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  • 2021-11-06 发布

2020年广东省中考物理试卷

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‎2020年广东省中考物理试卷 一、单项选择题(本大题7小题,每小题3分,共21分)在每小题列出的四个选项中,只有一个是正确的,请把答题卡上对应题目所选的选项涂黑,‎ ‎ ‎ ‎1. 若把原子、原子核、电子看成球体,原子半径的数量级为‎10‎‎−10‎m,原子核半径的数量级为‎10‎‎−15‎m,电子半径的数量级小于‎10‎‎−9‎nm.按尺度从大到小的排序是( ) ‎ A.原子、原子核、电子 B.电子、原子、原子核 C.原子核、原子、电子 D.原子、电子、原子核 ‎ ‎ ‎ ‎2. 将电灯、开关和插座接入家庭电路中,接线正确的是( ) ‎ A. B. C. D. ‎ ‎ ‎ ‎3. 岸上的人看到水中小鱼的光路图是( ) ‎ A. B. C. D. ‎ ‎ ‎ ‎4. 如图所示,不能用流体压强与流速的关系来解释的是( ) ‎ A.如图所示向两张纸中间吹气,纸张向中间靠找 B.如图所示用吸管吸饮料 C.如图所示向B管吹气,A管中的水面上升 D.如图所示飞机产生升力的原因 ‎ ‎ ‎5. 晚上,爸爸对小明说“请把电视声音调小点,不要影响邻居休息。”这里“调小”的是声音的( ) ‎ A.音色 B.音调 C.响度 D.速度 ‎ ‎ ‎6. 如图所示的实验装置,表述错误的是( ) ‎ A.该装置可用来研究电磁感应现象 B.该装置能将电能转化为机械能 C.该装置可用来研究磁场对通电导体的作用 第25页 共26页 ◎ 第26页 共26页 D.该装置揭示的原理可应用于电动机 ‎ ‎ ‎7. 游泳时佩戴游泳圈是防止溺水的有效方法。质量为‎50kg的小蓉佩戴游泳圈后,能静静地漂浮在水面上,如图所示。游泳圈对她的作用力大小最符合实际的是( ) ‎ A.‎5000N B.‎500N C.‎50N D.‎‎5N 二、填空题(本大题7小题,每空1分,共21分)‎ ‎ ‎ ‎ 目前人们正致力于开发太阳能、核能、风能、海洋能、氢能…其中核能是________(选填“可再生”或“不可再生”)能源,核电站利用原子核________(选填“聚变”或“裂变”)释放的能量发电,电能属于________(选填“一次能源”或“二次能源”)。 ‎ ‎ ‎ ‎ 在“探究冰熔化时温度的变化规律”实验中,某时刻温度计的示数如图甲所示,其读数为________‎​‎‎∘‎C.图乙是冰熔化时温度的变化曲线。由图可知,冰在熔化过程中,温度________(选填“升高”“降低”或“不变”),内能________选填“增加”“减少”或“不变”)。 ‎ ‎ ‎ ‎ 如图所示,用揭指和食指按压一支铅笔的两端,拇指和食指受到的压力分别为F‎1‎和F‎2‎,受到的压强分别为p‎1‎和p‎2‎.则F‎1‎________F‎2‎,p‎1‎________p‎2‎(两空选填“‎>‎”“‎<‎”或“=”);若F‎2‎=‎1N,笔尖的面积为‎1×‎‎10‎‎−6‎m‎2‎,则p‎2‎=________Pa。 ‎ ‎ ‎ ‎ 疫情期间,医护人员通过平面镜检视防护服的穿戴情况。医护人员在平面镜中的像是________(选填“实像”或“虚像”);当医护人员走近平面镜时,人与像之间的距离________,像的大小________(后两空选填“变大”“变小”或“不变”)。 ‎ ‎ ‎ ‎ 如图所示为“探究电流通过导体产生的热量跟________的关系”的实验装置。实验中用U形管内液面高度差的大小来反映电流通过导体产生热量的多少,这种方法叫________(选填“控制变量”或“转换”)法。通电一段时间后,左侧容器内空气吸收的热量比右侧的________(选填“多”或“少”)。 ‎ ‎ ‎ ‎ 如题图所示,点燃的蜡烛及焦距为‎15cm的凸透镜固定在光具座上,要在光屏上承接到烛焰________(选填“正立”或“倒立”)、放大的清晰实像,需将光屏向________(选填“左“或“右”)移动;一段时间后,蜡烛变短了,烛焰在光屏上成的像会向________(选填“上”或“下”)移。 ‎ ‎ ‎ ‎ 如图所示,人向下拉绳提升重物。已知物体重‎400N,动滑轮重‎60N,不计绳重及摩擦,将重物匀速提升‎0.5m,人需用的拉力为________N,绳子自由端移动的距离为________m,人所做的有用功为________J。 ‎ 三、作图题(共7分)‎ ‎ ‎ ‎ 如图所示,用根硬棒通过支点O撬起石头,画出石头所受重力G的示意图,以及力F的力臂‎1‎。 ‎ 第25页 共26页 ◎ 第26页 共26页 ‎ ‎ ‎ ‎ ‎ 请画出图中入射光线经凸透镜后的折射光线。 ‎ ‎ ‎ ‎ ①重为G的鸡蛋沉在盛有水的杯子的底部,向水中加入食盐并使其溶解,鸡蛋渐渐浮起,最终漂浮在水面,如图甲所示,请在图乙中画出上述过程中鸡蛋所受的浮力F浮随时间t变化的大致图象。 ②如题图丙所示,请按小磁针的指向,标出螺线管中的电流方向,并在括号中标明螺线管右端的极性。 ‎ 四、实验题(本大题3小题,共20分)‎ ‎ ‎ ‎ ‎ ‎(1)如图‎1‎所示,图甲中木块的长度为________cm;天平平衡时,放在天平右盘中的砝码和游码的位置如图乙所示,所测物体的质量为________g。‎ ‎ ‎ ‎(2)如图‎2‎所示为实验室常用的弹簧测力计,使用前要检查指针、弹簧与外壳之间是否________,指针是否________。‎ ‎ ‎ ‎(3)如题‎3‎图所示,图甲中电压表的分度值为________V,读数为________V;若使用前出现如图乙所示的情况,则原因是________。‎ ‎ ‎ ‎ 做“探究电流与电阻的关系”实验时,可供选择的器材有:电压为‎6V的电源,电流表‎(0−0.6A)‎,电压表‎(0−3V)‎,开关,阻值分别为‎5Ω、‎10Ω、‎15Ω和‎20Ω的定值电阻各‎1‎个,最大阻值分别为‎10Ω和‎50Ω的滑动变阻器各‎1‎个,导线若干。 ‎ ‎(1)如题图所示的实验电路中,正确的是________,应选用最大阻值为________Ω的滑动变阻器。‎ ‎ ‎ 第25页 共26页 ◎ 第26页 共26页 ‎(2)若按图乙所示电路图连接好电路后,闭合开关,可观察到电流表的指针________(选填“向右”“反向”或“几乎不”)偏转。‎ ‎ ‎ ‎(3)按正确电路图连接电路,闭合开关,电流表和电压表均有示数,但移动滑动变阻器的滑片时,两表的示数均保持不变,经判断是接线有误,错误可能是________。‎ ‎ ‎ ‎(4)纠正错误后,依次更换定值电阻,并控制定值电阻两端电压为‎2.5V进行实验。请将记录实验数据的表格补充完整。 ①U=________。 ‎ 实验序号 ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ ‎4‎ ‎②________‎ ‎20‎ ‎15‎ ‎10‎ ‎5‎ ‎③________‎ ‎‎ ‎‎ ‎‎ ‎‎ ‎ ‎ ‎ 为了“探究水沸腾时温度变化的特点”,取‎0.2kg水进行实验。 ‎ ‎(1)如图甲所示实验装置的组装顺序应为________(选填“自下而上”或“自上而下”)。‎ ‎ ‎ ‎(2)根据表中的实验数据,在图乙中画出水的温度随时间变化的图象。 ‎ 时间‎/min ‎0‎ ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ ‎4‎ ‎5‎ ‎6‎ ‎7‎ ‎8‎ 温度‎/‎​‎‎∘‎C ‎90‎ ‎92‎ ‎94‎ ‎96‎ ‎98‎ ‎99‎ ‎99‎ ‎99‎ ‎99‎ ‎ ‎ ‎(3)根据以上实验数据可知,水的沸点为________‎​‎‎∘‎C.为提高水的沸点,换用火力更大的酒精灯加热,这种做法________(选填“可行”或“不可行”)。‎ ‎ ‎ ‎(4)假如酒精灯均匀放热,且释放的热量全部被水吸收,忽略沸腾前水的质量变化以及热量的损耗,从第‎5min起‎1‎分钟内水吸收的热量是________J.‎‎[c水=4.2×‎10‎‎3‎J/(kg⋅‎​‎‎∘‎C)]‎ 五、计算题(本大题2小题,共13分)‎ ‎ ‎ ‎ 某轿车在平直公路上行驶的‎45s内,其速度v与时间t、动力F与时间t的关系图象分别如图甲、乙所示。已知前‎10s轿车运动的路程为‎100m。求: ‎ ‎(1)前‎10s轿车运动的平均速度;‎ ‎ ‎ ‎(2)轿车在匀速直线运动阶段通过的路程;‎ ‎ ‎ ‎(3)动力F做的总功。‎ ‎ ‎ ‎ 某款电热饮水机具有加热和保温两档,额定电压为‎220V.图甲是其电路原理图。S‎0‎为温控开关,R‎1‎,R‎2‎为电热丝(阻值不变),某饮水机在额定电压下工作的电功率P与时间t的关系图象如图乙所示求: ‎ ‎(1)饮水机处于加热挡阶段消耗的电能;‎ 第25页 共26页 ◎ 第26页 共26页 ‎ ‎ ‎(2)饮水机处于保温挡时,通过R‎1‎的电流;‎ ‎ ‎ ‎(3)R‎2‎的阻值。‎ 六、综合能力题(本大题3小题,共18分)‎ ‎ ‎ ‎ 受“曹冲称象”的启发,小明在家利用量筒、碗、水盆和足量的水(密度为ρ水)、油性笔等,测量小玻璃珠的密度,如图‎1‎所示,实验步骤如下(请将步骤④补充完整)。 ①如图甲,取一定数量的小玻璃珠放入空碗中,再把碗放入盛有水的水盆中,用油性笔在碗外壁上标记水面的位置: ②如图乙,往量筒内倒入适量的水,记下量筒中水的体积V‎1‎。 ③如图丙,取出碗中所有的小玻璃珠并放入量筒中,记下小玻璃珠和水的总体积V‎2‎。 ④如图丁,将量筒中的水慢慢倒入水盆中的空碗内,直到标记处与碗外水面 相平 ,记下量筒中小玻璃珠和剩余水的总体积V‎3‎。 完成下列填空: ‎ ‎(1)小玻璃珠的总体积为V=________。‎ ‎ ‎ ‎(2)小玻璃珠的总质量为m=________。‎ ‎ ‎ ‎(3)小玻璃珠密度的表达式为ρ=________‎ ‎ ‎ ‎(4)在不改变实验方法的前提下,请提出一条提高测量精度的措施:________(示例:在同等容积的情况下换用碗口面积较小的碗)。‎ ‎ ‎ ‎ 小明家的台灯是通过电位器来调节亮度的。他猜想:台灯变亮时电位器消耗电能的功率会变小,为此他设计了甲所示的电路进行探究。已知电源电压为‎4V并保持不变,电压表‎(0−3V)2‎个,电流表‎(0−0.6A)‎,滑动变阻器规格为“‎20Ω 1A”,小灯泡L标有“‎2.5V 1.25W”字样(忽略温度对灯丝电阻的影响)。 ‎ ‎(1)电路中a是________表,b是________表,‎ ‎ ‎ ‎(2)实验中,小灯泡正常发光时电流表的示数为________A。‎ ‎ ‎ ‎(3)根据实验数据,绘制出滑动变阻器的电功率PR与小灯泡的电功率PL的关系如图乙所示。由图可知:小灯泡的电功率(亮度)变大时,滑动变阻器的电功率________。‎ ‎ ‎ ‎(4)假设实验所用的小灯泡能承受的最大电压可以高出其额定电压的‎1‎‎4‎,在确保电路中各元件安全的情况下,移动滑动变阻器的滑片,小灯泡的电功率变化范围是从________W至________W。‎ ‎ ‎ ‎ 阅读下列短文,回答问题。 热敏电阻温度计 热敏电阻是用半导体材料制成的电阻,其阻值随温度的变化而变化,如图甲所示为某型号热敏电阻的实物图,阻值随温度升高而变小的,称为负温度系数热敏电阻:阻值随温度升高而变大的,称为正温度系数热敏电阻,利用热敏电阻的特性做成的温度计,叫做热敏电阻温度计。 如图乙所示为热敏电阻R‎1‎的阻值随温度t变化的图象(为方便计算,已将图线作了近似处理)。图丙是用R‎1‎做测温探头的某热敏电阻温度计的电路图,其中电源电压可在‎0.60V∼1.20V之间调节,R‎2‎为定值电阻,阻值为‎100Ω.该电路工作原理是:当保持通过R‎1‎的电流不变时,R‎1‎两端的电压随电阻均匀变化(即随温度均匀变化),故只需将电压表V‎1‎表盘的刻度改成相应的温度刻度,就可以直接从V‎1‎表盘上读出温度值。测量时,将R‎1‎放入待测温度处,闭合开关,调节电源电压,使V‎2‎表的示数保持‎0.20V不变(即电路中的电流保持‎2mA不变),再从V‎1‎表盘上读出待测温度t。 ‎ ‎(1)热敏电阻R‎1‎是________(选填“正”或“负”)温度系数热敏电阻。在标准大气压下,将R‎1‎放入冰水混合物中时,R‎1‎的阻值是________Ω。‎ ‎ ‎ ‎(2)测温时,保持R‎2‎两端电压为‎0.20V,R‎1‎两端的电压随温度升高而________(选填“变大”“变小”或“不变”)。‎ 第25页 共26页 ◎ 第26页 共26页 ‎ ‎ ‎(3)某次测温时,V‎1‎表盘上显示的温度是‎20‎​‎‎∘‎C,此时电源电压为________V。‎ ‎ ‎ ‎(4)该热敏电阻温度计测量温度的范围为________‎​‎‎∘‎C。‎ 第25页 共26页 ◎ 第26页 共26页 参考答案与试题解析 ‎2020年广东省中考物理试卷 一、单项选择题(本大题7小题,每小题3分,共21分)在每小题列出的四个选项中,只有一个是正确的,请把答题卡上对应题目所选的选项涂黑,‎ ‎1.‎ ‎【答案】‎ A ‎【考点】‎ 原子的核式模型 从微观到宏观的尺度 ‎【解析】‎ 根据原子、原子核、电子半径的大小分析。‎ ‎【解答】‎ 由题意可知,原子半径的数量级为‎10‎‎−10‎m,原子核半径的数量级为‎10‎‎−15‎m,电子半径的数量级小于‎10‎‎−9‎nm=‎10‎‎−18‎m,则原子的半径大于原子核的半径,原子核的半径大于电子的半径,所以从大小到小的排列是原子、原子核、电子,故A正确、BCD错误。‎ ‎2.‎ ‎【答案】‎ D ‎【考点】‎ 家庭电路的连接 ‎【解析】‎ ‎(1)灯泡的接法:火线进入开关,再进入灯泡顶端的金属点;零线直接接入灯泡的螺旋套。 (2)三孔插座的接法:上孔接地线;左孔接零线;右孔接火线。‎ ‎【解答】‎ 根据安全用电的原则,开关接在火线上,开关和电灯要串联;三孔插座的接法:上孔接地线,左孔接零线,右孔接火线;且三孔插座与电灯要并联,故D图正确。‎ ‎3.‎ ‎【答案】‎ B ‎【考点】‎ 作光的折射光路图 ‎【解析】‎ 根据光线的传播方向及入射角与折射角间的关系分析各光路图,选出符合要求的选项。‎ ‎【解答】‎ 鱼反射的光由水中斜射入空气时,在水面处发生折射,折射角大于入射角,折射光线远离法线,向水面偏折,人逆着折射光线看去,“鱼”的位置升高了,故B正确、ACD错误。‎ ‎4.‎ ‎【答案】‎ B ‎【考点】‎ 流体压强与流速的关系 大气压的综合应用 ‎【解析】‎ ‎(1)(4)气体的压强与气体的流速有关,流速越大压强越小。 (2)当用口吸吸管时,管内气压减小,小于外界大气压,大气压压着饮料进入口中。 (3)当向B管吹气时,A管上方的空气流动速度增大,压强减小,A管下方压强不变,管内外产生压强差将液体压上去。‎ ‎【解答】‎ A‎、对着两张纸的中间吹气,两张纸中间的空气流速变大,压强变小,小于纸外侧的大气压,产生了一个向内的压强差,将纸压向中间,故A不符合题意。 B、用吸管吸饮料是利用了大气压的作用,不能揭示流体压强与流速的关系。故B符合题意。 C、往B管中吹气,吸管A上方空气的流速增大,压强减小,A管中液体受到向上的压强大于向下的压强,在这个管内外产生压强差的作用下,液面上升。故C不符合题意。 D、相等的时间内,空气经过机翼上面的路程大于下面的路程,机翼上面的空气流速大于下面的流速,机翼上面的压强小于下面的压强,出现压强差,出现了压力差,这个压力差就是机翼向上的升力;能用流体压强与流速的关系来解释。故D不符合题意。‎ ‎5.‎ ‎【答案】‎ C ‎【考点】‎ 音调、响度与音色的区分 声速 ‎【解析】‎ 响度是指声音的强弱,它与物体振幅有关。音量的调节,就是改变声音的响度。‎ ‎【解答】‎ 人耳能感觉到的声音的强弱称为响度,当电视音响振动幅度大时,发出声音的响度也会很大,所以这里“调小”的是声音的响度。‎ ‎6.‎ ‎【答案】‎ A ‎【考点】‎ 直流电动机的原理 磁场对通电导线的作用 电磁感应 ‎【解析】‎ 电路中有电源,是探究通电导体在磁场中受力而运动,是电能转化为机械能,是电动机工作原理图。‎ ‎【解答】‎ A‎、如图电路中有电源,是探究通电导体在磁场中受力而运动,故A错误; BCD、如图电路中有电源,是电动机工作原理图,是电能转化为机械能,工作原理是通电导体在磁场中受力而运动,故BCD正确。‎ ‎7.‎ ‎【答案】‎ C ‎【考点】‎ 物体的浮沉条件及其应用 第25页 共26页 ◎ 第26页 共26页 ‎【解析】‎ 根据重力公式算出重力,人体的密度与水的密度差不多,根据密度公式ρ=‎mV算出人体的体积,小蓉漂浮在水面时,‎1‎‎10‎的体积露出水面,根据F浮=ρ水gV排算出浮力; 当小蓉漂浮在水面上时,受重力、浮力和游泳圈对她的作用力,据此算出游泳圈对她的作用力大小。‎ ‎【解答】‎ 小蓉的重力为:G=mg=‎50kg×10N/kg=‎500N, 人体的密度与水的密度差不多,约为‎1.0×‎10‎‎3‎kg/‎m‎3‎, 根据密度公式ρ=‎mV知,人体的体积为: V=mρ=‎50kg‎1.0×‎10‎‎3‎kg/‎m‎3‎=0.05‎m‎3‎, 小蓉漂浮在水面时,‎1‎‎10‎的体积露出水面,即:V排=‎(1−‎1‎‎10‎)V=‎9‎‎10‎V=‎9‎‎10‎×0.05‎m‎3‎=‎0.045‎m‎3‎, 小蓉漂浮时受到的浮力为: F浮=ρ水gV排=‎1.0×‎10‎‎3‎kg/m‎3‎×10N/kg×0.05‎m‎3‎=‎450N, 当小蓉漂浮在水面上时,受重力、浮力和游泳圈对她的作用力, 所以游泳圈对她的作用力大小为:F=G−‎F浮=‎500N−450N=‎50N,故C符合实际。‎ 二、填空题(本大题7小题,每空1分,共21分)‎ ‎【答案】‎ 不可再生,裂变,二次能源 ‎【考点】‎ 能源的分类 ‎【解析】‎ ‎(1)像风能、水能、太阳能等可以在自然界源源不断地得到,把它们称为可再生能源;化石能源、核能等能源会越用越少,不能在短期内从自然界得到补充,这类能源称为不可再生能源。 (2)核电站利用原子核裂变发电。 (3)像电能,是通过消耗一次能源转化而来,称为二次能源。‎ ‎【解答】‎ 核能会越用越少,属于不可再生能源; 原子弹和核电站都是利用原子核裂变的链式反应发电; 电能上通过消耗一次能源而得到的能源,故属于二次能源。‎ ‎【答案】‎ ‎2‎‎,不变,增加 ‎【考点】‎ 熔化和凝固的探究实验 熔化和凝固的温度—时间图象 温度计的使用及其读数 ‎【解析】‎ ‎(1)读取温度计的示数时,要看清分度值以及示数在零上还是零下,再根据液面位置读出示数; (2)晶体熔化时吸收热量,内能变大,温度不变。‎ ‎【解答】‎ 读图甲可知,温度计的分度值为‎1‎​‎‎∘‎C,示数为‎2‎​‎‎∘‎C; 由图乙可知,冰在熔化的过程中吸热,温度保持不变,内能增加;‎ ‎【答案】‎ ‎=,‎<‎,‎‎1×‎‎10‎‎6‎ ‎【考点】‎ 压强大小比较 压力及重力与压力的区别 ‎【解析】‎ 先根据二力平衡判断铅笔受到两个力的关系,再根据力的相互作用判断铅笔对两手指压力之间的关系,最后根据压强公式p=‎FS判断手指受到的压强关系;根据p=‎FS求出压强的大小。‎ ‎【解答】‎ 铅笔处于静止状态,受到的两手指的压力是一对平衡力,所以两手指对铅笔的压力相等,手指对铅笔的压力与铅笔对手的压力是一对相互作用力, 所以这两力也相等,即两手指受到的铅笔的压力相同,即F‎1‎=F‎2‎; 由图可知,食指的受力面积比较小,根据p=‎FS可知,食指受到的压强比较大,即p‎1‎‎<‎p‎2‎; 若F‎2‎=‎1N,笔尖的面积为‎1×‎‎10‎‎−6‎m‎2‎,则p‎2‎‎=F‎2‎S=‎1N‎1×‎‎10‎‎−6‎m‎2‎=1×‎10‎‎6‎Pa。‎ ‎【答案】‎ 虚像,变小,不变 ‎【考点】‎ 平面镜的应用 平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案 ‎【解析】‎ 物体在平面镜中成虚像,物像大小相等,物像连线与镜面垂直,物像到平面镜的距离相等。‎ ‎【解答】‎ 医护人员在平面镜中的像是虚像;根据物和像大小相等可知,当他靠近平面镜时,他的像的大小不变; 当医护人员走近平面镜时,像距变小、物距变小,他与镜中的像的距离变小;‎ ‎【答案】‎ 电阻,转换,少 ‎【考点】‎ 焦耳定律 ‎【解析】‎ 由电路图可知两电阻串联,根据串联电路的电流特点可知通过它们的电流关系,根据Q=I‎2‎Rt比较两电阻产生的热量关系,密闭空气吸收热量后,体积不变,压强变大,U形管内两液面的差值变大,据此进行解答。‎ ‎【解答】‎ 由电路图可知两电阻串联,通过两个电阻的电流和通电时间相同,电阻不同,所以探究的是电流通过导体产生的热量跟电阻的关系; 电热丝对空气盒内的空气加热,空气受热膨胀,会推动U型管内的液柱变化,通过液柱的变化可以判定电阻产生热量的多少,这是转换法的应用; 由Q=I‎2‎Rt可知,在电路和通电时间相同时,右侧电阻较大,产生的热量较多,左侧U形管的液面高度差小于右侧U形管。‎ ‎【答案】‎ 倒立,右,上 ‎【考点】‎ 第25页 共26页 ◎ 第26页 共26页 凸透镜成像规律及其探究实验 ‎【解析】‎ ‎(1)当物距处于f和‎2f之间时,凸透镜成倒立放大的实像; (2)实验一段时间后,蜡烛变短了,烛焰移到了主光轴的下方,所成的像将移到主光轴的上方,光屏应移到像的位置。‎ ‎【解答】‎ 如题图所示,点燃的蜡烛及焦距为‎15cm的凸透镜固定在光具座上,要在光屏上承接到烛焰放大的实像,实像是倒立,光屏应在大于‎2‎倍焦距的地方,即v>30cm,需将光屏向右移动; 凸透镜成倒立的实像,蜡烛变短,相对于凸透镜向下移动,所以其像向上移动。‎ ‎【答案】‎ ‎230‎‎,‎1‎,‎‎200‎ ‎【考点】‎ 有用功、额外功、总功 ‎【解析】‎ ‎(1)由图知,n=‎2‎,不计绳重及摩擦,拉力F=‎1‎‎2‎(G+G动)‎; (2)绳子自由端移动的距离s=‎2h, (3)克服物体的重力所做的功为有用功,利用W=Gh计算。‎ ‎【解答】‎ ‎(2)绳子自由端通过的距离: s=‎2h=‎2×0.5m=‎1m(1)(3)‎人所做的有用功为: W=Gh=‎400N×0.5m=‎200J。 故答案为:‎230‎;‎1‎;‎200‎。‎ 三、作图题(共7分)‎ ‎【答案】‎ 石头重力的作用点在重心,过重心沿竖直向下的方向画一条带箭头的线段,并用符号G表示; 过支点O作垂直于动力作用线的垂线段,即为F的力臂L,如下图所示: ‎ ‎【考点】‎ 力臂的画法 ‎【解析】‎ 过物体的重心,用一条带箭头的线段表示出重力的作用点和方向,注意重力的方向竖直向下; 过支点作力的作用线的垂线段就得到F的力臂。‎ ‎【解答】‎ 石头重力的作用点在重心,过重心沿竖直向下的方向画一条带箭头的线段,并用符号G表示; 过支点O作垂直于动力作用线的垂线段,即为F的力臂L,如下图所示: ‎ ‎【答案】‎ ‎【考点】‎ 透镜的光路图 ‎【解析】‎ 在作凸透镜、凹透镜的光路图时,先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点来作图。‎ ‎【解答】‎ 平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点。过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变。‎ ‎【答案】‎ ‎ ②小磁针的左端为N极,右端为S极,根据磁极间的相互作用规律可知,螺线管的左端为N极,右端为S极,根据安培定则可知,螺线管中正面的电流方向是向上的,如图所示: 。‎ ‎【考点】‎ 安培定则 ‎【解析】‎ ‎①根据物体的浮沉条件:浮力小于重力时下沉、浮力大于重力时上浮、浮力等于重力时漂浮以及阿基米德原理判断鸡蛋所受浮力的变化; ②根据磁极间的相互作用规律得出螺线管的极性,根据安培定则判断螺线管中电流的方向。‎ ‎【解答】‎ ‎①最初鸡蛋沉入水底,受到的浮力小于重力(即F浮‎10Ω, 所以,应选用最大阻值为‎50Ω的滑动变阻器;‎ 若按图乙所示电路图连接好电路后,闭合开关,由电压表的内阻很大、在电路中相当于断路可知,电路中几乎无电流,所以,可观察到电流表的指针几乎不偏转;‎ 闭合开关,电流表和电压表均有示数,但移动滑动变阻器的滑片时,两表的示数均保持不变, 说明滑动变阻器接线错误,即将上面两个接线柱接入电路或将下面两个接线柱接入电路;‎ 由题意可知,定值电阻两端的电压为‎2.5V; 探究电流与电阻的关系实验,应记录的是“电阻R/Ω”和“电流I/A”。‎ ‎【答案】‎ 自下而上 见解答;‎ ‎99‎‎,不可行 ‎1.68×‎‎10‎‎3‎ ‎【考点】‎ 探究水的沸腾实验 热量的计算 ‎【解析】‎ ‎(1)实验中用酒精灯外焰加热,并且温度计玻璃泡不能碰容器底和壁,所以组装器材时要按自下而上的顺序; ‎ 第25页 共26页 ◎ 第26页 共26页 ‎(2)根据表格中数据描点,用平滑的曲线连接; (3)水沸腾的条件:达到沸点,继续吸热;液体的沸点随气压的增大而增大; (4)利用Q吸=cm△t求‎1‎分钟内水吸收的热量。‎ ‎【解答】‎ 实验中用酒精灯外焰加热,并且温度计玻璃泡不能碰容器底和壁,所以组装器材时要自下而上的顺序;‎ 根据表格中数据描点,用平滑的曲线连接,如下图: ;‎ 根据以上实验数据可知,水的沸点为‎99‎​‎‎∘‎C;液体的沸点随气压的增大而增大,换用了火力更大的酒精灯加热,不能使气压增大,不能提高水的沸点,故此方法不可行。‎ 忽略沸腾前水的质量变化以及热量的损耗,从第‎5min起‎1‎分钟内水吸收的热量等于水沸腾前‎1min吸收的热量: Q吸=c水m△t=‎4.2×‎10‎‎3‎J/(kg⋅‎​‎‎∘‎C)×0.2kg×2‎​‎‎∘‎C=‎1.68×‎10‎‎3‎J。‎ 五、计算题(本大题2小题,共13分)‎ ‎【答案】‎ 前‎10s轿车运动的平均速度为‎10m/s;‎ 轿车在匀速直线运动阶段通过的路程为‎700m;‎ 动力F做的总功为‎1.1×‎10‎‎6‎J。‎ ‎【考点】‎ 变速运动与平均速度 速度公式及其应用 功的计算 ‎【解析】‎ ‎(1)已知前‎10s轿车运动的路程为‎100m,利用速度公式可求得均速度; (2)由图象可知轿车在匀速直线运动阶段的时间和速度,利用速度公式变形可求得通过的路程; (3)由图象可知,‎0∼10s、‎10s∼45s时间内轿车的动力F和路程,利用W=Fs可求得动力F做的总功。‎ ‎【解答】‎ 已知前‎10s轿车运动的路程为‎100m,则前‎10s轿车运动的平均速度v‎1‎‎=s‎1‎t‎1‎=‎100m‎10s=10m/s,‎ 由图象甲可知,轿车在匀速直线运动阶段的时间t‎2‎=‎45s−10s=‎35s,速度v‎2‎=‎20m/s, 由v=‎st可得,通过的路程s‎2‎=v‎2‎t‎2‎=‎20m/s×35s=‎700m;‎ 由图象乙可知,‎0∼10s的动力F‎1‎=‎4000N, 则‎0∼10s的动力做功W‎1‎=F‎1‎s‎1‎=‎4000N×100m=‎4×‎10‎‎5‎J, ‎10s∼45s时间内轿车的动力F‎2‎=‎1000N,已知通过的路程s‎2‎=‎700m; 则‎10s∼45s时间内动力做功W‎2‎=F‎2‎s‎2‎=‎1000N×700m=‎7×‎10‎‎5‎J, 则动力F做的总功。W=W‎1‎‎+‎W‎2‎=‎4×‎10‎‎5‎J+7×‎10‎‎5‎J=‎1.1×‎10‎‎6‎J。‎ ‎【答案】‎ 饮水机处于加热挡阶段消耗的电能为‎1.452×‎10‎‎5‎J;‎ 饮水机处于保温挡时,通过R‎1‎的电流为‎0.2A;‎ R‎2‎的阻值为‎110Ω。‎ ‎【考点】‎ 电功的计算 电功率与电压、电流的关系 ‎【解析】‎ ‎(1)根据图乙判断出加热挡的功率和加热时间,根据EW=Pt算出饮水机处于加热挡阶段消耗的电能; (2)当开关S、S‎0‎闭合时,R‎1‎与R‎2‎并联,电路中的总电阻最小,根据P=‎U‎2‎R可知,饮水机的总功率最大,此时为加热状态; 当只闭合开关S时,电路为R‎1‎的简单电路,饮水机处于保温状态; 根据图乙判断出保温挡的功率,根据P=UI算出保温挡时通过R‎1‎的电流; (3)当开关S、S‎0‎闭合时,两电阻并联,电路中的总电阻最小,根据P=‎U‎2‎R分析电路功率大小可知饮水机处于哪种工作状态;饮水机保温时电路为R‎1‎的简单电路,饮水机加热时R‎1‎与R‎2‎并联,饮水机加热功率减去保温功率即为R‎2‎的电功率,根据并联电路的电压特点和P=‎U‎2‎R求出R‎2‎的阻值。‎ ‎【解答】‎ 由图乙知,加热挡的功率为P加热=‎484W,加热时间为t=‎5min=‎300s, 饮水机处于加热挡阶段消耗的电能为:W=P加热t=‎484W×300s=‎1.452×‎10‎‎5‎J;‎ 当开关S、S‎0‎闭合时,R‎1‎与R‎2‎并联,电路中的总电阻最小,根据P=‎U‎2‎R可知,饮水机的总功率最大,此时为加热状态; 当只闭合开关S时,电路为R‎1‎的简单电路,饮水机处于保温状态; 根据图乙知保温挡的功率为‎44W, 根据P=UI知,保温挡时通过R‎1‎的电流为: I=PU=‎44W‎220V=0.2A;‎ 因电路的总功率等于各用电器功率之和, 所以,加热时电阻丝R‎2‎的电功率: P‎2‎=P加热‎−‎P‎1‎=P加热‎−‎P保温=‎484W−44W=‎440W, 因并联电路中各支路两端的电压相等, 由P=‎U‎2‎R可得,电阻R‎2‎的阻值: R‎2‎‎=U‎2‎P‎2‎=‎(220V‎)‎‎2‎‎440W=110Ω;‎ 六、综合能力题(本大题3小题,共18分)‎ ‎【答案】‎ V‎2‎‎−‎V‎1‎ ρ水‎(V‎2‎−V‎3‎)‎ 第25页 共26页 ◎ 第26页 共26页 ρ(V‎2‎−V‎3‎)‎V‎2‎‎−‎V‎1‎ 取出碗中所有的小玻璃珠,慢慢放入量简中,注意不要溅出水(或测量水的体积时,视线要以凹液面为准)‎ ‎【考点】‎ 物体的浮沉条件及其应用 ‎【解析】‎ ‎(1)根据排水法得出小玻璃珠的总体积; (2)由题意,根据等效替代法,量简中减小的水的质量即小玻璃珠的总质量,求出量筒中减小水的体积,根据密度公式求出减小水的质量; (3)由(1)(2),根据ρ=‎mV求出小玻璃珠密度的表达式; (4)从提高测量体积的精度性考虑。‎ ‎【解答】‎ 量简中水的体积V‎1‎,取出碗中所有的小玻璃珠并放入量简中,记下小玻璃珠和水的总体积V‎2‎,小玻璃珠的总体积为V=V‎2‎‎−‎V‎1‎;‎ 取一定数量的小玻璃珠放入空碗中,再把碗放入盛有水的水盆中,用油性笔在碗外壁上标记水面的位置; 取出碗中所有的小玻璃珠并放入量简中,记下小玻璃珠和水的总体积V‎2‎。 将量简中的水慢慢倒入水盆中的空碗内,直到标记处与碗外水面相平,根据等效替代法,量简中减小的水的质量即小玻璃珠的总质量, 因减小水的体积:‎△V=V‎2‎‎−‎V‎3‎, 减小水的质量:m=ρ水‎(V‎2‎−V‎3‎)‎,‎ 小玻璃珠密度的表达式为:ρ=mV=‎ρ(V‎2‎−V‎3‎)‎V‎2‎‎−‎V‎1‎;‎ 在不改变实验方法的前提下,提高测量精度的措施:取出碗中所有的小玻璃珠,慢慢放入量简中,注意不要溅出水(或测量水的体积时,视线要以凹液面为准)。‎ ‎【答案】‎ 电流,电压 ‎0.5‎ 先变大后变小 ‎0.2‎‎,‎‎1.8‎ ‎【考点】‎ 欧姆定律的应用 电功率的计算 ‎【解析】‎ ‎(1)根据电流表与待测电路串联,电压表与待测电路并联分析回答; (2)小灯泡L标有“‎2.5V 1.25W”字样的含义,根据P=UI求出小灯泡正常发光时电流表的示数; (3)根据图乙绘制出滑动变阻器的电功串PR与小灯泡的电功率PL的关系回答; (4)根据P=‎U‎2‎R得出灯正常发光时的电阻,灯与变阻器串联,电压表分别测变阻器和灯的的电压,电流表测电路的电流, 根据实验所用的小灯泡能承受的最大电压可以高出其额定电压的‎1‎‎4‎,可知灯的最大电压,由欧姆定律求出灯的最大电流,结合电流选用小量程确定电路的最大电流,根据P大=I‎2‎RL得出灯的最大功率; 变阻器连入电路的电阻越大,变阻器的电压越大,根据已知条件确定变阻器的最大电压,由串联电路电压的规律求出灯的最小电压,根据P=‎U‎2‎R求出灯的最小功率。‎ ‎【解答】‎ a表串联在电路中,故a是电流表;b表并联在电路中,b是电压表;‎ 小灯泡L标有“‎2.5V 1.25W”字样,表示灯的额定电压为‎2.5V,额定功率为‎1.25W, 根据P=UI可得,实验中,小灯泡正常发光时电流表的示数为: IL‎=PLUL=‎1.25W‎2.5W=0.5A;‎ 根据图乙绘制出滑动变阻器的电功串PR与小灯泡的电功率PL的关系可知,小灯泡的电功率(亮度)变大时,滑动变阻器的电功率先变大后变小;‎ 根据P=‎U‎2‎R可得,灯正常发光时的电阻为: RL‎=UL‎2‎PL=‎(2.5V‎)‎‎2‎‎1.25W=5Ω; 灯与变阻器串联,电压表分别测变阻器和灯的的电压,电流表测电路的电流, 实验所用的小灯泡能承受的最大电压可以高出其额定电压的‎1‎‎4‎,即灯的最大电压为‎5‎‎4‎‎×2.5V=‎3.125V,灯的最大电流为: I灯‎=UR=‎3.125V‎5Ω=0.625A,根据电流选用小量程,故电路的最大电流为‎0.6A, 灯的最大功率为: P大=I‎2‎RL=‎(0.6A‎)‎‎2‎×5Ω=‎1.8W; 变阻器连入电路的电阻越大,变阻器的电压越大,其最大值为‎3V,这时的电流最小, 由串联电路电压的规律可得,灯的最小电压为UV=‎4V−3V=‎1V, 灯的最小功率为: P小‎=UV‎2‎RL=‎(1V‎)‎‎2‎‎5Ω=0.2W, 在确保电路中各元件安全的情况下,移动滑动变阳器的滑片,小灯泡的电功率变化范围是从‎0.2W至 ‎1.8W。‎ ‎【答案】‎ 负,‎‎520‎ 变小 ‎0.92‎ ‎2.5‎​‎‎∘‎C∼40‎ ‎【考点】‎ 欧姆定律的应用 ‎【解析】‎ ‎(1)根据图乙得出热敏电阻R‎1‎的阻值与温度的关系,然后判断出热敏电阻的类型;在标准大气压下,冰水混合物的温度为‎0‎​‎‎∘‎C,根据图乙读出R‎1‎的阻值; (2)测温时,保持R‎2‎两端电压为‎0.20V时,电路中的电流保持‎2mA不变,根据图乙可知热敏电阻R‎1‎的阻值随温度的变化,根据欧姆定律得出R‎1‎两端的电压与温度的关系; (3)根据图乙可知,R‎1‎与t的关系为一次函数,设为R‎1‎=kt+b,然后把图中两组数据代入即可得出表达式,根据表达式求出V‎1‎表盘上显示的温度是‎20‎​‎‎∘‎C时R‎1‎的阻值,根据欧姆定律求出V‎1‎的示数,利用串联电路的电压特点求出此时电源电压; (4)‎ 第25页 共26页 ◎ 第26页 共26页 由题意可知,电源电压可在‎0.60V∼1.20V之间调节,根据串联电路的电压特点求出电源的电压为‎0.60V或‎1.20V时热敏电阻两端的电压,根据欧姆定律求出此时热敏电阻的阻值,根据R‎1‎与t的关系求出对应的温度,然后求出该热敏电阻温度计测量温度的范围。‎ ‎【解答】‎ 由图乙可知,热敏电阻R‎1‎的阻值随温度的升高而变小,为负温度系数热敏电阻; 在标准大气压下,将R‎1‎放入冰水混合物中时,热敏电阻R‎1‎的温度为‎0‎​‎‎∘‎C,其阻值为‎520Ω;‎ 测温时,保持R‎2‎两端电压为‎0.20V时,电路中的电流保持‎2mA不变, 因热敏电阻R‎1‎的阻值随温度的升高而变小, 所以,由U=IR可知,R‎1‎两端的电压变小,即R‎1‎两端的电压随温度升高而变小;‎ 由图乙可知,R‎1‎与t的关系为一次函数,设为R‎1‎=kt+b, 把t=‎0‎​‎‎∘‎C、R‎1‎=‎520Ω和t=‎30‎​‎‎∘‎C、R‎1‎=‎280Ω代入可得: ‎520Ω=k×0‎​‎‎∘‎C+b,‎280Ω=k×30‎​‎‎∘‎C+b, 联立等式可得:k=‎−8Ω/‎​‎‎∘‎C,b=‎520Ω, 则R‎1‎=‎−8(Ω/‎​‎‎∘‎C)×t+520Ω, 当V‎1‎表盘上显示的温度是‎20‎​‎‎∘‎C时,R‎1‎=‎−8(Ω/‎​‎‎∘‎C)×20‎​‎‎∘‎C+520Ω=‎360Ω, 此时V‎1‎的示数: U‎1‎=IR‎1‎=‎2×‎10‎‎−3‎A×360Ω=‎0.72V, 因串联电路中总电压等于各分电压之和, 所以,此时电源电压: U=U‎1‎‎+‎U‎2‎=‎0.72V+0.20V=‎0.92V;‎ 由题意可知,电源电压可在‎0.60V∼1.20V之间调节, 当电源的电压U′‎=‎0.60V时,热敏电阻两端的电压: U‎1‎‎′‎=U′−‎U‎2‎=‎0.60V−0.20V=‎0.40V, 此时热敏电阻的阻值:R‎1‎‎′=U‎1‎‎′‎I=‎0.40V‎2×‎10‎‎−3‎A=200Ω, 由R‎1‎=‎−8(Ω/‎​‎‎∘‎C)×t+520Ω可得,t′‎=‎40‎​‎‎∘‎C; 当电源的电压U″=‎1.20V时,热敏电阻两端的电压: U‎1‎″=U″‎−‎U‎2‎=‎1.20V−0.20V=‎1.00V, 此时热敏电阻的阻值:R‎1‎″$= frac{U_{1}"}{I} = frac{1.00V}{2 imes 10^{- 3}A} = 500Omega$, 由R‎1‎=‎−8(Ω/‎​‎‎∘‎C)×t+520Ω可得,t″=‎2.5‎​‎‎∘‎C, 所以,该热敏电阻温度计测量温度的范围为‎2.5‎​‎‎∘‎C∼40‎​‎‎∘‎C。‎ 第25页 共26页 ◎ 第26页 共26页