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  • 2021-06-30 发布

湖北省荆门市龙泉中学2020届高三高考适应性考试(二)理科数学试题 PDF版含答案

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理科数学第 1 页 共 2 页 荆门龙泉中学 2020 届高考适应性考试(二) 理科数学试题 命题人:崔冬林 审题人:李 莉 本试卷共 2 页,共 23 题。满分150分,考试用时120分钟。 注意事项:1. . . 2. 2B . 3. . 一、选择题:(本大题共12小题,每小题5分,共60分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符 合题目要求的。请将正确的答案填涂在答题卡上。) 1.已知 R 为实数集,集合  02A x x   ,  3B x x,则 R AB A. 23xx B. 23xx C. 03x x x  或2 D. 03x x x  或2 2.若复数 12zz, 在复平面内对应的点关于原点对称, 1 1zi,则 12zz A.-2 B. 2i C.2 D. 2i 3.已知 ,xy满足约束条件 4 0, 20 1 xy xy x          , , 则 3z x y的最大值为 A.6 B.8 C.9 D.12 4.已知正项等比数列 na 的首项 1 1a  ,前 n 项和为 nS ,且 1 2 3, , 2S S S  成等差数列,则 5a = A.8 B. 8 1 C.16 D. 16 1 5.黄金三角形有两种,其中底和腰之比为黄金分割比的黄金三角形被认为是最美的三角形,它是 顶角为 036 的等腰三角形(另一种是顶角为 0108 的等腰三角形).例如,正五角星由 5 个黄金三 角形和一个正五边形组成,如图所示,在一个黄金三角形 ABC 中, 51 2 BC AC  ,根据这些信息,可得 0sin234  A.1 2 5 4  B. 15 4  C. 35 8  D. 45 8  6.关于 x 的方程  2 1 2xxa  有实数解”的一个充分不必要条件是 A. 1 13 a B. 1 2a  C. 2 13 a D. 1 12 a 7.已知斐波拉契数列 na 满足, 121aa, 21n n na a a,用如图所示的程序 框图来计算该数列的第 2020 项,则(1)( 2)处可分别填入的是 A. , 2019?T S T n   B. , 2020?T S T n   C. , 2019?T S n D. , 2020?T S n 8.函数 ( ) 2sin( ) 0,| | 2f x x       ( )的最小正周期为 ,若其图象向右平移 6  个 单位后得到的函数为奇函数,则函数 ()fx的图象 A.关于点 03 ( ,)对称 B.在 22 (- , )上单调递增 C.关于直线 3x  对称 D.在 6x  处取最大值 9.《周髀算经》是中国古代重要的数学著作,其记载的“日月历法”曰:“阴阳之数,日 月之法,十九岁为一章,四章为一部,部七十六岁,二十部为一遂,遂千百五二十岁, ….生数皆终,万物复苏,天以更元作纪历”某老年公寓住有 20 位老人,他们的年龄 (都为正整数)之和恰好为一遂(即 1520 岁),其中年长者已是奔百之龄(年龄介于 90﹣100),其余 19 人的年龄依次相差一岁,则年长者的年龄为 A.94 B.95 C.96 D.98 10.在长方体 1 1 1 1ABCD A B C D 中, 6AB AD, 1 2AA  , M 为棱 BC 的中点,动点 P 在 面 11DCC D 内,满足 APD CPM   ,则点 P 的轨迹与长方体的面 的交线长等于 A. 2 3  B. C. 4 3  D. 2 11.过点 2 ( ,0)cA a 作双曲线 22 22: 1( 0, 0)xyC a bab    的一条渐近线的垂线,垂足为 P ,点Q 在双曲线C 上,且 3AQ QP ,则双曲线C 的离心率是 A. 51 2  B. 51 C. 3 D. 2 12.已知函数 ( ) ( 1)lnf x x x tx   ,方程 ()f x t 有 3 个不同的解 1 2 3,,x x x ,现给出下 述结论: ① 2t  ; ② 1 2 3 1x x x  ; ③ ()fx的极小值 0( ) 2fx  . 其中所有正确结论的序号是 A.② B.③ C.①③ D.②③ 二、填空题(本大题共 4 小题,每小题 5 分,共 20 分) 13.已知 ,ab是两个非零向量,且 a b a b   ,则 a 与 2ab 的夹角为 . 14.已知函数   2 2 log , 1 1, 1 xxfx xx    ,则    1f x f x的解集为 . 15.过抛物线 2 4yx 焦点 F 的直线交该拋物线于 A , B 两点,且| | 4AB  ,若原点O 是 ABC 的垂心,则点C 的坐标为_______. 16.正四棱椎 P ABCD 的底面边长为 2 ,侧棱长为 22,过点 A 作一个与侧棱 PC 垂直 的平面 ,则平面 被此正四棱椎所截的截面面积为 ,平面 将此正四棱椎 分成的两部分,则较小部分体积与较大部分体积的比值为 . (第一个空 2 分,第二个空3 分) 理科数学第 2 页 共 2 页 三、解答题:(本大题共 6 小题,共 70 分,解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤) 17.(本小题满分 12 分) 在① 3 sin cosa c A a C;②   2 sin 2 sin 2 sina b A b a B c C    这两个条件中任选一个, 补充在下列问题中,并解答. 已知△ABC 的角 A,B,C 对边分别为 ,,abc, 3c  且 . (Ⅰ)求∠C; (Ⅱ)求△ABC 周长的最大值. 18.(本小题满分 12 分) 如图,在四棱锥 P ABCD 中,平面 PAB  底面 ABCD,底面 ABCD是等腰梯形, 060BAD, AD BC , 44AD BC, 26PA PB. (Ⅰ)求证: PC CD ; (Ⅱ)求平面 PCD与平面 PAB 所成锐二面角的余弦值. 19.(本小题满分 12 分) 已知函数    ln 1 lnf x mx x m x   , 0m  . (Ⅰ)  fx 为函数  fx的导数,讨论函数  fx 的单调性; (Ⅱ)若函数  fx与   3g x xe的图象有两个交点  11,A x y 、  22,B x y  12xx , 求证: 21 1x x ee   . 20.(本小题满分 12 分) 已知点  2, 1P 在椭圆 22 :182 xyC 上, 12,FF分别为椭圆 C 的左、右焦点,过点 P 的直线 1l 与 椭圆 C 有且只有一个公共点,直线 2l 平行于 OP(O 为原点),且与椭圆 C 交于两点 A、B,与直线 2x  交于点 M(M 介于 A、B 两点之间,且点 A 在 M 左侧). (Ⅰ)当△PAB 面积最大时,求 的方程; (Ⅱ)求证: PA MB PB MA   ;并判断 , ,PA,PB 的斜率 是否可以按某种顺序构成等比数列? 21.(本小题满分 12 分) 在全球抗击新冠肺炎疫情期间,我国医疗物资生产企业加班加点生产口罩、防护服、消毒水 等防疫物品,保障抗疫一线医疗物资供应,在国际社会上赢得一片赞誉.我国某口罩生产厂 商在加大生产的同时,狠抓质量管理,不定时抽查口罩质量,该厂质检人员从某日所生产的 口罩中随机抽取了 100 个,将其质量指标值分成以下五组:[100,110),[110,120),[120,130), [130,140),[140,150],得到如下频率分布直方图. (Ⅰ)规定:口罩的质量指标值越高,说明该口罩质量越好,其中质量指标值低于 130 的为 二级口罩;质量指标值不低于 130 的为一级口罩.现从样本口罩中利用分层抽样的方法随机 抽取 8 个口罩,再从中抽取 3 个,记其中一级口罩的个数为 ,求 的分布列及数学期望; (Ⅱ)在 2020 年“五一”劳动节前,甲、乙两人计划同时在该型口罩的某网络购物平台上 分别参加 A、B 两店各一个订单“秒杀”抢购,其中每个订单由  2,n n n N个该型号口 罩构成.假定甲、乙两人在 A、B 两店订单“秒杀”成功的概率分别为 2 2cos , n nn   ,记甲、 乙两人抢购成功的订单总数量、口罩总数量分别为 ,XY. (i)求 X 的数学期望  EX; (ii)求当Y 的数学期望  EY 取最大值时正整数 n 的值. 请考生在第 22、23 两题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题记分.(本小题满分 10 分) 22.选修 4-4:坐标系与参数方程 在平面直角坐标系中,直线 m 的参数方程为 cos sin xt yt      (t 为参数,0 ).以坐标原点为极 点,以 x 轴的非负半轴为极轴,建立极坐标系.曲线 E 的极坐标方程为 2 +2 cos 3 0   ,直线 m 与 曲线 E 交于 A , C 两点. (Ⅰ)求曲线 的直角坐标方程和直线 m 的极坐标方程; (Ⅱ)过原点且与直线 m 垂直的直线 n ,交曲线 于 B , D 两点,求四边形 ABCD 面积的最大值. 23.选修 4-5:不等式选讲 已知正实数 a ,b ,c . (Ⅰ)若 1ab,求 22ab 的最小值; (Ⅱ)证明: 2 3 ba c ca b cb a . 理科数学第 3 页 共 2 页 龙泉中学 2020 届高考适应性考试(二)理科数学参考答案 一、选择题: 1-4 DABC 5-8 BCAA 9-12 BADD 二、填空题 13. 6  14. 1 ,2    15. 3, 0 16. 43 3 1 2 三.解答题 17.解: 18.解:(Ⅰ)过 P 作 ABPO  于O ,连 ODOC, 由题可知, 3 CDAB , 222 ABPBPA  , 2,1,2  OAOBPO , 又求得 3,32  OCOD , 222 CDOCOD  ,所以 CDOC  ...................................3 分 平面 PAB 底面 ABCD ,交线为 AB, PO 底面 ,所以 CDPO  , 又 OPOOC  ,故 CD 平面 POC ,所以 CDPC  ;... ............... .................................6 分 (Ⅱ)由(Ⅰ)知 ODAB  ,以O 为坐标原点 OPOBOD ,, 为 zyx ,, 轴建立如图所示空间直角坐 标系. ............... ........... ............... ...................... . ............... ........... ............... .................................7 分 则 )0,2 3,2 3(),0,0,32(),2,0,0( CDP . 所以 )0,2 3,2 33(),2,0,32(  CDPD 设平面平面 PCD 的法向量 ),,( zyxm  故      02 3 2 33 0232 yx zx 令 1x ,可得 )6,3,1(m 平面 PAB 的法向量取 )0,0,1(n ,.............. ............................10 分 所以 10 10 10 1 |||| ,cos  nm nmnm ...........................11 分 故平面 与平面 PAB 所成锐二面角的余弦值为 10 10 . ……………………………12 分 19.解:(Ⅰ) x mxmxf 1)ln1()(  ................................................................................1 分 22 )1(1])([ x mmx x m x mxf  .........................................................................................3 分 010  mmxm , 0])([  xf , )(xf  在 ),0(  上为单调递增.... .... .... .... ... ..... .........................................5 分 (Ⅱ)设         3ln 1 lnF x f x g x mx x m x x e         1ln 1mF x m x m x      ,………………….…………………………………………6 分 由于 0m  , 0x    2 1 0mmFx xx     恒成立 知函数  Fx 在 0, 上为增函数且  10F  ……………………………….……………7 分 故当  0,1x 时,   0Fx  ,当  1,x   时,   0Fx  , 则  Fx在 0,1 单调递减,在 1,  单调递增………………………………….……………8 分   331 1 0eF ee     1 1 2 0eeFme e e    ,      1310eeF e m e e     ……………………..…10 分 知  Fx在区间 1 ,1e   以及 1, e 内各有一个零点,即为 1 1,1x e  ,  2 1,xe , 知 21 1x x e e   ,即 21 1x x ee   .………………………………………………………12 分 20.解:(Ⅰ)设过 P 的切线方程为:y=k(x﹣2)+1,与椭圆联立可得 (1+4k2)x2+8k(1﹣2k)x+4(1﹣2k)2﹣8=0,……………………………………………1 分 由题意可得△=64k2(1﹣2k)2﹣4(1+4k2)[4(1﹣2k)2﹣8]=0, 解得 k ,kOP ……………………………………………………………………………2 分 理科数学第 4 页 共 2 页 由题意直线 l2 的方程,y x+t,设 A(x1,y1), B(x2,y2), 联立直线 l2 与椭圆的方程,整理可得 x2+2tx+2t2﹣4=0,………………………………………3 分 △=4t2﹣4(2t2﹣4)>0,即 t2<4,x1+x2=﹣2t,x1x2=2t2﹣4, 所以弦长    2 2 1 2 1 2 11 4 5 44AB x x x x t      P 到直线 AB 的距离为:d ,…………………………………………………………4 分 所以        22 22 2 2 1 2 1 2 42115 4 1 4 4 22 4 25PAB tttS t AB x x x x t t              当且仅当 t2=2 取等号,M 介于 A、B 之间可得 2t  这时直线 l2 的方程为 1 22yx;………………………………………………………………6 分 (Ⅱ)kPA+kPB , 将 x1+x2=﹣2t,x1x2=2t2﹣4,代入可得 kPA+kPB=0, 所以直线 PA,PB 关于直线 x=2 对称,即 PM 为∠APB 的角平分线, 由角平分线的性质可得 ,………………………………………………………………9 分 即证得:|PA||MB|=|PB||MA|.………………………………………………………………………10 分 故所研究的 4 条直线 1l , 2l ,PA,PB 的斜率分别为 11, , ,22 PA PAkk,若按一定顺序成等比数列, 其公比记为 q ,则必有 1q  ,此时必有 11,22PA PBkk   ,那么直线 PB 与 重合,不合题意 故 , ,PA,PB 的斜率无论怎样排序都不可能构成等比数列.………………………………12 分 21.解:(Ⅰ)按分层抽样抽取 8 个口罩,则其中二级、一级口罩个数分别为 6,2,故 可能的取值 为 0,1,2,   30 62 3 8 50 14 CCP C    ,   21 62 3 8 151 28 CCP C    ,   12 62 3 8 32 28 CCP C    , 的分布列为   5 15 3 30 1 214 28 28 4E         .……………………………………………………………4 分 (Ⅱ)(i)由题知, X 可能的取值为 0,1,2   2 2 3 2cos 2cos 2 cos 0 1 1 1n n nPX n n n n n              ;   2 2 2 3 2cos 2cos 2cos 4 cos 1 1 1n n n nPX n n n n n n n                  ;   3 2 cos 2 nPX n   所以   2 3 2 3 3 2 2cos 2 cos 2cos 4 cos 2 cos 2cos 1102n n n n n n n n n n n n n nE nX                                          ………7 分 (ii)因为Y nX ,所以     2 2cos 2cosnE Y nE X n n n n n             …………………………8 分 令 110, 2t n   ,设   2cosf t t t,则    E Y f t , 因为   12 sin 2 sin2f t t t         , 所以当 10, 6t  时,   0ft  ;当 11,62t  时,   0ft  ;所以  ft在 10, 6   上单调递增, 在 11,62   上单调递减,故当 1 6t  即 6n  时, 取最大值, 所以  max 1 366f t f    ,所以  EY 取最大值时,正整数 6n  .…………………12 分 22.解:(Ⅰ)曲线 E 的直角坐标方程为 2 2+1 4xy,……………………………………2 分 直线 m 的极坐标方程为 ( R  ). …………………………………………………………4 分 (Ⅱ)设点 A ,C 的极坐标分别为 1, ,  2, . 由 2 = +2 cos 3 0        得, 2 +2 cos 3 0   ,∴ 12 2cos     , 12 3  , ∴ 2 122 cos 3AC       .……………………………………………………………………6 分 同理得 22 sin 3BD .…………………………………………………………………………7 分 ∵ 2 2 2 21 2 cos 3 sin 3 cos 3 sin 3 72ABCDS AC BD               ,……………………9 分 当且仅当 22cos 3 sin 3   ,即 3 44   或 时,等号成立, ∴四边形 ABCD 面积的最大值为 7.………………………………………………………………10 分 23.解:(Ⅰ)    22 21 1 1ab ab    ,所以 221 2ab  , 当且仅当 1 2ab取等号.…………………………………………………………………………4 分 当且仅当 1 3abc   取等号