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- 2021-06-24 发布
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第3讲 数列的综合问题
「考情研析」 1.从具体内容上,数列的综合问题,主要考查:①数列与函数、不等式结合,探求数列中的最值或证明不等式.②以等差数列、等比数列为背景,利用函数观点探求参数的值或范围. 2.从高考特点上,常在选填题型的最后两题及解答题第17题中出现,分值一般为5~8分.
核心知识回顾
数列综合应用主要体现在以下两点:
(1)以数列知识为纽带,在数列与函数、方程、不等式、解析几何的交汇处命题,主要考查利用函数观点、不等式的方法解决数列问题,往往涉及与数列相关的不等式证明、参数的范围等.
(2)以数列知识为背景的新概念、创新型问题,除了需要用到数列知识外,还要运用函数、不等式等相关知识和方法,特别是题目条件中的“新知识”是解题的钥匙,此类问题体现了即时学习,灵活运用知识的能力.
热点考向探究
考向1 数列与函数的综合问题
例1 (2019·上海市青浦区高三二模)已知函数f(x)=x2+ax+b(a,b∈R),且不等式|f(x)|≤2019|2x-x2|对任意的x∈[0,10]都成立,数列{an}是以7+a为首项,公差为1的等差数列(n∈N*).
(1)当x∈[0,10]时,写出方程2x-x2=0的解,并写出数列{an}的通项公式(不必证明);
(2)若bn=an·an(n∈N*),数列{bn}的前n项和为Sn,对任意的n∈N*,都有Sn0可得Sn<,
由Sn0且2Sn=a+an(n∈N*).
(1)求数列{an}的通项公式;
(2)若an>0,令bn=,数列{bn}的前n项和为Tn,若Tn0,则a1=1,
当n≥2时,an=Sn-Sn-1=-,
即(an+an-1)(an-an-1-1)=0⇒an=-an-1或an=an-1+1,
∴an=(-1)n-1或an=n(n≥2),
又a1=1满足上式,∴an=(-1)n-1或an=n,n∈N*.
(2)由an>0,∴an=n,bn==2,
Tn=2=2=3-<3,若Tn的最小的n值.
解 (1)设等差数列{an}的公差为d,
由S10=120得10a1+45d=120,2a1+9d=24,
由a2-a1,a4-a2,a1+a2成等比数列,
得d(2a1+d)=4d2且d≠0,
∴2a1=3d,∴a1=3,d=2,
∴等差数列{an}的通项公式为an=a1+(n-1)d=3+(n-1)·2=2n+1.
(2)∵Sn=na1+=n(n+2),
∴==,
∴Tn==,
由Tn>得+<,n(3n-35)>60,
∴n的最小值为14.
2.(2019·河北衡水中学高三下学期一调)已知数列{an}的前n项和Sn满足
--=0,a1=1.
(1)求数列{an}的通项公式;
(2)在数列{an}的前100项中,是否存在两项am,at(m,t∈N*,且m0,则f(x)在(0,2)上单调递减,在(2,+∞)上单调递增,
又n∈N*,f(4)=f(5)=30,
∴当n=4或5时,f(n)取到最小值30,即的最小值为30.
数列类解答题
(12分)已知各项均不为零的数列{an}的前n项和为Sn,且对任意的n∈N*,满足Sn=a1(an-1).
(1)求数列{an}的通项公式;
(2)设数列{bn}满足anbn=log2an,数列{bn}的前n项和为Tn,求证:Tn<.
解题思路 (1)根据Sn-Sn-1=an(n≥2)及递推关系式化简得an和an-1的关系式,从而求出an;(2)采用错位相减法求Tn,从而证明结论.
解 (1)当n=1时,a1=S1=a1(a1-1)=a-a1,
∵a1≠0,∴a1=4.(2分)
∴Sn=(an-1),∴当n≥2时,Sn-1=(an-1-1),
两式相减得an=4an-1(n≥2),(4分)
∴数列{an}是首项为4,公比为4的等比数列,∴an=4n.(6分)
(2)证明:∵anbn=log2an=2n,∴bn=,(7分)
∴Tn=+++…+,
Tn=+++…+,(8分)
两式相减得Tn=++++…+-=2-=2×
eq f(f(1,4)lc(
c)(avs4alco1(1-f(1,4n))),1-f(1,4))-=--=-.(10分)
∴Tn=-<.(12分)
1.正确求出a1的值给2分.
2.利用an与Sn的关系构造等比数列给2分.
3.写出数列{an}的通项公式给2分.
4.求出数列{bn}的通项公式给1分.
5.采取错位相减法给1分.
6.两式相减后的正确化简计算给2分.
7.放缩法证明不等式给2分.
1.由an与Sn的关系求通项公式,易忽略条件n≥2而出错.
2.错位相减法中两式相减后,一定成等比数列的有n-1项,整个式子共有n+1项.
3.放缩法证明不等式时,要注意放缩适度,放的过大或过小都不能达到证明的目的.
[跟踪训练]
(2019·沈阳模拟)(12分)设Sn为数列{an}的前n项和,a1=1,S=an(n≥2).
(1)求Sn;
(2)设bn=,求数列{bn}的前n项和Tn.
解 (1)当n≥2时,由S=an得,
S=(Sn-Sn-1),
整理得,Sn-1-Sn=2Sn-1Sn⇒-=2,(3分)
又==1,
∴数列是以2为公差、以1为首项的等差数列,则
=1+2(n-1),故Sn=.(6分)
(2)由(1)知,bn==
=,(9分)
∴Tn===.(12分)
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