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- 2021-07-08 发布
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2021 届高三年级化学学科第一次模拟测试
可能用到的相对原子质量:C-12 H-1 O-16 Al-27 Fe-56 Zn-65 Cu-64 I-127
一、选择题(在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)
1. 生活离不开化学。某种金属制成的器皿,放置于空气中,其表面会逐渐变黑,如将表面变
黑的上述器皿放入盛有食盐水的铝制容器中浸泡,一段时间后,黑色完全褪去。下列成语与
该金属有关的是( )
A. 衣紫腰银 B. 点石成金 C. 铜鸵荆棘 D. 铁柞成针
【答案】A
【解析】
【分析】
某种金属制成的器皿,放置于空气中,其表面会逐渐变黑,如将表面变黑的上述器皿放入盛
有食盐水的铝制容器中浸泡,一段时间后,黑色完全褪去,该金属是银,表面会逐渐变黑是
生成了 Ag2S。银器放在铝制容器中,由于铝的活泼性大于银,故铝为负极,失电子,银为正
极,银表面的 Ag2S 得电子,析出单质银。据此分析解答。
【详解】A. 衣紫腰银涉及金属银,故 A 正确;
B. 点石成金涉及金属金,故 B 错误;
C. 铜鸵荆棘涉及金属铜,故 C 错误;
D. 铁柞成针涉及金属铁,故 D 错误;
答案选 A。
2. 下列化学用语对事实的表述正确的是
A. 碳酸比苯酚酸性强:2C6H5ONa+CO2+H2O=2C6H5OH+Na2CO3
B. 实验室用氯化铝溶液和氨水制备氢氧化铝:Al3++3OH-=Al(OH)3↓
C. 向硫化钠溶液中通入过量 SO2:2S2-+5SO2+2H2O=S↓+4 -
3HSO
D. 向 NaOH 溶液中通入过量的二氧化硫:SO2+2NaOH=Na2SO3+H2O
【答案】C
【解析】
【详解】A.酸性:碳酸>苯酚>HCO3
-,则苯酚钠中通入二氧化碳生成苯酚和碳酸氢钠,反应为:
C6H5ONa+CO2+H2O=C6H5OH+NaHCO3,故 A 错误;
B.实验室用氯化铝溶液和氨水制备氢氧化铝,溶液中的一水合氨为弱碱,不能改写成 OH-,
- 2 -
则离子反应为:Al3++3NH3·H2O=Al(OH)3↓+3 +
4NH ,故 B 错误;
C.向硫化钠溶液中通入过量 SO2 反应生成 S 沉淀和亚硫酸氢钠,离子反应为:
2S2-+5SO2+2H2O=S↓+4 -
3HSO ,故 C 正确;
D.向 NaOH 溶液中通入过量的二氧化硫,应生成 NaHSO3,反应方程式为:SO2+NaOH=NaHSO3,
故 D 错误;
答案选 C。
3. 向新制氯水中加入少量下列物质,能增强溶液漂白能力的是( )
A. 碳酸钙粉末 B. 稀硫酸 C. 氯化钙溶液 D. 二氧化硫
水溶液
【答案】A
【解析】
【分析】
在氯水中存在反应 Cl2+H2O⇌ H++Cl-+HClO,若反应使溶液中次氯酸浓度增大,则溶液漂白性会
增强,据此分析解答。
【 详 解 】 A . 由 于 酸 性 HCl > H2CO3 > HClO , 向 溶 液 中 加 入 碳 酸 钙 粉 末 反 应 反 应
2HCl+CaCO3=CaCl2+CO2↑+H2O,使化学平衡正向进行,导致次氯酸浓度增大,溶液漂白性增强,
故 A 正确;
B.加入稀硫酸使溶液中氢离子浓度增大平衡逆向进行,次氯酸浓度减小,溶液漂白性减弱,
故 B 错误;
C.加入氯化钙溶液不发生反应,溶液对氯水起到稀释作用,平衡正向进行但次氯酸浓度减小,
漂白性减弱,故 C 错误;
D.加入二氧化硫的水溶液,二氧化硫有还原性,能被氯气氧化,平衡逆向进行,次氯酸浓度
减小,漂白性减弱,故 D 错误。
答案选 A。
【点晴】本题考查了氯气、次氯酸、氯水性质的分析,主要是化学平衡影响因素的理解应用,
掌握基础是解题关键。在氯水中存在反应 Cl2+H2O⇌ H++Cl-+HClO,若反应使溶液中次氯酸浓度
增大,则溶液漂白性会增强。
4. 下列有关物质的性质与用途具有对应关系的是
A. 铁粉具有还原性,可用作抗氧化剂 B. Si 硬度大,可用作半导体材料
- 3 -
C. 浓硫酸具有脱水性,可用作干燥剂 D. 3NaHCO 易溶于水,可治疗胃酸过
多
【答案】A
【解析】
【详解】A.铁粉具有还原性,能吸收氧气,所以铁粉可用作抗氧化剂,故 A 正确;
B.Si 是良好的半导体,可作半导体材料,与其硬度无关,故 B 错误;
C.浓硫酸具有吸水性,所以作干燥剂,故 C 错误;
D.碳酸钠显弱碱性可以和 HCl 反应,所以可以治疗胃酸过多,与溶解性无关,故 D 错误;
故答案为 A。
5. 将下列气体通入溶有足量 SO2 的 BaCl2 溶液中, 没有沉淀产生的是
A. HCl B. NH3 C. Cl2 D. NO2
【答案】A
【解析】
【分析】
二氧化硫和水反应生成亚硫酸,亚硫酸酸性小于 HCl,所以亚硫酸和氯化钡不反应,则向 BaCl2
溶液中通入 SO2 溶液仍澄清,若再通入足量的某气体,溶液中仍然没有沉淀,则该气体不能将
亚硫酸氧化为硫酸或该气体不能和亚硫酸反应生成沉淀。
【详解】A.HCl 和亚硫酸不反应且和氯化钡不反应,所以没有生成沉淀,符合题意,选项 A
正确;B.氨气和亚硫酸反应生成亚硫酸氨,亚硫酸氨和氯化钡发生复分解反应生成亚硫酸钡
沉淀,所以不符合题意,选项 B 错误;C.氯气和二氧化硫及水反应生成硫酸和盐酸,与氯化
钡反应生成硫酸钡沉淀,所以不符合题意,选项 C 错误;D.二氧化氮和水反应生成硝酸,硝
酸具有强氧化性,能氧化亚硫酸生成硫酸,硫酸和氯化钡反应生成硫酸钡白色沉淀,所以不
符合题意,选项 D 错误;答案选 A。
6. NA 是阿伏加德罗常数的值,下列说法正确的是
A. 若 1molFeCl3 跟水完全反应转化为氢氧化铁胶体后,其中胶体粒子的数目为 NA
B. 将一定量的 Cl2 通入 FeBr2 溶液中,当有 1molBr-转化为 Br2 时,转移的电子数为 NA
C. 44.0g 环氧乙烷中含有 6.0NA 个极性键
D. 1molCaO2 晶体中含离子总数为 3NA
【答案】C
- 4 -
【解析】
【详解】A. 氢氧化铁胶体是由许多个氢氧化铁聚集而成,因此 1molFeCl3 跟水完全反应转化
成氢氧化铁胶体后,其中胶体粒子的物质的量小于 1mol,故 A 错误;
B. Fe2+的还原性强于 Br-,通入氯气,先发生 2Fe2++Cl2=2Fe3++2Cl-,然后再发生 Cl2+2Br
-=2Cl-+Br2,当 Br-转化成 Br2 时,Fe2+全部转化成 Fe3+,转移电子物质的量大于 1mol,故 B
错误;
C. 环氧乙烷的键线式为 ,1mol 环氧乙烷中含有 6mol 极性键,则 44.0g 环氧乙烷中含
有的极性键物质的量为 44.0g 644g/mol
=6mol,故 C 正确;
D. CaO2 是由 Ca2+和 O2
2-组成,1molCaO2 中离子总物质的量为 2mol,故 D 错误;
答案:C。
7. 下列反应中,反应后固体物质增重的是
A. 氢气通过灼热的 CuO 粉末 B. 二氧化碳通过 Na2O2 粉末
C. 铝与 Fe2O3 发生铝热反应 D. 将锌粒投入 Cu(NO3)2 溶液
【答案】B
【解析】
【详解】A、氢气通过灼热的 CuO 粉末发生的反应为 2 2
ΔCuO+H Cu+H O ,固体由 CuO 变为
Cu,反应后固体质量减小,A 错误;
B、二氧化碳通过 Na2O2 粉末发生的反应为 2Na2O2+2CO2=2Na2CO3+O2,固体由 Na2O2 变为 Na2CO3,反
应后固体质量增加,B 正确;
C、铝与 Fe2O3 发生铝热反应,化学方程式为 2Al+Fe2O3 Al2O3+2Fe,反应前后各物质均为
固体,根据质量守恒定律知,反应后固体质量不变,C 错误;
D、将锌粒投入 Cu(NO3)2 溶液发生的反应为 Zn + Cu(NO3)2= Zn(NO3)2+ Cu,固体由 Zn 变为 Cu,
反应后固体质量减小,D 错误;
故选 B。
8. 下列说法不正确的是
A. 二氧化硫可以使石蕊试液褪色
- 5 -
B. 雷雨天气有助于空气中的 N2 转化为可供植物吸收的 -
3NO
C. 氧化镁熔点高,是一种优良的耐火材料
D. 配制 Hg(NO3)2 溶液时,将 Hg(NO3)2 溶于较浓硝酸中,然后加水稀释
【答案】A
【解析】
【详解】A.二氧化硫具有漂白性,可以使品红试液褪色,不能使石蕊试液褪色,故 A 错误;
B.雷雨天气的放电作用促使氮气和氧气化合生成一氧化氮,一氧化氮易被空气中的氧气氧化
为二氧化氮,二氧化氮与水气反应生成硝酸,随雨水一起落入土壤,与土壤中的物质反应形
成可供植物吸收的硝酸盐,故 B 正确;
C.氧化镁熔点很高,在一般条件下难以熔融,则是一种优良的耐火材料,故 C 正确;
D.配制 Hg(NO3)2 溶液时,由于 Hg2+易水解,将 Hg(NO3)2 溶于较浓硝酸中抑制其发生水解,然
后加水稀释,故 D 正确;
答案选 A。
9. 元素铬(Cr)的几种化合物存在下列转化关系:
下列判断不正确 是
A. 反应①表明 Cr2O3 有酸性氧化物的性质
B. 反应②利用了 H2O2 的氧化性
C. 反应③中溶液颜色变化是由化学平衡移动引起的
D. 反应①②③中铬元素的化合价均发生了变化
【答案】D
【解析】
【详解】A.Cr2O3 作为金属氧化物,能与酸反应,题给反应①又告知 Cr2O3 能与 KOH 反应:
Cr2O3+2KOH=2KCrO2+H2O,可知 Cr2O3 具有酸性氧化物的性质,故 A 正确;
B.反应②中过氧化氢使 Cr 的化合价从+3 价升高到+6 价,H2O2 表现了氧化性,故 B 正确;
C.反应③中发生反应:2CrO4
2-+2H+⇌ Cr2O7
2-+H2O,加入硫酸,增大了 H+浓度,平衡向右移动,
溶液由黄色变为橙色,故 C 正确;
D.反应③中没有元素化合价的变化,不是氧化还原反应,故 D 错误;
- 6 -
故选:D。
10. 排水法收集气体实验中,用饱和食盐水代替水收集氯气,可降低氯气 的溶解损失。下列
说法不正确的是
A. Cl2(g)⇌ Cl2(aq),增大溶液中 Cl2(aq)浓度可抑制氯气的溶解
B. 增大溶液中的 Cl−(aq)浓度,有利于增大 Cl2(aq)浓度,从而抑制氯气的溶解
C. Cl2(aq)+H2O(l)⇌ H+(aq)+Cl-(aq)+HClO(aq),饱和食盐水可抑制反应进行
D. 若实验中改用碳酸钠溶液代替水收集氯气,亦可减少氯气的损失
【答案】D
【解析】
【详解】A.Cl2(g)⇌ Cl2(aq),增大溶液中 Cl2(aq)浓度,平衡逆向移动,可抑制氯气的溶解,
A 选项正确;
B.Cl2 溶于水发生反应:Cl2(aq)+H2O(l)⇌ H+(aq)+Cl-(aq)+HClO(aq),增大溶液中的 Cl-(aq)
浓度,平衡逆向移动,有利于增大 Cl2(aq)浓度,从而抑制氯气的溶解,B 选项正确;
C.Cl2(aq)+H2O(l)⇌ H+(aq)+Cl-(aq)+HClO(aq),饱和食盐水中的 Cl-可抑制反应进行,C 选项
正确;
D.若实验中改用碳酸钠溶液代替水收集氯气,碳酸钠会消耗 H+使得平衡正向移动,增加了 Cl2
的溶解量,不能减少 Cl2 的损失,D 选项错误;
答案选 D。
11. 以下实验设计能达到实验目的的是
选项 实验目的 实验设计
A 除去 NaHCO3 固体中的 Na2CO3 将固体加热至恒重
B 清洗碘升华实验所用试管 用水清洗
C 重结晶提纯苯甲酸 将粗品水溶、过滤、蒸发、结晶
D 鉴别 NaBr 和 KI 溶液 分别加新制氯水后,用 CCl4 萃取
A. A B. B C. C D. D
【答案】D
【解析】
- 7 -
【详解】A.加热碳酸氢纳分解生成了碳酸钠,,未能除去杂质碳酸钠,故 A 不能达到实验目
的;
B.碘单质在水中的溶解度较小,碘易溶于酒精,可使试管内壁的碘除去,且酒精可与水混溶,
用水冲洗即可,故 B 不能达到实验目的;
C.重结晶法提纯苯甲酸的方法是:将粗品水溶,趁热过滤,滤液冷却结晶即可,故 C 不能达
到实验目的;
D.NaBr 和 NaI 都能与氯水反应生成对应的单质,再用四氯化碳萃取,颜色层不同,NaBr 的
为橙红色,KI 的为紫红色,能鉴别 NaBr 和 KI 溶液,故 D 能达到实验目的;
答案选 D。
12. 对于下列实验事实的解释,不合理...的是
选项 实验事实 解释
A
加热蒸干 MgSO4 溶液能得到 MgSO4 固体;加热
蒸干 MgCl2 溶液得不到 MgCl2 固体
H2SO4 不易挥发,HCl 易挥发
B
电解 CuCl2 溶液阴极得到 Cu;电解 NaCl 溶液,
阴极得不到 Na
得电子能力:Cu2+>Na+>H+
C 浓 HNO3 能氧化 NO;稀 HNO3 不能氧化 NO HNO3 浓度越大,氧化性越强
D 钠与水反应剧烈;钠与乙醇反应平缓
羟基中氢的活泼性:H2O>
C2H5OH
A. A B. B C. C D. D
【答案】B
【解析】
【详解】A、硫酸镁溶液中:Mg2++2H2O Mg(OH)2+2H+,盐类水解是吸热反应,升高温度,
促进水解,但硫酸属于难挥发性酸,因此加热蒸干得到的是 MgSO4;氯化镁溶液:MgCl2+
2H2O Mg(OH)2+2HCl,加热促进水解,HCl 易挥发,加热促进 HCl 的挥发,更加促进反应
向正反应方向进行,因此加热蒸干得到的是 Mg(OH)2 或 MgO,解释合理,故 A 说法正确;B、根
据电解原理,电解 CuCl2 溶液,阴极上发生 Cu2++2e-=Cu,说明 Cu2+得电子能力大于 H+,电解
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NaCl 溶液,阴极上发生 2H++2e-=H2↑,说明 H+得电子能力强于 Na+,得电子能力强弱是 Cu2
+>H+>Na+,因此解释不合理,故 B 说法错误;
C、浓硝酸能氧化 NO,而稀硝酸不能氧化 NO,说明浓硝酸的氧化性强于稀硝酸,即硝酸浓度
越大,氧化性越强,解释合理,故 C 说法正确;
D、钠与乙醇反应平缓,钠与水反应剧烈,说明羟基中氢的活性:CH3CH2OH
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