2020年四川省乐山市峨眉山市中考物理二模试卷(含答案解析) 23页

2020 年四川省乐山市峨眉山市中考物理二模试卷 一、单选题（本大题共 16 小题，共 40.0 分） 1. 小华画了一张电流的磁效应实验示意图，如图所示，图中磁针放置于 导线的上方，磁针蓝色部分为 N 极，所指方向为磁场方向。老师发现 此示意图并不合理，则下列哪一个修改方式的示意图最为合理 A. 指针方向改为偏向东南方 B. 指针方向改为偏向西南方 C. 磁针改为置于导线下方 D. 电池改为并联 2. 如图所示电路要使电灯 1 、 2 并联，应当 A. 只闭合 1 、 2B. 只闭合 2 、 C. 只闭合 1 、 D. 同时闭合 1 、 2 、 . 太阳、月亮、放映电影时的银幕、烛焰中，属于光源的是 A. 太阳、月亮 B. 月亮、银幕 C. 银幕、烛焰 D. 烛焰、太阳 4. 生活中我们常看到“白气”，下列有关“白气”形成的说法中正确的是 A. 文艺演出时舞台上经常施放“白气”，这是干冰在常温下的升华现象 B. 夏天从冰箱取出的冰棍周围冒“白气”，这是空气中水蒸气的凝华现象 C. 深秋清晨的河面上经常出现“白气”，这是河面上水蒸气的汽化现象 D. 冬天水烧开后壶嘴处喷出“白气”，这是壶嘴喷出水蒸气的液化现象 5. 下列能源中，属于不可再生能源的一组是 煤炭 核燃料 风能 石油。 A. B. C. D. 6. 下列说法中正确的是 A. 非晶体熔化时放热 B. 扇扇子是通过加快汗液的蒸发而使人感到凉快 C. 高压锅可以使锅内液体的沸点降低 D. 夏天打开冰箱门看到的“白气”，是从冰箱里冒出的水蒸气 7. 如图所示，开瓶盖的起子可以看作是一个杠杆，在图中能正确表示开瓶盖时，杠 杆的支点、动力和阻力的是 A. B. C. D. 8. 小华同学是一名九年级学生，下列各项是他对生活中的一些物理量的估测，其中最接近实际的 是 A. 夏天泰安市的平均气温约为 45B. 一名初中生的体积约为 5䁣 C. 手掌宽度为 l0dm D. 初中生运动会上百米赛跑的平均速度为 15݉ 9. 在如图所示的电路中，用滑动变阻器调节灯的亮度，若要求滑片 P 向左 端滑动时灯逐渐变亮，应选择下列哪种接法 A. M 接 A，N 接 B B. M 接 C，N 接 D C. M 接 C，N 接 B D. M 接 A，N 接 D 1. 分别标有“220V 25W”、“110V 25W”、“36V 25W”字样的三个白炽灯，它们各自在额定 电压下工作时 A. “220V 25W”最亮 B. “110V 25W”最亮 C. “36V 25W”最亮 D. 三个白炽灯一样亮 11. 下面是与一名发育正常的九年级学生有关的一些数据，你认为合理的是 A. 他的体重为 100N B. 他的手掌宽度为 2.5䁣C. 他百米赛跑的速度可达 15݉D. 他身体的平均密度约为 1 1 香݉ 12. 如图是关于电磁现象的四个实验，下列说法正确的是 A. 是研究发电机工作原理的实验装置 B. 实验说明通电导体周围存在磁场 C. 是探究电磁铁磁性强弱的实验装置 D. 是探究电磁感应现象的实验装置 1. 我国自行研制的歼 2 隐形战斗机的关键部件采用了碳纤维材料。该材料具有比同体积的常规 材料轻、抗力本领强、耐腐蚀、抗电磁干扰能力好等许多优点。下列说法中，不是碳纤维材料 具有的优点的是 A. 密度小 B. 强度大 C. 超导性 D. 抗腐强 14. 如图所示的电路中，电源电压保持不变．闭合电键 S，当滑动变阻器 的滑片 P 向右移动时，则 A. 电流表 A 示数与电流表 1 示数的差值变大 B. 电流表 A 示数与电流表 1 示数的差值变小 C. 电流表 A 示数与电流表 1 示数的比值变大 D. 电流表 A 示数与电流表 1 示数的比值变小 15. 如图，容器中间用隔板分成左右两部分，隔板下部有一圆孔用薄橡 皮膜封闭，橡皮膜两侧压强不同时其形状发生改变。它可以用来做 “探究液体压强是否跟深度、液体密度有关”的实验。关于这两种 实验说法不正确的是 A. 若要探究“液体压强跟液体深度有关”时，应该进行的操作是： 左右两侧加入深度不同的同种液体，观察橡皮膜形状的变化 B. 此实验装置为连通器 C. 橡皮膜容易发生形变，两侧受到压强不同时，会向压强小的一侧凸起，通过橡皮膜的形变来 判断容器两侧压强的大小 D. 在容器左右两部分分别装入深度相同的水和盐水，水密度小，这一侧压强小，所以橡皮膜会 向左侧凸起，说明液体压强与液体密度有关 16. 在如图所示的电路中，电源电压保持不变．闭合电键 S，向左移动滑动 变阻器滑片 P 的过程中，正确的判断是 A. 电压表 V 的示数变大 B. 电流表 1 的示数变大 C. 电压表 V 示数与电流表 A 示数的乘积变小 D. 电流表 A 示数与电流表 1 示数的差值变小 二、填空题（本大题共 4 小题，共 8.0 分） 17. 一架正在升空的直升机，使该直升机向上升空的力的施力物体 是______，它除了具有动能外，还具有______能。当飞行员从 右侧舷窗看到的“天地分界线”从图甲变成图乙时，以“天地 分界线”为参照物，飞机可能在______ 向上爬升 ݉ 向下俯冲 。 18. 在探究“固体熔化时温度的变化规律”时，李军分别测得甲、乙两种物质从固态到完全熔化过 程中的实验数据如表： 时间 ݉䁪 0 1 2 3 4 5 6 7 8 甲的温度 ݉ 5. 4. 44.8 49.5 54.2 58.4 62.6 66.9 71.乙的温度 ݉ 42. 44. 46. 48. 48. 48. 48. 5. 51.8 1 根据表中数据可以判断，物质甲是______ 选填“晶体”、“非晶体” ． 2 温度 44. 时，物质乙是______ 选填“固态”、“液态”或“气态” ． 19. 如图所示的实物电路中，乙电流表测量的是通过_______ 选填“ 1 ”、“ 2 ”或“干路” 的电 流．当开关闭合时，甲电流表的示数为 .5 ，乙电流表的示数为 .2 ，则灯 1 的电流为_______ A． 20. 小明用天平测了一鸡蛋的质量，当天平平衡后，右盘中砝码的质量和 游码的位置如图所示，则鸡蛋的质量是______ 香.三、作图题（本大题共 1 小题，共 3.0 分） 21. 质量为 5kg 的物体沿斜面下滑，请用力的示意图画出物体受到的重力。 四、实验探究题（本大题共 2 小题，共 14.0 分） 22. 小君同学在探究“影响滑动摩擦力大小的因素”实验中，做了如图所示的实验： 1 用弹簧测力计拉着木块在水平方向做匀速直线运动，根据______的原理，可知摩擦力与拉力 大小相等。 2 小君分析甲和乙，发现 甲小于 乙，说明滑动摩擦力的大小与接触面的______有关 为了探究滑动摩擦力的大小与压力的大小有关，应比较______两图。 4 小君在本次实验中运用的研究方法是______和转换法。 23. 某小组在“测定小灯泡功率”的实验中，电源电压为 4.5s ，小灯泡的额定电压为 2.5s 小灯泡 的额定功率小于 1㙠 ，滑动变阻器标有“ 251 ”。 1 请你用笔画线代替导线，将图甲所示的电路连接完整。 2 小明连接好电路后，闭合开关的瞬间，灯光特别亮，原因可能是________。 电路连接正确后，调节滑片 P 使电压表的示数为 2.5s ，此时电流表的示数如图乙所示，则该 灯泡的额定功率为________W，灯泡正常发光时的电阻约为________ 结果保留一位小数 。若 要减小灯泡的电功率，则滑片 P 应向________ 选填“左”或“右” 端移动。 4 在完成以上实验后，小明进一步测量并描绘出小灯泡的电流随电压变化的图线如图丙所示， 通过图象发现图线不是一条直线，这一现象说明：________。 5 利用该电路继续探究电流跟电阻的关系时，需将小灯泡换成适当的定值电阻 R，其他器材不 变。若实验时保持电压表示数为 2V 不变，则更换的电阻阻值不能大于_______ 。 五、计算题（本大题共 3 小题，共 15.0 分） 24. 如图 a 所示，某同学用右手螺旋定则判断通电螺线管的磁极，请你 在图中标出导线中的电流方向和螺线管的 N、S 极。 25. 一建筑工人用如图所示的滑轮组提起 1200N 的重物，所用的拉力是 800N，10s 内重 物上升了 2m。求： 1 拉力做功的功率。 2 滑轮组的机械效率。 26. 如图所示， 1 1 ，小灯泡 L 的规格为“3V .9㙠 ”，电源电 压保持不变 不考虑灯丝电阻随温度的变化 。 1 当 1 、 2 断开， 闭合时，小灯泡 L 正常发光，求电源电压； 2 当 1 、 2 、 都闭合时，电流表示数变为 .9 ，求 2 的阻值； 当 1 、 断开， 2 闭合时，灯泡 L 工作 2min 消耗的电能。 【答案与解析】 1.答案：C 解析：解： AB、当小磁针只受地磁场的作用时，小磁针的 N 极在地理北极附近，如下图的红色磁针。 当电路中有电流时 暂不考虑地磁场的作用 ，绿色的直线代表电流的方向，当小磁针在导线上方时， 根据右手螺旋定则可以判断，小磁针的北极垂直指向里面，就是西方，如蓝色的小磁针。 考虑地磁场的作用时，小磁针在地磁场和电流磁场的作用下，应指向西北方向。故 AB 选项都不对。 C、绿色的直线代表电流的方向，当磁针改为置于导线下方时 暂不考虑地磁场的作用 ，根据右手螺 旋定则可以判断，小磁针的北极垂直指向外面，就是东方； 考虑地磁场的作用时，小磁针在地磁场和电流磁场的作用下，应指向东北方向，故 C 选项正确。 D、改变电池的连接方式，不能改变电流方向，不能改变地磁场的方向，所以小磁针的 N 极方向不 会改变。故 D 错误。 故选：C。 小磁针在只受地磁场的作用时，小磁针的 N 极指向大致和地理北极相一致，当导线中通有电流时， 小磁针又受到电流磁场的作用，小磁针在两个磁场作用下，受到一个合力的作用，最后判断小磁针 N 极指向。 明确小磁针受到地磁场和电流磁场的共同作用是解决本题的关键。 2.答案：C 解析：解：电流从电源正极出发，要使电流出现分路，分别流经灯泡 1 与 2 ，需要闭合开关 ，才 能使电流流经灯泡 1 与 2 后汇合在一起，最后闭合开关 1 ，电流回到电源的负极，即应该是闭合开 关 1 、 ，断开 2 ； 故选：C。 若让两灯泡并联，即让它们的两端分别连在一起，然后并列连接在电路中的两点之间；结合电路图 选择合适的开关组合。 解决此题的关键是理解并联电路的特点，会连接简单的并联电路。 3.答案：D 解析： 此题考查的是我们对于光源的了解，是一道光学的基础题。 本身能够发光的物体叫光源，判断一个物体是不是光源主要看物体是不是自身能够发光。 A.太阳自身是可以发光的，是光源；月亮本身是不发光的，是反射太阳光的，不是光源，故 A 错误； B.月亮反射太阳光，不是光源；银幕是反射灯光射来的光，也不是光源，故 B 错误； C.银幕不是光源；烛焰是可以发光的，是光源，故 C 错误； D.烛焰和太阳都是自身可以发光的物体，是光源，故 D 正确。 故选 D。 4.答案：D 解析： 本题主要考查物态变化中的液化、汽化及升华现象，根据它们的概念判断即可。 液化是指物质从气态变为液态的物态变化，生活中看到的各种“白气”，都是水蒸气遇冷液化为小 水珠形成的，不是水蒸气 水蒸气是无色、无味的 ，据此分析判断。 A.演出时舞台上出现的“白气”，是干冰升华吸热，使空气中的水蒸气遇冷液化形成的，故 A 错误； B.夏天冰棍周围冒出的“白气”是空气中的水蒸气遇到温度低的冰棍液化形成的，故 B 错误； C. 深秋清晨河面上出现的“白气”，这是河面上水蒸气的液化现象，故 C 错误； D.冬天水烧开后壶嘴处喷出的“白气”，是壶中冒出的水蒸气在空气中遇冷，液化成小水滴，故 D 正确。 故选 D。 5.答案：D 解析：解：煤、核燃料、石油属于不可再生能源；风能属于可再生能源，选项 D 符合题意； 故选：D。 在自然界短时间就能得到补充的是可再生能源；不能及时补充的是不可再生能源；常见的可再生能 源有：风能、太阳能、水能等。常见的不可再生能源有：煤炭、石油、天然气、核燃料等。 本题主要考查学生对：常见的可再生能源和不可再生能源的了解和掌握。 6.答案：B 解析： 1 物质由固态变成液态的过程叫做熔化，熔化吸热； 2 影响蒸发快慢的因素有温度、表面积和空气流动，蒸发吸热； 液体的沸点与气压有关，气压越高，沸点越高； 4 物质由气态变成液态的过程叫做液化，液化放热。 本题考查了熔化、蒸发、沸点以及液化的知识，是物态变化基本知识的考查，相对比较简单。 A.无论是晶体还是非晶体，在熔化过程中都需要吸热，该选项说法不正确； B.夏天扇扇子，加快了汗液的蒸发，蒸发吸热，因此人会感动凉快，该选项说法正确； C.高压锅内的气压很高，提高了液体的沸点，从而能够使食物熟的更快，该选项说法不正确； D.夏天打开冰箱门看到的“白气”，是周围温度较高的水蒸气遇到从冰箱里冒出来的温度较低的水 蒸气液化而成的小水滴，该选项说法不正确。 故选 B。 7.答案：C 解析： 1 瓶盖紧紧的套在瓶口上，要使瓶盖打开，要克服瓶盖和瓶口之间的摩擦力，瓶盖给起子的力是向 下的，利用杠杆克服这个摩擦力． 2 动力 1 使杠杆绕固定点转动，阻力 2 阻碍杠杆转动，杠杆在动力和阻力的作用下，保持静止状态 或匀速转动状态． 1 掌握杠杆的五个要素：支点、动力、阻力、动力臂、阻力臂． 2 起子的使用有两种方法：可以以前面为支点，也可以以后面为支点． A、要把瓶盖打开，要克服瓶盖和瓶口之间的摩擦力，瓶盖给起子的阻力是向下的．不符合题意． B、瓶盖给起子的阻力是向下的．动力和阻力都使绕支点 O 顺时针转动．不符合题意． C、瓶盖给起子的阻力是向下的．动力是起子绕支点 O 逆时针转动，阻力绕支点 O 顺时针转动．符 合题意． D、如图，动力和阻力都使起子绕支点 O 逆时针转动．不符合题意． 故选 C． 8.答案：B 解析：解：A、泰安地区夏季高温炎热，最高气温一般都不会超过 45 ，平均气温更不会到达 45 ， 故 A 不符合实际； B、一名初中生的质量约为 50kg，水的密度为 1. 1 香݉ ，因此一名初中生的体积约为： s 5香 1.1 香݉ .5 5䁣 ，故 B 符合实际； C、手掌宽度约为 1 ݉䁣 ，故 C 不符合实际； D、男子百米世界纪录的速度略大于 1݉ ，中学生百米速度不可能达到 15݉ ，故 D 不符合实际。 故选：B。 首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转 换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。 物理学中，对各种物理量的估算能力，也是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高， 对我们的生活同样具有很大的现实意义。 9.答案：C 解析： 【试题解析】 本题考查了滑动变阻器的应用，是中考的常考题目。 若要求滑片 P 向左端滑动时，灯逐渐变亮，则要求滑片 P 向左端滑动时滑动变阻器的电阻变小。 滑片 P 向左端滑动时滑动变阻器的电阻变小，应选择滑动变阻器下方的“C”接线柱，再根据“一 上一下”原则，可把“A、C”或“B、C”两个接线柱接入电路中，故 C 正确。 故选 C。 10.答案：D 解析： 本题主要考查实际功率和额定功率的理解，关键点是理解白炽灯的亮度取决于灯的实际电功率。 灯泡的亮度取决于灯泡的实际功率，额定电压下的实际功率与额定功率相等。 因为三个灯泡都在额定电压下工作，所以三个灯泡的实际功率等于其额定功率；又因为三个灯泡的 额定功率相等，所以三个灯泡的实际功率相等，因此三个灯泡的亮度一样； 故 ABC 不符合题意，D 符合题意。 故选 D。 11.答案：D 解析：解：A、中学生的质量 体重 一般在 100 斤即 50kg 左右；故 A 错误； B、九年级学生手掌宽度为 1dm 左右，所以 B 不符合实际情况； C、百米赛跑的成绩一般在 15s 左右，故速度接近 1݉ ；达不到 15݉ ；故 C 错误； D、人的密度与水接近，故他身体的平均密度约为 1 1 香݉ ；故 D 正确； 故选：D。 首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换 算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。 此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选 项即可。 12.答案：D 解析：解：A、图中有电池，是电动机原理图； B、图中有学生电源，这是磁场对电流的作用实验，结论是通电导体在磁场中受力； C、是奥斯特实验，说明通电导线周围存在磁场； D、图中没有电池，是电磁感应现象实验． 故选 D． 根据对电与磁几个重要实验装置图的认识来判断： 1 发电机原理图描述了线圈给外界的用电器供电；电动机原理图描述了电源给线圈供电； 2 电磁感应现象装置图没有电池；磁场对电流的作用装置图有电池． 教材中的重要实验装置图要采用对比记忆的方法认真识记，包括实验装置的名称、说明的原理、重 要的应用等． 13.答案：C 解析：解：A、已知碳纤维材料比同体积的常规材料轻，说明其密度较小。故 A 不符合题意； B、已知碳纤维材料具有抗力本领强的特点，说明其强度大。故 B 不符合题意； C、碳纤维材料虽然属于新材料，但不具有超导性。故 C 符合题意； D、已知碳纤维材料具有耐腐蚀的特点，也就是抗腐强。故 D 不符合题意。 故选：C。 根据“该材料具有比同体积的常规材料轻、抗力本领强、耐腐蚀、抗电磁干扰能力好等许多优点” 确定碳纤维材料不具备的优点。 同一种材料具有不同的物理属性，只有掌握材料的这些“脾性”，才能真正做到“物尽其用”。 14.答案：C 解析：【试题解析】 解：由电路图可知，滑动变阻器 1 与定值电阻 2 并联，电流表 A 测干路电流，电流表 1 测 1 支路的 电流； 因并联电路各支路独立工作、互不影响， 所以，滑片移动时，通过 2 的电流 2 不变， 当滑动变阻器的滑片 P 向右移动时，变阻器 1 接入电路中的电阻变大， 由 可知， 1 支路的电流变小，即电流表 1 的示数 1 变小， 因并联电路中干路电流等于各支路电流之和， 所以，电流表 A 示数与电流表 1 示数的差值等于通过 2 的电流，则电流表 A 示数与电流表 1 示数的 差值不变，故 AB 错误； 电流表 A 示数与电流表 1 示数的比值 1 12 1 1 2 1 ，因 2 不变、 1 变小，所以电流表 A 示数与电 流表 1 示数的比值变大，故 C 正确、D 错误． 故选 C． 由电路图可知，滑动变阻器 1 与定值电阻 2 并联，电流表 A 测干路电流，电流表 1 测 1 支路的电流； 根据并联电路各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过 2 的电流不变，根据滑片的移动可知 接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过 1 支路的电流变化，根据并联电路的电流特点结合 通过 2 的电流可知电流表 A 示数与电流表 1 示数的差值变化，根据由 1 12 1 1 2 1 可知电流表 A 示数与电流表 1 示数的比值变化． 本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，分析好滑片移动时电路的 变化是关键． 15.答案：B 解析： 知道液体内部压强的特点，并能结合实际实验器材进行分析是解决该题的关键。 1 要探究“液体压强跟深度的关系”，则应使液体密度相同，液体深度不同； 2 要探究“液体压强跟液体密度的关系”，则应使液体深度相同，液体密度不同。 A.若要探究“液体压强跟液体深度有关”时，在上面图示容器中的两侧倒入不同高度的相同液体， 观察橡皮膜向哪边凸出即可，由于液体的密度相同，据液体内部压强的特点可知，在液体密度相同 时，液体的深度越大，压强越大，所以看到的现象是：橡皮膜会向深度小一侧凸起；故 A 正确； B.根据连通器的定义可知，此装置左右不连通，不能构成连通器，故 B 错误； C.容器中加入液体后，橡皮膜两侧压强不同时，其形状会发生改变，会向压强小的一侧凸起，可以 通过橡皮膜的形变来判断容器两侧压强的大小，故 C 正确； D.当分别向左右两侧加入深度相同的水和盐水时，因盐水的密度大，会看到橡皮膜向左侧凸起，说 明液体压强与液体的密度有关，故 D 正确； 该题选不正确的，故选 B。 16.答案：C 解析：解： 由电路图可知， 1 、 2 并联，电压表测电源的电压，电流表 A 测干路电流，电流表 1 测 2 支路的电 流， 因电源电压保持不变， 所以，滑片移动时，电压表 V 的示数不变，故 A 错误； 因并联电路中各支路独立工作、互不影响， 所以，滑片移动时，通过 1 的电流不变， 向左移动滑动变阻器滑片 P 的过程中，变阻器接入电路中的电阻变大， 由 可得，通过 2 的电流变小，即电流表 1 的示数变小，故 B 错误； 因并联电路中干路电流等于各支路电流之和， 所以，干路电流变小，即电流表 A 的示数变小， 则电压表 V 示数与电流表 A 示数的乘积变小，故 C 正确； 因电流表 A 示数与电流表 1 示数的差值等于通过 1 的电流，而通过 1 的电流不变， 所以，电流表 A 示数与电流表 1 示数的差值不变，故 D 错误． 故选 C． 由电路图可知， 1 、 2 并联，电压表测电源的电压，电流表 A 测干路电流，电流表 1 测 2 支路的电 流，根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影 响可知滑片移动时通过 1 的电流不变，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律 可知通过 2 电流的变化，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化，进一步可知电压表 V 示数 与电流表 A 示数的乘积变化，根据并联电路的电流特点结合通过 1 的电流可知电流表 A 示数与电流 表 1 示数的差值变化． 本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，利用好并联电路中各支路 独立工作、互不影响较为关键． 17.答案：空气；重力势；向上爬升 解析：解： 1 直升机飞行过程中，螺旋桨对空气施加向下的作用力，由于力的作用是相互的，空气 对直升机产生向上的反作用力，也就是飞机的升力； 2 直升机处于运动状态，所以有动能；同时直升机在空中，相对地面有一定高度，所以具有重力势 能； 当直升机斜向下俯冲时，飞行员以飞机为参照物时，将看到右侧舷窗看到的“天地分界线”左高 右低，倾斜向上； 当直升机斜向上爬升时，飞行员以飞机为参照物时，将看到右侧舷窗看到的“天地分界线”左低右 高，倾斜向下。如图乙所示。 也可以这样理解，不管战斗机如何飞行，“天地分界线”始终是水平的，可旋转书本，将乙图中的 “天地分界线”调至水平位置，此时飞机左侧 机头方向 向上扬起。 故答案为：空气；重力势；向上爬升。 1 力的作用是相互的，作用力和反作用力同时产生、同时消失； 2 影响动能大小的因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大；影响重力势能大小的因素： 质量、被举的高度。质量越大，高度越大，重力势能就越大；动能和势能统称为机械能； 在研究物体的运动情况时，需要选取一个参照物，物体与参照物之间的位置发生变化，则物体是 运动的；物体与参照物之间的位置没有发生变化，则物体是静止的。 此题考查了力的作用相互性、机械能和物体运动状态的判断，是一道联系实际的应用题，最后一空 难度较大，需要深刻理解运动和静止的相对性。 18.答案： 1 非晶体； 2 固态 解析：解： 1 由表格中数据知，甲在熔化过程中温度不断升高，所以甲是非晶体； 乙在熔化过程中温度保持 48 不变，所以乙是晶体，且熔点为 48 ； 2 温度 44. 时，还未达到乙的熔点，所以乙未开始熔化，是固态． 故答案为： 1 非晶体； 2 固态． 1 掌握晶体和非晶体在熔化过程中的区别：晶体有一定的熔点，在熔化过程中吸热但温度保持不变； 非晶体没有一定的熔点，在熔化过程中吸热，温度不断升高；根据表格中数据结合晶体和非晶体的 区别进行判断； 2 判断 44. 时是否达到熔点，从而可以判断乙的状态． 此题是探究“固体熔化时温度的变化规律”，考查了晶体和非晶体在熔化过程中的区别，同时考查 了学生对熔点概念的理解． 19.答案： 2 ； . 解析： 本题考查了并联电路的电流特点，关键是判断出两灯泡的连接方式和电流表所测的电路元件。 由电路图可知，两灯泡并联，电流表甲测干路电流，电流表乙测 2 支路的电流，根据并联电路的电 流特点求出通过 1 的电流。 由电路图可知，两灯泡并联，电流表甲测干路电流，电流表乙测 2 支路的电流； 则干路电流 .5 ，通过 2 的电流 2 .2 ，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以， 通过 1 的电流： 1 2 .5 .2 . 。 故答案为： 2 ； . 。 20.答案： 62.4 解析：解：物体的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值： 5香 1香 2.4香 62.4香 ． 故答案为： 62.4 ． 用天平称量物体质量时，物体的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值． 21.答案：解： 香 5香 9.8ͺ݉香 49ͺ 。 如图，画出重力作用点，竖直向下画一带箭头的线段表示重力，并标出重力的大小 49N。 故答案为： 解析：已知物体的质量，根据 香 求出重力的大小，再根据规则物体的重心在物体的几何中心， 沿重力的方向画一带箭头的线段表示重力，并标出重力的大小。 本题不仅考查重力示意图的画法，还考查重力计算公式的应用，本题示意图画法的关键是牢记重力 的方向总是竖直向下的。 22.答案：二力平衡 粗糙程度 乙丙 控制变量法 解析：解： 1 要使物体所受的摩擦力与拉力平衡，应用弹簧测力计拉着木块沿水平方向做匀速直线运动，此时 滑动摩擦力等于测力计的拉力，因此，这里是利用了二力平衡的知识； 2 比较甲、乙两图，压力相同，乙图中接触面粗糙，乙弹簧测力计的示数大，即摩擦力大，说明滑 动摩擦力与接触面的粗糙程度有关； 探究滑动摩擦力的大小与压力的大小有关时，应控制压力不同，接触面的粗糙程度相同，故应选 择乙和丙； 4 探究影响滑动摩擦大小的因素时采用了控制变量法；根据测力计示数的大小来表示摩擦力的大小， 采用的是转换法。 故答案为： 1 二力平衡； 2 粗糙程度； 乙丙； 4 控制变量法。 1 实验时，注意应使物体做匀速直线运动，根据二力平衡可知摩擦力等于拉力； 2 影响滑动摩擦力的因素是压力大小和接触面的粗糙程度；压力一定时，接触面越粗糙，滑动摩擦 力越大；接触面粗糙程度一定时，压力越大，滑动摩擦力越大；在实验的过程中，采用控制变量法 分析。 本题考查探究摩擦力大小与什么因素有关，要掌握实验中测量摩擦力的方法及实验的研究方法。在 利用控制变量法时，要注意分析控制的变量和改变的量，根据实验结果得出研究因素是否与改变量 有关。 23.答案： 1 ； 2 滑动变阻器的滑片没有移到最大阻值处； .75 ； 8. ；左； 4 灯丝的电阻随温度的变化而变化； 52 解析： 本题考查了伏安法测小灯泡额定功率的实验，考查了连接实物图、电路故障分析和功率计算公式的 应用等内容，涉及的知识点较多，但都属于基础题；知道伏安法测功率的原理是解题的关键。 1 把滑动变阻器、电流表与待测电阻串联接入电路，滑动变阻器采用一上一下的接法； 2 闭合开 关前，滑动变阻器接入电路的阻值应为滑动变阻器的最大阻值； 根据滑动变阻器的接法分析； 4小灯泡两端的电压等于额定电压时，小灯泡才会正常发光时，灯泡的实际功率等于额定功率；结合 串联电路分压的特点确定滑片移动的方向；读出电流表示数，由电功率公式 求出灯泡额定功 率； 5 根据串联电路的电阻与电压的关系，并结合滑动变阻器的最大阻值解答。 1 滑动变阻器与待测电阻应串联在电路中，滑动变阻器采用一上一下的接法，灯泡正常发光时的电 流为： 1㙠 2.5s .4 ；故电流表量程为 .6 ；如图： ； 2 小明连接好电路后，闭合开关的瞬间，灯光特别亮，滑动变阻器的滑片没有移到最大阻值处； 当小灯泡正常发光时，电流表的示数是 . ，所以其额定功率 2.5s . .75㙠 ， 2.5s . 8. ；若要减小灯泡的电功率，要减小电路的电流，增大电路的阻值，则滑片 P 应向 左移动； 4 小明进一步测量并描绘出小灯泡的电流随电压变化的图线如图丙所示，通过图象发现图线不是一 条直线，这一现象说明灯丝的电阻随温度的变化而变化； 5 在探究电流跟电阻的关系的实验中，保持电阻两端的电压为 2V 不变，滑动变阻器两端分压为： 4.5s 2s 2.5s ，定值电阻与滑动变阻器串联，通过它们的电流相等，滑动变阻器分压与定值电阻 分压之比为 2.5s2s 54 ，滑动变阻器最大阻值为 25 欧姆，则定值电阻最大阻值为 25 4 5 2 。 故答案为： 1 ； 2 滑动变阻器的滑片没有移到最大阻值处； .75 ； 8. ；左； 4 灯丝的电阻随温度的变化而变化； 52 。 24.答案：解：从图可知，用右手握住螺线管，让四指指向螺线管中电流的方向，则大拇指所指的螺 旋管的左端为 N 极，右端为 S 极，并且电流方向是从螺旋管的右端流入左端流出。如图所示： 解析：安培定则内容为：用右手握住螺线管，让四指指向螺线管中电流的方向，则大拇指所指的那 端就是螺线管的北极；由图可以判断出通电螺线管的磁极和电流的方向。 对于一个通电螺线管，只要知道电流的方向、线圈的绕法、螺旋管的 N、S 极这三个因素中的任意两 个，我们就可以据安培定则判断出另一个。 25.答案：解： 1 已知滑轮组的绳子段数 2 ，则绳子自由端移动距离 2ͷ 2 2 4 ， 拉力做功 㙠 总 8ͺ 4 2ʹ ， 拉力的功率： 㙠 总 2ʹ 1 2㙠 ； 2 有用功 㙠 有用 ͷ 12ͺ 2 24ʹ ， 滑轮组的机械效率： 㙠 有用 㙠 总 24ʹ 2ʹ 1Ͳ 75Ͳ 。 答： 1 拉力做功的功率为 320W。 2 滑轮组的机械效率为 75Ͳ 。 解析： 1 首先根据滑轮组装形式，确定滑轮组的绳子段数 2 ，然后可求绳子自由端移动距离 s， 再利用公式 㙠 总 计算总功，最后利用 㙠 计算拉力做功的功率； 2 利用 㙠 有用 ͷ 计算有用功，利用 㙠 有用 㙠 总 可求得机械效率。 本题考查滑轮组功以及机械效率的计算，要熟记公式，同时滑轮组绳子段数的判断也是关键。 26.答案：解： 1 当 1 、 2 断开， 闭合时， 1 与 L 串联， 因串联电路中各处的电流相等，且灯泡正常发光， 所以，由 可得，电路中的电流： .9㙠 s . ， 由 可得， 1 两端的电压： 1 1 . 1 s ， 因串联电路中总电压等于各分电压之和， 所以，电源的电压： 1 s s 6s ； 2 当 1 、 2 、 都闭合时， 1 与 2 并联，电流表测干路电流， 电路中的总电阻： 6s .9 2 ， 因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和， 所以， 1 1 1 1 2 ，即 12 1 1 1 2 ， 解得： 2 2 ； 灯泡的电阻： s . 1 ， 当 1 、 断开， 2 闭合时， 2 与 L 串联， 因串联电路中总电阻的等于各分电阻之和， 所以，电路中的电流： 2 6s 21 .2 ， 灯泡 L 工作 2min 消耗的电能： 㙠 2 .2 2 1 2 6 48ʹ 。 答： 1 电源电压为 6V； 22 的阻值为 2 ； 当 1 、 断开， 2 闭合时，灯泡 L 工作 2min 消耗的电能为 48J。 解析： 1 当 1 、 2 断开， 闭合时， 1 与 L 串联，灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据 和串联电路的电流特点求出电路中的电流，根据欧姆定律求出 1 两端的电压，利用串联电路的电压 特点求出电源电压； 2 当 1 、 2 、 都闭合时， 1 与 2 并联，电流表测干路电流，根据欧姆定律求出电路中的总电阻， 利用电阻的并联求出 2 的阻值； 根据欧姆定律求出灯泡的电阻，当 1 、 断开， 2 闭合时， 2 与 L 串联，根据电阻的串联和欧姆 定律求出电路中的电流，根据 㙠 2 求出灯泡 L 工作 2min 消耗的电能． 本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式、电功公式的应用，分清电路的连接方式是 解题的关键。