2019年四川省广安市中考物理试题（Word版，含解析）# 30页

‎2019年四川省广安市中考物理试卷 ‎ 一、选择题（每小题只有一个选项符合题意，请将所选选项填涂在答题卡上相应位置．每小题1.5分，共18分）‎ ‎1．（1.5分）下列估测与事实最接近的是（　　）‎ A．完整播放一遍我国国歌的时间约为50s ‎ B．一本九年级物理课本的质量约为25g ‎ C．家用电冰箱一天消耗的电能约为24kW•h ‎ D．初中生小美站立在水平地面上对水平地面的压强约为500Pa ‎2．（1.5分）下列有关声现象的说法正确的是（　　）‎ A．声音从水中传到空气中，它的传播速度将变大 ‎ B．医院里检查身体用的B超是利用超声波来传递信息 ‎ C．弹琴时不断用手指控制琴弦，主要是为了改变音色 ‎ D．把手机调到静音状态是在人耳处减弱噪声 ‎3．（1.5分）下列现象不可能出现的是（　　）‎ A．寒冷的冬天，冰冻的衣服也会变干 ‎ B．有风的天气，游泳后刚从水中出来会感觉冷 ‎ C．潮湿的夏天，从冰箱里取出的可乐瓶上会出现小水珠 ‎ D．在标准大气压下，水结冰过程中，冰水混合物温度会低于0℃‎ ‎4．（1.5分）下列关于光现象及其形成原因，说法正确的是（　　）‎ A．小孔成像﹣﹣光的漫反射 ‎ B．池水变浅﹣﹣光的折射 ‎ C．海市蜃楼﹣﹣光的直线传播 ‎ D．镜花水月﹣﹣光的直线传播 ‎5．（1.5分）如图所示，开关S闭合时，灯泡L1、L2组成并联电路的是（　　）‎ A． B． ‎ C． D．‎ ‎6．（1.5分）日常生活中，处处有物理，下列说法错误的是（　　）‎ A．汽车轮胎的轴承中装有滚珠是为了减小摩擦 ‎ B．铅垂线的应用原理是重力的方向总是竖直向下 ‎ C．推门时离门轴越近，用力越大，说明力的作用效果与力的作用点有关 ‎ D．乘车时系上安全带是为了减小惯性 ‎7．（1.5分）如图所示，电源电压不变，L1、L2两个灯泡的规格相同。闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P都从中点向右滑动的过程中，关于两灯的亮度情况，说法正确的是（　　）、‎ A．L1始终比L2暗 B．L1始终比L2亮 ‎ C．L1和L2都变暗 D．L1和L2都变亮 ‎8．（1.5分）下列情况会造成家庭电路中的“空气开关”自动“跳闸”的是（　　）‎ A．开关中的两个线头相碰 ‎ B．双孔插座中的两个线头相碰 ‎ C．灯泡灯丝断了 ‎ D．插头和插座接触不良 ‎9．（1.5分）下列关于能量的说法中，正确的是（　　）‎ A．洗衣机工作时是将机械能转化为电能 ‎ B．电水壶工作时是将内能转化为电能 ‎ C．用热水泡脚，身体会感觉暖和，说明内能可以转移 ‎ D．能量无论是转化还是转移，能量总和会逐渐减少 ‎10．（1.5分）如图所示，甲、乙两个完全相同的容器中盛有两种不同的液体，把两个完全相同的立方体A、B分别放入这两种液体中，均处于漂浮状态，静止时两个容器中的液面相平，A、B在两种液体中所受浮力分别为FA、FB，液体对烧杯底的压强分别为p甲、p乙，则（　　）‎ A．FA＜FB p甲＝p乙 B．FA＝FB p甲＝p乙 ‎ C．FA＝FB p甲＜p乙 D．FA＝FB p甲＞p乙 ‎11．（1.5分）如图所示，用6N的水平拉力F拉动物体A在水平地面上向右匀速运动，物体B静止不动，弹簧测力计示数为2N，下列说法正确的是（　　）‎ A．A对B的摩擦力大小为4N，方向水平向右 ‎ B．B对A的摩擦力大小为2N，方向水平向右 ‎ C．地面对A的摩擦力大小为4N，方向水平向左 ‎ D．地面对A的摩擦力大小为6N，方向水平向左 ‎12．（1.5分）如图所示，甲、乙两个滑轮组，其中每个滑轮的质量都相同、分别用拉力F1、F2将重物G1、G2提升相同高度，不计绳重和摩擦，下列说法正确的是（　　）‎ A．若G1＝G2，则拉力F1、F2做的总功相同 ‎ B．若G1＝G2，则拉力F2做的有用功多 ‎ C．若G1＞G2，则甲的机械效率大于乙的机械效率 ‎ D．若G1＞G2，则甲、乙两个滑轮组的机械效率相等 二、填空题（每空1分，共14分）‎ ‎13．（2分）如图所示是一款“运动手环”，其主要部分是一段内置一小块磁铁的密闭空心塑料管，管外缠绕着线圈。戴着这种手环走路时，塑料管跟着手一起运动，磁铁则在管内反复运动，线圈中便会产生电流，液晶屏上就会显示出运动的步数，此过程利用了　 　的原理，将　 　能转化为电能。‎ ‎14．（2分）夏日荷花盛开飘来阵阵花香，这是　 　现象；清晨荷叶上的两颗露珠接触后成为了更大的一颗水珠，表明分子之间存在　 　力。‎ ‎15．（2分）抽油烟机的核心部件是电动机，图中与电动机的工作原理相同的是　 　图（选填“甲”或“乙”）抽油烟机工作时是利用气体流速大，压强　 　的原理把油烟抽到室外。‎ ‎16．（2分）2018年5月21日，我国成功发射了“嫦娥四号”的中继星﹣﹣“鹊桥号”、它将成为“嫦娥四号”与地球间的通信桥梁。“鹊桥号”在随火箭加速升空的过程中会发出巨大的声音，这声音是由物体的　 　产生的。若“鹊桥号”质量为500kg，加速升空1000m，“鹊桥号”需克服重力做功　 　J（g取10N/kg）。‎ ‎17．（2分）如图所示电路中，电源电压恒为6V，当闭合开关时，电压表的示数为4V，则灯L2两 端电压为　 　V，灯L1、L2的阻值之比为　 　。‎ ‎18．（2分）如图所示，一轻质杠杆水平支在支架上，OA：OC＝2：1，G1是边长为5cm的正方体，G2重20N，则绳子对G1的拉力为　 　N，此时G1对地面的压强为2×104Pa，G1重　 　N。‎ ‎19．（2分）如图所示，电源电压不变，闭合开关，当标有“6V 12W”字样的小灯泡正常发光时，滑动变阻器的功率为P1，移动滑动变阻器的滑片，当小灯泡的电功率为3W时，滑动变阻器的功率为P2，忽略温度对灯丝电阻的影响，则小灯泡的电阻为　 　Ω，P1　 　2P2（选填“＞”、“＝”或“＜”）。‎ 三、作图题（每小题1分，共3分）‎ ‎20．（1分）如图所示、OB为反射光线，O为入射点，请画出该光线的入射光线及其折射光线。‎ ‎21．（1分）如图所示，请画出作用在杠杆B端上最小的动力F1和阻力F2的力臂l2。‎ ‎22．（1分）标出小磁针的N、S极及磁感线的方向。‎ 四、实验探究题（每空1分，共12分）‎ ‎23．（4分）小聪同学在江边捡到一块漂亮的鹅卵石，他用天平和量筒测量它的密度。‎ ‎（1）如图甲所示，小聪在调节天平横梁平衡过程中的错误操作是　 　；‎ ‎（2）小聪纠正错误后，正确测量出了鹅卵石的质量，如图乙所示，则鹅卵石的质量为　 　g；‎ ‎（3）小聪将鹅卵石放入盛有50mL水的量筒中，静止时液面如图丙所示，则鹅卵石密度为　 　kg/m3。‎ ‎（4）小聪根据所测数据，在图丁上描出一个对应的点A，接着他又换用另一石块重复上述实验，将所测数据在图上又描出了另一个对应的点B，若ρA、ρB分别代表鹅卵石和另一石块的密度，则ρA　 　ρB（选填“＞”、“＝”或“＜”）。‎ ‎24．（4分）小明想探究凸透镜成像规律，他选用了焦距为10cm的凸透镜进行实验。‎ ‎（1）当蜡烛、凸透镜、光屏处于如图所示的位置时，光屏中央呈现出清晰的像，则该像是倒立、　 　（选填“放大”、“缩小”或“等大”）的实像，生活中的　 　（选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）就是利用这一成像原理工作的；‎ ‎（2）在光屏上得到清晰的像后，小聪取下自己的近视眼镜放在烛焰和凸透镜之间，发现光屏上的像变得模糊，为了再次在光屏上得到烛焰清晰的像，可保持蜡烛和凸透镜位置不变，将光屏　 　（选填“远离”或“靠近”）凸透镜移动到适当位置；‎ ‎（3）蜡烛随着燃烧而变短，为了使像仍能成在光屏中央，这时最合理的调整是　 　。‎ A．只需将凸透镜向下移动一些 B．只需将光屏向上移动一些 C、将凸透镜和光屏都向下移动一些 D．以上方法都可以 ‎25．（4分）学校科技创新小组用伏安法测量小灯泡的电阻，电源电压为3V，待测小灯泡的额定电压为2.5V。‎ ‎（1）请用笔划线代替导线，完成图甲中实物电路的连接，要求：①滑片P向右移动时，电流表示数变小；②连线不能交又；‎ ‎（2）检查电路无误后，闭合开关，灯泡不亮，电压表有示数，电流表示数为零，导致这一现象的原因可能是 ‎　 　。‎ A．电压表短路 B．电压表断路 C．滑动变阻器短路 D．小灯泡断路 ‎（3）故障排除后，闭合开关，当滑动变阻器的滑片P移到某一位置时、电压表示数如图乙所示，要测量小灯泡正常发光时的电阻，应将滑动变阻器的滑片向　 　移动（选填“左”或“右”）。‎ ‎（4）通过移动滑动变阻器的滑片P记录了多组数据，并作出了如图丙所示的I﹣U图象，由图可知小灯泡正常发光时的电阻为　 　Ω。‎ 五、计算题（26、27小题各4分，28小题5分，共13分）‎ ‎26．（4分）太阳能具有环保、可再生等优点，某品牌太阳能热水器在一天的有效照射时间内，将热水器中质量为50kg、初温为15℃的水升高到55℃．（水的比热容c水＝4.2×103J/kg•℃）求：‎ ‎（1）热水器中水吸收的热量Q；‎ ‎（2）若改用焦炭来加热这些水，需要完全燃烧多少千克焦炭？（焦炭的热值q＝3×107J/kg，设焦炭放出的热量全部被水吸收）‎ ‎27．（4分）小蕊同学在学习了电学知识后，观察到生活中的许多电热器都有多个挡位，于是他利用电压恒为10V的电源和两个阻值不同的定值电阻，设计了如图所示的电路来探究电热器的多挡位问题。已知R1＝20Ω、R2＝30Ω，请计算：‎ ‎（1）S2闭合，S1、S3断开时，电路中的电流；‎ ‎（2）S3断开，S1、S2闭合时，通电5min电路消耗的电能；‎ ‎（3）该电路的最大功率和最小功率之比。‎ ‎28．（5分）如图所示，图甲是使用滑轮组从水中打捞一正方体物体的简化示意图，在打捞过程中物体始终以0.1m/s的速度匀速竖直上升，物体未露出水面前滑轮组的机械效率为75%，图乙是打捞过程中拉力F随时间t变化的图象。（不计绳重，忽略摩擦和水的阻力，g取10Nkg）求：‎ ‎（1）物体的边长；‎ ‎（2）物体浸没在水中时受到的浮力；‎ ‎（3）物体的重力。‎ ‎2019年四川省广安市中考物理试卷 参考答案与试题解析 一、选择题（每小题只有一个选项符合题意，请将所选选项填涂在答题卡上相应位置．每小题1.5分，共18分）‎ ‎1．（1.5分）下列估测与事实最接近的是（　　）‎ A．完整播放一遍我国国歌的时间约为50s ‎ B．一本九年级物理课本的质量约为25g ‎ C．家用电冰箱一天消耗的电能约为24kW•h ‎ D．初中生小美站立在水平地面上对水平地面的压强约为500Pa ‎【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。‎ ‎【解答】解：A、完整播放一遍我国国歌的时间约为50s，符合实际；故A正确；‎ B、一本九年级物理课本的质量约为250g，故B错误；‎ C、家用电冰箱一天消耗的电能约0.6kW•h左右，故C错误；‎ D、初中生小美站立在水平地面上对水平地面的压强约：每只鞋的底面积大约为200cm2，即0.02m2；中学生的体重大约为50kg，压力F＝G＝mg＝50kg×10N/kg＝500N，压强P＝＝＝1.25×104Pa；故D错误。‎ 故选：A。‎ ‎2．（1.5分）下列有关声现象的说法正确的是（　　）‎ A．声音从水中传到空气中，它的传播速度将变大 ‎ B．医院里检查身体用的B超是利用超声波来传递信息 ‎ C．弹琴时不断用手指控制琴弦，主要是为了改变音色 ‎ D．把手机调到静音状态是在人耳处减弱噪声 ‎【分析】（1）声音的传播速度与传播介质有关，声音在不同的介质中的传播速度不同，在固体中传播速度最快，在液体中次之，在气体中传播最慢；‎ ‎（2）声音可以传递信息和能量；‎ ‎（3）音调是指声音的高低，它和物体振动频率有关；‎ ‎（4）防治噪声的途径：在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处减弱。‎ ‎【解答】解：‎ A、声音从水中传到空气中，声速减小，故A错误；‎ B、医院里给病人检查身体用的“B超”是利用超声波来传递信息，故B正确；‎ C、当用手指去控制琴弦长度时，琴弦振动的快慢会不一样，频率不一样，所以声音的音调就会发生变化，故C错误；‎ D、课堂上老师把手机调到无声状态，是在声源处减弱噪声，故D错误。‎ 故选：B。‎ ‎3．（1.5分）下列现象不可能出现的是（　　）‎ A．寒冷的冬天，冰冻的衣服也会变干 ‎ B．有风的天气，游泳后刚从水中出来会感觉冷 ‎ C．潮湿的夏天，从冰箱里取出的可乐瓶上会出现小水珠 ‎ D．在标准大气压下，水结冰过程中，冰水混合物温度会低于0℃‎ ‎【分析】（1）固态的冰吸收热量直接变成水蒸气是升华现象；‎ ‎（2）液体蒸发是吸热过程；空气流动越快，蒸发越快；‎ ‎（3）水蒸气遇冷凝结成小水滴是液化现象。‎ ‎（4）在标准大气压下，水结冰过程中，冰水混合物温度为0℃。‎ ‎【解答】解：A、衣服里的冰升华成了水蒸气，所以冰冻的衣服干了，故A不合题意。‎ B、有风的天气，空气流动快，加快了人身上水的蒸发速度，液体蒸发需要吸收热量，所以使人感觉格外冷，故B不合题意。‎ C、潮湿的夏天空气中的水蒸气遇到从冰箱里取出的可乐瓶放出热量液化成小水滴，故C不合题意。‎ D、在标准大气压下，冰水混合物温度为0℃，故D符合题意。‎ 故选：D。‎ ‎4．（1.5分）下列关于光现象及其形成原因，说法正确的是（　　）‎ A．小孔成像﹣﹣光的漫反射 ‎ B．池水变浅﹣﹣光的折射 ‎ C．海市蜃楼﹣﹣光的直线传播 ‎ D．镜花水月﹣﹣光的直线传播 ‎【分析】光现象有以下三种情况：‎ ‎（1）光在同种均匀物质中沿直线传播，如：激光准直、小孔成像和影子的形成等；‎ ‎（2）当光照射到物体界面上时，有一部分光被反射回来发生反射现象，例如：平面镜成像、水中倒影等；光射又分为镜面反射和漫反射；‎ ‎（3）当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向的会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅、彩虹的形成等。‎ ‎【解答】解：‎ A、小孔成像，成的是物体倒立的像，像之所以是倒立的，是因为光的直线传播形成的；故A错误；‎ B、池底的光线由水中进入空气时，在水面上发生折射，折射角大于入射角，折射光线进入人眼，人眼会逆着折射光线的方向看去，就会觉得池底变浅了。故B正确；‎ C、海市蜃楼是由于介质的不均匀使光路发生改变的缘故，因此属于光的折射现象，故C错误；‎ D、镜花水月属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故D错误。‎ 故选：B。‎ ‎5．（1.5分）如图所示，开关S闭合时，灯泡L1、L2组成并联电路的是（　　）‎ A． B． ‎ C． D．‎ ‎【分析】串联电路，电流只有一条路径，各元件之间相互影响；并联电路，电流有多条路径，各元件之间互不影响。据此结合图片进行判断。‎ ‎【解答】解：A、图中电流只有一条路径，依次经过这两个灯，因此是串联电路，故A不符合题意；‎ B、图中开关断开时，两灯组成串联电路；开关闭合时，灯L2被短路，故B不符合题意；‎ C、图中开关闭合时，电流有两条路径，分别经过这两个灯，是并联电路，故C符合题意；‎ D、图中开关闭合时，灯泡L2被短路，是只有L1的简单电路，故D不符合题意。‎ 故选：C。‎ ‎6．（1.5分）日常生活中，处处有物理，下列说法错误的是（　　）‎ A．汽车轮胎的轴承中装有滚珠是为了减小摩擦 ‎ B．铅垂线的应用原理是重力的方向总是竖直向下 ‎ C．推门时离门轴越近，用力越大，说明力的作用效果与力的作用点有关 ‎ D．乘车时系上安全带是为了减小惯性 ‎【分析】（1）减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过减小压力来减小摩擦力；在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；使接触面脱离；用滚动摩擦代替滑动摩擦。‎ ‎（2）重力的方向是竖直向下的；‎ ‎（3）力的三要素：力的大小、方向、作用点，力的三要素影响力的作用效果。‎ ‎（4）惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系，质量越大，惯性越大。‎ ‎【解答】解：A、汽车轮胎的轴承中装有滚珠是用滚动代替滑动来减小摩擦。故A正确；‎ B、铅垂线的应用原理是重力的方向总是竖直向下，故B正确；‎ C、推门时离门轴越近，用力越大，说明力的作用效果与力的作用点有关，故C正确；‎ D、乘车时系上安全带是为了减小惯性带来的伤害，不能减小惯性，故D错误。‎ 故选：D。‎ ‎7．（1.5分）如图所示，电源电压不变，L1、L2两个灯泡的规格相同。闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P都从中点向右滑动的过程中，关于两灯的亮度情况，说法正确的是（　　）、‎ A．L1始终比L2暗 B．L1始终比L2亮 ‎ C．L1和L2都变暗 D．L1和L2都变亮 ‎【分析】先识别电路的连接方式，然后根据欧姆定律的应用和决定灯泡明暗程度的物理量进行分析。‎ ‎【解答】解：图示电路中灯泡与滑动变阻器的连接方式分别为串联和并联；灯泡的实际功率决定灯泡的明暗程度。‎ 左图：灯泡L1与滑动变阻器串联，右图：灯泡L2与滑动变阻器并联。‎ 已知两只灯泡规格相同，也就是电阻相同，滑动变阻器滑片没有移动时，L1两端电压小于L2两端电压，由P＝知，L1实际功率较小，发光较暗；‎ 当滑片从中点向右滑动的过程中，左图中滑动变阻器接入电路中的电阻增大，电路中的电流减小，根据功率的计算公式P＝I2R可得，R不变，I减小，因此灯泡L1的实际功率减小，即灯泡的亮度变暗；‎ 右图中并联电路中各支路用电器互不影响，或根据P＝进行分析，R和U都不变，因此灯泡L2的实际功率不变，故灯泡的亮度不变。‎ 因此L1始终比L2暗。‎ 故选：A。‎ ‎8．（1.5分）下列情况会造成家庭电路中的“空气开关”自动“跳闸”的是（　　）‎ A．开关中的两个线头相碰 ‎ B．双孔插座中的两个线头相碰 ‎ C．灯泡灯丝断了 ‎ D．插头和插座接触不良 ‎【分析】空气开关自动跳闸的原因是电流过大，引起家庭电路中电流过大的原因有两个，短路或总功率过大。‎ ‎【解答】解：A、开关中两线相碰，只是开关不起作用，用电器总是工作，并不是短路，不会引起电流过大，“空气开关”不会自动“跳闸”，故A不符合题意；‎ B、双孔插座一孔接火线，一孔接零线，两线相碰相当于直接把火线和零线接通，这是短路，会引起电流过大，“空气开关”会自动“跳闸”，故B符合题意；‎ C、灯丝断了，是断路，电路中没有电流，“空气开关”不会自动“跳闸”，故C不符合题意；‎ D、插头插座接触不良，是断路，电路中没有电流，“空气开关”不会自动“跳闸”‎ ‎，故D不符合题意。‎ 故选：B。‎ ‎9．（1.5分）下列关于能量的说法中，正确的是（　　）‎ A．洗衣机工作时是将机械能转化为电能 ‎ B．电水壶工作时是将内能转化为电能 ‎ C．用热水泡脚，身体会感觉暖和，说明内能可以转移 ‎ D．能量无论是转化还是转移，能量总和会逐渐减少 ‎【分析】（1）判断能量的转化，我们主要看它要消耗什么能量，得到什么能量，总是消耗的能量转化为得到的能量；‎ ‎（2）改变内能的方法是做功和热传递；‎ ‎（3）能量在转化和转移的过程中，能量的总量会保持不变。‎ ‎【解答】解：A、洗衣机工作时，消耗电能，产生机械能，故是将电能转化为机械能的过程，故A错误；‎ B、电水壶工作时消耗电能，产生内能，故是将电能转化为内能的过程，故B错误；‎ C、用热水泡脚，内能从热水传递到脚，身体的内能会增加，会感觉暖和，说明内能可以转移，故C正确；‎ D、根据能量守恒知，能量在转化和转移的过程中，能量的总量会保持不变，故D错误。‎ 故选：C。‎ ‎10．（1.5分）如图所示，甲、乙两个完全相同的容器中盛有两种不同的液体，把两个完全相同的立方体A、B分别放入这两种液体中，均处于漂浮状态，静止时两个容器中的液面相平，A、B在两种液体中所受浮力分别为FA、FB，液体对烧杯底的压强分别为p甲、p乙，则（　　）‎ A．FA＜FB p甲＝p乙 B．FA＝FB p甲＝p乙 ‎ C．FA＝FB p甲＜p乙 D．FA＝FB p甲＞p乙 ‎【分析】（1）A、B是两个完全相同的立方体，漂浮时受到的浮力都等于重力，由此可知两立方体受浮力大小关系；‎ ‎（2）由于浮力相等，由图可知排开液体的体积关系，根据F浮＝ρ液gV排可得两种液体的密度关系，已知两个容器中的液面相平利用液体压强公式分析两种液体对容器底压强的大小关系 ‎【解答】解：‎ ‎（1）由图可知，立方体A、B都处于漂浮，所以受到的浮力都等于各自的重力，而两立方体完全相同，则重力相等，所以FA＝FB＝G，故A错误；‎ ‎（2）由于FA＝FB，根据F浮＝ρ液gV排可得：ρ甲gV排甲＝ρ乙gV排乙；‎ 由图可知V排甲＜V排乙；所以，ρ甲＞ρ乙；‎ 两个容器中的液面相平（即深度相同），根据p＝ρ液gh可得：p甲＞p乙；故BC错误，D正确。‎ 故选：D。‎ ‎11．（1.5分）如图所示，用6N的水平拉力F拉动物体A在水平地面上向右匀速运动，物体B静止不动，弹簧测力计示数为2N，下列说法正确的是（　　）‎ A．A对B的摩擦力大小为4N，方向水平向右 ‎ B．B对A的摩擦力大小为2N，方向水平向右 ‎ C．地面对A的摩擦力大小为4N，方向水平向左 ‎ D．地面对A的摩擦力大小为6N，方向水平向左 ‎【分析】物体B静止和物体A做匀速直线匀速时均处于平衡状态，对两者水平方向受力分析判断出受力情况，根据二力平衡条件和平衡状态的合力为零得出A对B、地面对A的摩擦力、拉力之间的关系，根据相互作用力的条件得出A对B的摩擦力和B对A摩擦力的大小关系，要注意二力平衡时力的大小相等、滑动摩擦力的大小只与接触面的粗糙程度和压力的大小有关。‎ ‎【解答】解：‎ A、因B静止时处于平衡状态，水平方向受到测力计向左的拉力和A对B向右的摩擦力是一对平衡力，‎ 所以，A对B水平向右的摩擦力fA对B＝F示＝2N，故A错误；‎ B、因A对B的摩擦力和B对A的摩擦力是一对相互作用力，‎ 所以，B对A的摩擦力方向水平向左，大小为2N，故B错误；‎ CD、因物体A做匀速直线运动时，受到水平向右的拉力和B对A向左的摩擦力、地面对A向左的摩擦力处于平衡状态，‎ 所以，由力的合成可得：fB对A+f地＝F，‎ 则地面对A水平向左的摩擦力：f地＝F﹣fB对A＝6N﹣2N＝4N，故C正确，D错误；‎ 故选：C。‎ ‎12．（1.5分）如图所示，甲、乙两个滑轮组，其中每个滑轮的质量都相同、分别用拉力F1、F2将重物G1、G2提升相同高度，不计绳重和摩擦，下列说法正确的是（　　）‎ A．若G1＝G2，则拉力F1、F2做的总功相同 ‎ B．若G1＝G2，则拉力F2做的有用功多 ‎ C．若G1＞G2，则甲的机械效率大于乙的机械效率 ‎ D．若G1＞G2，则甲、乙两个滑轮组的机械效率相等 ‎【分析】（1）装置的机械效率η＝＝＝，分析额外功的来源，根据功的计算公式比较有用功和额外功的大小，确定总功的大小；‎ ‎（2）不考虑绳重、摩擦，额外功是提升动滑轮所做的功。‎ ‎【解答】解：AB、若G1＝G2，且重物匀速提升的高度相同，由W有＝Gh可知，有用功相同；‎ 不计绳重及摩擦，则额定功是克服动滑轮自重做的功，即W额外＝G动h，因每个滑轮质量都相等，提升的高度相同，但乙装置有2个动滑轮，故乙做的额外功多，而W总＝W有+W额外，所以总功不相同，即F1、F2做的功不相等，故AB错误；‎ CD、不考虑绳重、摩擦，则滑轮组的机械效率η＝＝＝，若G1＞G2，重物匀速提升的高度相同，由W有＝Gh可知，甲有用功大；‎ 不计绳重及摩擦，则额定功是克服动滑轮自重做的功，即W额外＝G动h，因每个滑轮质量都相等，提升的高度相同，但乙装置有2个动滑轮，故乙做的额外功多，故甲的机械效率大于乙的机械效率，故D 错误，C正确；‎ 故选：C。‎ 二、填空题（每空1分，共14分）‎ ‎13．（2分）如图所示是一款“运动手环”，其主要部分是一段内置一小块磁铁的密闭空心塑料管，管外缠绕着线圈。戴着这种手环走路时，塑料管跟着手一起运动，磁铁则在管内反复运动，线圈中便会产生电流，液晶屏上就会显示出运动的步数，此过程利用了　电磁感应　的原理，将　机械　能转化为电能。‎ ‎【分析】闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，这就是电磁感应；这一过程中，可将机械能转化为电能 ‎【解答】解：根据“运动手环”的特点可知，当塑料管运动时，磁铁在管中反向运动，切割线圈而产生电流。因此，运动手环的基本原理是电磁感应，产生电流的过程中将机械能转化为电能。‎ 故答案为：电磁感应；机械。‎ ‎14．（2分）夏日荷花盛开飘来阵阵花香，这是　扩散　现象；清晨荷叶上的两颗露珠接触后成为了更大的一颗水珠，表明分子之间存在　引　力。‎ ‎【分析】分子热运动理论的内容有三条：一是一切物质是由分组组成的；二是组成物质的分子都在永不停息的做无规则运动；三是分子之间存在相互作用的引力和斥力。‎ ‎【解答】解：‎ 荷花盛开飘来阵阵花香，是花香分子发生的扩散现象，说明分子在不停息的做无规则运动；‎ 清晨荷叶上的两颗露珠接触后成为了更大的一颗水珠，表明分子之间存在引力。‎ 故答案为：扩散；引。‎ ‎15．（2分）抽油烟机的核心部件是电动机，图中与电动机的工作原理相同的是　乙　图（选填“甲”或“乙”）抽油烟机工作时是利用气体流速大，压强　小　‎ 的原理把油烟抽到室外。‎ ‎【分析】（1）抽油烟机工作时消耗电能，产生机械能，是利用通电导体在磁场中受力而转动；‎ ‎（2）流体压强与流速的关系：流体在流速大的地方压强较小，在流速小的地方压强大。‎ ‎【解答】解：抽油烟机的核心部件是电动机，抽油烟机工作时消耗电能，产生机械能，是利用通电导体在磁场中受力而转动；‎ 图甲中没有电源，是原理是电磁感应现象，图乙有电源，是利用通电导体在磁场中受力而转动，是电动机的原理图，所以与电动机的工作原理相同的是乙图；‎ 由流体压强与流速的关系：流速越大的位置压强越小，可知抽油烟机在工作时，由于转动的扇叶处气体的流速大，压强小，从而在周围大气压的作用下将油烟压向扇口排出。‎ 故答案为：乙；小。‎ ‎16．（2分）2018年5月21日，我国成功发射了“嫦娥四号”的中继星﹣﹣“鹊桥号”、它将成为“嫦娥四号”与地球间的通信桥梁。“鹊桥号”在随火箭加速升空的过程中会发出巨大的声音，这声音是由物体的　振动　产生的。若“鹊桥号”质量为500kg，加速升空1000m，“鹊桥号”需克服重力做功　5×106　J（g取10N/kg）。‎ ‎【分析】（1）声音是由物体振动产生的。一切发声体都在振动；‎ ‎（2）根据W＝Gh＝mgh求出克服重力做功。‎ ‎【解答】解：声音都是由物体振动产生的，振动停止，发声停止；‎ ‎“鹊桥号”需克服重力做功：W＝Gh＝mgh＝500kg×10N/kg×1000m＝5×106J。‎ 故答案为：振动；5×106。‎ ‎17．（2分）如图所示电路中，电源电压恒为6V，当闭合开关时，电压表的示数为4V，则灯L2两 端电压为　2　V，灯L1、L2的阻值之比为　2：1　。‎ ‎【分析】由电路图可知，闭合开关后，两灯泡串联，电压表测L1两端的电压，根据串联电路的电压特点求出L2两端的电压，根据欧姆定律求出灯L1、L2的阻值之比。‎ ‎【解答】解：由电路图可知，闭合开关后，两灯泡串联，电压表测L1两端的电压为U1，‎ 已知电源电压U＝6V，则L2两端的电压：U2＝U﹣U1＝6V﹣4V＝2V，‎ 串联电路中电流处处相等，I＝I1＝I2，‎ 由I＝可得，灯L1、L2的阻值之比：‎ ‎＝＝＝＝2：1。‎ 故答案为：2；2：1。‎ ‎18．（2分）如图所示，一轻质杠杆水平支在支架上，OA：OC＝2：1，G1是边长为5cm的正方体，G2重20N，则绳子对G1的拉力为　10　N，此时G1对地面的压强为2×104Pa，G1重　60　N。‎ ‎【分析】（1）由杠杆平衡条件求出G2在C点时，杠杆在A点受到的拉力，‎ ‎（2）由压强公式的变形公式求出G1对地面的压力，然后对G1进行受力分析，由平衡条件求出G1的重力。‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）由图知，O为支点，G2在C点，设绳子对A端的拉力为FA，已知OA：OC＝2：1，则OA＝2OC，‎ 由杠杆平衡条件得：FA×OA＝G2×OC，‎ 即：FA×2OC＝20N×OC，‎ 解得：FA＝10N；‎ ‎（2）物体与地面的接触面积：‎ S＝5cm×5cm＝25cm2＝0.0025m2；‎ 由p＝得，物体G1对地面的压力：‎ F＝pS＝2×104Pa×0.0025m2＝50N，‎ 地面对物体的支持力：‎ F′＝F＝50N；‎ G1受竖直向下的重力G1、地面向上的支持力F′、绳子向上的拉力FA，‎ 物体G1静止，处于平衡状态，由力的平衡条件得：G1＝FA+F′＝10N+50N＝60N；‎ 故答案为：10；60。‎ ‎19．（2分）如图所示，电源电压不变，闭合开关，当标有“6V 12W”字样的小灯泡正常发光时，滑动变阻器的功率为P1，移动滑动变阻器的滑片，当小灯泡的电功率为3W时，滑动变阻器的功率为P2，忽略温度对灯丝电阻的影响，则小灯泡的电阻为　3　Ω，P1　＜　2P2（选填“＞”、“＝”或“＜”）。‎ ‎【分析】（1）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据P＝UI＝求出灯泡的电阻；‎ ‎（2）当小灯泡正常发光时根据灯泡正常发光时灯泡的电流利用P＝UI得出P1的表达式；‎ 小灯泡的电功率为1.5W时，根据P═I2R得出此时电流，根据灯泡两端的电压变化得出变阻器两端的电压变化，然后利用P＝UI得出2P2的表达式；最后比较即可。‎ ‎【解答】解：（1）由P＝UI＝可得，小灯泡正常发光时的电阻：‎ RL＝＝＝3Ω；‎ ‎（2）由P＝UI可得，当小灯泡正常发光时电路中的电流为：‎ I＝IL＝＝＝2A；‎ 则滑动变阻器的电功率：P1＝U滑1I＝U滑1×2A﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①；‎ 当小灯泡的电功率为3W时，由于忽略温度对灯丝电阻的影响，‎ 则由P＝I2R可得，此时电路中电流为：I′＝IL实＝＝＝1A；‎ 此时灯泡两端的电压：UL实＝IL实RL＝1A×3Ω＝3V；‎ 所以灯泡两端电压的减小量：△UL＝U额﹣UL实＝6V﹣3V＝3V；‎ 由于电源电压不变，则变阻器两端电压的增加量：△U滑＝△UL＝3V，‎ 所以，此时变阻器两端的电压：U滑2＝U滑1+△U滑＝U滑1+3V；‎ 则此时滑动变阻器的电功率：P2＝U滑2I′＝（U滑1+3V）×1A﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②；‎ 所以，2P2＝2×（U滑1+3V）×1A＝（U滑1+3V）×2A﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣③‎ 比较①③两式可知，P1＜2P2。‎ 故答案为：3；＜。‎ 三、作图题（每小题1分，共3分）‎ ‎20．（1分）如图所示、OB为反射光线，O为入射点，请画出该光线的入射光线及其折射光线。‎ ‎【分析】根据反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，先作出法线，再画出入射光线；‎ 根据作出的入射光线，由折射定律：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，‎ 当光由水中或其它透明介质斜射进入空气中时，折射光线远离法线偏折，折射角大于入射角，画出折射光线。‎ ‎【解答】解：由图知，反射光线与水面的夹角是45°，所以反射角为90°﹣45°＝45°；‎ 先过入射点O作出法线，然后根据反射角等于入射角，作出入射光线AO，‎ 光从水中斜射入空气中，折射角大于入射角，据此作出折射光线OC，如图所示：‎ ‎21．（1分）如图所示，请画出作用在杠杆B端上最小的动力F1和阻力F2的力臂l2。‎ ‎【分析】阻力与阻力臂一定时，由杠杆平衡条件可知，动力臂越大，动力越小，根据图示确定最大动力臂，然后作出最小的动力；从支点作力的作用线的垂线段，即可作出力的力臂。‎ ‎【解答】解：由图可知，力F1作用在B点时，力臂L1最大，此时力F1最小，力F1示意图如图所示；过支点作力F2作用线的垂线段，即可做出力臂L2，如图所示：‎ ‎22．（1分）标出小磁针的N、S极及磁感线的方向。‎ ‎【分析】由电源的正负极可知电流的方向，则由电流方向通过安培定则可以判断出螺线管的N、S极；再由磁感线的特点可画出磁感线的方向；最后再根据磁极间的相互作用规律可判断出小磁针的N、S极。‎ ‎【解答】解：‎ 从图可知，电流从螺线管左侧流入，右侧流出，用右手握住螺线管，使四指环绕的方向与电流的方向相同，此时拇指所指的一端就是螺线管的N极，即图中右端为N极，左端为S极；‎ 磁感线的方向是：在磁体的周围从N极流出，回到S极。由于螺线管的右端为N极，由此可以确定磁感线的方向是向左的；‎ 根据异名磁极相互吸引，则与螺线管左端的S极靠近的是小磁针的N极，则小磁针的右端为N极，左端为S极。如图所示：‎ 四、实验探究题（每空1分，共12分）‎ ‎23．（4分）小聪同学在江边捡到一块漂亮的鹅卵石，他用天平和量筒测量它的密度。‎ ‎（1）如图甲所示，小聪在调节天平横梁平衡过程中的错误操作是　没有将游码移到标尺左端的零刻度线处　；‎ ‎（2）小聪纠正错误后，正确测量出了鹅卵石的质量，如图乙所示，则鹅卵石的质量为　27　g；‎ ‎（3）小聪将鹅卵石放入盛有50mL水的量筒中，静止时液面如图丙所示，则鹅卵石密度为　2.7×103　kg/m3。‎ ‎（4）小聪根据所测数据，在图丁上描出一个对应的点A，接着他又换用另一石块重复上述实验，将所测数据在图上又描出了另一个对应的点B，若ρA、ρB分别代表鹅卵石和另一石块的密度，则ρA　＞　ρB（选填“＞”、“＝”或“＜”）。‎ ‎【分析】‎ ‎（1）调节天平横梁平衡的方法：首先把天平放在水平桌面上，游码移到标尺左端的零刻度，调节横梁两端的平衡螺母，使指针指到分度盘的中央位置，或在中央位置左右偏转的幅度相同；‎ ‎（2）物体质量等于砝码质量加游码对应的刻度值；‎ ‎（3）物体体积等于量筒的液面的两次读数之差；由密度公式计算出矿石的密度；‎ ‎（4）根据两个点，分别过原点做出图象，根据图象分析密度的大小。‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）调节天平横梁平衡时，应先把游码移到标尺左端的零刻度，再调节平衡螺母，由图甲可知，小聪在调节天平横梁平衡过程中的操作错误是游码没有移到标尺左端的零刻线处；‎ ‎（2）由图乙知，天平标尺的分度值为0.2g，鹅卵石的质量：m＝20g+5g+2g＝27g；‎ ‎（3）由图丙知，量筒的分度值为2mL，鹅卵石放在量筒后读数为60ml，所以鹅卵石的体积：V＝60ml﹣50ml＝10ml＝10cm3；‎ 所以鹅卵石的密度：ρ＝＝＝2.7g/cm3＝2.7×103kg/m3；‎ ‎（4）同种物质的质量与体积的比值为一个定值，即质量与体积的图象为一条过原点的直线，根据A、B两个点分别做出图象，如图所示：‎ 由图可知，当体积相同时，A的质量等于B的质量，故ρA＞ρB。‎ 故答案为：（1）没有将游码移到标尺左端的零刻度线处；（2）27；（3）2.7×103；（4）＞。‎ ‎24．（4分）小明想探究凸透镜成像规律，他选用了焦距为10cm的凸透镜进行实验。‎ ‎（1）当蜡烛、凸透镜、光屏处于如图所示的位置时，光屏中央呈现出清晰的像，则该像是倒立、　放大　（选填“放大”、“缩小”或“等大”）的实像，生活中的　投影仪　（选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）就是利用这一成像原理工作的；‎ ‎（2）在光屏上得到清晰的像后，小聪取下自己的近视眼镜放在烛焰和凸透镜之间，发现光屏上的像变得模糊，为了再次在光屏上得到烛焰清晰的像，可保持蜡烛和凸透镜位置不变，将光屏　远离　（选填“远离”或“靠近”）凸透镜移动到适当位置；‎ ‎（3）蜡烛随着燃烧而变短，为了使像仍能成在光屏中央，这时最合理的调整是　AB　。‎ A．只需将凸透镜向下移动一些 B．只需将光屏向上移动一些 C、将凸透镜和光屏都向下移动一些 D．以上方法都可以 ‎【分析】（1）物距小于像距，成的是倒立、放大的实像，其应用是投影仪。‎ ‎（2）近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线有发散作用，使会聚的光线错后会聚。‎ ‎（3）凸透镜成的实像是倒立的，像与物体的变化方向恰好相反。‎ ‎【解答】解：（1）由图可知，此时物距小于像距，则所成的是倒立、放大的实像，其应用是投影仪；‎ ‎（2）近视眼镜是凹透镜，在凸透镜的前方放一个凹透镜，使原来会聚的光线错后会聚，所以光屏向后移动，远离凸透镜。‎ ‎（4）蜡烛在燃放中不断缩短，向下移动，光屏上的像向上移动，要使像能够成在光屏中央，可向上移动光屏；或向上移动蜡烛或向下移动凸透镜。故选AB。‎ 故答案为：（1）放大；投影仪；（2）远离；（3）AB。‎ ‎25．（4分）学校科技创新小组用伏安法测量小灯泡的电阻，电源电压为3V，待测小灯泡的额定电压为2.5V。‎ ‎（1）请用笔划线代替导线，完成图甲中实物电路的连接，要求：①滑片P向右移动时，电流表示数变小；②连线不能交又；‎ ‎（2）检查电路无误后，闭合开关，灯泡不亮，电压表有示数，电流表示数为零，导致这一现象的原因可能是 ‎　D　。‎ A．电压表短路 B．电压表断路 C．滑动变阻器短路 D．小灯泡断路 ‎（3）故障排除后，闭合开关，当滑动变阻器的滑片P移到某一位置时、电压表示数如图乙所示，要测量小灯泡正常发光时的电阻，应将滑动变阻器的滑片向　左　移动（选填“左”或“右”）。‎ ‎（4）通过移动滑动变阻器的滑片P记录了多组数据，并作出了如图丙所示的I﹣U图象，由图可知小灯泡正常发光时的电阻为　12.5　Ω。‎ ‎【分析】（1）在电源电压一定时，由电流的变化判断电阻的变化，由电阻的变化判断电阻丝长度的变化，判断接入的接线柱。‎ ‎（2）对于电路故障问题，一般是短路或断路，首先从电流表示数的变化判断电路是断路还是短路，然后再通过电压表判断故障具体位置。‎ ‎（3）首先读出电压表的示数，要使灯泡正常发光，电压表的示数要如何变化，然后根据串联电路中，电阻起分担电压的作用，电阻越大分担的电压越大做出判断。‎ ‎（4）从图象上读出小灯泡的额定电压和额定电流，求出小灯泡正常工作时的电阻。‎ ‎【解答】解：（1）向右移动滑片，电流表的示数变小，在电源电压一定时，电路的总电阻变大，滑动变阻器的电阻变大，接线柱要接入左端的A接线柱。如图。‎ ‎（2）闭合开关，灯泡不亮，电流表示数为零，说明电路是断路，电压表有示数，说明电灯断路，故选D。‎ ‎（3）电压表选择0﹣3V，每一个大格代表1V，每一个小格代表0.1V，所以电压表读数是2.1V，小灯泡的额定电压为2.5V，要使小灯泡正常发光，电压表的示数要变大，滑动变阻器两端的电压要减小，滑动变阻器的电阻要减小，所以滑动变阻器的滑片向左滑动。‎ ‎（4）由图象知，小灯泡正常工作的电压是2.5V，电流是0.2A，‎ 所以，R＝＝＝12.5Ω 故答案为：（1）如上图；（2）D；（3）左；（4）12.5Ω。‎ 五、计算题（26、27小题各4分，28小题5分，共13分）‎ ‎26．（4分）太阳能具有环保、可再生等优点，某品牌太阳能热水器在一天的有效照射时间内，将热水器中质量为50kg、初温为15℃的水升高到55℃．（水的比热容c水＝4.2×103J/kg•℃）求：‎ ‎（1）热水器中水吸收的热量Q；‎ ‎（2）若改用焦炭来加热这些水，需要完全燃烧多少千克焦炭？（焦炭的热值q＝3×107J/kg，设焦炭放出的热量全部被水吸收）‎ ‎【分析】（1）知道水的比热、质量、初温和末温，根据Q＝cm（t﹣t0）进行计算水吸收的热量。‎ ‎（2）知道热量和热值，根据Q放＝mq计算质量。‎ ‎【解答】解：（1）水吸收的热量：‎ Q＝cm（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×50kg×（55℃﹣15℃）＝8.4×106J；‎ ‎（2）改用焦炭来加热这些水，设焦炭放出的热量全部被水吸收，‎ 则焦炭燃烧放出的热量：Q放＝Q＝8.4×106J，‎ 根据Q放＝mq可得，需要完全燃烧焦炭的质量：‎ m′＝＝＝0.28kg。‎ 答：（1）热水器中水吸收的热量8.4×106J；‎ ‎（2）需要完全燃烧0.28kg焦炭。‎ ‎27．（4分）小蕊同学在学习了电学知识后，观察到生活中的许多电热器都有多个挡位，于是他利用电压恒为10V的电源和两个阻值不同的定值电阻，设计了如图所示的电路来探究电热器的多挡位问题。已知R1＝20Ω、R2＝30Ω，请计算：‎ ‎（1）S2闭合，S1、S3断开时，电路中的电流；‎ ‎（2）S3断开，S1、S2闭合时，通电5min电路消耗的电能；‎ ‎（3）该电路的最大功率和最小功率之比。‎ ‎【分析】（1）S2闭合，S1、S3断开时，两电阻串联，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流；‎ ‎（2）S3断开，S1、S2闭合时，电阻R1短路，只有R2连入电路，根据W＝t求出消耗的电能；‎ ‎（3）当S2闭合，S1、S3断开时，两电阻串联，此时电路的总功率最小，根据P＝求出最小功率；‎ 当S1、S2闭合，S3断开时，两电阻并联，此时电路中的总功率最大，根据电阻的并联特点求出电路中的总电阻，再根据P＝求出最大功率；进一步得出该电路的最大功率和最小功率之比。‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）当S2闭合，S1、S3断开时，两电阻串联，则总电阻：R串＝R1+R2＝20Ω+30Ω＝50Ω；‎ 所以，电路中的电流：I＝＝＝0.2A；‎ ‎（2）S3断开，S1、S2闭合时，电阻R1短路，只有R2连入电路，‎ 则通电5min电路消耗的电能：W2＝t＝×5×60s＝1000J；‎ ‎（3）当S2闭合，S1、S3断开时，两电阻串联，此时电路的总电阻最大，根据P＝可知此时总功率最小，‎ 所以，P最小＝＝＝2W，‎ 当S1、S3闭合，S2断开时，两电阻并联，此时电路中的总电阻最小，根据P＝可知此时总功率最大，‎ 因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，‎ 所以此时的总电阻：‎ R并＝＝＝12Ω，‎ P最大＝＝＝W，‎ 则：＝＝。‎ 答：（1）S2闭合，S1、S3断开时，电路中的电流为0.2A；‎ ‎（2）S3断开，S1、S2闭合时，通电5min电路消耗的电能为1000J；‎ ‎（3）该电路的最大功率和最小功率之比为25：6。‎ ‎28．（5分）如图所示，图甲是使用滑轮组从水中打捞一正方体物体的简化示意图，在打捞过程中物体始终以0.1m/s的速度匀速竖直上升，物体未露出水面前滑轮组的机械效率为75%，图乙是打捞过程中拉力F随时间t变化的图象。（不计绳重，忽略摩擦和水的阻力，g取10Nkg）求：‎ ‎（1）物体的边长；‎ ‎（2）物体浸没在水中时受到的浮力；‎ ‎（3）物体的重力。‎ ‎【分析】（1）物体始终匀速上升，但在物体离开水面上时，其浮力发生变化，要维持匀速，故其拉力F也会发生变化，从而确定物体离开水面过程中用的时间，进而算出物体边长；‎ ‎（2）根据浮力公式即可求出；‎ ‎（3）该图中用到了滑轮组，由滑轮组特点结合图形可知物体升高h，绳子拉力的路程为3h，再结合机械效率的计算公式即可求解。‎ ‎【解答】解：（1）由图象可知正方体的边长：‎ L＝vt＝0.1m/s×（110s﹣100s）＝1m；‎ ‎（2）物体浸没在水中时受到的浮力为：‎ F浮＝ρ水gV排＝ρ水gV＝1.0×103kg/m3×10N/m×（1m）3＝104N；‎ ‎（3）滑轮组的机械效率：‎ ‎＝‎ 代入数据得：‎ 解得：G＝105N。‎ 答：（1）正方形边长L＝1m；（2）F浮＝104N；（3）G＝105N。‎