- 1.51 MB
- 2021-06-24 发布
- 1、本文档由用户上传,淘文库整理发布,可阅读全部内容。
- 2、本文档内容版权归属内容提供方,所产生的收益全部归内容提供方所有。如果您对本文有版权争议,请立即联系网站客服。
- 3、本文档由用户上传,本站不保证质量和数量令人满意,可能有诸多瑕疵,付费之前,请仔细阅读内容确认后进行付费下载。
- 网站客服QQ:403074932
2019-2020学年山东省枣庄市高二(下)期末数学试卷
一、单项选择题:本大题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
1. 已知集合A={x|y=},B={y|y=2x},则A∩B=( )
A. (1,+∞) B. [1,+∞) C. (0,+∞) D. (0,1]
【答案】B
【解析】
【分析】
利用幂函数的定义域和指数函数的值域化简集合A和B,再利用交集的定义求解即可.
【详解】集合A={x|y=}=, B={y|y=2x},则A∩B=[1,+∞)
故选:B
【点睛】本题考查集合的交并补运算,考查指数函数和幂函数的性质,考查学生计算能力,属于基础题.
2. 命题“”的否定是( )
A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】
根据全称命题的否定是特称命题,写出即可.
【详解】命题“”的否定是 “”.
故选:C.
【点睛】本题考查了全称命题与特称命题的否定关系,是基础题.
3. 已知函数,且a≠1)的图象过定点(m,n),则( )
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】
- 20 -
【分析】
根据指数函数的图象与性质,求出的图象所过定点,再计算的值.
【详解】解:函数,且中,
令,得,
所以,
所以的图象过定点,
所以,;
所以.
故选:.
【点睛】本题考查了指数函数与指数运算问题,属于基础题.
4. 若复数z满足2z+=3+2i2021(i为虚数单位),则z=( )
A. 1+2i B. 1﹣2i C. ﹣1+2i D. ﹣1﹣2i
【答案】A
【解析】
【分析】
设,表示出,再根据复数的乘方求出,再根据复数相等得到方程组,解得即可;
【详解】解:设,则
所以
因为
所以
又,所以,所以,所以
故选:A
【点睛】本题考查复数的运算以及复数相等的应用,属于基础题.
- 20 -
5. 一张储蓄卡的密码共有6位数字,每位数字都可从0~9中任选一个,某人在银行自动提款机上取钱时,忘记了密码的最后一位数字,如果他记得密码的最后一位是偶数,则他不超过2次就按对的概率是( )
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】
任意按最后一位数字,不超过2次就按对有两种情形一种是按1次就按对和第一次没有按对,第二次按对,求两种情形的概率和即可;
【详解】密码的最后一个数是偶数,可以为
按一次就按对的概率: ,
第一次没有按对,第二次按对的概率:
则不超过两次就按对概率:,
故选:C.
【点睛】本题考查概率的求法,考查相互独立事件概率乘法公式和互斥事件概率加法公式的运用,是基础题.
6. 若展开式的常数项等于 ,则( )
A. B. C. 2 D. 3
【答案】C
【解析】
【分析】
先求出展开式中的系数,再乘以得展开式的常数项,解方程即可求解得答案.
【详解】解:展开式的通项公式为:,
- 20 -
所以当时,项的系数为:,
的展开式无常数项,
所以展开式的常数项为:,解得:
故选:C.
【点睛】本题考查二项式的常数项的求解,是中档题.
7. 已知点在幂函数y=f(x)的图象上,设,,c=f(0.30.5),则a,b,c的大小关系是( )
A. b<c<a B. c<b<a C. a<c<b D. a<b<c
【答案】D
【解析】
【分析】
由幂函数所过的点可得幂函数的解析式,从而得出幂函数的单调性,又比较指数式,对数式的大小关系,可得选项.
【详解】设幂函数y=f(x)为,因为点在幂函数y=f(x)的图象上,所以,解得,
所以,且函数在上单调递减,
又,,,且0.,
所以 ,所以a<b<c,
故选:D.
【点睛】本题考查指数式,对数式比较大小,并且根据函数的单调性比较函数值的大小关系,属于中档题.
8.
- 20 -
如图是一块高尔顿板示意图:在一块木板.上钉着若干排互相平行但相互错开的圆柱形小木块,小木块之间留有适当的空隙作为通道,小球从上方的通道口落下后,将与层层小木块碰撞,最后掉入下方的某一个球槽内.若小球下落过程中向左、向右落下的机会均等,则小球最终落入④号球槽的的概率为( )
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】
【分析】
小球落下要经过5次碰撞,每次向左、向右落下的概率均为,并且相互独立,最终落入④号球槽要经过两次向左,三次向右,根据独立重复事件发生的概率公式,即可求解.
【详解】解:设这个球落入④号球槽为时间,落入④号球槽要经过两次向左,三次向右,
所以.
故选:D.
【点睛】本题主要考查独立重复试验,属于基础题.
二、多项选择题:本大题共4小题,每小题5分,共20分,在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求,全部选对的得5分,部分选对的得3分,有选错的得0分.
9. 下列说法正确的是
A 在残差图中,残差点分布的水平带状区域越窄,说明模型的拟合效果越好
B. 回归直线至少经过点,,,,,,中的一个
C. 若,,则
D. 设随机变量,若,则
【答案】ACD
【解析】
- 20 -
【分析】
根据残差图中残差点的分布情况与模型的拟合效果可判断选项,线性回归直线一定经过样本中心点,线性回归直线不一定经过样本数据中的一个点,判断选项,根据公式计算出结果,判断选项,根据正态分布的性质,判断选项.
【详解】解:对于,在残差图中,残差点比较均匀的分布在水平带状区域中,带状区域越窄,说明模型的拟合效果越好,选项正确;
对于,线性回归直线不一定经过样本数据中的一个点,它是最能体现这组数据的变化趋势的直线,选项错误;
对于,,选项正确;
对于,随机变量,若,则,选项正确;
综上可得,正确的选项为,,
故选:.
【点睛】本题考查命题的真假判断,考查线性回归直线以及正态分布,考查学生的逻辑推理能力以及分析解决问题的能力,属于中档题.
10. 已知符号函数,则( )
A.
B.
C. 是奇函数
D. 函数的值域为(﹣∞,1)
【答案】BC
【解析】
【分析】
对于A,判断出log23•log3<0,根据函数解析式可得函数值;对于B,=﹣2<0
- 20 -
,根据函数解析式可得函数值;对于C,讨论当x>0,x<0和x=0时的函数值,利用奇函数的定义判断即可;对于D,写出函数解析式画出图象可得函数的值域.
【详解】根据题意,依次分析选项:
对于A,log23>0而log3<0,则log23•log3<0,故sgn(log23•log3)=﹣1,A错误;
对于B,=﹣2<0,则sgn()=﹣1,B正确;
对于C,sgn(x)=,当x>0时,sgn(﹣x)=﹣sgn(x)=﹣1,当x<0时,sgn(﹣x)=﹣sgn(x)=1,当x=0时,sgn(﹣x)=﹣sgn(x)=0,则对于任意的x,都有sgn(﹣x)=﹣sgn(x),故sgn(x)是奇函数,C正确;
对于D,函数y=2x•sgn(﹣x)=,其图象大致如图,值域不是(﹣∞,1),D错误;
故选:BC.
【点睛】本题考查分段函数的性质,涉及函数值的计算以及函数奇偶性的判断,属于基础题.
11. 下面结论正确的是( )
A. 若3个班分别从5个风景点中选择一处游览,则不同的选法种数为35
B. 1×1!+2×2!+…+nn!=(n+1)!﹣1(n∈N*)
- 20 -
C. (n+1)=(m+1)(n>m,)
D. ()
【答案】BCD
【解析】
【分析】
.利用乘法原理即可得出;
.利用,分别相加求和即可得出;
.利用组合数计算公式即可得出;
.由二项式定理可得:的展开式的奇数项与偶数项的二项式系数相等,即可判断出结论.
【详解】.若3个班分别从5个风景点中选择一处游览,则不同的选法种数为,因此不正确;
.,
!!,因此正确;
.,,,,因此正确;
.由二项式定理可得:的展开式的奇数项与偶数项的二项式系数相等,可得:,因此正确.
故选:BCD.
【点睛】本题主要考查了二项式定理的展开式及其性质、排列组合计算公式,考查了推理能力与计算能力,意在考查学生对这些知识的理解掌握水平.
12. 设函数,则( )
A. 的定义域为
B. 若,的极小值点为1
- 20 -
C. 若,则在上单调递增
D. 若,则方程无实根
【答案】ABD
【解析】
【分析】
根据对数函数的性质以及分母不为0求出函数的定义域,分别代入,,求出函数的导数,求出函数的单调区间,判断即可,结合,的结论判断即可.
【详解】由题意得,解得:且,
故函数的定义域是,,,故正确;
当时,,,
令,则,
在定义域递增,而(1),
故,,时,,即,递减,
时,,即,递增,
故时,的极小值点是1,故正确;
时,,,
令,,递增,
而(1),(e),
故存在,使得,即,
故在递减,在,递增,故错误;
由得:的极小值即的最小值为(1),
由得:的最小值是,
- 20 -
综合,,时,的最小值是1,时,的最小值大于1,
故若,则方程无实根,
故正确;
故选:ABD.
【点睛】本题主要考查函数的单调性、极值、最值和零点问题,意在考查学生对这些知识的理解掌握水平和分析推理能力.
三、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分.
13. 已知条件,,若是的必要条件,则实数 的取值范围是_____.
【答案】
【解析】
【分析】
分别设条件对应的集合为,根据题意得,再根据集合关系求解即可.
【详解】解:条件对应集合为,
因为是的必要条件,
所以,
所以根据集合关系得:
故答案为:.
【点睛】本题考查必要条件的集合关系,是基础题.
14. 已知,则的最小值是_____.
【答案】8
【解析】
【分析】
利用基本不等式中 “1”的用法,即可求出结果.
【详解】因为,
所以,
- 20 -
当且仅当时,即时取等号.
故答案为: .
【点睛】本题主要考查基本不等式的应用,属于基础题.
15. 若定义在R上的奇函数f(x)在(0,+∞)上单调递增,且f(1)=0,则的解集为_____.
【答案】
【解析】
【分析】
根据题意,由奇函数的性质分析可得以及在上单调递增,且,又由或或,解可得的取值范围,即可得答案.
【详解】根据题意,为定义在上的奇函数,则,所以当时,满足;
又由函数在 上单调递增,且,则函数在上单调递增,且,
所以或或, 解可得:或或或,
即的解集为;
故答案为:.
【点睛】本题考查了函数的奇偶性和单调性的应用,属于基础题.
16. 科学研究表明,宇宙射线在大气中能够产生放射性碳14.动植物在生长过程中衰变的碳14,可以通过与大气的相互作用得到补充,所以活着的动植物组织中的碳14含量保持不变.
- 20 -
死亡后的动植物,停止了与外界环境的相互作用,机体中原有的碳14就按其确定的规律衰变.碳14的衰变极有规律,其精确性可以称为自然界的“标准时钟”.碳14的残余量占原始含量的比值P与生物体死亡年数t满足P=at(a为正常数).已知碳14的“半衰期”是5730年,即碳14大约每经过5730年就衰变为原来的一半.则a=_____;2020年1月10日,中国社会科学院考古研究所发布了“2019年中国考古新发现”六大考古项目,位于滕州市官桥镇大韩村东的“大韩墓地”成功入选.考古人员发现墓地中某一尸体内碳14的残余量占原始含量的73%,则“大韩墓地”距测算之时约_____年.(参考数据:lg73≈1.86,lg2≈0.3)
【答案】 (1). (2). 2674
【解析】
【分析】
(1)根据每经过5730年衰减为原来的一半,可得生物体内碳14的含量与死亡年数之间的函数关系式,进而解出即可;
(2)利用碳14的残余量约占原始含量的,代入计算即可.
【详解】解:根据题意令,,则有,解得;
令,将代入得,
即,
则,
解得,
故答案为:;2674.
【点睛】本题考查利用数学知识解决实际问题,考查学生的计算能力,属于中档题.
四、解答题:本题共6小题,共70分,解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.
17. 某中学高二甲、乙两个兴趣班进行了一次数学对抗赛,该对抗赛试题满分为150分,规定:成绩不小于135分为“优秀”,成绩小于135分为“非优秀”,对这两个班的所有学生的数学成绩统计后,得到如图条形图.
- 20 -
(1)根据图中数据,完成如下的2×2列联表;
甲班
乙班
总计
优秀
非优秀
总计
(2)计算随机变量的值(精确到0.001),并由此判断:能否有90%的把握认为“成绩与班级有关”?
参考数据:
0.15
0.10
0.05
0.025
0.010
0.005
0.001
2.072
2.706
3.841
5.024
6.635
7.879
10.828
参考公式:,其中
【答案】(1)答案见解析;(2),没有90%的把握认为“成绩与班级有关”.
【解析】
【分析】
(1)根据条形图中数据完成表格即可;
- 20 -
(2)根据公式计算出的值,然后可得答案.
【详解】(1)根据条形图中的数据可得如下表格,
甲班
乙班
总计
优秀
15
20
35
非优秀
40
30
70
总计
55
50
105
(2)
因为,所以没有90%的把握认为“成绩与班级有关”.
【点睛】本题考查的是独立性检验,考查了学生的计算能力,属于基础题.
18. 已知是定义在上的偶函数,且当时, .
(1)求的解析式;
(2)若,求实数的取值范围.
【答案】(1);(2)
【解析】
【分析】
(1)根据函数的偶函数性质求解解析式即可;
(2)根据偶函数性质和函数的单调性解不等式即可.
【详解】解:(1)设,则,
∴ ,
∵ 是定义在上的偶函数,
∴ .
- 20 -
∴的解析式为:;
(2)∵ 函数的对称轴为,开口向上,
∴ 当时,在区间单调递增,
又∵是定义在上的偶函数,
∴,
∵,
∴,解得:,
故实数取值范围为.
【点睛】本题考查利用函数的奇偶性求函数解析式,利用函数单调性与奇偶性解不等式,是中档题.
19. 已知函数f(x)=ax2﹣(4a+1)x+4(a∈R).
(1)若关于x的不等式f(x)≥b的解集为{x|1≤x≤2},求实数a,b的值;
(2)解关于x的不等式f(x)>0.
【答案】(1)-1,6;(2)答案见详解
【解析】
【分析】
(1)由f(x)≥b的解集为{x|1≤x≤2}结合韦达定理即可求解参数a,b的值;
(2)原式可因式分解为,再分类讨论即可,对再细分为即可求解.
【详解】(1)由f(x)≥b得,因为f(x)≥b的解集为{x|1≤x≤2},故满足,,解得;
(2)原式因式分解可得,
当时,,解得;
- 20 -
当时,的解集为;
当时,,
①若,即,则的解集为;
②若,即时,解得;
③若,即时,解得.
【点睛】本题考查由一元二次不等式的解求解参数,分类讨论求解一元二次不等式,属于中档题.
20. 1933年7月11日,中华苏维埃共和国临时中央政府根据中央革命军事委员会6月30日的建议,决定8月1日为中国工农红军成立纪念日.中华人民共和国成立后,将此纪念日改称为中国人民解放军建军节.为庆祝建军节,某校举行“强国强军”知识竞赛,该校某班经过层层筛选,还有最后一个参赛名额要在A,B两名学生中间产生,该班委设计了一个测试方案:A,B两名学生各自从6个问题中随机抽取3个问题作答.已知这6个问题中,学生A能正确回答其中的4个问题,而学生B能正确回答每个问题的概率均为,A,B两名学生对每个问题回答正确与否都是相互独立、互不影响的.
(1)求A恰好答对两个问题的概率;
(2)求B恰好答对两个问题的概率;
(3)设A答对题数为X,B答对题数为Y,若让你投票决定参赛选手,你会选择哪名学生?请说明理由.
【答案】(1) ;(2) ;(3)选择A.
【解析】
【分析】
(1)由组合知识和古典概率公式可得出 A恰好答对两个问题的概率;
(2)由3次独立重复实验中事件发生2次的概率公式可得出B恰好答对两个问题的概率;
(3) X所有可能的取值为1,2,3. 利用古典概率公式分别求出X取每一个值的概率,得出X
- 20 -
的分布列,从而求得X的期望和方差,再由,求得Y的 期望和方差,比较可得结论.
【详解】(1) A恰好答对两个问题的概率为;
(2) B恰好答对两个问题的概率为;
(3) X所有可能的取值为1,2,3. ,,,所以,;
而,,,
所以,,
可见,A与B的平均水平相当,但A比B的成绩更稳定.
所以选择投票给学生A
【点睛】本题考查古典概率公式的应用,独立重复实验发生的概率公式,以及离散型随机变量的分布列,二项分布,期望和方差的实际运用,属于中档题.
21. 已知函数.
(1)若∀x∈R,f(x)≥0,求实数a的取值范围;
(2)用min{m,n}表示m,n中的较小者.设h(x)=min{f(x),g(x)}(x>0),若h(x)有三个零点,求实数a的取值范围.
【答案】(1),(2).
【解析】
【分析】
(1)利用判别式解得结果可得答案;
(2)当时,在上无零点;所以在
- 20 -
上有三个零点,再转化为是的一个零点,且在上有两个零点,再根据二次函数知识列式可得结果.
【详解】(1)根据题意知对任意实数恒成立,
所以,解得.
(2)当时,,所以,
所以在上无零点;
所以在上有三个零点,
,,
当时,,得,所以,所以是的一个零点;
当时,,所以,所以不是的一个零点;
当时,,
由题意可知,是的一个零点,且在上有两个零点,
所以,且,解得,
综上所述,若有三个零点,则的取值范围是.
【点睛】本题考查了一元二次不等式恒成立问题,考查了函数与方程思想,考查了由函数零点个数求参数范围,考查了分析推理能力,属于中档题.
22. 已知函数,证明:
(1)f(x)存在唯一的极值点,且为极小值点;
(2)有且仅有两个实根,且两个实根互为相反数;
(3) ().
- 20 -
【答案】(1)证明见解析;(2)证明见解析;(3)证明见解析.
【解析】
【分析】
(1)利用导数确定函数的单调性,根据函数的单调性判断即可;
(2)由(1)可知在递增,在递减,且,从而证明结论成立;
(3)求出,令,根据函数的单调性证明即可.
【详解】证明:(1)的定义域是,
由,得,,
令,解得:,令,解得:,
故在递减,在递增,
故,
当时,显然,
当时,,,
故存在唯一的实数,使得,
综上,在递减,在递增,
因此,存在唯一的极值点,且是极小值点;
(2)由(1)知:,,且在递增,
∴在上存在唯一的实数根,且,
由得,,
由(1)得,故,
- 20 -
又在递减,故在上存在唯一的实根,
综上,有且仅有两个实根,且两个实根互为相反数;
(3)由,
可得,因此,
由(2)可得,对,,,
,
令,则, ,
当时,,故在递增,
故时,,故在递增,
∴时,,即,
故,
∵,∴,
所以原不等式成立.
【点睛】本题考查了导数在函数的单调性,最值,零点问题中应用,考查利用导数证明不等式,考查转化思想,属于难题.
- 20 -
相关文档
- 山西省忻州市原平市范亭中学2018-22021-06-2419页
- 云南省昆明市2019-2020学年高二下2021-06-2422页
- 【数学】内蒙古通辽市科左后旗甘旗2021-06-248页
- 【数学】北京市丰台区2019-2020学2021-06-2411页
- 吉林省长春外国语学校2018-2019学2021-06-2423页
- 【数学】山西省吕梁市孝义市2019-22021-06-2410页
- 【数学】甘肃省武威八中2019-20202021-06-248页
- 【数学】辽宁省沈阳市郊联体2019-22021-06-249页
- 四川省遂宁市2019-2020学年高二下2021-06-2412页
- 【数学】安徽省六安中学2019-20202021-06-2410页