......,在试题卷....、草稿纸上作答无效........。 4.本试卷主要命题范围:高考范围。 一、选择题:本题共 12 小题.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的. 1.已知集合   , 1  A x y x y ,   , 1 B x y y ,则  A B ( ) A. 1 B. 0 C.   1,0 D.   0,1 2.已知复数 2 5i i z (i 为虚数单位),则复数 z 在复平面内对应的点位于( ) A.第一象限 B.第二象限 C.第三象限 D.第四象限 3.已知向量  a ,  b 满足 6a , 2 b ,  1     a b b ,则向量  a ,  b 夹角的大小等于( ) A.30° B.45° C.60° D.120° 4.某程序框图如图所示,若 2a ,则该程序运行后,输出 x 的值为( ) A.8 B.26 C.80 D.242 5.在公差不为 0 的等差数列 na 中, 1a , 2a , 1ka , 2ka , 3ka 成公比为 4 的等比数列,则 3 k ( ) A.84 B.86 C.88 D.96 6.如图是某几何体的三视图,图中小方格的边长为 1,则该几何体的体积为( ) A. 22 3 B. 20 3 C.6 D. 17 3 7.碳-14 测年法是由美国科学家马丁·卡门与同事塞缪尔·鲁宾于 1940 年发现的一种测定含碳物质年龄的 方法,在考古中有大量的应用.其原理为:宇宙射线中的中子与氮-14 反应产生碳-14,而碳-14 会发生衰变 变成氮-14,由此构建一个核素平衡.空气中的碳-14 与氧反应生成的二氧化碳被生物圈接收,活体生物体 内的碳-14 和碳-12 浓度比例是一定的,只有当生物死亡后,碳循环中断,碳-14 会衰变并逐渐消失.放射性 元素的衰变满足规律 0  tN N e (表示的是放射性元素在生物体重最初的含量 0N 与经过时间t 后的含量 N 间的关系,其中 ln 2  T (T 为半衰期)).已知碳-14 的半衰期为 5730 年, 12 0 1.2 10 N ,经测量某地 出土的生物化石中碳-14 含量为 134 10 ,据此推测该化石活体生物生活的年代距今约(结果保留整数,参 考数据 2log 3 1.585 )( ) A.7650 年 B.8890 年 C.9082 年 D.10098 年 8.给出下列四种图象的变换方法: ①将图象向右平移 π 4 个单位长度;②将图象向左平移 π 4 个单位长度; ③将图象向左平移 3π 8 个单位长度;④将图象向右平移 3π 8 个单位长度. 利用上述变换中的某些方法,能由函数 sin 4y x 的图象得到函数 2sin 2 cos2 y x x 的图象的变换方法 是( ) A.①② B.②③ C.①④ D.③④ 9.已知  f x 是定义在 R 上的减函数,对任意 , x y R ,       f x y f x f y 恒成立,若  5 3 f , 则  3 27 f x 的解集为( ) A. ,15 B. ,18 C. 15, D. 18, 10.人利用双耳可以判定声源在什么方位,听觉的这种特性叫做双耳定位效应(简称双耳效应).根据双耳 的时差,可以确定声源 P 必在以双耳为左右焦点的一条双曲线上.又若声源 P 所在的双曲线与它的渐近线 趋近,此时声源 P 对于测听者的方向偏角 ,就近似地由双曲线的渐近线与虚轴所在直线的夹角来确定.一 般地,甲测听者的左右两耳相距约为 20cm ,声源 P 的声波传及甲的左、右两耳的时间差为 53 10 s ,声 速为334m/s ,则声源 P 对于甲的方向偏角 的正弦值约为( ) A.0.004 B.0.04 C.0.005 D.0.05 11.在三棱锥 P ABC 中, PA 平面 ABC , AC CB ,其外接球的体积为36π ,若 AC x , BC y , AP z ,则  xy yz zx 的最大值为( ) A.36 B.32 C.24 D.12 12.已知函数   2log , 1, 1, 1,     x xf x x x 则满足    1 1    f x f x 的 x 的取值范围是( ) A. ,0 B. , 1  C. ,1 D. ,2 二、填空题:本题共 4 小题. 13.某学校高一有男生 1560 人,女生 1248 人,用分层抽样的方法从该年级全体学生中抽取一个容量为 18 的样本,则此样本中女生的人数为______. 14.函数   lnf x x x 的图象在点   ,e f e 处的切线方程为______. 15.已知实数 x , y 满足约束条件 2 4 0 1 0 2 6 3 0            x y x y x y 则 2 3 z x y 的最大值为______. 16.已知曲线 2 4: 3 C x y 的焦点为 F ,过点 F 的直线l 与抛物线C 交于 A ,B 两点,则  AB AF BF ______. 三、解答题:解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.第 17~21 题为必考题,每个试题考生都必须作 答.第 22、23 题为选考题,考生根据要求作答. (一)必考题: 17.在 ABC△ 中,角 A , B ,C 的对边分别为 a ,b , c ,角 A 为锐角且 3sin 3 A . (1)求 πtan 4     A ; (2)若 2 3cos 3 B , 2 2c ,求b . 18.今年的疫情对餐饮业影响巨大,为了加快恢复疫情过后餐饮业的经济,各地相继派发各种优惠券,以 刺激餐饮消费.11 月份,某餐厅随机调查了 80 名顾客到该餐厅消费的情况,整理数据得到下表: 消费金额(元)  0,30  30,60  60,90  90,120  120,150 人数 10 30 20 10 10 (1)估计 11 月份顾客到该餐厅就餐消费不少于 60 元的概率; (2)估计 11 月份顾客到该餐厅就餐消费金额的平均值(同一组中的数据用该组区间的中点值作代表); (3)完成下面的 2 2 列联表,并判断能否有 99%的把握认为就餐消费的金额与性别有关? 不少于 90 元 少于 90 元 总计 男性 14 22 女性 总计 附:        2 2      n ad bcK a b c d a c b d ,    n a b c d .  2 0P K k 0.01 0.005 0.001 0k 6.635 7.879 10.828 19.如图,在三棱柱 1 1 1ABC A B C 中, CA CB , CD AB , 1AB AA , 1 60  BAA . (1)求证:平面 ABC 平面 1ACD ; (2)若平面 ABC 平面 1 1AA B B , 2 AB CB ,求三棱柱 1 1 1ABC A B C 的体积 . 20.已知 1F , 2F 分别是椭圆   2 2 2 2: 1 0   x yE a ba b 的左、右焦点, A , C 分别是椭圆 E 的左、右顶 点, D , B 分别是椭圆 E 的上、下顶点,若四边形 ABCD 的面积为 2 2 , 1 2DFF△ 的面积为 1. (1)求椭圆 E 的方程; (2)设平行于 AB 的动直线 l 与四边形 ABCD 的对边 AD , BC 分别交于点 M , N ,与椭圆交于点 P , Q (在直线l 上从上到下顺次分别为 P , M , N , Q ),求证: PM NQ . 21.设函数    xf x xe x ,   ln 1 g x x . (1)求函数  f x 的单调区间; (2)证明:不等式    f x g x 在区间 0, 上恒成立. (二)选考题:请考生在第 22、23 两题中任选一题作答.如果多做,则按所做的第一题计分. 22.选修 4-4:坐标系与参数方程 在平面直角坐标系 xOy 中,已知曲线 1C 的参数方程为 4 3    x t ty (t 为参数);以坐标原点O 为极点, x 轴 的非负半轴为极轴建立极坐标系,且曲线 2C 的极坐标方程为 4sin  . (1)求曲线 1C 的普通方程及 2C 的直角坐标方程; (2)设曲线 1C 与曲线 2C 交于 A , B 两点,点  4,0P ,求 PA PB 的值. 23.选修 4-5:不等式选讲 已知函数   2 5 2 1   f x x x . (1)求不等式   10f x 的解集; (2)若  2 2 1    x x a f x 对 Rx 恒成立,求 a 的取值范围. 高三文科数学参考答案、提示及评分细则 1.【答案】D 【解析】解方程组 1, 1,     y x y 解得 0, 1,    x y 所以   0,1 A B .故选 D. 2.【答案】D 【解析】因为 2 2 5i 2 2i 2i5 5 5 5 2ii i i 1         z ,所以复数 z 在复平面内对应的点位于第四象 限.故选 D. 3.【答案】A 【解析】由 2 1     a b b ,得  2 1 2 3     a b ,所以 3 3cos , 26 2        a ba b a b ,则向量  a , b 夹角的大小为 30°.故选 A. 4.【答案】C 【解析】首先, 1n , 2x ,第一次循环, 8x , 2n ;第二次循环, 26x , 3n ;第三次循环, 80x , 4n ;结束循环,输出 80x .故选 C. 5.【答案】B 【解析】设等差数列 na 的公差为 d .因为 1a , 2a , 1ka , 2ka , 3ka 成公比为 4 的等比数列,所以 2 14a a , 所 以 1 14 a d a , 得 13d a . 所 以 4 3 1 14 256 ka a a , 所 以  1 3 11 256  a k d a . 即  3 1 11 3 255  k a a ,解得 3 86k .故选 C. 6.【答案】B 【解析】由三视图知该几何体为正方体截去了两个相同的三棱锥(如图),所以该几何体的体积为 1 1 4 202 2 2 2 2 1 2 83 2 3 3            .故选 B. 7.【答案】C 【 解 析 】 由 题 意 知 12 0 13 2 1.2 10ln 5730 ln 5730ln34 10 5730log 3 5730 1.585ln 2 ln 2 ln 2           NT Nt 9082.05 9082  .故选 C. 8.【答案】A 【解析】 2sin 2 cos2 sin 4   y x x x .因为  πsin 4 sin 4 π sin 44         x x x ,所以①适合;因为  πsin 4 sin 4 π sin 44         x x x ,所以②适合;因为 3π 3πsin 4 sin 4 cos48 2               x x x ,所 以③不适合;因为 3π 3πsin 4 sin 4 cos48 2              x x x ,所以④不适合.故选 A. 9.【答案】B 【解析】因为对任意 , Rx y ,       f x y f x f y 恒成立,所以      10 5 5 9    f f f ,      15 10 5 27    f f f ,则由  3 27 f x ,得    3 15  f x f ,又  f x 是 R 上的减函数, 所以3 15  x ,解得 18x .故选 B. 10.【答案】D 【解析】设两耳所在双曲线是实轴长为 2a ,焦距为 2c ,虚轴长为 2b ,则  52 3 10 334 0.01002 m   a ,  2 0.2 mc , πtan 2      b a , 所 以 cos sin    b a , 所 以 2 2 1 2 0.01002sin 2 0.21        a a b c c a 0.0501 0.05 .故选 D. 11.【答案】A 【解析】设三棱锥 P ABC 外接球的半径为 R ,则 34π 36π3 R ,所以 3R ,又 2 2 22   R x y z , 所以 2 2 2 36  x y z ,所以 2 2 2 2 2 2 2 2 2 362 2 2           x y y z z xxy yz zx x y z ,当且仅当 2 3  x y z 时,等号成立.故选 A. 12.【答案】C 【解析】考查函数   y f x 和  1 1  y f x 的图象,其中   y f x 与  y f x 的图象关于 y 轴对 称,将  y f x 的图象右移 1 个单位长度,再下移 1 个单位长度,得到  1 1  y f x 的图象,如图所示, 由   1 1 1 1       x x ,解得 1x ,所以满足    1 1   f x f x 的 x 的取值范围是 1x .故选 C. 13.【答案】8 【解析】根据分层抽样的特点,此样本中女生的人数为 124818 81248 1560   . 14.【答案】 2 0  x y e 【解析】因为   f e e ,   ln 1  f x x ,则   2 f e ,所以所求切线方程为  2  y e x e ,即 2 0  x y e . 15.【答案】15 2 【解析】画出可行域(如图阴影部分),当直线 2 3 x y z 过点 13, 2      A 时, z 取得最大值,所以 max 1 152 3 3 2 2     z . 16.【答案】 3 【解析】由题意知抛物线C 的焦点坐标为 10, 3      F ,因为直线l 与C 有两个交点,所以l 的存在斜率,所以 设 l 的 方 程 为 1 3  y kx ,  1 1,A x y ,  2 2,B x y , 联 立 2 1 ,3 4 ,3      y kx x y 所 以 2 4 4 03 9   x kx , 所 以 1 2 4 3  x x k , 1 2 4 9  x x , 又 1 1 3  AF y , 2 1 3  BF y , 所 以  1 2 1 2 1 1 9 3     AF BF y y y y  24 19   k ,    2 1 2 1 2 2 4 4+ 13 3 3         AB AF BF y y k x x k ,所以 3 AB AF BF . 17.【答案】(1)3 2 2 (2) 2 3 3 b 【解析】(1)因为 3sin 3 A , A 为锐角,所以 2 6cos 1 sin 3   A A , 所以 sin 2tan cos 2  AA A . 所以 π 2tan tan 1π 4 2tan 3 2 2π4 21 tan tan 1 14 2             A A A . (2)因为 2 2cos 3 B ,  0,πB ,所以 2 1sin 1 cos 3   B B , 则   6sin sin sin cos cos sin 3     C A B A B A B , 由正弦定理,得 sin sin b c B C ,即 2 2 1 6 3 3 b ,解得 2 3 3 b . 18.【答案】(1)0.5 (2)67.5 (3)有99%的把握认为就餐消费金额与性别有关 【解析】(1)估计 11 月份顾客到该餐厅就餐消费不少于 60 元的概率 20 10 10 0.580   p . (2)估计 11 月份顾客到该餐厅就餐消费金额的平均值为 15 10 45 30 75 20 105 10 135 10 5400 67.580 80            . (3)填写 2 2 列联表如下: 不少于 90 元 少于 90 元 总计 男性 14 22 36 女性 6 38 44 总计 20 60 80 则  2 2 2 80 14 38 22 6 80 400 6.734 6.63536 44 60 20 36 44 60 20             K , 故有99%的把握认为就餐消费金额与性别有关. 19.【答案】(1)见解析 (2) 1 1 1 3 ABC A B CV 【解析】(1)证明:因为 CA CB , CD AB ,所以 D 为 AB 的中点, 连接 1A B ,由于 1AB AA , 1 60  BAA ,故 1A AB△ 为等边三角形, 所以 1 A D AB . 又因为 CD AB , 1A D, CD 平面 1ACD , 1  AD CD D ,所以 AB 平面 1ACD . 又因为 AB 平面 ABC ,所以平面 ABC 平面 1ACD . (2)解:法一:因为平面 ABC 平面 1 1AA B B ,平面 ABC 平面 1 1 AA B B AB , CD 平面 ABC , CD AB . 所以 CD 平面 1 1AA B B . 由 2  CA CB AB ,得 ABC△ 是等边三角形,则 3CD ; 由 1A AB△ 是等边三角形,得 1 23 2 34   A ABS△ , 所以 1 1 1 1 3 3 13 3      C A AB A ABV S CD△ . 连接 1BC ,由于 1 1ABB A 和 1 1BCC B 都是平行四边形,所以 1 1 1 1 1 1  A AB A B B B BC B C CS S S S△ △ △ △ , 所以 1 1 1 1 1 1 1 1     C A AB C A B B A B BC A B C CV V V V , 于是 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 3 3 1 3          ABC A B C C A AB A B BC A B C C C A ABV V V V V . 法二:由(1),得 1 A D AB , 因为平面 ABC 平面 1 1AA B B ,平面 ABC 平面 1 1 AA B B AB , 1 A D 平面 1 1AA B B , 所以 1 A D 平面 ABC . 由 1A AB△ 是边长为 2 的等边三角形,得 1 3 2 32   A D . 由 2  CA CB AB ,得 ABC△ 是等边三角形,则 23 2 34   ABCS△ , 于是 1 1 1 1 3 3 3     ABC A B C ABCV A D S△ . 20.【答案】(1) 2 2 12  x y (2)见解析 【解析】(1)因为四边形 ABCD 为菱形,所以 1 2 2 2 22   A B ;① 因为 1 2DFF△ 为等腰三角形,所以 1 2 12   c b .② 由①②,再结合 2 2 2 a b c ,解得 2a , 1 b c , 故椭圆 E 的方程是 2 2 12  x y . (2)证明:设  1 1,P x y ,  2 2,Q x y ,  3 3,M x y ,  4 4,N x y . 由  2,0A ,  0, 1B ,得直线 AB 的方程为 2 12   y x , 则可设直线l 的方程为  2 1 12      y x n n , 由   2 2 2 1 12 12           y x n n x y 消去 y 并整理,得 2 22 1 0   x nx n . 则  2 2 22 4 1 4 2 0      n n n ,且 1 2 2 x x n . 直线 AD 的方程为 2 12  y x ,直线 BC 的方程为 2 12  y x , 由 2 1,2 2 2        y x y x n 解得 3 1 2  nx ; 由 2 1,2 2 2        y x y x n 解得 4 1 2  nx . 于是 3 4 1 1 2 2 2     n nx x n , 所以 1 2 3 4  x x x x ,即 3 41 2 2 2   x xx x , 从而 PQ 与 MN 的中点重合,所以 PM NQ . 21.【答案】(1)函数  f x 的单调递减区间为 ,0 ,单调递增区间为  0, (2)见解析 【解析】(1)函数    xf x xe x 的定义域是 R . 由    xf x xe x ,得    1 1 1      x x xf x e xe x e , 当 0x 时,1 1 x , 1xe ,所以 1 1 xx e .所以 1 1 0  xx e ,即   0 f x ; 当 0x 时,1 1 x , 0 1 xe ,所以由 1 1 x 两边同时乘以正数 xe ,得  1 1  x xx e e ,即  1 1 xx e .所以  1 1 0  xx e ,即   0 f x . 所以函数  f x 的单调递减区间为 ,0 ,单调递增区间为 0, . (2)证明:“不等式    f x g x 在区间 0, 上恒成立”等价于“不等式 ln 1  xxe x x 在区间 0, 上恒成立” .等价于“不等式 ln 1 0   xxe x x 在区间 0, 上恒成立” . 令    ln 1 0    xF x xe x x x ,则进一步转化为证明“不等式   0F x 在区间 0, 上恒成立” .      1 11 1 1       x xxF x x e xex x . 令   1 xG x xe ,则      1 0   xG x x e x . 因为当 0x 时,    1 0   xG x x e , 所以函数  G x 在区间 0, 上单调递增. 所以函数  G x 在区间 0, 上最多有一个零点. 又因为  0 1 0  G ,  1 0  G e q ,所以存在唯一的  0,1c ,使得   0G c . 且当  0,x c 时,   0G x ;当  , x c 时,   0G x , 即当  0,x c 时,   0 F x ;当  , x c 时,  0 0 F , 所以函数  F x 在区间 0,c 上单调递减,在区间 ,c 上单调递增. 从而     ln 1    cF x F c ce c c . 由   0G c ,得 1 0 cce ,即 1cce , 两边取对数得 ln 0 c c , 所以      ln 1 1 ln 0 0 0          c cF c ce c c ce c c . 所以     0 F x F c ,即   0F x . 从而证得不等式    f x g x 在区间 0, 上恒成立. 22.【答案】(1) 1C 的普通方程为 3 4 0  x y , 2C 的直角坐标方程为 2 2 4 0  x y y (2) 16 PA PB 【解析】(1)将 4 , 3    x t ty 消去参数 t ,得 4 3 x y ,即 3 4 0  x y . 所以 1C 的普通方程为 3 4 0  x y . 由 4sin  ,得 2 4 sin   , 代入公式 cos , sin ,        x y 得 2 2 4 x y y , 即 2C 的直角坐标方程为 2 2 4 0  x y y . (2)曲线 1C 的标准参数方程为 34 , 10 1 , 10      x t y t 代入 2 2 4 0  x y y ,得 2 23 1 14 4 0 10 10 10               t t t ,化简得 2 28 16 0 10   t t , 因为 228 4 16 0 10         , 1 2 16t t , 曲线 1C 是过点  4,0P 的一条直线,与曲线 2C 交于 A , B 两点, 所以 1 2 16  PA PB t t . 23.【答案】(1)不等式   10f x 的解集为 3 7,2 2     (2) 【解析】(1)因为   14 4 , ,2 1 56, ,2 2 54 4, ,2             x x f x x x x 所以当 1 2  x 时,由   10f x ,得 4 4 10 x ,得 3 1 2 2    x ; 当 1 5 2 2   x 时,由   10f x ,得 6 10 恒成立,故 1 5 2 2   x ; 当 5 2 x 时,由   10f x ,得 4 4 10 x ,得 5 7 2 2  x . 综上,不等式   10f x 的解集为 3 7,2 2     . (2)由  2 2 1    x x a f x ,得    21   x a f x ,得    2  a x f x , 因为      2 5 2 1 6    f x x x ,当且仅当 1 5 2 2   x 取等号, 所以当 1 5 2 2   x 时,  f x 取得最小值 6, 所以当 1x 时,   21 x f x 取得最小值 6, 故 6a ,即 a 的取值范围为 ,6 .