高三数学总复习学案67 10页

  • 297.50 KB
  • 2021-06-24 发布

高三数学总复习学案67

  • 10页
  • 当前文档由用户上传发布,收益归属用户
  1. 1、本文档由用户上传,淘文库整理发布,可阅读全部内容。
  2. 2、本文档内容版权归属内容提供方,所产生的收益全部归内容提供方所有。如果您对本文有版权争议,请立即联系网站客服。
  3. 3、本文档由用户上传,本站不保证质量和数量令人满意,可能有诸多瑕疵,付费之前,请仔细阅读内容确认后进行付费下载。
  4. 网站客服QQ:403074932
学案67 二项分布及其应用 导学目标: 1.了解条件概率和两个事件相互独立的概念.2.理解n次独立重复试验的模型及二项分布.3.能解决一些简单的实际问题.‎ 自主梳理 ‎1.条件概率及其性质 ‎(1)设A,B为两个事件,且P(A)>0,称P(B|A)=为在事件A发生的条件下,事件B发生的条件概率.‎ ‎(2)条件概率具有的性质:‎ ‎①__________________;‎ ‎②如果B和C是两个互斥事件,则 P(B∪C|A)=________________.‎ ‎2.相互独立事件 ‎(1)设A,B为两个事件,若P(AB)=P(A)P(B),则称事件A与事件B____________.‎ ‎(2)若A与B相互独立,则P(B|A)=______,‎ P(AB)=________________=________________.‎ ‎(3)若A与B相互独立,则________________,________________,________________也都相互独立.‎ ‎(4)若P(AB)=P(A)P(B),则________________.‎ ‎3.二项分布 ‎(1)独立重复试验是指在相同条件下可重复进行的,各次之间相互独立的一种试验,在这种试验中每一次试验只有两种结果,即要么发生,要么不发生,且任何一次试验中发生的概率都是一样的.‎ ‎(2)在n次独立重复试验中,用X表示事件A发生的次数,设每次试验中事件A发生的概率为p,则P(X=k)=Cpk(1-p)n-k,k=0,1,2,…,n.此时称随机变量X服从二项分布.记作____________.‎ 自我检测 ‎1.两人独立地破译一个密码,他们能译出的概率分别为,,则密码被译出的概率为(  )‎ A.0.45 B.‎0.05 ‎ C.0.4 D.0.6‎ ‎2.(2011·三明月考)一学生通过一种英语听力测试的概率是,他连续测试两次,那么其中恰有一次通过的概率是(  )‎ A. B. C. D. ‎3.已知随机变量X服从二项分布X~B,则P(X=2)等于(  )‎ A. B. C. D. ‎4.已知P(AB)=,P(A)=,则P(B|A)等于(  )‎ A. B. C. D. ‎5.(2011·临沂调研)一次测量中出现正误差和负误差的概率都是,在5次测量中至少3次出现正误差的概率是(  )‎ A. B. C. D. 探究点一 条件概率 例1 在100件产品中有95件合格品,5件不合格品.现从中不放回地取两次,每次任取一件.试求:‎ ‎(1)第一次取到不合格品的概率;‎ ‎ (2)在第一次取到不合格品后,第二次再次取到不合格品的概率.‎ 变式迁移1 1号箱中有2个白球和4个红球,2号箱中有5个白球和3个红球,现随机地从1号箱中取出一球放入2号箱,然后从2号箱随机取出一球,问:‎ ‎(1)从1号箱中取出的是红球的条件下,从2号箱取出红球的概率是多少?‎ ‎(2)从2号箱取出红球的概率是多少?‎ 探究点二 相互独立事件 例2 (2011·宁波模拟)甲、乙两名射击运动员,分别对一目标射击一次,甲射中的概率为0.8,乙射中的概率为0.9,求 ‎(1)两人都射中的概率;‎ ‎(2)两人中恰有一人射中的概率;‎ ‎(3)两人中至少一人射中的概率;‎ ‎(4)两人中至多一人射中的概率.‎ 变式迁移2 甲、乙、丙三人分别独立做一道题,甲做对的概率是,三人都做对的概率是,三人全做错的概率是.‎ ‎(1)求乙、丙两人各自做对这道题的概率;‎ ‎(2)求甲、乙、丙三人恰有一人做对这道题的概率.‎ 探究点三 独立重复试验与二项分布 例3 (2010·天津汉沽一中月考)将一个半径适当的小球放入如图所示的容器最上方的入口处,小球将自由下落,小球 在下落过程中,将3次遇到黑色障碍物,最后落入A袋或B袋中,已知小球每次遇到黑色障碍物时向左、右两边下落的概率都是.‎ ‎(1)求小球落入A袋中的概率P(A);‎ ‎(2)在容器入口处依次放入4个小球,记ξ为落入A袋中小球的个数,试求ξ=3的概率.‎ 变式迁移3 粒子A位于数轴x=0处,粒子B位于数轴x=2处,这两颗粒子每隔1秒钟向左或向右移动一个单位,设向右移动的概率为,向左移动的概率为.‎ ‎(1)求4秒后,粒子A在点x=2处的概率;‎ ‎(2)求2秒后,粒子A、B同时在x=2处的概率.‎ ‎1.一般地,每一个随机试验都在一定的条件下进行,而这里所说的条件概率,则是当试验结果的一部分信息已知(即在原随机试验的基础上,再加上一定的条件),求另一事件在此条件下发生的概率.求条件概率,必须理解条件概率的定义及公式,公式中的P(AB)是指事件A、B同时发生的概率.‎ ‎2.一般地,事件A是否发生对事件B发生的概率没有影响,即P(B|A)=P(B),这时,我们称两个事件A、B相互独立,并把这两个事件叫做相互独立事件.事件的独立是一种对等的性质.如果事件A对事件B独立,那么就可以说事件A与B相互独立.显然,必然事件与任何事件是相互独立的.‎ ‎3.独立重复试验:若n次重复试验中,每次试验结果的概率都不依赖于其他各次试验的结果,则称这n次试验是独立的.‎ ‎4.独立重复试验概率公式的特点:关于Pn(k)=Cpk(1-p)n-k,它是n次独立重复试验中某事件A恰好发生k次的概率.其中,n是重复试验次数,p是一次试验中某事件A发生的概率,k是在n次独立试验中事件A恰好发生的次数,需要弄清公式中n、p、k的意义,才能正确运用公式.‎ ‎(满分:75分)‎ 一、选择题(每小题5分,共25分)‎ ‎1.(2010·湖北)投掷一枚均匀硬币和一枚均匀骰子各一次,记“硬币正面向上”为事件A,“骰子向上的点数是‎3”‎为事件B,则事件A,B中至少有一件发生的概率是(  )‎ A. B. C. D. ‎2.(2011·温州月考)位于坐标原点的一个质点P按下列规则移动:质点每次移动一个单位;移动的方向为向上或向右,并且向上、向右移动的概率都是.质点P移动五次后位于点(2,3)的概率是(  )‎ A.5 B.C5‎ C.C3 D.CC5‎ ‎3.设每门高射炮击中飞机的概率为0.6,今有一架飞机来犯,问需要几门高射炮射击,才能至少以99%的概率击中它(  )‎ A.3 B.‎4 ‎ C.5 D.6‎ ‎4.(2011·合肥模拟)‎ 一个电路如图所示,A、B、C、D、E、F为6个开关,其闭合的概率都是,且是相互独立的,则灯亮的概率是(  )‎ A. B. C. D. ‎5.同时抛掷三颗骰子:设A=“三个点数都不相同”,B=“至少有一个6点”,则P(B|A)为(  )‎ A. B. C. D. 二、填空题(每小题4分,共12分)‎ ‎6.(2010·湖北)一个病人服用某种新药后被治愈的概率为0.9,则服用这种新药的4个病人中至少3人被治愈的概率为________(用数字作答).‎ ‎7.(2010·重庆)加工某一零件需经过三道工序,设第一、二、三道工序的次品率分别为、、,且各道工序互不影响,则加工出来的零件的次品率为________.‎ ‎8.(2010·福建)某次知识竞赛规则如下:在主办方预设的5个问题中,选手若能连续正确回答出两个问题,即停止答题,晋级下一轮.假设某选手正确回答每个问题的概率都是0.8,且每个问题的回答结果相互独立,则该选手恰好回答了4个问题就晋级下一轮的概率等于______.‎ 三、解答题(共38分)‎ ‎9.(12分)一名学生骑车从家到学校的途中有6个路口,假设他在每个路口遇到红灯的事件是相互独立的,且概率都为.求:‎ ‎(1)这名学生在途中遇到红灯次数ξ的分布列;‎ ‎(2)这名学生首次遇到红灯或到达目的地而停车时所经过了的路口数η的分布列;‎ ‎(3)这名学生在途中至少遇到一次红灯的概率.‎ ‎10.(12分)(2011·六安模拟)设b和c分别是先后抛掷一枚骰子得到的点数,用随机变量ξ表示方程x2+bx+c=0实根的个数(重根按一个计).‎ ‎(1)求方程x2+bx+c=0有实根的概率;‎ ‎(2)求ξ的分布列;‎ ‎(3)求在先后两次出现的点数中有5的条件下,方程x2+bx+c=0有实根的概率.‎ ‎11.(14分)甲、乙两个乒乓球选手进行比赛,他们的水平相当,规定“七局四胜”,即先赢四局者胜,若已知甲先赢了前两局,求:(1)乙取胜的概率;‎ ‎(2)比赛打满七局的概率;‎ ‎(3)设比赛局数为ξ,求ξ的分布列.‎ 学案67 二项分布及其应用 自主梳理 ‎1.(2)①0≤P(B|A)≤1 ②P(B|A)+P(C|A) 2.(1)相互独立 (2)P(B) P(B|A)P(A) P(A)P(B) (3)A与 与B 与 (4)A与B相互独立 3.(2)X~B(n,p)‎ 自我检测 ‎1.C 2.C 3.D 4.B 5.D ‎ 课堂活动区 例1 解题导引 求条件概率的通常方法是利用条件概率公式P(B|A)=.这就需要求P(AB)和P(A).如果事件具有等可能特点,还可以看作是基本事件空间改变后的古典概型,利用P(B|A)=来计算.‎ 解 设A={第一次取到不合格品},B={第二次取到不合格品}.‎ ‎(1)P(A)==.‎ ‎(2)方法一 根据条件概率的定义计算,需要先求出事件AB的概率:P(AB)=×,‎ 所以有P(B|A)===.‎ 方法二 事件A发生的条件下,事件空间包含的基本事件个数为nA=100-1=99个.‎ 事件A发生的条件下,事件B包含4个基本事件.‎ ‎∴P(B|A)==.‎ 变式迁移1 解 记事件A:最后从2号箱中取出的是红球;‎ 事件B:从1号箱中取出的是红球.‎ 则P(B)==,P()=1-P(B)=,‎ ‎(1)P(A|B)==.‎ ‎(2)∵P(A|)==,‎ ‎∴P(A)=P(AB)+P(A)‎ ‎=P(A|B)P(B)+P(A|)P()=×+×=.‎ 例2 解题导引 (1)审题应注意关键的词句,例如“至少有一个发生”、“至多有一个发生”、“恰好有一个发生”等.‎ ‎(2)复杂事件的概率拆分为几个互斥事件的和事件,然后利用互斥事件的概率加法公式进行求解.‎ ‎(3)求相互独立事件同时发生的概率的方法主要有:‎ ‎①利用相互独立事件的概率乘法公式;‎ ‎②正面计数较繁或难以入手时,可以从对立事件入手计算.‎ 解 (1)记事件A:甲射中目标;‎ 事件B:乙射中目标.‎ 两人都射中的概率为 P(AB)=P(A)P(B)=0.8×0.9=0.72.‎ ‎(2)两人中恰有一人射中包括“甲中乙不中”、“甲不中乙中”两种情况,其对应事件为互斥事件,则 P(A)+P(B)=P(A)P()+P()P(B)‎ ‎=0.8×(1-0.9)+(1-0.8)×0.9‎ ‎=0.08+0.18=0.26.‎ ‎(3)方法一 两人至少有一人射中包括“两人都射中”和“两人有一人射中”两种情况,其概率为P(AB)+P(B)+P(A)=P(A)P(B)+P()P(B)+P(A)P()‎ ‎=0.72+0.26=0.98.‎ 方法二 因为“两人至少有一人射中”与“两人都未射中”互为对立事件.‎ 所以“两人至少有一人射中”的概率为:‎ ‎1-P( )=1-P()P()=1-0.2×0.1=0.98.‎ ‎(4)方法一 至多有一人射中包括“有一人射中”和“两人都未射中”,故所求概率为 P( )+P(A)+P(B)‎ ‎=P()P()+P(A)P()+P()P(B)‎ ‎=0.02+0.08+0.18=0.28.‎ 方法二 “至多有一人射中”的对立事件为“两人都射中”,‎ 故所求概率为1-P(AB)=1-P(A)P(B)‎ ‎=1-0.72=0.28.‎ 变式迁移2 解 (1)设甲、乙、丙三人各自做对这道题分别为事件A、B、C,则P(A)=,‎ 由题意得,‎ 解得P(B)=,P(C)=或P(B)=,P(C)=,‎ 所以乙、丙两人各自做对这道题的概率为和或和.‎ ‎(2)设“甲、乙、丙三人恰有一人做对这道题”为事件D,则 P(D)=P(A)P()P()+P()P(B)P()+‎ P()P()P(C)=++=,‎ 所以甲、乙、丙三人恰有一人做对这道题的概率是.‎ 例3 解题导引 因为小球每次遇到黑色障碍物相互独立,且每次向左(或向右)的概率都是,因此该试验属n次独立重复试验.注意n=3,P=.‎ 独立重复试验,是在同样的条件下重复地、各次之间相互独立地进行的一种试验.在这种试验中,每一次试验只有两种结果,即某事件要么发生,要么不发生,并且任何一次试验中发生的概率都是一样的.‎ 解 (1)方法一 记小球落入B袋中的概率P(B),‎ 则P(A)+P(B)=1,由于小球每次遇到黑色障碍物时一直向左或者一直向右下落,小球将落入B袋,‎ 所以P(B)=3+3=,‎ ‎∴P(A)=1-=.‎ 方法二 由于小球每次遇到黑色障碍物时,有一次向左和两次向右或两次向左和一次向右下落时小球将落入A袋.‎ ‎∴P(A)=C3+C3=.‎ ‎(2)由题意,ξ~B.‎ ‎∴P(ξ=3)=C31=.‎ 变式迁移3 解 (1)要求4秒后,粒子A在x=2处的概率,即求粒子A四次移动中恰有三次向右移动发生的概率:‎ C()3()=.‎ ‎(2)要使粒子A、B在2秒后同时在点x=2处,粒子A一定要往右移动2次,而粒子B往右和左各一次,所求概率为:2·C=.‎ 课后练习区 ‎1.C 2.B 3.D 4.B 5.A ‎6.0.947 7 7. 8.0.128‎ ‎9.解 (1)由已知ξ~B,‎ 分布列为P(ξ=k)=Ck6-k,‎ k=0,1,2,3,…,6.(2分)‎ 所以ξ的分布列为 ξ ‎0‎ ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ ‎4‎ ‎5‎ ‎6‎ P ‎(4分)‎ ‎(2)η=k表示这名学生首次停车时经过的路口数,即在前k个路口没有遇上红灯,但在第k+1个路口遇上红灯,则η的取值可能为0,1,2,3,4,5,6,其中η=6表示路上没有遇上红灯.‎ 当0≤k≤5时,P(η=k)=·k;‎ 当k=6时,P(η=6)=6.(9分)‎ 所以η的分布列为 η ‎0‎ ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ ‎4‎ ‎5‎ ‎6‎ P · ·()2‎ ·()3‎ ·()4‎ ·()5‎ ‎()6‎ ‎(10分)‎ ‎(3)这名学生在途中至少遇到一次红灯的事件概率为 P(ξ≥1)=1-P(ξ=0)=1-()6=.(12分)‎ ‎10.解 (1)基本事件总数为6×6=36,若使方程有实根,则Δ=b2-‎4c≥0,即b≥2.‎ 当c=1时,b=2,3,4,5,6;‎ 当c=2时,b=3,4,5,6;‎ 当c=3时,b=4,5,6;‎ 当c=4时,b=4,5,6;‎ 当c=5时,b=5,6;‎ 当c=6时,b=5,6,‎ 所求事件个数为5+4+3+3+2+2=19,‎ 因此方程x2+bx+c=0有实根的概率为.(4分)‎ ‎(2)由题意知,ξ=0,1,2,则P(ξ=0)=,‎ P(ξ=1)==,P(ξ=2)=,‎ 故ξ的分布列为 ξ ‎0‎ ‎1‎ ‎2‎ P ‎(8分)‎ ‎(3)记“先后两次出现的点数中有‎5”‎为事件M,‎ ‎“方程x2+bx+c=0有实根”为事件N,‎ 则P(M)=,P(M∩N)=,‎ P(N|M)==.(12分)‎ ‎11.解 (1)当甲先赢了前两局时,乙取胜的情况有两种:第一种是乙连胜四局;第二种是在第三局到第六局,乙赢了三局,第七局乙赢.‎ 在第一种情况下,乙取胜的概率为4=,‎ 在第二种情况下,乙取胜的概率为C4=,‎ 所以当甲先赢了前两局时,乙取胜的概率为 +=.(5分)‎ ‎(2)比赛打满七局有两种结果:甲胜或乙胜,记“比赛打满七局甲胜”为事件A,记“比赛打满七局乙胜”为事件B.‎ 则P(A)=C4=,‎ P(B)=C4=,‎ 又A,B互斥,所以比赛打满七局的概率为 P(A)+P(B)=.(9分)‎ ‎(3)P(ξ=4)=2=,‎ P(ξ=5)=C2=,‎ P(ξ=6)=C3+4=,‎ P(ξ=7)=C4+C4·=,(13分)‎ 所以ξ的分布列为 ξ ‎4‎ ‎5‎ ‎6‎ ‎7‎ P ‎(14分)‎