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  • 2021-06-17 发布

浙江专用2020高考数学二轮复习专题五解析几何第3讲圆锥曲线中的综合问题专题强化训练

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第3讲 圆锥曲线中的综合问题 专题强化训练 ‎1.已知方程+=1表示焦点在y轴上的椭圆,则实数k的取值范围是(  )‎ A.        B.(1,+∞)‎ C.(1,2) D. 解析:选C.由题意可得,2k-1>2-k>0,‎ 即解得1b>0)的右顶点为A,经过原点的直线l交椭圆C于P,Q两点,若|PQ|=a,AP⊥PQ,则椭圆C的离心率为________.‎ 解析:不妨设点P在第一象限,O为坐标原点,由对称性可得|OP|==,因为AP - 8 -‎ ‎⊥PQ,所以在Rt△POA中,cos∠POA==,故∠POA=60°,易得P,代入椭圆方程得+=1,故a2=5b2=5(a2-c2),所以椭圆C的离心率e=.‎ 答案: ‎9.已知中心在坐标原点的椭圆与双曲线有公共焦点,且左、右焦点分别为F1,F2,这两条曲线在第一象限的交点为P,△PF1F2是以PF1为底边的等腰三角形.若|PF1|=10,椭圆与双曲线的离心率分别为e1,e2,则e1e2的取值范围是________.‎ 解析:设椭圆的长轴长为2a,双曲线的实轴长为2m,则2c=|PF2|=2a-10,2m=10-2c,所以a=c+5,m=5-c,‎ 所以e1e2=×==,又由三角形的性质知2c+2c>10,由已知2c<10,c<5,所以.‎ 答案: ‎10.(2019·杭州市高考数学二模)抛物线y2=2px(p>0)的焦点为F,点A,B在抛物线上,且∠AFB=120°,过弦AB中点M作准线l的垂线,垂足为M1,则的最大值为________.‎ 解析:设|AF|=a,|BF|=b,连接AF、BF,‎ 由抛物线定义,得|AF|=|AQ|,|BF|=|BP|,‎ 在梯形ABPQ中,2|MM1|=|AQ|+|BP|=a+b.‎ 由余弦定理得,‎ ‎|AB|2=a2+b2-2abcos 120°=a2+b2+ab,‎ 配方得,|AB|2=(a+b)2-ab,‎ 又因为ab≤,‎ 所以(a+b)2-ab≥(a+b)2-(a+b)2=(a+b)2,‎ 得到|AB|≥(a+b).‎ 所以≤=,‎ - 8 -‎ 即的最大值为.‎ 答案: ‎11.(2019·衢州市教学质量检测)已知椭圆G:+=1(a>b>0)的长轴长为2,左焦点F(-1,0),若过点B(-2b,0)的直线与椭圆交于M,N两点.‎ ‎(1)求椭圆G的标准方程;‎ ‎(2)求证:∠MFB+∠NFB=π; ‎ ‎(3)求△FMN面积S的最大值.‎ 解:(1)因为椭圆+=1(a>b>0)的长轴长为2,焦距为2,即2a=2,2c=2,‎ 所以2b=2,所以椭圆的标准方程为+y2=1.‎ ‎(2)证明:∠MFB+∠NFB=π,即证:kMF+kNF=0,‎ 设直线方程MN为y=k(x+2),代入椭圆方程得:‎ ‎(1+2k2)x2+8k2x+8k2-2=0,‎ 其中Δ>0,所以k2<.‎ 设M(x1,y1),N(x2,y2),则x1+x2=‎ ‎-,x1x2=,‎ kMF+kNF=+=+=k[2+]=0.故∠MFB+∠NFB=π.‎ ‎(3)S=·FB|y1-y2|=|k||x1-x2|‎ ‎= .‎ 令t=1+2k2, ‎ 则S==,‎ 当k2=(满足k2<)时,S的最大值为.‎ ‎12.(2019·浙江金华十校第二期调研)已知抛物线C:y=x2,点P(0,2),A,B是抛物线上两个动点,点P到直线AB的距离为1.‎ ‎(1)若直线AB的倾斜角为,求直线AB的方程;‎ ‎(2)求|AB|的最小值.‎ - 8 -‎ 解:(1)设直线AB的方程:y=x+m,则=1,‎ 所以m=0或m=4,所以直线AB的方程为y=x或y=x+4.‎ ‎(2)设直线AB的方程为y=kx+m,则=1,‎ 所以k2+1=(m-2)2.‎ 由,得x2-kx-m=0,所以x1+x2=k,x1x2=-m,‎ 所以|AB|2=[-4x1x2]==,记f(m)=(m2+3),所以f′(m)=2(m-2)(2m2-2m+3),‎ 又k2+1=≥1,所以m≤1或m≥3,‎ 当m∈时,f′(m)<0,f(m)单调递减,当m∈时,f′(m)>0,f(m)单调递增,‎ f(m)min=f(1)=4,所以|AB|min=2.‎ ‎13.(2019·宁波市高考模拟)已知椭圆方程为+y2=1,圆C:(x-1)2+y2=r2.‎ ‎(1)求椭圆上动点P与圆心C距离的最小值;‎ ‎(2)如图,直线l与椭圆相交于A、B两点,且与圆C相切于点M,若满足M为线段AB中点的直线l有4条,求半径r的取值范围.‎ 解:(1)设P(x,y),|PC|===,‎ 由-2≤x≤2,当x=时,|PC|min=.‎ ‎(2)当直线AB斜率不存在且与圆C相切时,M在x轴上,故满足条件的直线有2条;‎ 当直线AB斜率存在时,设A(x1,y1),B(x2,y2),M(x0,y0), ‎ 由,整理得:=-×,‎ 则kAB=-,kMC=,kMC×kAB=-1,‎ 则kMC×kAB=-×=-1,解得:x0=,‎ - 8 -‎ 由M在椭圆内部,则+y<1,解得:y<,‎ 由:r2=(x0-1)2+y=+y,‎ 所以<r2<,解得:<r<.‎ 所以半径r的取值范围为(,) .‎ ‎14.(2019·严州中学月考改编)椭圆C:+=1(a>b>0)的离心率为,P(m,0)为C的长轴上的一个动点,过P点且斜率为的直线l交C于A,B两点.当m=0时,·=-.‎ ‎(1)求椭圆C的方程;‎ ‎(2)证明:|PA|2+|PB|2为定值.‎ 解:(1)因为离心率为,所以=.‎ 当m=0时,l的方程为y=x,代入+=1并整理得x2=.‎ 设A(x0,y0),则B(-x0,-y0),‎ ·=-x-y=-x=-·.‎ 又因为·=-,所以a2=25,b2=16,椭圆C的方程为+=1.‎ ‎(2)证明:将l的方程为x=y+m,代入+=1,‎ 并整理得25y2+20my+8(m2-25)=0.‎ 设A(x1,y1),B(x2,y2),‎ 则|PA|2=(x1-m)2+y=y,‎ 同理|PB|2=y.‎ 则|PA|2+|PB|2=(y+y)=[(y1+y2)2-2y1y2]=· ‎=41.‎ 所以|PA|2+|PB|2为定值.‎ ‎15.(2019·温州十五校联合体联考)如图,已知抛物线C1:y2=2px(p>0),直线l与抛物线C1相交于A、B两点,且当倾斜角为60°的直线l经过抛物线C1的焦点F时,有|AB|=.‎ - 8 -‎ ‎(1)求抛物线C1的方程;‎ ‎(2)已知圆C2:(x-1)2+y2=,是否存在倾斜角不为90°的直线l,使得线段AB被圆C2截成三等分?‎ 若存在,求出直线l的方程;若不存在,请说明理由.‎ 解:(1)当倾斜角为60°的直线l经过抛物线C1的焦点F时,直线l的方程为y=(x-),联立方程组,即3x2-5px+p2=0,‎ 所以|AB|=+p=,即p=,‎ 所以抛物线C1的方程是y2=x.‎ ‎(2)假设存在直线l,使得线段AB被圆C2截成三等分,令直线l交圆C2于C,D,设直线l的方程为x=my+b,A(x1,y1),B(x2,y2),由题意知,线段AB与线段CD的中点重合且有|AB|=3|CD|,联立方程组,即4y2-my-b=0,‎ 所以y1+y2=,y1y2=-,x1+x2=+2b,‎ 所以线段AB中点的坐标M为(+b,),即线段CD的中点为(+b,),又圆C2的圆心为C2(1,0),‎ 所以kMC2==-m,‎ 所以m2+8b-7=0,即b=-,‎ 又因为|AB|=·=‎ ·,因为圆心C2(1,0)到直线l的距离d=,圆C2的半径为,‎ 所以3|CD|=6=(m2<3),‎ 所以m4-22m2+13=0,即m2=11±6,‎ 所以m=±,b=,‎ 故直线l的方程为x=±y+.‎ - 8 -‎