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  • 2021-11-10 发布

四川省南充市2020年中考物理真题试卷(附解析)

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四川省南充市2020年中考物理真题试卷 说明:1.理科综合试卷包括物理、化学两部分,满分200分。其中物理100分(按90分折合计入总成绩),化学100分(按60分折合计入总成绩)。考试时间共120分钟。‎ ‎2.答题前,考生务必将自己的姓名、座位号、准考证号、身份证号填写在答题卡规定的位置上。‎ ‎3.必须使用0.5毫米黑色签字笔,将答案书写在答题卡规定的位置上。‎ ‎4.所有题目必须在答题卡上作答,在试题卷上、草稿纸上答题无效。‎ ‎5.考试结束后,考生只将答题卡交回。‎ 物理部分第I卷(选择题,共38分)‎ 一、选择题(本大题1一10小题只有一项符合题目要求,每小题3分;11--12小题有多项符合题目要求,全部选对得4分,选对但不全的得2分,有错的得0分,共38分。)‎ ‎1.下列估计符合生活实际的是(  )‎ A. 正常成年人的步行速度约为5m/s B. 新物理课本中一张纸的厚度约为0.1mm C. 一个苹果的质量约为1.5kg D. 正常眼睛在观察近处物体时,最清晰而又不疲劳的距离大约为10cm ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A.正常成年人的步行速度约为1.1m/s,故A不符合实际;‎ B.新物理课本中一张纸的厚度约为0.1mm,故B符合实际;‎ C.一个苹果的质量约为0.2kg,故C不符合实际;‎ D.正常眼睛的明视距离为25cm,故D不符合实际。‎ 故选B。‎ ‎2.下列说法错误的是(  )‎ A. 水蒸气引起烫伤往往比开水烫伤更严重,是因为水蒸气液化时还要放出大量的热 B. 冰在熔化过程中吸收热量,温度保持不变 C. 夏天,汽车内开冷空调,被冷气对吹的车玻璃上有小水珠,小水珠主要集中在玻璃内侧 D. 水沸腾时,在水中有大量气泡不断上升、变大 ‎【答案】C 22‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】A.水蒸气引起的烫伤比开水烫伤更严重,因为水蒸气液化时还要放出大量的热量,使皮肤再次受到伤害,A正确,但不符合题意;‎ B.冰是晶体,晶体在熔化过程中吸收热量,温度保持不变,B正确,但不符合题意;‎ C.夏天,汽车内开冷空调,冷气对吹的车玻璃上的小水珠是气体液化形成,液化过程中,温度高的气体放出热量,外侧气体温度高,因此小水珠主要集中在玻璃外侧,C错误,但符合题意;‎ D.沸腾时液体内部和表面同时进行的剧烈汽化现象,水沸腾时,在水中有大量气泡不断上升、上升过程中逐渐变大,D正确,但不符合题意。‎ 故选C。‎ ‎3.汽车在公路上加速行驶,下列描述正确的是(  )‎ A. 汽车速度越大,汽车的惯性越大 B. 汽车前行紧急刹车时,乘客身体将向后倾 C. 汽车的牵引力与汽车受到的阻力是一对平衡力 D. 汽车受到支持力与汽车对地面的压力是一对相互作用力 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A.惯性与速度无关,只与质量有关,物体质量越大惯性越大,A错误;‎ B.汽车前行紧急刹车时,由于乘客具有惯性,身体将向前倾,B错误;‎ C.汽车在公路上加速行驶,汽车的牵引力大于汽车受到的阻力,因此汽车的牵引力与汽车受到的阻力是一对非平衡力,C错误;‎ D.汽车受到的支持力与汽车对地面的压力是一对相互作用力,D正确。‎ 故选D。‎ ‎4.下列说法正确的是(  )‎ A. “破镜不能重圆”说明分子间没有引力 B. 发生热传递时,热量总是从内能大的物体传递到内能小的物体 C. 把0oC的冰块加热熔化成0oC的水,若不考虑水的蒸发,其内能不变 D. 同一物体温度降低得越多,放出的热量就越多 ‎【答案】D ‎【解析】‎ 22‎ ‎【详解】A.分子之间同时存在引力和斥力,这两个力要在分子间距一定范围内才能起作用,如果分子间距过大,这两个力都不起作用了,破镜不能重圆,是因为玻璃碎片间距太大,大于分子间发生相互吸引的距离,并不能说明分子间没有引力,A错误;‎ B.发生热传递时,热量总是从温度高的物体传递到温度低的物体,B错误;‎ C.把0oC的冰块加热熔化成0oC的水,需要吸热,若不考虑水的蒸发,其内能增加,C错误;‎ D.根据公式可知,同一物体温度降低得越多,放出的热量就越多,D正确。‎ 故选D。‎ ‎5.对光现象的解释错误的是(  )‎ A. “小孔成像”所成的像是倒立的实像 B. 人远离平面镜时,平面镜中的像越来越小 C. 手机的人脸识别功能用到了光的反射 D. 今年疫情期间使用的红外测温仪是利用人体辐射的红外线,进行温度测量 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A.小孔成像成的像是倒立的实像,可以是放大的、缩小的、也可以是等大的,故A正确,不符合题意;‎ B.平面镜成的像与物体大小相等,人远离平面镜时,人的大小不变,像的大小不变,故B错误,符合题意;‎ C.手机的人脸识别,是人脸反射的光进入手机摄像头,手机进行识别,故C正确,不符合题意;‎ D.红外测温仪能检测到的人体辐射的红外线,然后转换成电信号,显示温度,故D正确,不符合题意。‎ 故选B。‎ ‎6.关于气体压强,下列说法错误的是(  )‎ A. 做托里拆利实验时,若将玻璃管由竖直变倾斜,管中水银柱的长度不变 B. 能用吸管将杯中饮料吸进嘴里,是利用了大气压强 C. 一标准大气压可托起约10.3m高的水柱 D. 高空飞行的大型客机,机翼上方空气流速大、压强小 ‎【答案】A ‎【解析】‎ 22‎ ‎【详解】A.托里拆利实验中,玻璃管倾斜后,长度会随着变大,管内水银增多,但水银柱的高度不变,故A错误,符合题意;‎ B.用吸管将杯中的饮料吸入口中,是吸走了管中的空气,使气压减小,在外界大气压的作用下将饮料压入口中;故B正确,不符合题意;‎ C.1标准大气压的值是1.01×105Pa,由p=ρgh可得1标准大气压支持的水柱高为 h=≈10.3m 故C正确,不符合题意;‎ D.由流体压强和流速的关系可知,飞机飞行过程中,机翼上方空气流速大,向下的压强小,故D正确,不符合题意。‎ 故选A。‎ ‎7.对下列四幅图解释正确的是(  )‎ A. 图甲中水平放置指南针受地磁场影响,指针N极总是指向地理南方 B. 图乙中通电螺线管右端为N极 C. 图丙为电动机工作原理图 D. 图丁说明了电磁铁磁性强弱与电流大小有关 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A.地球是一个大磁体,地磁南极在地理北极附近,地磁北极在地理南极附近;可自由转动的小磁针,由于受地磁场的影响,静止时,S极总是指向地理的南极方向,故A错误;‎ B.由图知道,电流从螺线管的左端流入,根据右手螺旋定则可以确定,螺线管的右端为N极,故B正确;‎ C.由于图中没有电源,此实验说明闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时,导体中就产生电流,即电磁感应现象,是发电机的工作原理,故C错误;‎ D.图中两线圈串联,通过的电流大小相等,说明的是电磁铁的磁性强弱与线圈的匝数的多 22‎ 少有关,故D错误。‎ 故选B。‎ ‎8.2020年6月23日9时43分,北斗3号最后一颗全球组网卫星在西昌卫星发射中心发射成功(如图),它是北斗3号系列的第三颗地球同步卫星,主要用于无线电导航、无线电测定等。关于卫星下列说法正确的是(  )‎ A. 该卫星在加速升空的过程中,机械能不变 B. 该卫星进入同步轨道后,相对地表静止 C. 该卫星运行一周的时间约为365天 D. 该卫星与地面基站可通过超声波传递信息 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A.在卫星加速升空的过程中,卫星的质量不变,速度变大,动能变大;同时质量不变、高度增加,重力势能增大,所以机械能增大,故A错误;‎ B.卫星进入同步轨道后,地球同步卫星和地球之间的位置没有发生改变,卫星相对于地表是静止的,故B正确;‎ C.地球同步卫星和地球的自转周期相同,即每隔24小时绕地球一周,故C错误;‎ D.卫星与地面站之间是真空,真空不能传声,所以只能利用电磁波传递信息,故D错误。‎ 故选B。‎ ‎9.如图所示电路,当闭合开关,灯泡正常发光,滑动变阻器滑片向右移动时,下列说法正确的是(  )‎ A. 灯L亮度变暗 B. 电压表V与电流表A1,示数之比不变 C. 电路的总功率变小 D. 电压表示数变大 22‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】分析电路图可知,灯泡和滑动变阻器并联,电流表A1测滑动变阻器的电流,A2测灯泡L的电流,电压表测电源电压;‎ AD.滑动变阻器滑片向右移动时,电压表测电源电压,因此示数灯泡L电压与电流都不变,由公式可知,灯泡的电功率不变,即灯泡的亮度不变,AD错误;‎ B.电压表V与电流表A1,示数之比为滑动变阻器阻值,当滑动变阻器滑片向右移动时,滑动变阻器阻值变大,即电压表V与电流表 ,示数之比变大,B错误;‎ C.当滑动变阻器滑片向右移动时,滑动变阻器阻值变大,电路总电阻变大,根据公式 可知,电路的总功率变小,C正确。‎ 故选C。‎ ‎10.水平桌面上有甲乙两个质量和底面积均相同的容器,分别装有密度不同的液体,将两个完全相同的小球放入容器中,静止时两容器中液面高度相同,如图所示。下列说法正确的是(  )‎ A. 甲容器中液体的密度小于乙容器中液体的密度 B. 甲容器中小球受到的浮力大于乙容器中小球受到的浮力 C. 甲容器底部受到液体的压力大于乙容器底部受到液体的压力 D. 甲容器对桌面的压力一定大于乙容器对桌面的压力 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】AB.两个小球重力相等,甲图,小球漂浮,浮力等于重力,即 F甲=G 乙图,小球悬浮,浮力等于重力,即 F乙=G 所以甲容器中小球受到的浮力等于乙容器中小球受到的浮力,根据F浮=ρ液gV排,在浮力相同时,由图知 22‎ V甲排<V乙排 所以 ρ甲>ρ乙 故AB错误;‎ C.两容器中液面高度相同 ρ甲>ρ乙 根据p=ρgh可知 p甲>p乙 由F=pS可知,S相同,容器底受到液体的压力 F甲>F乙 故C正确;‎ D.放入球后,两容器液面相平 V甲排<V乙排 两个容器底面积相同,甲容器上下一样粗,乙容器底小口大,不能判断放入小球前,两个容器中液体体积的大小关系,所以两个液体的质量大小关系不能判断,容器对桌面的压力等于容器、液体和小球的总重力,它们的大小关系不能判断,故D错误。‎ 故选C。‎ ‎11.如图甲所示滑动变阻器的滑片从a端滑到b端的过程中,电流表和电压表示数变化的规律如图乙所示。则以下说法正确的是(  )‎ A. R0的阻值为10Ω B. 滑动变阻器的最大阻值为60Ω C. 电源电压为8V D. 滑片在滑动的过程中,滑动变阻器的最大功率为0.9W ‎【答案】AD ‎【解析】‎ ‎【详解】ABC.当滑片P在a端时,电路为R0的简单电路,电路中的电流最大,由图乙可知,‎ 22‎ 电路中的最大电流I大=0.6A,则电源的电压 U=I大R0=0.6A×R0①‎ 当滑片位于b端时,R0与R串联,电流表测电路中的电流,电压表测R两端的电压,此时电路中的电流最小,由图乙可知,电路中的电流 I小=0.1A,UR=5V 滑动变阻器的最大阻值 ‎=50Ω 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和,所以,电源的电压 U=I小(R0+R)=0.1A×(R0+50Ω)②‎ 由①②得到 ‎0.6A×R0=0.1A×(R0+50Ω)‎ R0=10Ω 电源电压 U=I大R0=0.6A×10Ω=6V D.滑动变阻器的功率 P=‎ 当R=R0时,变阻器的功率最大,最大功率为 P最大==0.9W 故D正确。‎ 故选AD。‎ ‎12.如图所示,重为2N的物体A放在水平桌面上,重为5N的物体B挂在动滑轮下,每个滑轮重为1N(不计绳重和摩擦),B恰好可以匀速下降。现对A施加水平向左的拉力使B上升,当B以0.3m/s的速度匀速上升时,拉力大小为F。下列说法正确的是(  )‎ 22‎ A. B匀速下降时,物体A受到3N的摩檫力 B. 拉力F的大小为4N C. 拉力F的功率为3.6W D. B匀速上升0.6m的过程中,拉力F做功2.4J ‎【答案】BC ‎【解析】‎ ‎【详解】A.由图通过动滑轮绳子段数n=3,不计绳重及摩擦时,B拉A的力 FA=( GB+G动)=×(5N+1N)=2N B匀速下降,物体A匀速向右运动时,受向右的拉力FA和向左的摩擦力作用,则 f=FA=2N 故A错误;‎ B.当使物体B以0.3m/s的速度上升时,物体A匀速向左运动,受向右的拉力FA、摩擦力和向左的拉力F作用,由于物体A的压力和接触面没有改变,则摩擦力大小不变,所以 F=FA+f=2N+2N=4N 故B正确;‎ C.绳子自由端移动的速度为 vA=3vB=3×0.3m/s=0.9m/s 所以拉力F的功率 P==FvA=4N×0.9m/s=3.6W 故C正确;‎ D.B匀速上升0.6m的过程中,拉力F做功 WF=Fs=F×3h=4N×3×0.6m=7.2J 故D错误。‎ 故选BC。‎ 第I卷(非选择题,共62分)‎ 二、填空题(本大题共10小题,每空1分,共20分)‎ 22‎ ‎13.吹笛子时,手指按压不同的小孔,可以改变笛子发声的________;为了保护听力,声音不能超过________dB。‎ ‎【答案】 (1). 音调 (2). 90‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】[1]吹笛子时,手指按压不同的笛孔可以改变空气柱振动的频率,从而发出音调不同的声音。‎ ‎[2]人们以分贝(dB)为单位来表示声音强弱的等级。0dB是人刚能听到的最微弱的声音,30~40dB之间人们较理想的安静环境;70dB会干扰谈话,影响工作效率;长期生活在90dB以上的噪声环境中,听力会受到严重影响。所以,为了保护听力,声音不能超过90dB。‎ ‎14.一杯牛奶有250mL,其质量为300g,则牛奶的密度是________kg/m3;小李喜欢喝加糖的牛奶,加糖溶解后,牛奶的密度会________(选填“变大”、“不变”“变小")。‎ ‎【答案】 (1). 1.2×103 (2).变大 ‎【解析】‎ ‎【详解】[1]牛奶的密度 ρ==1.2g/cm3=1.2×103kg/m3‎ ‎[2]喝加糖的牛奶,加糖溶解后,牛奶的质量变大,体积变化很小,所以牛奶的密度会变大。‎ ‎15.若一辆小汽车一年行驶一万公里,消耗1t汽油,这次汽油完全燃烧放出________J的热量;某次行驶过程中,该汽车汽油机曲轴的转速为3600r/min,在1s内汽油机对外做功________次(q汽=4.6×107J/kg)。‎ ‎【答案】 (1). (2). 30‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】[1]这次消耗的汽油为,根据公式可算出汽油完全燃烧放出的热量为 故汽油完全燃烧放出的热量为。‎ ‎[2]该汽车汽油机曲轴的转速为,内燃机做一次功,曲轴转动两次,某次行驶过程中,该汽车汽油机曲轴1s内转动60次,则该汽车1s内油机对外做功30次。‎ ‎16.生活中的各种用电器工作时都要消耗电能,电能属于________(选填“一次"或“二次”)‎ 22‎ 能源;我国核能利用的技术已居于世界领先地位,其中氢弹利用的就是________(选填“裂变"或“聚变")在瞬间释放的能量。‎ ‎【答案】 (1). 二次 (2). 聚变 ‎【解析】‎ ‎【详解】[1]一次能源可以从自然界直接获取,二次能源需要消耗一次能源,经过加工转换才能得到的能源,电能属于二次能源。‎ ‎[2]大量氢核的聚变,可以在瞬间释放出惊人的能量,氢弹利用的就是聚变在瞬间释放的能量。‎ ‎17.一灯泡标有“6V、3W”的字样,现仅有8V的电源,要使小灯泡正常发光,应该给小灯泡________(选填“串”或“并")联一个________Ω的电阻。(不考虑灯泡电阻受温度的影响)‎ ‎【答案】 (1). 串 (2). 4‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】[1]根据题意知道,灯泡正常发光时的电压UL =6V,功率PL =3W,所以,要使灯泡接到8V的电源上时正常发光,应串联一个电阻R分压。‎ ‎[2]因串联电路中总电压等于各分电压之和,所以,串联电阻两端的电压 UR =U-UL =8V-6V=2V 又因为串联电路中各处的电流相等,所以,由P=UI知道,灯泡正常工作时电路中的电流 由知道,串联电阻的阻值 ‎18.将一段电阻丝接入电路中,测得其两端电压为12V,通过的电流为3A,则该电阻丝电阻为________Ω;若将该电阻丝两端电压由12V降至6V,则电功率变化了________W。‎ ‎【答案】 (1). 4 (2).27‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】[1]电阻丝的电阻 R==4Ω ‎[2]将该电阻丝两端电压由12V降至6V,则电功率变化 22‎ ΔP=‎ ‎19.甲乙两辆汽车在平直公路上同向匀速行驶,由两车的s-t图可知(如图),乙车速度为________km/h;t=0时,甲车在乙车前方200米,乙车追上甲车还需________s。‎ ‎【答案】 (1). 72 (2).40‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】[1]根据公式可以算出乙车速度为 ‎[2]根据公式可以算出甲车速度为 乙车追甲车的追击速度为 乙车追上甲车还需时间为 ‎20.如图所示,用沿斜面向上大小为4N的拉力,将一个重5N的物体从斜面底端匀速拉至顶端。已知物体沿斜面上滑的距离为5m,上升的高度为3m,则物体受到的摩擦力为________N,斜面的机械效率为________。‎ ‎【答案】 (1). 1 (2).75%‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】[1]有用功 22‎ W有=Gh=5N×3m=15J 总功 W总=Fs=4N×5m=20J 额外功 W额=W总-W有=20J-15J=5J 摩擦力 f==1N ‎[2]斜面的机械效率 η==75%‎ ‎21.某次军事演习中,执行深海作业的潜水艇悬浮在海水中(如图)。要使潜水艇下潜,应对水舱________(选填“注水”或“排水”),在下潜过程中,海水对潜水艇上下表面的压力差________(选填“变大”、“变小”或“不变”)。‎ ‎【答案】 (1). 注水 (2). 不变 ‎【解析】‎ ‎【详解】[1]潜水艇悬浮在海水中,要使潜水艇下潜,则需要重力将大于浮力,所以,此时应对水舱注水。‎ ‎[2]在下潜过程中,潜水艇上、下表面受到海水对它的压力差等于潜水艇自身受到浮力,由阿基米德原理知道,由于排开水的体积不变,水的密度不变,即浮力保持不变。‎ ‎22.小明将线圈电阻为4.84Ω的电动机接人220V的家庭电路中,关闭其它用电器,只让电动机工作时,观察到他家标有2000imp/(kW.h)的电能表3min内闪烁了100次,则电动机在这段时间内消耗的电能为________kW.h,电动机线圈产生________J的热量。‎ ‎【答案】 (1). 0.05 (2).‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】[1]电动机在这段时间内消耗的电能为 22‎ ‎[2]根据公式可以求出电动机线圈的电流为 电动机线圈产生热量为 三、作图题(本大题共3小题,每题2分,共6分)‎ ‎23.物体A与弹簧连接,静止在光滑的斜面上,请画出物体A所受弹力的示意图。‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】由于物体A与弹簧连接,静止在光滑斜面上,则弹簧被压缩,故弹簧对A有沿斜面向上的弹力F;A静止在光滑的斜面上,还受到斜面的支持力N,受力下如图 ‎24.请画出用开关控制灯泡的电路。‎ 22‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】为了电路安全,家庭电路中,开关控制用电器时,开关应该接在火线与用电器的一侧,用电器接在零线的一侧,题中开关控制灯泡的电路如图所示 ‎25.一東光从空气射向玻璃砖,并穿过玻璃砖;画出这束光进入和离开玻璃砖的折射光线。‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】光从空气垂直进入玻璃砖,所以其传播方向不变;然后光从玻璃斜射入空气中,先过入射点垂直于界面画出法线,然后根据折射光线和入射光线分别位于法线两侧、折射角大于入射角,画出折射光线。如图所示:‎ 22‎ 四、实验探究题(本大题共3小题,每空1分,共16分)‎ ‎26.某学习小组“探究凸透镜成像的规律",进行了如下操作:‎ ‎(1)安装并调节烛焰透镜、光屏,使它们三者中心大致在________;‎ ‎(2)通过探究,记录并绘制了物距u与像距v之间的关系图像,如图甲所示,则该凸透镜的焦距是___________cm;‎ ‎(3)当蜡烛放在如图乙所示位置时,调节光屏,可在光屏上得到一个倒立、________的实像,生活中的________(选填"照相机”“投影仪“、“放大镜")就是利用这样的成像原理工作的;‎ ‎(4)若将透镜的上半部分用不适明的纸板挡住,则光屏上________(选填"能”或“不能”)成完整的像;‎ ‎(5)在图乙中,小明借来物理老师的眼镜将其放在蜡烛和凸透镜之间,发现光屏上原本清晰的像变模糊了,向右移动光屏,光屏上的像又变清晰,说明老师戴的是________(选填“近视”或“远视")眼镜。‎ ‎【答案】 (1). 同一高度 (2). 5 (3).缩小 (4). 照相机 (5). 能 (6). 近视 ‎【解析】‎ ‎【详解】(1)[1]为了使凸透镜成像到光屏中央,安装器材时,调节烛焰、透镜、光屏,使它们三者中心大致在同一高度。‎ ‎(2)[2]凸透镜成像的规律中,当物距等于两倍焦距时,像距也等于两倍焦距,此时成倒立、等大的实像,结合甲图,当物距为10cm时,像距也为10cm,则焦距为5cm。‎ ‎(3)[3][4]当蜡烛放在如图乙所示位置时,物距在两倍焦距以外,凸透镜成倒立、缩小的实像,与这一工作原理相符的是照相机。‎ ‎(4)[5]凸透镜成实像时,所有透过透镜的光会聚到光屏上成像,当将透镜的上半部分挡住后,整个物体发出的光虽有一部分被挡住,但总会有一部分光通过下半部分凸透镜而会聚成像,因此,像与原来相同。‎ ‎(5)[6]物理老师的眼镜将其放在蜡烛和凸透镜之间,右移动光屏,光屏上的像变清晰,说明了物理老师的眼镜具有发散光的作用,因此是凹透镜,近视眼镜就是凹透镜。‎ 22‎ ‎27.在“探究压力作用效果与哪些因素有关”的实验中,小强利用了多个完全相同的木块和海绵进行了如图所示的实验。‎ ‎(1)实验中通过观察海绵的________来比较压力作用效果;‎ ‎(2)对比甲、乙两图可以得出:当________一定时,受力面积越小,压力作用效果越明显;‎ ‎(3)由甲、丙两图可以探究压力作用效果与________的关系;‎ ‎(4)对比甲、丁两图,小强认为压力作用效果与压力大小无关,你认为他的观点________(选填“正确"或“错误”);理由是________。‎ ‎【答案】 (1). 凹陷程度 (2). 压力 (3). 压力大小 (4). 错误 (5). 没有控制受力面积相同 ‎【解析】‎ ‎【详解】(1)[1]在“探究压力作用效果与哪些因素有关”的实验中,利用转换法通过海绵的凹陷程度来比较压力作用效果。‎ ‎(2)[2]对比甲、乙两图发现,相同的两个木块,一个竖放,一个平放,海绵受到的压力相同,接触面积不同,海绵的凹陷程度不同,可以得到:当压力一定时,受力面积越小,压力作用效果越明显。‎ ‎(3)[3]分析甲、丙两图发现:海绵的受力面积相同,海绵受到的压力不同,海绵的凹陷程度不同;故可以探究压力的作用效果与压力大小的关系。‎ ‎(4)[4][5]研究压力的作用效果与压力大小的关系要控制受力面积相同,因甲、丁两图中受力面积不同,即没有控制受力面积相同,故他的观点是错误的。‎ ‎28.用如下图甲所示的电路“探究电流与电阻的关系”,电源电压恒为6V,定值电阻R备有(5Ω、10Ω、20Ω、40Ω)各一个。‎ 22‎ ‎(1)闭合开关前,滑动变阻器的滑片P应滑到最___________(选填“左“或“右”)端;‎ ‎(2)将5Ω的定值电阻接入电路闭合开关,移动滑片P发现电流表示数始终为零,电压表示数不为零,其原因可能是___________(填选项);‎ A.定值电阻R短路 B.定值电阻R断路 C.滑动变阻器短路 ‎(3)不改变滑动变阻器滑片的位置,将5Ω的电阻换成10Ω的电阻,闭合开关后,为保证电压表示数与更换前相同,滑片P应向___________(选填“左”或“右”)端滑动;‎ ‎(4)实验中依次接入定值电阻,调节滑片使定值电阻两端电压相同,记下电流表读数,绘出电流I与电阻倒数变化的图像乙,由图乙可知:电压一定时电流与电阻成___________比;‎ ‎(5)为完成整个实验,应该选择___________(填选项)种规格的滑动变阻器。‎ A.50Ω、1.0A B.100Ω、1.2A C.200Ω、0.6A ‎【答案】 (1). 左 (2). B (3).左 (4). 反 (5). B ‎【解析】‎ ‎【详解】(1)[1]由电路图知道,在连接电路时,闭合开关前,滑动变阻器的滑片应滑至阻值最大处的左端。‎ ‎(2)[2]闭合开关后,移动滑动变阻器的滑片P时,发现电流表示数始终为零,说明电路可能断路,而电压表有示数,说明与电压表并联部分断路,即此时电路可能的故障是定值电阻R断路。‎ 故选B。‎ ‎(3)[3]由串联分压原理知道,将定值电阻由5Ω改接成10‎ 22‎ Ω的电阻,电阻增大,其分得的电压增大;由于探究电流与电阻的实验中应控制电阻两端的电压不变,所以,此时应增大滑动变阻器分得的电压,由分压原理,应增大滑动变阻器连入电路中的电阻,所以滑片应向左端移动。‎ ‎(4)[4]由于电流I与电阻倒数变化的图像乙,说明电压一定时电流与电阻的倒数成正比,即说明导体中的电流跟导体的电阻成反比。‎ ‎(5)[5]由图像知道,电阻两端的电压始终保持U=IR =2V,由串联电路电压的规律知道,变阻器分得的电压 U滑 =6V-2V=4V 即变阻器分得的电压为电压表示数的2倍,由分压原理知道,当接入40Ω电阻时,变阻器连入电路中的电阻为 R滑 =2×40Ω=80Ω 故为了完成整个实验,应该选取最大阻值至少80Ω的滑动变阻器。‎ 故选B。‎ 五计算题(本大题共两小题,29题9分,30题11分,共20分。要求写出必要的文字说明、主要的计算步骤和明确的答案。)‎ ‎29.市面上的电热水壶大多具有加热和保温功能。下图是某电热水壶的电路简图,开关K接通后,开关S自动与触点a、b接通,热水壶开始烧水;当壶内水温达到100oC时,温控开关S自动与a、b断开,并立即与触点c接通,水壶进入保温状态。已知电源电压为220V,电阻R1=50Ω,这种水壶的加热功率P加热是保温功率P保温的5倍,水的比热容c=4.2x103J/(kg.oC),R1、R2电阻不受温度影响。求:‎ ‎(1)将1kg初温为35oC的水加热到100oC需要吸收多少热量?‎ ‎(2)电阻R2的阻值。‎ ‎(3)在晚上用电高峰期将1kg初温为35oC的水加热到100oC需用时300s,若加热效率为91%,则晚上用电高峰期的实际电压为多少?‎ 22‎ ‎【答案】(1);(2)200Ω; (3)200V。‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】(1)初温为35oC水加热到100oC,温度的变化量为 需要吸收的热量为 ‎(2)由题意可知,开关S自动与触点a、b接通时与并联,电热水壶处于加热状态,得加热时电功率为 开关S自动与a、b断开,并与触点c接通时,电路变为的简单电路,电热水壶处于保温状态,得保温时电功率为 水壶的加热功率P加热是保温功率P保温的5倍,即得 即 根据得 电阻,根据可算出电阻为 即 22‎ 得 ‎(3)初温为35oC的水加热到100oC,温度变化量为 吸收的热量为 总的消耗的电能为 电路总电阻为 根据公式得 ‎30.图甲为某自动注水装置的部分结构简图,杠杆AOB始终在水平位置保持平衡,O为杠杆的支点,OA=3OB,竖直细杆a的一端连接在杠杆的A点,另一端与高为0.2m的长方体物块C固定;竖直细杆b的下端通过力传感器固定,上端连接在杠杆的B点(不计杠杆、细杆及连接处的重力和细杆的体积)。圆柱形水箱中有质量为3kg的水,打开水龙头,将水箱中的水缓慢放出,通过力传感器能显示出细杆b对力传感器的压力或拉力的大小;图乙是力传感器示数F的大小随放出水质量m变化的图像。当放出水的质量达到2kg时,物体C刚好全部露出水面,此时装置由传感器控制开关开始注水。(g=10Nkg)求:‎ ‎(1)物块C的重力;‎ ‎(2)物块C受到的最大浮力;‎ ‎(3)从开始放水到物块C上表面刚好与液面相平时,水对水箱底部的压强变化了多少?‎ 22‎ ‎【答案】(1)2N;(2)10N;(3)2000Pa ‎【解析】‎ ‎【详解】(1)当物体C刚好全部露出时,杠杆受到的阻力为C的重力,此时B端的拉力为6N,根据杠杆的平衡条件得到 G×OA=6N×OB G=‎ ‎(2)物体B受到的最大浮力时,B端的压力为24N,根据杠杆的平衡条件得到 ‎(F浮-G)×OA=24N×OB F浮=‎ ‎(3)水对水箱底部的压强变化量 Δp=p2-p1=ρgh2-ρgh1=ρgΔh=1×103kg/m3×10N/kg×0.2m=2000Pa 答:(1)物块C的重力是2N;‎ ‎(2)物块C受到的最大浮力是10N;‎ ‎(3)从开始放水到物块C上表面刚好与液面相平时,水对水箱底部的压强变化了2000Pa。‎ 22‎