陕西省西安市第一中学2019-2020学年高二化学下学期期中试题（解析版） 19页

市一中 2019—2020 学年度第二学期线上教学测试 高二化学（选修 5）试题 第 I 卷 一、选择题（本题包括 20 小题，每小题只有一个选项符合题意） 1.当前，我国急待解决的“白色污染”通常是指（ ） A. 冶炼厂的白色烟尘 B. 石灰窑的白色粉末 C. 聚乙烯等塑料垃圾 D. 白色建筑材料 【答案】C 【解析】 【详解】白色污染是指难以降解的塑料制品对环境造成的污染；答案选 C。 2. 下列物质中属于高分子化合物的是 A. 脂肪 B. 棉花 C. 蔗糖 D. 甘油 【答案】B 【解析】 【分析】 相对分子量达到 10000 以上的化合物为高分子化合物，常见的高分子化合物有淀粉、纤维素、 蛋白质及各种聚合物等，据此进行解答。 【详解】A.脂肪属于油脂,相对分子量较小,不属于高分子化合物,故 A 错误； B.棉花（C6H10O5）主要成分为纤维素,其相对分子量达到几万、甚至几十万,属于天然有机高分 子化合物，所以 B 选项是正确的； C.蔗糖（C6H12O6）为二糖,相对分子量较小，不属于高分子化合物，故 C 错误； D.甘油为丙三醇,其分子式为:C3H8O3，相对分子量较小,不属于高分子化合物,故 D 错误； 综上所述，本题正确选项 B。 3.医院在对某类病人的尿液进行检查时常把氢氧化钠溶液和硫酸铜溶液加入到其尿液中并加 热，如果观察到产生红色沉淀，说明该尿液中含有 A. 食醋 B. 白酒 C. 食盐 D. 葡萄糖 【答案】D 【解析】 【详解】A．食醋和氢氧化铜反应生成醋酸铜和水，使沉淀溶解，没有红色沉淀出现，故 A 错 误； B．白酒中主要含有酒精，酒精和氢氧化铜不反应，没有红色沉淀生成，故 B 错误； C．食盐和氢氧化铜不反应，没有红色沉淀生成，故 C 错误； D．葡萄糖中含有醛基，醛基具有还原性，能被新制的氢氧化铜氧化，有红色沉淀生成，说明 尿液中含有葡萄糖，故 D 正确； 故答案选 D。 【点睛】新制氢氧化铜可以检验醛基的存在，值得注意的是久置的氢氧化铜、新制氢氧化铜 的性质还是有些差别。 4.下列说法正确的是 A. 煤的干馏、石油的分馏分别是化学变化、物理变化 B. 蚕丝、羊毛和淀粉分别属于纤维素、蛋白质和多糖 C. 丁烷有 3 种同分异构体 D. 油脂、淀粉、葡萄糖、蛋白质均能发生水解反应 【答案】A 【解析】 【详解】A．石油的分馏主要是物理变化而煤的干馏主要是化学变化，故 A 正确； B．蚕丝属于蛋白质，羊毛和淀粉分别属于蛋白质和多糖，故 B 错误； C．丁烷有 2 种同分异构体，正丁烷和异丁烷，故 C 错误； D．葡萄糖是单糖，不能发生水解反应，故 D 错误； 故答案为 A。 5.聚丙烯酸酯类涂料是目前市场上流行的墙面涂料之一，它具有弹性好、不易老化、耐擦洗、 色泽亮丽等优点．下边是聚丙烯酸酯的结构简式， 它属于 ①无机化合物 ②有机化合物 ③高分子化合物 ④离子化合物 ⑤共价化合物 A. ①③④ B. ①③⑤ C. ②③⑤ D. ②③④ 【答案】C 【解析】 【详解】根据聚丙烯酸酯的结构简式可知，该化合物是甲聚产物，属于高分子化合物，所以 正确的答案是 C。 6.下列各物质中，互为同系物的是 A. 和 B. HCOOCH3 和 CH3COOH C. 油酸和软脂酸 D. 和 【答案】D 【解析】 【详解】A． 和 ，前者为苯酚，后者为苯甲醇，二者结构不相似，不属 于同系物，故 A 错误； B．HCOOCH3 和 CH3COOH，前者为甲酸甲酯，后者为乙酸，二者互为同分异构体，不属于 同系物，故 B 错误； C．油酸属于不饱和脂肪酸，结构中含有碳碳双键，软脂酸属于饱和脂肪酸，二者结构不相似， 不属于同系物，故 C 错误； D． 和 都是苯的同系物，结构相似，分子间相差 1 个 CH2 原子 团，互为同系物，故 D 正确； 故选 D。 【点睛】本题的易错点为 A，要注意酚类与醇类结构的区别。 7.除去溶解在苯中的少量苯酚，正确的方法是 A. 用过滤器过滤 B. 用分液漏斗分液 C. 加入足量浓溴水后再过滤 D. 加入适量 NaOH 溶液，反应后再分液 【答案】D 【解析】 【详解】A．苯与苯酚互溶，不能过滤分离，故 A 错误； B．苯与苯酚互溶，不能用分液漏斗分液分离，故 B 错误； C．生成的三溴苯酚能够溶于苯中，应用氢氧化钠溶液除杂，故 C 错误； D．苯酚与 NaOH 反应后，与苯分层，再分液可分离，故 D 正确； 故选 D。 8.某芳香族有机物的分子为 C8H6O2，它的分子（除苯环外不含其它环）中不可能有 A. 两个羟基 B. 一个醛基 C. 二个醛基 D. 一个羧基 【答案】D 【解析】 【分析】 某芳香族有机物的分子为 C8H6O2，根据其分子式可以判断，其结构除苯环外，还有两个不饱 和度、两个 C 原子和两个 O 原子，故其有多种可能的结构。 【详解】A. 根据分析可知，其苯环上可能有两个羟基和一个乙炔基； B. 根据分析可知，其苯环上可能有一个醛基和一个羰基； C. 根据分析可知，其苯环上可能有二个醛基； D. 根据分析可知，其苯环上不可能有一个羧基，这样还有一个不饱和度无法安排，故 D 不可 能。 故选 D。 9.下列关于蛋白质的叙述中不正确的是( ) A. 蛋白质溶液里加入饱和(NH4)2SO4 溶液，蛋白质析出；向析出的蛋白质中加水，蛋白质不 溶解 B. 人工合成具有生命活力的蛋白质——结晶牛胰岛素是我国科学家在 1965 年首次合成的 C. 重金属盐能使蛋白质凝结，故误食重金属盐会中毒 D. 浓硝酸溅在皮肤上，使皮肤呈黄色，这是由于浓硝酸与蛋白质发生了颜色反应 【答案】A 【解析】 【详解】A、蛋白质溶液里加入饱和硫酸铵溶液，蛋白质析出，发生盐析，该过程可逆，再加 入水还能重新溶解，而不影响蛋白质的性质，A 错误； B、人工合成具有生命活力的蛋白质—-结晶牛胰岛素是我国科学家在 1965 年首次合成的，B 正确； C、重金属盐能使蛋白质变性，吞服钡餐不会引起中毒，C 正确； D、皮肤成分是蛋白质，浓硝酸溅在皮肤上，能使皮肤呈黄色是由于蛋白质和浓硝酸发生颜色 反应，D 正确； 答案选 A。 10.下列不互为同分异构体的一组物质是 A. 丙酸和甲酸乙酯 B. 淀粉和纤维素 C. 丁醇和 2－甲基－1－丙醇 D. 蔗糖和麦芽糖 【答案】B 【解析】 【详解】A．丙酸和甲酸乙酯，分子式相同，结构不同，属于同分异构体，故 A 正确； B．淀粉和纤维素，虽然分子式相同，但是由于 n 值不同，不是同分异构体，故 B 错误； C．丁醇和 2－甲基－1－丙醇分子式相同，结构不同，属于同分异构体，故 C 正确； D．蔗糖和麦芽糖分子式相同，结构不同，属于同分异构体，故 D 正确； 故答案为 B。 11.根据下列反应步骤，由 2－丙醇转化为 1,2—丙二醇（HOCH2—CHOH—CH3）的正确的反 应类型的顺序是 （ ） A. 消去―取代―加成 B. 取代―消去―加成 C. 消去―加成―水解 D. 水解―取代―取代 【答案】C 【解析】 【分析】 2-丙醇 CH3-CH（OH）-CH3 合成 1，2-丙二醇 CH3CHOH-CH2OH 时，可用逆推法判断，即 CH3CHOHCH2OH→CH3CHBrCH2Br→CH3CH=CH2→CH3CHOHCH3，应先发生消去反应，然 后发生加成反应，最后发生取代反应可生成 CH3CHOH-CH2OH． 【详解】2-丙醇 CH3-CH（OH）-CH3 合成 1，2-丙二醇 CH3CHOH-CH2OH 时，可用逆推法判 断，即 CH3CHOHCH2OH→CH3CHBrCH2Br→CH3CH=CH2→CH3CHOHCH3，则 2-丙醇应先发 生 消 去 反 应 生 成 CH3CH=CH2 ， CH3CH=CH2 发 生 加 成 反 应 生 成 CH3CHBrCH2Br ， CH3CHBrCH2Br 发生水解反应可生成 1，2-丙二醇. 故选 C。 12.有机物 有多种同分异构体，其中属于酯且含有苯环的共有 A. 3 种 B. 4 种 C. 5 种 D. 6 种 【答案】D 【解析】 【详解】属于酯类，则一定含有－COO－结构；如果分子中含有 1 个取代基，则取代基是－ OOCCH3、－CH2OOCH、－COOCH3；如果含有 2 个取代基，则是甲基和－OOCH，而位置 可以是邻、间、对三种，因此根据是 6 种； 答案选 D。 13.某化合物的结构(键线式)及球棍模型如下．该有机分子的核磁共振波谱图如下(单位是ppm)： 下列关于该有机物的叙述正确的是 A. 该有机物不同化学环境的氢原子有 8 种 B. 该有机物属于芳香族化合物 C. 键线式中的 Et 代表的基团为－CH3 D. 该有机物不可能发生消去反应 【答案】A 【解析】 【详解】A．该有机物结构不对称，含 8 种环境的 H 原子，所以核磁共振波谱图中有 8 种峰， A 项正确； B．该有机物中没有苯环，不属于芳香族化合物，B 项错误； C． 根据结构简式及球棍模型可知，Et 代表-CH2CH3，C 项错误； D．该有机物分子含有羟基，且与羟基相连的C 的邻位 C 上含 H，所以在一定条件下能够发生 消去反应，D 项错误； 14. 某有机物的结构如下式，在以下六种反应类型： ①加成②水解③酯化④氧化⑤中和⑥消 去中，它在一定条件下能够发生的反应是 A. ②③④ B. ①③⑤⑥ C. ②③④⑤⑥ D. ①③④⑤ 【答案】D 【解析】 【详解】①有机物含有醛基、苯环，则它能和氢气发生加成反应； ②有机物中不含有卤原子、酯基等能发生水解反应的官能团，则不能发生水解反应； ③有机物含有羧基能和醇羟基发生酯化反应，含有的醇羟基也能羧基发生酯化反应； ④有机物含有醇羟基结构，醇羟基能被氧化成醛基，同时含有醛基，醛基能被氧化成羧基， 即能够发生氧化反应； ⑤有机物含有羧基，具有酸性，能和碱发生中和反应； ⑥有机物中含有醇羟基，但与醇羟基相连碳原子的邻碳上没有氢原子，故不能发生消去反应； 故答案为 D。 15. 萤火虫发光原理如图： 关于荧光素及氧化荧光素的叙述，正确的是（ ） A. 互为同系物 B. 均可发生硝化反应 C. 均可与碳酸氢钠反应 D. 均最多有 7 个碳原子共平面 【答案】B 【解析】 【详解】A．荧火素和氧化荧光素分子所含的官能团不同，二者不是同系物，A 项错误； B.二者均可与浓硝酸发生苯环上的硝化反应，B 项正确； C.羧基能与 NaHCO3 溶液反应，但酚羟基不能与碳酸氢钠溶液反应，C 项错误； D.凡直接与苯环相连的原子一定在同一平面内，所以荧火素和氧化荧光素分子最少有 7 个碳原 子共平面，D 项错误； 答案选 B。 16.由下列 5 种基团中的 2 个不同基团两两组合：①—OH ②—CH3 ③—COOH ④ ⑤—CHO，形成的有机物能与 NaOH 反应的有 A. 2 种 B. 3 种 C. 4 种 D. 5 种 【答案】D 【解析】 【分析】 能与 NaOH 反应的有机物含-COOH、-COOC-或酚-OH，据此分析解答。 【详解】③-COOH 分别与②④⑤组合的三种有机物均含-COOH，均能与 NaOH 反应；①与④ 组合成苯酚具有弱酸性，能与 NaOH 反应；①与⑤组合成 HCOOH，能与 NaOH 反应；综上 所述，共有 5 种有机物能与 NaOH 反应，故选 D。 【点睛】把握有机物的官能团及性质的关系为解答的关键。本题的易错点为①③组合成的碳 酸为无机物。 17.能用分液漏斗分离的混合物是（ ） A. 液溴和四氯化碳 B. 乙醇和乙酸 C. 氯化钙和碳酸钠溶液 D. 苯和蒸馏水 【答案】D 【解析】 【详解】A．液溴和四氯化碳相互混溶，不分层，应利用蒸馏法分离，故 A 错误； B．乙醇和乙酸相互混溶，不分层，应利用蒸馏法分离，故 B 错误； C．氯化钙和碳酸钠溶液混合后有白色沉淀，过滤分离，故 C 错误； D．苯和蒸馏水混合分层，苯在上层，则能用分液漏斗分离，故 D 正确； 故答案为 D。 18.下列反应中原子利用率高，符合“绿色化学”要求的是 A. 乙烷与 Cl2 反应制氯乙烷 B. 乙醇和浓硫酸共热制乙烯 C. 乙酸和乙醇共热酯化 D. 乙烯在催化剂作用下直接氧化制得唯一产物乙醛 【答案】D 【解析】 A．由乙烷与氯气在光照条件下发生反应得到的产物有：一氯乙烷，1，1-二氯乙烷，1，2-二 氯乙烷，1，1，2-三氯乙烷，1，1，2，2-四氯乙烷，1，1，1，2-四氯乙烷，1，1，1，2， 2-五氯乙烷，六氯乙烷和氯化氢，产物不唯一，不符合绿色化学思想，故 A 错误； B．CH3CH2OH CH2=CH2↑+H2O，还有水生成，原子的利用没有全部转入期望的产物中， 不 符 合 绿 色 化 学 思 想 ， 故 B 错 误 ； C ． 乙 酸 和 乙 醇 在 浓 硫 酸 作 用 下 加 热 CH3COOH+CH3CH2OH CH3COOCH2CH3+H2O 生成乙酸乙酯和水，原子的利用没有全部转入期 望的产物中，不符合绿色化学思想，故 C 错误；D．乙烯在催化剂作用下直接氧化制得唯一产 物乙醛，2C2H4+O2 2CH3CHO，原子的利用全部转入期望的产物中，符合绿色化学思想， 故 D 正确；故选 D。 点睛：理解绿色化学的核心就是要利用化学原理从源头消除污染是解答的关键，“绿色化学” 就是要求原料物质中的所有原子完全被利用，全部转入期望的产物中，原子的利用率 100%， 无污染、无公害的化学，常见的反应类型有：化合反应、加成反应、加聚反应，据此即可解 答。 19.普伐他汀是一种调节血脂的药物，其结构如图所示。下列关于普伐他汀的性质描述正确的 是 A 能与 FeCl3 溶液发生显色反应 B. 不能使酸性 KMnO4 溶液褪色 C. 能发生加成、取代、消去反应 D. 1 mol 该物质最多可与 1 mol NaOH 反应 【答案】C 【解析】 【分析】 由结构简式可知，分子中含碳碳双键、-OH、-COOC-、-COOH，结合烯烃、羧酸、醇、酯的 性质来解答。 【详解】A、不含苯环，不能与 FeCl3 溶液发生显色反应，故 A 错误； B、含有碳碳双键，能使酸性 KMnO4 溶液褪色，故 B 错误； C、含有羟基，邻位含有氢原子，可发生消去反应，含有碳碳双键、羧基等，能发生取代反应、 加成反应，故 C 正确； D、-COOH、-COOC-可与 NaOH 反应，则 1mol 该物质最多可与 2mol NaOH 反应，故 D 错误。 答案选 C。 【点睛】本题考查有机物的结构与性质，把握官能团与性质的关系为解答的关键，侧重烯烃、 羧酸、醇及酯性质的考查。 20.缬氨霉素(valinomycin)是一种脂溶性的抗生素，是由 12 个分子组成的环状化合物，它的结 构简式如图所示，有关说法正确的是 A. 缬氨霉素是一种蛋白质 B. 缬氨霉素完全水解可得到四种氨基酸 C. 缬氨霉素完全水解后的产物中有两种产物互为同系物 D. 缬氨霉素完全水解，其中一种产物与甘油互为同分异构体 【答案】C 【解析】 【详解】A、蛋白质是高分子化合物，分子中含有氨基、羧基和肽键，而缬氨霉素是由 12 个 分子组成的环状化合物，故 A 错误； B．缬氨霉素发生水解产物有三种 、 和 ，且只 有 是氨基酸，故 B 错误： C． 和 互为同系物，故 C 正确； D． 与甘油醛（ ）互为同分异构体，与甘油分子式都不同，故 D 错误； 故选 C。 第 II 卷 二、非选择题 21..邻羟基苯甲酸(俗名水杨酸)其结构简式为 ： (1).水杨酸既可以看成是__________类物质，同时也可以看成是_____________类物质。 (2).将其与_______________溶液作用生成物的化学式为 C7H5O3Na，将其与_____________溶液 作用生成物的化学式为 C7H4O3Na2； (3).水杨酸的不同类同分异构体中，属于酚类且也具有苯环的化合物的结构简式为 ______________，它还可看成是__________类物质。 (4).比水杨酸多一个 CH2 原子团，且与水杨酸属于同系物的取代基数目不同的两类物质的结构 简式分别为___________________ ________________ (5).比水杨酸多一个 CH2 原子团，且与水杨酸不属于同系物的两类物质的结构简式分别为 _________________________________________ 【答案 】 (1). 酚 (或羧酸 ) 羧酸( 或酚) (2). NaHCO3 (3). NaOH( 或 Na2CO3) (4). : (5). 酯 (6). : (7). (8). (9). 【解析】 【分析】 (1)水杨酸中铵酚-OH、-COOH,以此分析类别； (2)由化学式可以知道,Na 原子个数为 2,则与 Na 或 NaOH、Na2CO3 反应；Na 原子个数为 1 时,只 有-COOH 反应,则与 NaHCO3 反应； (3)属于酚类且也具有苯环的化合物,则-COOH 变为-OOCH； (4)比水杨酸多一个 CH2 原子团,与水杨酸属于同系物,则酚-OH 的位置不变,多一个甲基或在苯 环与-COOH 之间加 1 个 CH2； (5)比水杨酸多一个 CH2 原子团,苯环上有两个取代基,且与水杨酸不属于同系物的两类物质,为 酯或醇。 【详解】(1)含酚-OH,则属于酚,含-COOH,则属于羧酸； 答案是:酚(或羧酸)；羧酸(或酚)； (2)由化学式可以知道,Na 原子个数为 2,则与 Na 或 NaOH、Na2CO3 反应,溶液为 NaOH(或 Na2CO3)； Na 原子个数为 1 时,只有-COOH 反应,则与 NaHCO3 反应； 因此，本题正确答案是: NaHCO3；NaOH(或 Na2CO3)； (3)属于酚类且也具有苯环的化合物,则-COOH 变为-OOCH,结构简式为 ,含-COOC-, 属于酯类； 答案是: ；酯； (4)比水杨酸多一个 CH2 原子团,与水杨酸属于同系物,则酚-OH 的位置不变,多一个甲基或在苯 环与-COOH 之间加 1 个 CH2,则符合条件的结构简式为 （或 、 ）、 ； 故答案是: ； ； (5)比水杨酸多一个 CH2 原子团,苯环上有两个取代基,且与水杨酸不属于同系物的两类物质,为 酯或醇,其结构简式分别为 、 ； 因此，本题正确答案是: ； 。 22.化合物 C 是医用功能高分子材料，可由化合物 A(C4H8O3)制得，如下图所示，B 和 D 互为 同分异构体。 (1)试写出下列反应的化学方程式 A→B________________________________； B→C _________________ ； (2)试写出下列反应的反应类型 A→B___________；B→C___________；A→D_______________ 。 【 答 案 】 (1). HOCH2CH2CH2COOH CH2=CHCH2COOH+H2O (2). nCH2=CHCH2COOH (3). 消去反应 (4). 加聚反应 (5). 酯化反应(或取代反应) 【解析】 【分析】 A 的分子式为 C4H8O3，具有酸性，且在浓硫酸的作用下生成 D，D 是分子式为 C4H6O2 的五原 子环状化合物，由此推知 A 的结构简式为 HOCH2CH2CH2COOH，所以 D 为 ， B 的分子式为 C4H6O2，能使溴水褪色，所以 B 为 CH2=CHCH2COOH，加聚后得高分子 C 为 ，以此来解答。 【详解】根据上述分析可知 A 是HOCH2CH2CH2COOH ，B 是 CH2=CHCH2COOH ，C 是 ，D 是 。 (1)A 是 HOCH2CH2CH2COOH，含有醇羟基，由于羟基连接的 C 原子邻位 C 原子上有 H 原子， 因此可以与浓硫酸混合加热，发生消去反应产生 B 是 CH2=CHCH2COOH，则 A→B 的反应方 程式为：HOCH2CH2CH2COOH CH2=CHCH2COOH+H2O； B 是 CH2=CHCH2COOH，分子中含有不饱和的碳碳双键，在一定条件下发生加聚反应产生 C： ，则 B→C 的反应方程式为： nCH2=CHCH2COOH ； (2)根据(1)中分析可知 A→B 的反应类型为消去反应； B→C 的反应类型为加聚反应； A 是 HOCH2CH2CH2COOH，分子中含有羧基、醇羟基，在浓硫酸存在条件下加热，发生分子 内的酯化反应，产生环状酯 D 和水，所以 A→D 的反应类型为酯化反应，酯化 反应也是取代反应。 23.按要求回答下列问题： (1)CPAE 是蜂胶的主要活性成分，其结构简式如图所示： ①1 mol 该有机物最多可与________mol H2 发生加成反应。 ②写出该物质在碱性条件（NaOH 溶液）下水解生成两种产物的结构简式：__________。 (2)青蒿酸是合成青蒿素的原料，可以由香草醛合成： 判断下列说法是否正确，正确的打“√”，错误的打“×”。 ①用 FeCl3 溶液可以检验出香草醛（ ） ②香草醛可与浓溴水发生反应（ ） ③香草醛中含有 4 种官能团（ ） ④1 mol 青蒿酸最多可与 3 mol H2 发生加成反应（ ） ⑤可用 NaHCO3 溶液检验出香草醛中的青蒿酸（ ） (3)甲、乙、丙三种物质是某抗生素合成过程中的中间产物，下列说法正确的是________。 A．甲、乙、丙三种有机化合物均可跟 NaOH 溶液反应 B．用 FeCl3 溶液可区分甲、丙两 种有机化合物 C．一定条件下丙可以与 NaHCO3 溶液、C2H5OH 反应 D．乙、丙都能发生银镜反应 【答案】 (1). 7 (2). 、 (3). √ (4). √ (5). × (6). × (7). √ (8). BC 【解析】 【分析】 (1)①苯环和碳碳双键能够与氢气发生加成反应，据此分析判断； ②酯基和酚羟基能够与 NaOH，据此分析书写生成物的结构简式； (2) 香草醛含有醛基，可发生加成、氧化反应，含有酚羟基，可发生取代、颜色反应，青蒿 素含有碳碳双键，可发生加成、加聚和氧化反应，含有羧基，可发生中和、酯化反应，以此 分析判断； (3) A．酚羟基、羧基、卤原子或酯基都能和 NaOH 溶液反应；B．氯化铁能和酚发生显色反应； C．丙中含有酚羟基、羧基、氯原子、醚键和苯环，具有酚、羧酸、卤代烃、醚和苯的性质； D．醛基能发生银镜反应，据此分析判断。 【详解】(1)①苯环和碳碳双键能够与氢气发生加成反应，1 mol 最多可与 7mol H2 发生加成反应，故答案 为：7； ②酯基能够在碱性条件(NaOH 溶液)下水解生成盐和醇， 在碱性条件(NaOH 溶液)下水解生成的两种 产物为 和 ，故答案为： 、 ； (2)①香草醛中含有酚羟基，用 FeCl3 溶液可以检验出香草醛，正确，故答案为：√； ②香草醛中含有酚羟基，可与浓溴水发生反应，正确，故答案为：√； ③香草醛中含有酚羟基、醚键和醛基，共 3 种官能团，错误，故答案为：×； ④碳碳双键能够与氢气发生加成反应，1 mol 青蒿酸最多可与 2 mol H2 发生加成反应，错误， 故答案为：×； ⑤羧基能够与碳酸氢钠反应放出二氧化碳，可用 NaHCO3 溶液检验出香草醛中的青蒿酸，正 确，故答案为：√； (3) A．酚羟基、羧基、卤原子或酯基都能和 NaOH 溶液反应，甲中不含酚羟基、羧基、卤原 子或酯基，所以甲不能和 NaOH 溶液反应，故 A 错误；B．氯化铁能和酚发生显色反应，甲 不含酚羟基而丙含有酚羟基，则丙能发生显色反应，而甲不能发生显色反应，所以可以用氯 化铁溶液鉴别甲、丙，故 B 正确；C．丙中含有酚羟基、羧基、氯原子、醚键和苯环，具有酚、 羧酸、卤代烃、醚和苯的性质，羧基能和乙醇发生酯化反应、与碳酸氢钠反应放出二氧化碳， 故 C 正确；D．醛基能发生银镜反应，乙含有醛基，能发生银镜反应，丙不含醛基，不能发生 银镜反应，故 D 错误；故答案为：BC。 【点睛】明确官能团及其性质关系是解本题关键。本题的易错点为(2)，要注意酚羟基与碳酸 氢钠不能反应，能够与碳酸钠反应生成碳酸氢钠。 三、实验题 24.实验室用加热 l－丁醇、溴化钠和浓 H2SO4 的混合物的方法来制备 1-溴丁烷时，还会有烯、 醚等副产物生成。反应结束后将反应混合物蒸馏，分离得到 1-溴丁烷，已知相关有机物的性 质如下： 熔点/℃ 沸点/℃ 1-丁醇 -89.53 117．25 1-溴丁烷 -112.4 101．6 丁醚 -95．3 142．4 1-丁烯 -185．3 -6．5 A B C D ⑴制备 1－溴丁烷的装置应选用上图中的_______（填序号）。反应加热时的温度不宜超过 100℃，理由是______。 ⑵制备操作中，加入的浓硫酸必需进行稀释，其目的是_____。（填字母） A.减少副产物烯和醚的生成 b.减少 Br2 的生成 c.减少 HBr 的挥发 d.水是反应的催化剂 ⑶反应结束后，将反应混合物中 1－溴丁烷分离出来，应选用的装置是______。该操作应控制 的温度（t）范围是_______。 ⑷欲除去溴代烷中的少量杂质 Br2，下列物质中最适合的是______。（填字母） A.NaI b.NaOH c.NaHSO3 d.KCl 【答案】 (1). C (2). 防止 1-溴丁烷因气化而逸出，影响产率 (3). abc (4). D (5). 101.6℃≤t＜117.25℃ (6). c 【解析】 【分析】 根据蒸馏原理及题干中熔沸点信息分析使用的仪器及加热时的温度；根据消去反应原理及浓 硫酸的强氧化性分析反应中硫酸的作用；根据卤代烷的的性质分析除去其中杂质的方法。 【详解】（1）实验室用加热 1-丁醇、溴化钠和浓 H2SO4 的混合物的方法来制备 1-溴丁烷时， 发生反应生成产物中含有易溶于水的溴化氢，还会有烯、醚等副产物生成，吸收装置需要防 倒吸；制备 1-溴丁烷的装置应选用上图中 C；1-溴丁烷沸点 101.6，反应加热时的温度不宜超 过 100℃，防止 1-溴丁烷因气化而逸出，影响产率；故答案为 C；防止 1-溴丁烷因气化而逸出， 影响产率； （2）a.浓硫酸和 1-丁醇反应发生副反应消去反应生成烯烃、分子间脱水反应生成醚，稀释后 不能发生类似反应减少副产物烯和醚的生成，故 a 正确； b.浓硫酸具有强氧化性能氧化溴离子为溴单质，稀释后减少 Br2的生成，故 b 正确； c.反应需要溴化氢和 1-丁醇反应，浓硫酸溶解溶液温度升高，使溴化氢挥发，稀释后减少 HBr 的挥发，故 c 正确； d.水不是反应的催化剂，故 d 错误，故答案为 abc； （3）反应结束后将反应混合物蒸馏，分离得到 1-溴丁烷，应选用的装置为 D，体积图表数据 温度应控制在 101.6℃≤t＜117.25℃，故答案为 D；101.6℃≤t＜117.25℃； （4）欲除去溴代烷中的少量杂质 Br2， a.NaI 和溴单质反应，但生成的碘单质会混入，故 a 不选； b.溴单质和氢氧化钠反应，溴代烷也和 NaOH 溶液中水解反应，故 b 不选； c.溴单质和 NaHSO3 溶液发生氧化还原反应可以除去溴单质，故 c 选； d.KCl 不能除去溴单质，故 d 不选，故答案为 c。 25.某有机化合物 A 经李比希法测得其中含碳为 72.0%、含氢为 6.67%，其余为氧。现用下列 方法测定该有机化合物的相对分子质量和分子结构。 方法一：用质谱法分析得知 A 的相对分子质量为 150。 方法二：核磁共振仪测出 A 的核磁共振氢谱有 5 个峰，其面积之比为 1:2:2:2:3，如下图所示。 方法三：利用红外光谱仪测得 A 分子的红外光谱如上图所示。 请填空： （1）A 的分子式为________。 （2）A 的分子中含一个甲基的依据是________。 a．A 的相对分子质量 b．A 的分子式 c．A 的核磁共振氢谱图 d．A 分子的红外光谱图 （3）A 的结构简式为________。 （4）A 的芳香类同分异构体有多种，其中符合下列条件：①分子结构中只含一个官能团；② 分子结构中含有一个甲基；③苯环上只有一个取代基。则该类 A 的同分异构体共有________ 种。 【答案】 (1). C9H10O2 (2). bc (3). (4). 5 【解析】 【详解】(1)有机物 A 中 C 原子个数 N(C)═ 150 72.0% 12  =9，有机物 A 中 H 原子个数 N(H)═150 6.67% 1  =10，有机物 A 中 O 原子个数 N(O)═150 12 9 10 16    =2，所以有机物 A 的分子式为 C9H10O2，故答案为 C9H10O2； (2)A 的核磁共振氢谱有 5 个峰，说明分子中有 5 种 H 原子，其面积之比为对应的各种 H 原子 个数之比，由分子式可知分子中 H 原子总数，进而确定甲基数目，所以需要知道 A 的分子式 及 A 的核磁共振氢谱图，故答案为 bc； (3)由 A 分子的红外光谱知，含有 C6H5C-基团，由苯环上只有一个取代基可知，苯环上的氢有 三种，H 原子个数分别为 1 个、2 个、2 个．由 A 的核磁共振氢谱可知，除苯环外，还有两种 氢，且两种氢的个数分别为 2 个、3 个，由 A 分子的红外光谱可知，A 分子结构有碳碳单键及 其它基团，所以符合条件的有机物 A 结构简式为 ，故答案为 ； (4)A 为 ，A 的芳香类同分异构体有多种，①分子结构中只含一个 官能团；②分子结构中含有一个甲基；③苯环上只有一个取代基，满足条件的取代基(组成为 -C3H5O2)有：-OOCCH2CH3、-CH2OOCCH3、-CH2COOCH3、-CH(CH3)OOCH、-CH(CH3)COOH， 共 5 种，故答案为 5。