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  • 2021-11-10 发布

2019年四川省达州市中考物理试卷(Word版,含解析)

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‎2019年四川省达州市中考物理试卷 ‎ 一、选择题(1-10小题为物理题,每题3分;在每小题给出的四个选项中,只有一项符合题目要求)‎ ‎1.(3分)下列关于声现象的说法中正确的是(  )‎ A.只要物体振动,我们就一定能听到声音 ‎ B.“隔墙有耳”说明固体可以传声 ‎ C.汽车的“倒车雷达”是利用次声传递能量 ‎ D.声源的振幅越大,听到声音的响度就一定越大 ‎2.(3分)下列关于光现象的说法中正确的是(  )‎ A.站在岸边看见水中的白云是光的折射形成的 ‎ B.我们能看清物体是因为眼睛能发出光线 ‎ C.近视眼应配戴凹透镜矫正 ‎ D.用放大镜看物体时物体一定被放大 ‎3.(3分)下列关于热现象的说法中正确的是(  )‎ A.物体的温度越高所含的热量越多 ‎ B.内燃机的做功冲程将机械能转化成内能 ‎ C.打扫卫生时灰尘飞扬说明分子在永不停息地做无规则运动 ‎ D.物质的比热容越大反映了物质吸收或放出热量的能力越强 ‎4.(3分)下列关于力的说法中正确的是(  )‎ A.两个物体不接触就一定不产生力 ‎ B.摩擦力的方向一定与物体的运动方向相反 ‎ C.浸没在水中向上运动的物体浮力可能小于重力 ‎ D.随着生产力的提高人类将会制造出既省力又省距离的机械 ‎5.(3分)如图所示,甲、乙均为理想电表,当开关S闭合后灯L1、L2都能发光,下列说法中正确的是(  )‎ A.灯L1、L2是串联在电路中的 ‎ B.甲一定是电流表,乙一定是电压表 ‎ C.当L2短路时L1仍能发光 ‎ D.乙、甲两电表示数的比值与L1的阻值相等 ‎6.(3分)如图所示,甲、乙两个底面积不同的圆柱形容器中分别盛有两种不同的液体A、B,液体对两个容器底的压强相等。现将两个质量相等的物体分别放入两个容器中,静止时个漂浮、一个悬浮(液体均无溢出,则液体密度ρA、ρB和液体对容器底部的压强p甲、‎ p乙的大小关系正确的是(  )‎ A.ρA<ρB p甲<p乙 B.ρA>ρB p甲>p乙 ‎ C.ρA>ρB p甲<p乙 D.ρA<ρB p甲>p乙 ‎7.(3分)如图是物理兴趣小组设计的四个测量身高的电路图,身高仪都由电压表改装而成。能实现身高越高身高仪示数越大且刻度均匀的电路是(  )‎ A. ‎ B. ‎ C. ‎ D.‎ ‎8.(3分)如图所示,轻质杠杆AB可绕O点转动,当物体C浸没在水中时杠杆恰好水平静止,A、B两端的绳子均不可伸长且处于张紧状态。已知C是体积为1dm3、重为80N的实心物体,D是边长为20cm、质量为20kg的正方体,OA:OB=2:1,圆柱形容器的底面积为400cm2(g=10N/kg),则下列结果不正确的是(  )‎ A.物体C的密度为8×103kg/m3 ‎ B.杠杆A端受到细线的拉力为70N ‎ C.物体D对地面的压强为1.5×103Pa ‎ D.物体C浸没在水中前后,水对容器底的压强增大了2×103Pa ‎9.(3分)如图所示,电源电压保持不变,R1、R2、R3为定值电阻,且R2=R3=20Ω.闭合开关S,电压表V1和V2的示数之比为4:3,此时电路消耗的总功率为P1;若把电压表V1和V2分别换成电流表A1和A2,闭合开关S后电流表A1的示数为I1,电流表A2的示数 为I2,此时电路消耗的总功率为P2.则下列结果正确的是(  )‎ A.R1=10Ω I1:I2=3:2 P1:P2=1:10 ‎ B.R1=5Ω I1:I2=2:3 P1:P2=1:10 ‎ C.R1=10Ω I1:I2=3:2 P1:P2=10:1 ‎ D.R1=5Ω I1:I2=2:3 P1:P2=10:1‎ ‎10.(3分)如图甲所示,电源电压保持不变,R1为定值电阻,滑动变阻器R2的最大阻值为30Ω,电压表的量程为0~15V.电压表的示数与滑动变阻器R2的关系如图乙所示。则下列结果正确的是(  )‎ A.电源电压为20V ‎ B.R1的阻值为5Ω ‎ C.为了保证电压表不被烧坏,滑动变阻器的阻值变化范围为4~30Ω ‎ D.开关S闭合后电路消耗的最小功率为14.4W 二、填空题(本大题9小题,每空1分,共22分)‎ ‎11.(3分)牵引车将停放在机库的战斗机拖出的过程中,说明力可以改变物体的   ;战斗机机翼下平上凸,目的是使战机飞行时机翼下方空气的流速小于机翼上方空气的流速,从而使机翼下方空气的压强   机翼上方空气的压强(选填“大于”、“等于”或“小于”);战斗机在进入战斗前抛掉副油箱的目的是   战斗机的惯性(选填“增大”或“减小”),从而增强战斗机机动性。‎ ‎12.(2分)甲图为电影放映机,其成像原理如图乙所示。为让观众看到清晰的实像,应将胶片放在距离透镜   的位置(选填序号:①一倍焦距以内②一倍焦距到二倍焦距之间③二倍焦距以外),白色银幕是为了   所有颜色的光(选填“反射”或“吸收”)。‎ ‎13.(2分)如图是研究电磁铁磁性的电路图,则电磁铁的S极为   (选填“A”或“B”)端。当滑动变阻器的滑片P向右移动时,电磁铁的磁性变   (选填“强”或“弱”)。‎ ‎14.(2分)额定功率为2×103W的家用电热水器,正常工作24min消耗的电能为   kW•h,若这些电能的70%被水完全吸收,则能使体积为6L、温度为25℃的水在一个标准大气压下升高   ℃[c水=4.2×103J/(kg•℃)]。‎ ‎15.(2分)某单缸四冲程汽油机正常工作时飞轮的转速为2400r/min,若每次做功冲程对外所做的有用功为300J,则该汽油机的输出功率为   W,所使用的燃料是   能源(选填“可再生”或“不可再生”)。‎ ‎16.(2分)将密度为0.9×103kg/m3、体积为V的冰块放入盛有适量水的圆柱形容器中(无水溢出),冰块静止时露出水面的体积V露=   V,当冰块完仝熔化后(总质量不变)容器中的水面将   (选填“升高”、“降低”或“不变”)。‎ ‎17.(3分)救援车工作原理如图所示,当车载电机对钢绳施加的拉力F大小为2.5×103N时,小车A恰能匀速缓慢地沿斜面上升。已知小车A的质量为1t,斜面高为2m,斜面长为5m(不计车长、钢绳重、动滑轮重、钢绳与滑轮间的摩擦和滑轮与轴间的摩擦,g=10Nkg)在小车A由水平路面被拖上救援车的过程中,钢绳所做的有用功为   J,整个装置的机械效率为   ,小车A与斜面间的摩擦力大小为   N.‎ ‎18.(3分)如图所示,电源电压保持不变,灯泡L标有“10V 5W”字样(不考虑温度对灯丝电 阻的影响),当S、S1‎ 都闭合且滑动变阻器的滑片P在A端时,电流表A的示数为1A,此时灯泡正常发光,则滑动变阻器的最大阻值为   Ω.当S闭合、S1断开且滑动变阻器的滑片P在B端时,电压表的示数为   V,灯泡L的实际功率为   W。‎ ‎19.(3分)如图所示,电源电压保持不变,R1、R2、R3均为定值电阻,R1:R2=2:3,S为单刀双掷开关。当S接到1时,电流表的示数为0.4A,R1消耗的功率为P1,此时R3消耗的功率为1.6W;当S接到2时,R2消耗的功率为P2,已知P1:P2=32:27.则电源电压为   V,R1为   Ω,R3为   Ω.‎ 三、作图题(本大题2小题,每小题3分,共6分)‎ ‎20.(3分)轻质杠杆OABC能够绕O点转动,已知OA=BC=20cm,AB=30cm,在B点用细线悬挂 重为100N的物体G,为了使杠杆在如图所示的位置平衡,请在杠杆上作出所施加最小 动力的图示(不要求写出计算过程)。‎ ‎21.(3分)用笔画线代替导线,将图中的拉线开关、电灯、熔断器和插座接入家庭电路中。要求:符合安全用电原则;熔断器控制插座;拉线开关控制电灯。‎ 四、创新设计与实验探究(本大题2小题,每空1分,共13分)‎ ‎22.(6分)小明按如下步骤完成探究“影响滑动摩擦力大小的因素”的实验:‎ a.如图1中甲图所示,将木块A平放在长木板B上,缓缓地匀速拉动木块A,保持弹簧测力计示数稳定,并记录了其示数。‎ b.如图1中乙图所示,将毛巾固定在长木板B上,木块A平放在毛巾上,缓缓地匀速拉动木块A,保持弹簧测力计示数稳定,并记录了其示数。‎ c.如图1中丙图所示,将木块A平放在长木板B上,并在木块A上放一钩码,缓缓地匀速拉动木块A,保持弹簧测力计示数稳定,并记录了其示数。‎ ‎(1)该实验主要采用的探究方法是   。‎ ‎(2)由图1中   两图可知:当接触面粗糙程度一定时,接触面受到的压力越大,滑动摩擦力越大。‎ ‎(3)由图1中甲乙两图可知:当接触面受到的压力一定时,接触面越粗糙滑动摩擦力越   (选填“大”或“小”)。‎ ‎(4)实验后小组交流讨论时发现:在实验中很难使木块做匀速直线运动。于是小丽设计了如图1中丁图所示的实验装置,该装置的优点是   长木板做匀速直线运动(选填“需要”或“不需要”)。实验中小丽发现:当F为3N时,木块A相对于地面静止且长木板B刚好做匀速直线运动,则长木板B受到地面的摩擦力大小为   N。‎ ‎(5)实验拓展:如图2所示,放在水平地面上的物体C受到方向不变的水平拉力F的作用,F﹣t和v﹣t图象分别如图3图4所示。则物体C在第4秒时受到的摩擦力大小为   N。‎ ‎23.(7分)实验老师为“测量小灯泡额定功率”准备了如下器材:电源(电压恒为6V)开关、电压表和电流表各一只、额定电压为2.5V的待测小灯泡(电阻约为10Ω)、滑动变阻器(“20Ω 1A”)、导线若干。‎ ‎(1)请用笔画线代替导线,将图甲中的实物图连接完整(要求:滑片向右移动灯泡变亮)。‎ ‎(2)闭合开关前电流表的指针如图乙所示,其原因是   。‎ ‎(3)故障排除后,调节滑动变阻器的滑片,并绘制了小灯泡的电流随其两端电压变化的关系如图丙所示,则小灯泡的额定功率为   W.从图象中还发现:当电压表的示数增大时,电压表与电流表的示数之比   (选填“变大”、“变小或“不变”)。‎ ‎(4)小陈同学为了验证电流跟电阻的关系,他又借到了一个滑动变阻器(50Ω 0.5A)和五个定值电阻(5Ω、10Ω、15Ω、20Ωg、25Ω),其余器材不变。用定值电阻更换甲图中的灯泡,小陈同学得到如图丁所示的电流随定值电阻变化的图象,则实验中他所用的滑动变阻器是   (选填字母:A.20Ω 1A B.50Ω 0.5A),若某次实验中滑动变阻器连入的阻值为14Ω,则所用定值电阻的阻值为   Ω。‎ ‎(5)下课前老师布置了一道课后作业。要求:在只有下列实验器材的前提下测出未知定值电阻Rx的阻值。实验器材:电阻Rx、电源(电压恒定但未知)、滑动变阻器(已知最大阻值为R0)、电流表、开关、导线若干。‎ 小张同学设计了如图戊所示的电路图,用以下步骤测Rx的阻值。‎ ‎①闭合开关S,移动滑片P至B端,记下电流表示数I1;‎ ‎②移动滑片P至A端,记下电流表示数I2(I1未超过电流表的量程);‎ ‎③请帮他写出Rx的表达式:Rx=   (用字母R0、I1、I2表示)。‎ 五、综合运用与计算(本大题2小题,每小题7分,共14分.解答时要求有必要的文字说明、公式和计算过程,只写结果不得分)‎ ‎24.(7分)如图所示,工人准备用一根最多能承受400N力的绳子(若超过绳子将断裂)绕成的滑轮组先后打捞水中材料相同、体积不同的实心物体A和B.完全露出水面的物体A被此装置匀速提起时绳子达到最大拉力。已知动滑轮的质量为20kg(绳的质量、绳与滑轮的摩擦、滑轮与轴的摩擦以及水的阻力均不计,连接动滑轮与物体间的钢绳 不会断裂,g=10N/kg)。求:‎ ‎(1)物体A完全露出水面后以0.5m/s的速度匀速上升时,物体A的重力和工人拉力的功率分别是多少。‎ ‎(2)在物体A浸没在水中匀速上升的过程中,滑轮组的机械效率为75%,物体A的密度是多少。‎ ‎(3)若用该滑轮组打捞体积为50dm3的物体B时,物体B最多露出多少体积时绳子将断裂。‎ ‎25.(7分)如图所示,电源电压保持不变,R2为定值电阻,小灯泡L上标有“6V 3W”字样(不考虑温度对灯丝电阻的影响),滑动变阻器R1的最大阻值为20Ω.只闭合S1,将滑动变阻器的滑片P移动到A端时,L正常发光;闭合所有开关时整个电路1min消耗的电能为540J.已知电流表的量程为0~0.6A,电压表的量程为0~3V.求:‎ ‎(1)电源电压。‎ ‎(2)R2的阻值。‎ ‎(3)在保证电路安全的前提下,只闭合S1时移动滑片P使电路消耗的功率最小,若此时电路的最小功率为 P1;只闭合S2时移动滑片P使电路消耗的功率最大,若此时电路的最大功率为P2.则P1和P2的比是多少.‎ ‎2019年四川省达州市中考物理试卷 参考答案与试题解析 一、选择题(1-10小题为物理题,每题3分;在每小题给出的四个选项中,只有一项符合题目要求)‎ ‎1.【解答】解:A、人耳能听到的声音频率范围一般在20Hz~20000Hz范围内,在此范围以外的声波(超声波和次声波),人耳听不到,故A错误;‎ B、“隔墙有耳”说明固体可以传声,故B正确;‎ C、汽车的倒车雷达利用的是超声波的回声定位,是利用声传递信息,故C错误;‎ D、振幅越大,人听到的声音响度不一定越大,因为响度还跟距离声源的远近有关,故D错误。‎ 故选:B。‎ ‎2.【解答】解:A、云在天上,所以“白云”是在水中形成的像,即平面镜成像,是由光的反射形成的,故A错误;‎ B、我们能看清物体是因为物体发出或反射的光线进入眼睛。故B正确。‎ C、近视眼晶状体曲度变大,对光的会聚能力增强,应佩戴对光有发散作用的凹透镜进行矫正,故C正确。‎ D、放大镜属于凸透镜,当U>2f,成倒立、缩小的实像。故D错误。‎ 故选:C。‎ ‎3.【解答】解:A、热量是一个过程量,不能说物体含有多少热量,只能说吸收热量或放出热量,故A错误;‎ B、内燃机的一个工作循环有四个冲程,做功冲程是将内能转化成机械能,故B错误;‎ C、灰尘是可以看得见的物体,因此灰尘的飞扬不是分子的运动,而是物体的机械运动,故C错误;‎ D、比热容是物质的一种特性,它反映了物质吸收或放出热量的能力,比热容越大反映了物质吸收或放出热量的能力越强,故D正确。‎ 故选:D。‎ ‎4.【解答】解:A、两个物体不接触,也可以发生力的作用;如磁铁吸引远处的铁钉,故A错误;‎ B、摩擦力的方向一定与物体的相对运动方向相反,故B错误;‎ C、在水中向上运动的物体,若物体还受向上的拉力,受到的浮力可能小于重力,故C正确;‎ D、在实际生活中,既省力又省距离的机械是不存在的,故D错误。‎ 故选:C。‎ ‎5.【解答】解:(1)读图可知,开关S闭合后,要使灯L1和L2‎ 都能发光只有并联才行,因为电压表要并联在电路中,电流表要串联在电路中,所以电流从正极出发分两支,一支经灯泡L2回负极,另一支经电流表甲、灯L1回负极,所以甲一定是电流表,乙一定是电压表,故A错误,B正确。‎ ‎(2)因为甲是电流表,当L2短路时,发生电源短路,L1不能发光,故C错误;‎ ‎(3)乙是电压表,测量L2两端电压,甲是电流表,测量干路上的电流,因此乙、甲两电表示数的比值不等于L1的阻值,故D错误。‎ 故选:B。‎ ‎6.【解答】解:‎ ‎(1)由图知:hA<hB,已知两种液体对容器底的压强相等,则根据p=ρgh可知,ρA>ρB;故AD错误;‎ ‎(2)因为原来两容器中液体产生的压强相等,均匀柱形容器,则FA=GA=pSA;FB=GB=pSB;‎ 又因为SA>SB,可得GA>GB,‎ 由将两个质量相等的物体分别放入两个容器中,静止时一个漂浮,另一个悬浮(液体均无溢出),由于两物体重力相等都为G,‎ 则由p甲=p+;p乙=p+,‎ 所以,p甲<p乙;故B错误,C正确。‎ 故选:C。‎ ‎7.【解答】解:‎ A、两电阻串联,电压表测滑片下方电阻丝两端的电压,身高越高(滑片上移),与电压表并联部分的电阻越大,由串联分压的规律可知,电压表的示数越大;‎ 因电压表与滑片串联,且电压表可看做断路,所以变阻器始终以最大阻值接入电路,滑片移动时,电路总电阻不变,电源电压不变,所以电路中电流不变,由UV=IR滑下可知,电压表的示数与滑片下方电阻丝的阻值成正比,所以刻度是均匀的,故A符合题意;‎ B、两电阻串联,电压表测滑片上方电阻丝两端的电压,身高越高,电压表并联部分电阻越小,但电路总电阻不变,电源电压不变,所以电路电流不变;由于串联电路用电器两端电压与其阻值成正比,所以身高越高,电压表示数越小并且刻度是均匀的。故B不符合题意;‎ C、两电阻串联,电压表测变阻器两端的电压,身高越高,电压表并联部分电阻越大,滑动变阻器接入电路电阻变大,电路总电阻变大;电源电压不变,所以电路电流变小,由于串联电路用电器两端电压与其阻值成正比,由U=IR知,身高越高,电压表示数越大,但刻度是不均匀的。故C不符合题意;‎ D、两电阻串联,电压表测R0两端的电压,身高越高,电压表并联部分电阻越大,滑动变阻器接入电路电阻变大,电路总电阻变大;电源电压不变,所以电路电流变小,由于串联电路用电器两端电压与其阻值成正比,所以身高越高,由U=IR知,滑动变阻器两端电压越大,R0两端电压即电压表示数越小且刻度是不均匀的。故D不符合题意。‎ 故选:A。‎ ‎8.【解答】解:‎ A、物体C的质量:‎ mC===8kg;‎ 物体C的密度:‎ ρC===8×103kg/m3,故A正确;‎ B、物体C排开水的体积:‎ V排=VC=1×10﹣3m3,‎ 受到的浮力:‎ F浮=ρ水gV排=1×103kg/m3×10N/kg×1×10﹣3m3=10N;‎ 杠杆A端受到的拉力:‎ FA=GC﹣F浮=80N﹣10N=70N,故B正确;‎ C、由杠杆平衡条件F1L1=F2L2 得:‎ FA×OA=FB×OB,‎ 则杠杆B端受到细线的拉力:‎ FB=×FA=×70N=140N,‎ 由于力的作用是相互的,杠杆B端对D的拉力:‎ F拉=FB=140N,‎ D对地面的压力:‎ F压=GD﹣FB=mDg﹣F拉=20kg×10N/kg﹣140N=60N,‎ D对地面的压强:‎ p===1.5×103Pa,故C正确;‎ D、物体C浸没在水中前后,水的深度变化:‎ ‎△h====2.5cm=0.025m,‎ 水对容器底的压强增大值:‎ ‎△p=ρ水g△h=1×103kg/m3×10N/kg×0.025m=2.5×102Pa,故D错。‎ 故选:D。‎ ‎9.【解答】解:‎ 由图知,当闭合开关S时,R1、R2、R3串联,电压表V1测R2和R3两端的电压之和,电压表V2测R1和R2两端的电压之和,‎ 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和,且各处的电流相等,‎ 所以,由I=可得,两电压表的示数之比:‎ ‎====,‎ 解得:R1=10Ω,故BD错误;‎ 此时电路消耗的总功率:‎ P1===;‎ 若把电压表V1和V2分别换成电流表A1和A2时,R1、R2、R3并联,电流表A1测R1和R2支路电流之和,电流表A2测R2和R3支路的电流之和,‎ 因并联电路中各支路两端的电压相等,且干路电流等于各支路电流之和,‎ 所以,两电流表的示数之比:‎ I1:I2=(+):(+)=(+):(+)=:=3:2,‎ 此时电路消耗的总功率:‎ P2=++=++=,‎ 则P1:P2=:=1:10,故A正确、C错误。‎ 故选:A。‎ ‎10.【解答】解:由电路图可知,R1与R2串联,电压表测R1两端的电压。‎ ‎(1)由图乙可知,当R2=10Ω时U1=12V,当R2′=20Ω时U1′=8V,‎ 因串联电路中各处的电流相等,‎ 所以,电路中的电流分别为:‎ I==,I′==,‎ 因串联电路中总电压等于各分电压之和,且电源电压保持不变,‎ 所以,电源的电压:‎ U=I(R1+R2)=I′(R1+R2′),即(R1+10Ω)=(R1+20Ω),‎ 解得:R1=10Ω,故B错误;‎ 电源的电压U=I(R1+R2)=×(10Ω+10Ω)=24V,故A错误;‎ ‎(2)当电压表的示数U1″=15V时,电路中的电流最大,滑动变阻器接入电路中的电阻最小,‎ 此时电路中的电流:‎ I大===1.5A,‎ 此时滑动变阻器两端的电压:‎ U2小=U﹣U1″=24V﹣15V=9V,‎ 则滑动变阻器接入电路中的最小阻值:‎ R2小===6Ω,‎ 当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时,电路中的电流最小,电压表的示数最小,‎ 所以,滑动变阻器接入电路中的阻值范围为6Ω~30Ω,故C错误;‎ ‎(3)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时,电路中的电流最小,电路消耗的功率最小,‎ 则P小===14.4W,故D正确。‎ 故选:D。‎ 二、填空题(本大题9小题,每空1分,共22分)‎ ‎11.【解答】解:(1)牵引车将停放在机库的战斗机拖出的过程中,运动速度发生了变化,说明力可以改变物体的运动状态;‎ ‎(2)机翼上方的空气流速比机翼下方的流速快,因此机翼下方气体压强大于机翼上方气体压强,从而产生了升力;‎ ‎(3)由于惯性的大小只与物体的质量有关,故战斗机进入战斗状态前要扔掉副油箱,这是为了减小惯性,以提高战斗机的灵活性。‎ 故答案为:运动状态;大于;减小。‎ ‎12.【解答】解:电影放映机的镜头相当于一个凸透镜,可以成放大的实像,则此时物距2f>u>f,像距v>2f,即所成的像位于二倍焦距以外;‎ 白色银幕是为了反射所有颜色的光,让观众看到五彩的画面。‎ 故答案为:②;反射。‎ ‎13.【解答】解:(1)由图看出,电流从电磁铁下端流入,依据安培定则,四指顺着电流方向,大拇指应向上握住电磁铁,所以上端为N极,B端的磁极为S极。‎ ‎(2)滑动变阻器的滑片P向右移动时,连入电路的电阻变大,电路中的电流变小,电磁铁的磁性减弱。‎ 故答案为:B;弱。‎ ‎14.【解答】解:‎ ‎(1)由题知,额定功率P=2×103W=2kW,t=24min=0.4h;‎ 家用电热水器正常工作24min消耗的电能:W=Pt=2kW×0.4h=0.8kW•h=2.88×106J;‎ ‎(2)由于电能的70%被水吸收,则水吸收的热量:‎ Q=ηW=70%×2.88×106J=2.016×106J;‎ 水的质量:m=ρV=1.0×103kg/m3×6×10﹣3m3=6kg;‎ 由Q=cm△t可知,水升高的温度:△t===80℃。‎ 由于在标准大气压下,水的沸点是100℃,且水在沸腾过程继续吸热,温度保持在沸点不变,‎ 所以水最多升高的温度为△t′=100℃﹣25℃=75℃<80℃;故水最多升高75℃。‎ 故答案是:0.8;75。‎ ‎15.【解答】解:‎ 由题可知,单缸四冲程汽油机的飞轮转速是2400r/min,即每秒钟飞轮转40圈,‎ 因曲轴转2圈完成一个工作循环,对外做功一次,‎ 所以该汽油机每秒完成20个工作循环,对外做功20次,则每秒做的有用功W=20×300J=6000J,‎ 该汽油机的输出功率为P===6000W;‎ 汽油机所用的燃料是汽油,属于化石能源,是不可再生能源。‎ 故答案为:6000;不可再生。‎ ‎16.【解答】解:‎ 由题意可知冰浮在水面上,则F浮=G冰,‎ 由阿基米德原理和重力公式可得:ρ水gV排=ρ冰gV,‎ 则V排==×V=V,‎ 所以露出水面的体积:V露=V﹣V排=V﹣V=V;‎ 当冰块完全熔化后,熔化为水的质量和冰的质量相同,即ρ水V冰化水=ρ冰V,‎ 所以V冰化水==V,即熔化为水的体积与原来排开水的体积相同,故液面高度不变。‎ 故答案为:;不变。‎ ‎17.【解答】解:‎ ‎(1)小车质量m=1t=1000kg,‎ 其重力G=mg=1000kg×10N/kg=1×104N,‎ 钢绳做的有用功:‎ W有用=Gh=1×104N×2m=2×104J,‎ ‎(2)不计车长、拉力端移动距离s=2L=2×5m=10m,‎ 拉力做的总功:‎ W总=Fs=2.5×103N×10m=2.5×104J,‎ 整个装置的机械效率:‎ η==×100%=80%;‎ ‎(3)不计钢绳重、动滑轮重、钢绳与滑轮间的摩擦和滑轮与轴间的摩擦,克服小车A与斜面间的摩擦做的功为额外功,‎ W额=W总﹣W有用=2.5×104J﹣2×104J=5×103J,‎ 由W额=fL可得摩擦力:‎ f===1×103N。‎ 故答案为:2×104;80%;1×103。‎ ‎18.【解答】解:(1)当S、S1都闭合且滑动变阻器的滑片P在A端时,灯泡L与R的最大阻值并联,电流表测干路电流,‎ 因并联电路中各支路两端的电压相等,且此时灯泡正常发光,‎ 所以,电源的电压U=UL=10V,‎ 由P=UI可得,通过灯泡的电流:‎ IL===0.5A,‎ 因并联电路中干路电流等于各支路电流之和,‎ 所以,通过R的电流:‎ IR=I﹣IL=1A﹣0.5A=0.5A,‎ 由I=可得,滑动变阻器的最大阻值:‎ R===20Ω;‎ ‎(2)灯泡的电阻:‎ RL===20Ω,‎ 当S闭合、S1断开且滑动变阻器的滑片P在B端时,灯泡L与滑动变阻器R的最大阻值串联,电压表测R两端的电压,‎ 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和,‎ 所以,电路中的电流:‎ I′===0.25A,‎ 此时电压表的示数:‎ UR=I′R=0.25A×20Ω=5V,‎ 灯泡L的实际功率:‎ PL′=(I′)2RL=(0.25A)2×20Ω=1.25W。‎ 故答案为:20;5;1.25。‎ ‎19.【解答】解:S为单刀双掷开关。当S接到1时,R1与R3串联,电流表测电路的电流,电流表的示数为0.4A,‎ P1=I12R1=(0.4A)2×R1﹣﹣﹣﹣﹣①,‎ P3=I12R3=(0.4A)2×R3=1.6W,R3=10Ω;‎ 当S接到2时,R1与R3串联,电流表测电路的电流,R2消耗的功率为P2,‎ P2=I22R2﹣﹣﹣﹣﹣﹣②;‎ 已知P1:P2=32:27,由①②得:‎ 即=﹣﹣﹣﹣③‎ 因R1:R2=2:3﹣﹣﹣﹣﹣④,由③④得:‎ I2=0.3A;‎ 由电阻的串联和电压不变时,电流与电阻成反比有:‎ ‎=;‎ 即=﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣⑤,‎ 由④⑤得:‎ R1=20Ω;‎ 由电阻的串联和欧姆定律,在第1次操作中,‎ 电源电压:‎ U=I1(R1+R3)=0.4A(20Ω+10Ω)=12V。‎ 故答案为:12;20;10。‎ 三、作图题(本大题2小题,每小题3分,共6分)‎ ‎20.【解答】‎ 解:根据杠杆的平衡条件,要使力最小,则动力臂应最长,即连接OC为最长的力臂,力的方向与OC垂直且向上,‎ 根据勾股定理和全等三角形定理可得,动力臂OC=50cm,‎ 故根据杠杆平衡条件可得:F1×OC=G×OA,‎ 代入数值可得:F1×50cm=100N×20cm,‎ 解得F1=40N,‎ 选取标度为20N,过C点作出最小动力,使线段长度为标度的2倍,如图所示:‎ ‎21.【解答】解:(1)灯泡接法:开关接在灯和火线之间,零线直接与灯泡的螺旋套相连:‎ ‎(2)安装三孔插座的原则,左孔接零线,中间插孔与地线相连,右孔接火线,保险丝要接在火线上;‎ 如下图所示:‎ 四、创新设计与实验探究(本大题2小题,每空1分,共13分)‎ ‎22.【解答】解:(1)该实验主要采用的探究方法是控制变量法。‎ ‎(2)因沿水平方向拉着物体做匀速直线运动,物体在水平方向上受到平衡力的作用,根据二力平衡,拉力大小等于摩擦力的大小;‎ 由图1中甲丙两图可知:当接触面粗糙程度一定时,接触面受到的压力越大,滑动摩擦力越大。‎ ‎(3)由图1中甲乙两图可知:当接触面受到的压力一定时,接触面越粗糙滑动摩擦力越大;‎ ‎(4)如图1中丁图所示的实验装置,A相对于地面静止,受到摩擦力和测力计的拉力为一对平衡力,故该装置的优点是不需要长木板做匀速直线运动;‎ 实验中小丽发现:当F为3N时,木块A相对于地面静止且长木板B刚好做匀速直线运动,根据二力平衡,则长木板B受到地面的摩擦力大小为3N。‎ ‎(5)实验拓展:如图2所示,放在水平地面上的物体C受到方向不变的水平拉力F的作用,F﹣‎ t和v﹣t图象分别如图3图4所示,由图4知,6﹣9秒物体做匀速直线运动,受到的拉力与摩擦力为一对平衡力,大小相等,因压力大小和接触面粗糙程度不变,则受到摩擦力大小不变,故物体C在第4秒时受到的摩擦力大小为4N。‎ 故答案为:(1)控制变量法;(2)甲丙;(3)大;(4)不需要;3;(5)4。‎ ‎23.【解答】解:(1)滑片向右移动灯泡变亮,即电流变大电阻变小,故变阻器滑片右下接线柱连入电路中,如下所示:‎ ‎(2)闭合开关前电流表的指针如图乙所示,其原因是电流表指针没有调零。‎ ‎(3)根据绘制的小灯泡的电流随其两端电压变化的关系知,灯在额定电压下的电流为0.25A,则小灯泡的额定功率为:‎ P=UI=2.5V×0.25A=0.625W;‎ 从图象知,当电压为0.5V时,电流为0.1A,由欧姆定律,灯的电阻为:‎ R1===5Ω,同理,灯正常发光时的电阻为10Ω,故当电压表的示数增大时,电压表与电流表的示数之比 (灯的电阻)变大;‎ ‎(4)图丁所示的电流随定值电阻变化的图象,电流与电阻之积为:‎ U=IR=0.1A×25Ω=﹣﹣﹣﹣0.5A×5Ω=2.5V,‎ 根据串联电路电压的规律,变阻器分得的电压:U滑=U﹣UV=6V﹣2.5V=3.5V,变阻器分得的电压为电压表示数的=1.4倍,根据分压原理,当接入25Ω电阻时,变阻器连入电路中的电阻为:‎ R滑=1.4×25Ω=35Ω,故为了完成整个实验,应该选取最大阻值至少35Ω的滑动变阻器,则实验中他所用的滑动变阻器是50Ω 0.5A,选B;‎ 若变阻器连入的阻值为14Ω,由欧姆定律,电路的电流为:‎ I===0.25A,由欧姆定律,则所用定值电阻的阻值为:‎ R定===10Ω;‎ ‎(5)①闭合开关S,移动滑片P至B端,记下电流表示数I1;‎ ‎②移动滑片P至A端,记下电流表示数I2(I1未超过电流表的量程);‎ ‎③在①中两电阻串联,由电阻的串联和欧姆定律,电源电压:‎ U=I1(Rx+R0)‎ 在②中,为R0的简单电路,由欧姆定律:‎ U=I2R0,因电源电压不变,故:‎ U=I1(Rx+R0)=I2R0,‎ Rx的表达式:‎ Rx=。‎ 故答案为:(1)如上所示;(2)电流表指针没有调零;(3)0.625;变大;(4)B;10;(5)。‎ 五、综合运用与计算(本大题2小题,每小题7分,共14分.解答时要求有必要的文字说明、公式和计算过程,只写结果不得分)‎ ‎24.【解答】解:(1)G动=m动g=20kg×10Nkg=200N 物体有三段绳子承担,n=3‎ F=(GA+G动)‎ ‎400N=(GA+200N)‎ GA=1000N 绳子自由端移动的速度:v=nv'=3×=0.5m/s=1.5m/s P=Fv=400N×1.5m/s=600W。‎ ‎(2)物体A浸没在水中匀速上升的过程中,滑轮组提起的力:‎ F'=GA﹣F浮=1000N﹣ρ水gVA η==‎ ‎75%=‎ 解得,VA=4×10﹣2m3‎ GA=ρAgVA ‎1000N=ρA×10N/kg×4×10﹣2m3‎ ρA=2.5×103kg/m3‎ ‎(3)GB=ρBgVB=2.5×103kg/m3×10N/kg×50×10﹣3m3=1250N F=(GB﹣F'浮+G动)‎ ‎400N=(1250N﹣F'浮+200N)‎ F'浮=250N V排===2.5×10﹣2m3=25dm3‎ V露=VB﹣V排=50dm3﹣25dm3=25dm3‎ 答:(1)物体A的重力是1000N,工人拉力的功率是600W。‎ ‎(2)物体A的密度是2.5×103kg/m3。‎ ‎(3)物体B最多露出25dm3时绳子将断裂。‎ ‎25.【解答】解:(1)只闭合S1、将滑动变阻器的滑片P移动到A端时,电路为灯泡L的简单电路,‎ 因额定电压下灯泡正常发光,‎ 所以,由灯泡正常发光可知,电源的电压U=UL=6V;‎ ‎(2)闭合所有开关时,灯泡L与电阻R2并联,‎ 因并联电路中各支路两端的电压相等,‎ 所以,此时灯泡正常发光,其功率为3W,‎ 由P=可得,灯泡1min消耗的电能:‎ WL=PLt=3W×60s=180J,‎ 则1min内R2消耗的电能:‎ W2=W﹣WL=540J﹣180J=360J,‎ 由W=UIt=t可得,R2的阻值:‎ R2==×60s=6Ω;‎ ‎(3)由P=UIt=可得,灯泡的电阻:‎ RL===12Ω,‎ 只闭合S1时,灯泡L与变阻器R1串联,电压表测R1两端的电压,电流表测电路中的电流,‎ 当电压表的示数U1=3V时,灯泡两端的电压:‎ UL′=U﹣U1=6V﹣3V=3V,‎ 此时电路中的电流:‎ I===0.25A,‎ 电路的最小功率:‎ P1=UI=6V×0.25A=1.5W;‎ 只闭合S2时,R2与变阻器R1串联,电压表测R1两端的电压,电流表测电路中的电流,‎ 当电流表的示数I′=0.6A时,滑动变阻器接入电路中的电阻:‎ R1=﹣R2=﹣6Ω=4Ω,‎ 所以,电路中的最大电流为0.6A,此时电路的功率最大,则 P2=UI2=6V×0.6A=3.6W,‎ 则P1:P2=1.5W:3.6W=5:12。‎ 答:(1)电源电压为6V;‎ ‎(2)R2的阻值为6Ω;‎ ‎(3)P1和P2的比是5:12。‎