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- 2021-11-10 发布
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扬州市 2020年初中毕业、升学统一考试数学试题
说明:
1.本试卷共 6页,包含选择题(第 1题~第 8题,共 8题)、非选择题(第 9题~第 28题,共
20题)两部分.本卷满分 150分,考试时间为 120分钟.考试结束后,请将本试卷和答题卡
一并交回.
2.答题前,考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡相应的位置上,同时务必在试卷
的装订线内将本人的姓名、准考证号、毕业学校填写好,在试卷第一面的右下角写好座位号.
3.所有的试题都必须在专用的“答题卡”上作答,选择题用 2B铅笔作答、非选择题在指定位
置用 0.5毫米的黑色笔作答.在试卷或草稿纸上答题无效.
4.如有作图需要,请用 2B铅笔作答,并请加黑加粗,描写清楚.
一、选择题(本大题共有 8小题,每小题 3分,共 24分.在每小题所给出的四个选项中,恰
有一项是符合题目要求的,请将正确选项的字母代号填涂在答题卡相应位置上)
1.实数 3的相反数是( )
A. 3 B.
1
3
C. 3 D. 3
【答案】A
【解析】
【分析】
根据相反数的定义判断即可.
【详解】3的相反数是﹣3.
故选 A.
【点睛】本题考查相反数的定义,关键在于牢记相反数基础知识.
2.下列各式中,计算结果为 6m 的是( )
A. 32m m B. 3 3m m C. 12 2m m D. 32m
【答案】D
【解析】
【分析】
根据同底数幂的乘方和除法运算法则,合并同类项法则,幂的乘方运算法则即可求解.
【详解】A. 2 53m mm ,不符合题意
B. 3 3 32m m m ,不符合题意
C. 12 2 10m m m ,不符合题意
D. 32 6m m ,符合题意
故选:D
【点睛】本题考查了同底数幂的乘法及除法法则:同底数幂相乘,底数不变,指数相加;同底数幂相除,
底数不变,指数相减;幂的乘方,底数不变,指数相乘;合并同类项时,把同类项的系数相加,所得的结
果作为系数,字母部分保持不变.
3.在平面直角坐标系中,点 2 2, 3P x 所在的象限是( )
A. 第一象限 B. 第二象限 C. 第三象限 D. 第四象限
【答案】D
【解析】
【分析】
直接利用各象限内点的坐标特点分析得出答案.
【详解】∵x2+2>0,
∴点 P(x2+2,−3)所在的象限是第四象限.
故选:D.
【点睛】此题主要考查了点的坐标,正确掌握各象限内点的坐标特点是解题关键.
4.“致中和,天地位焉,万物育焉.”对称美是我国古人和谐平衡思想的体现,常被运用于建筑、器物、绘画、
标识等作品的设计上,使对称之美惊艳了千年的时光.在下列与扬州有关的标识或简图中,不是轴对称图
形的是( )
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】
根据轴对称图形的定义逐项判断即得答案.
【详解】解:A、是轴对称图形,故本选项不符合题意;
B、是轴对称图形,故本选项不符合题意;
C、不是轴对称图形,故本选项符合题意;
D、是轴对称图形,故本选项不符合题意.
故选:C.
【点睛】本题考查了轴对称图形的定义,属于基础概念题型,熟知轴对称图形的概念是解题关键.
5.某班级组织活动,为了解同学们喜爱的体育运动项目,设计了如下尚不完整的调查问卷:
调查问卷 ________年________月________日
你平时最喜欢的一种体育运动项目是( )(单选)
A. B. C. D.其他运动项目
准备在“①室外体育运动,②篮球,③足球,④游泳,⑤球类运动”中选取三个作为该调查问卷问题的备选项
目,选取合理的是( )
A.①②③ B.①③⑤ C.②③④ D.②④⑤
【答案】C
【解析】
【分析】
在“①室外体育运动,②篮球,③足球,④游泳,⑤球类运动”中找到三个互不包含,互不交叉的项目即可.
【详解】解:∵①室外体育运动,包含了②篮球和③足球,
⑤球类运动,包含了②篮球和③足球,
∴只有选择②③④,调查问卷的选项之间才没有交叉重合,
故选:C.
【点睛】本题考查收集调查数据的过程与方法,理解题意,准确掌握收集数据的方法是解题的关键.
6.如图,小明从点 A出发沿直线前进 10米到达点 B,向左转 45后又沿直线前进 10米到达点 C,再向左转
45后沿直线前进 10米到达点 D……照这样走下去,小明第一次回到出发点 A时所走的路程为( )
A. 100米 B. 80米 C. 60米 D. 40米
【答案】B
【解析】
【分析】
根据题意,小明走过的路程是正多边形,先用 360°除以 45°求出边数,然后再乘以 10米即可.
【详解】解:∵小明每次都是沿直线前进 10米后再向左转 45,
∴他走过的图形是正多边形,边数 n=360°÷45°=8,
∴小明第一次回到出发点 A时所走的路程=8×10=80米.
故选:B.
【点睛】本题考查了正多边形外角问题的实际应用,根据题意判断小明走过的图形是正多边形是解题的关
键.
7.如图,由边长为 1的小正方形构成的网格中,点 A,B,C都在格点上,以 AB为直径的圆经过点 C、D,
则 sin ADC 的值为( )
A. 2 13
13
B. 3 13
13
C.
2
3
D.
3
2
【答案】A
【解析】
【分析】
首先根据圆周角定理可知,∠ABC= ADC ,在 Rt△ACB中,根据锐角三角函数的定义求出∠ABC的正
弦值.
【详解】∵ ADC 和∠ABC所对的弧长都是AC,
∴根据圆周角定理知,∠ABC= ADC ,
∴在Rt△ACB中,AB= 2 2 2 22 3 13AC BC
根据锐角三角函数的定义知,sin∠ABC=
2 2 13
1313
AC
AB
,
∴ sin ADC = 2 13
13
,
故选 A.
【点睛】本题主要考查锐角三角函数的定义和圆周角的知识点,解答本题的关键是利用圆周角定理把求
ADC 的正弦值转化成求∠ABC的正弦值,本题是一道比较不错的习题.
8.小明同学利用计算机软件绘制函数 2
axy
x b
(a、b为常数)的图像如图所示,由学习函数的经验,可
以推断常数 a、b的值满足( )
A. 0a , 0b B. 0a , 0b C. 0a , 0b D. 0a , 0b
【答案】C
【解析】
【分析】
根据图像过二、四象限可判断 a的取值,根据 x在负半轴的图像,可判断 b的取值.
【详解】∵图像过二、四象限
∴a<0,
∵x在负半轴时,图像不连续
∴b>0
故选 C.
【点睛】此题主要考查函数图像的综合判断,解题的关键是熟知函数图像与变量之间的关系.
二、填空题(本大题共有 10小题,每小题 3分,共 30分.不需写出解答过程,请把答案直
接填写在答题卡相应位置上)
9.2020年 6月 23日,中国自主研发的北斗三号最后一颗卫星成功发射.据统计,国内已有超过 6500000辆
营运车辆导航设施应用北斗系统,数据 6500000用科学记数法表示为________.
【答案】6.5×106
【解析】
【分析】
科学记数法的表示形式为 a×10n的形式,其中 1≤|a|<10,n为整数.确定 n的值时,要看把原数变成 a时,
小数点移动了多少位,n的绝对值与小数点移动的位数相同.当原数绝对值≥10时,n是正数;当原数的绝
对值<1时,n是负数.
【详解】解:6500000用科学记数法表示应为:6.5×106,
故答案为:6.5×106.
【点睛】此题考查科学记数法的表示方法.科学记数法的表示形式为 a×10n的形式,其中 1≤|a|<10,n为整
数,表示时关键要正确确定 a的值以及 n的值.
10.分解因式: 3 22a a a ______.
【答案】 2( 1)a a
【解析】
【分析】
先提公因式,再利用完全平方公式因式分解即可.
【详解】原式= 2 2( 2 1) ( 1)a a a a a ,
故答案为: 2( 1)a a .
【点睛】本题考查了因式分解,熟练掌握因式分解的方法是解答的关键.
11.代数式
2
3
x
在实数范围内有意义,则实数 x的取值范围是________.
【答案】 2x
【解析】
【分析】
根据二次根式的非负性计算即可得到结果.
【详解】由题可得: 2 0x ,
即 2 0x ,
解得: 2x .
故答案为 2x .
【点睛】本题主要考查了二次根式的非负性,准确理解非负性的含义是解题的关键.
12.方程 21 9x 的根是_______.
【答案】 1 22, 4x x
【解析】
【分析】
利用直接开平方法解方程.
【详解】解: 21 9x
1 3x
1 3x ,
∴ 1 22, 4x x ,
故答案为: 1 22, 4x x .
【点睛】此题考查一元二次方程的解法:直接开平方法,根据一元二次方程的特点选择恰当的解法是解题
的关键.
13.圆锥的底面半径为 3,侧面积为12 ,则这个圆锥的母线长为________.
【答案】4
【解析】
【分析】
根据圆锥的底面半径可以求出底面周长即为展开后的弧长,侧面积即为展开后扇形的面积,再根据扇形的面
积公式求出扇形的半径即为圆锥的母线.
【详解】∵底面半径为 3,
∴底面周长=2×3π=6π.
∴圆锥的母线=
2 12 4
6
.
故答案为:4.
【点睛】本题考查圆锥与扇形的结合,关键在于理解圆锥周长是扇形弧长,圆锥母线是扇形半径.
14.《九章算术》是中国传统数学的重要著作之一,奠定了中国传统数学的基本框架.如图所示是其中记载
的一道“折竹”问题:“今有竹高一丈,末折抵地,去根三尺,问折者高几何?”题意是:一根竹子原高 1丈(1
丈 10尺),中部有一处折断,竹梢触地面处离竹根 3尺,试问折断处离地面多高?答:折断处离地面________
尺高.
【答案】
91
20
【解析】
【分析】
竹子折断后刚好构成一直角三角形,设竹子折断处离地面 x尺,则斜边为(10-x)尺,利用勾股定理解题即
可.
【详解】解:设竹子折断处离地面 x尺,则斜边为(10-x)尺,
根据勾股定理得:x2+32=(10-x)2,
解得:
91
20
x ;
故答案为:
91
20
.
【点睛】此题考查了勾股定理的应用,解题的关键是利用题目信息构造直角三角形,从而运用勾股定理解
题.
15.大数据分析技术为打赢疫情防控阻击战发挥了重要作用.如图是小明同学的苏康码(绿码)示意图,用
黑白打印机打印于边长为 2cm的正方形区域内,为了估计图中黑色部分的总面积,在正方形区域内随机掷
点,经过大量重复试验,发现点落入黑色部分的频率稳定在 0.6左右,据此可以估计黑色部分的总面积约为
________ 2cm .
【答案】2.4
【解析】
【分析】
求出正方形二维码的面积,根据题意得到黑色部分的面积占正方形面积得 60%计算即可;
【详解】∵正方形的二维码的边长为 2cm,
∴正方形二维码的面积为 24cm ,
∵经过大量重复试验,发现点落入黑色部分的频率稳定在 0.6左右,
∴黑色部分的面积占正方形二维码面积得 60%,
∴黑色部分的面积约为: 24 60%=2.4cm ,
故答案为 22.4cm .
【点睛】本题主要考查了利用频率估计概率进行求解,准确立即数据的意义是解题的关键.
16.如图,工人师傅用扳手拧形状为正六边形的螺帽,现测得扳手的开口宽度 3cmb ,则螺帽边长
a ________cm.
【答案】 3
【解析】
【分析】
根据正六边形的性质,可得∠ABC=120°,AB=BC=a,根据等腰三角形的性质,可得 CD的长,根据锐角三
角函数的余弦,可得答案.
【详解】解:如图:作 BD⊥AC于 D
由正六边形,得
∠ABC=120°,AB=BC=a,
∠BCD=∠BAC=30°.
由 AC=3,得 CD=
3
2
.
cos∠BCD=
CD
BC
= 3
2
,即
3
32
2a
,
解得 a= 3,
故答案为: 3.
【点睛】本题考查正多边形和圆,利用正六边形的性质得出等腰三角形是解题关键,又利用了正三角形的
性质,余弦函数.
17.如图,在 ABC 中,按以下步骤作图:
①以点 B为圆心,任意长为半径作弧,分别交 AB、BC于点 D、E.
②分别以点 D、E为圆心,大于
1
2
DE的同样长为半径作弧,两弧交于点 F.
③作射线 BF交 AC于点 G.
如果 8AB , 12BC , ABG 的面积为 18,则 CBG 的面积为________.
【答案】
410
5
【解析】
【分析】
由作图步骤可知 BG为∠ABC 的角平分线,过 G作 GH⊥BC,GM⊥AB,可得 GM=GH
,然后再结合已知条件和三角形的面积公式求得 GH,最后运用三角形的面积公式解答即可.
【详解】解:由作图作法可知:BG为∠ABC的角平分线
过 G作 GH⊥BC,GM⊥AB
∴GM=GH
∵S△ABC=S△ABG+ S△BCG=18
∴
1 1 18
2 2
AB GM BC GH ,
∵ 8AB , 12BC ,
∴
1 18 12 18
2 2
GH GH ,解得:GH=
9
5
∴ CBG 的面积为
1 9 412 10
2 5 5
.
故答案为
410
5
.
【点睛】本题考查了角平分线定理和三角形面积公式的应用,通过作法发现角平分线并灵活应用角平分线
定理是解答本题的关键.
18.如图,在 ABCD 中, 60B , 10AB , 8BC ,点 E为边 AB上的一个动点,连接 ED并延长
至点 F,使得
1
4
DF DE ,以 EC、EF为邻边构造 EFGC ,连接 EG,则 EG的最小值为________.
【答案】9 3.
【解析】
【分析】
连接 FC,作 DM//FC,得△DEM∽△FEO,△DMN∽△CON,进一步得出 DM=
4
5
FO,EO=
9
8
EN ,过 C
作 CH⊥AB于 H,可求出 CH= 4 3,根据题意,EG必过点 N,当 EN⊥CD时,EG最小,此时四边形 EHCN
是矩形,故可得 EN=CH= 4 3,代入 EO=
9
8
EN 求出 EO即可得到结论.
【详解】解:连接 FC,交 EG于点 O,过点 D作 DM//FC,交 EG于点M,如图所示,
∵
1
4
DF DE
∴
4
5
DE EF
∵DM//FC,
∴△DEM∽△FEO,
∴
4
5
DM DE EM
FO EF EO
,
∵DM//FC,
∴△DMN∽△CON,
∴
MN DM
NO OC
,
∵四边形 ECGF是平行四边形,
∴CO=FO,
∴
4
5
MN DM
NO OF
∴
4
45
5
EN EOEN EM
EO EN EO EN
,
∴
9
8
EO EN ,
过点 C作 CH⊥AB于点 H,
在 Rt△CBH,∠B=60︒,BC=8,
∴CH=BCsin60︒=4 3,
根据题意得,EG必过点 N,当 EN⊥CD时,EG最小,此时四边形 EHCN 是矩形,
∴EN=CH=4 3,
∴EO=
9 94 3 3
8 2
,
∴EG=2EO=9 3.
故答案为:9 3.
【点睛】本题考查了平行四边形的性质,解直角三角形,相似三角形的判定和性质等知识,解题的关键是
学会添加常用辅助线,构造相似三角形解决问题,学会用转化的思想思考问题.
三、解答题(本大题共有 10小题,共 96分.请在答题卡指定区域内作答,解答时应写出必
要的文字说明、证明过程或演算步骤)
19.计算或化简:
(1)
112sin 60 12
2
(2)
2
2
1 1x x
x x x
【答案】(1) 2 3 ;(2)1
【解析】
【分析】
(1)先根据特殊角的三角函数值、负整数指数幂、二次根式的运算法则对各项进行化简计算,再进行加减
计算即可;
(2)先将除法变为乘法,根据分式的乘法运算法则进行计算即可.
【详解】解:(1)
112sin 60 12
2
32 2 2 3
2
3 2 2 3
2 3
(2)
2
2
1 1x x
x x x
11
1 1
x xx
x x x
1
【点睛】本题考查特殊角的三角函数值、负整数指数幂、二次根式的运算和分式的混合运算,解题的关键
是要熟练掌握运算法则.
20.解不等式组
5 0
3 1 2 1
2
x
x x
,并写出它的最大负整数解.
【答案】不等式组的解集为 x≤−5;最大负整数解为-5
【解析】
【分析】
分别求出每一个不等式的解集,根据口诀:同小取小确定不等式组的解集,从而得出答案.
【详解】解不等式 x+5≤0,得 x≤−5,
解不等式
3 1 2 1
2
x x
,得:x≤−3,
则不等式组的解集为 x≤−5,
所以不等式组的最大负整数解为−5.
【点睛】本题考查的是解一元一次不等式组及其整数解,正确求出每一个不等式解集是基础,熟知“同大取
大;同小取小;大小小大中间找;大大小小找不到”的原则是解答此题的关键.
21.扬州教育推出的“智慧学堂”已成为同学们课外学习的得力助手.为了解同学们“智慧学堂”平台使用的熟
练程度,某校随机抽取了部分同学进行调查,并将调查结果绘制成如下两幅尚不完整的统计图.
根据以上信息,回答下列问题:
(1)本次调查的样本容量是________,扇形统计图中表示 A等级的扇形圆心角为________ ;
(2)补全条形统计图;
(3)学校拟对“不太熟练或不熟练”的同学进行平台使用的培训,若该校有 2000名学生,试估计该校需要培
训的学生人数.
【答案】(1)500;108;(2)见解析;(3)估计该校需要培训的学生人数为 200人
【解析】
【分析】
(1)根据条形统计图中 A项为 150人,扇形统计图中 A项为 30%,计算出样本容量;扇形统计图中计算
360°的 30%即 360°×30%即可;
(2)根据扇形统计图中 B选项占 40%,求出条形统计图中 B选项的人数,补全条形统计图即可;
(3)抽取的样本中“不太熟练或不熟练”的同学所占的百分比为
50
500
×100%,由此估计 2000名学生所占的
百分比也为
50
500
×100%,进而求出该校需要培训的学生人数.
【详解】解:(1)150÷30%=500(人),
360°×30%=108°,
故答案为:500;108;
(2)500×40%=200(人),补全条形统计图如下:
(3)
50
500
×100%×2000=200(人)
∴估计该校需要培训的学生人数为 200人.
【点睛】本题考查条形统计图与扇形统计图的综合运用、用样本估计总体等知识,熟练掌握条形统计图与
扇形统计图的之间的关系是解题的关键.
22.防疫期间,全市所有学校都严格落实测体温进校园的防控要求.某校开设了 A、B、C三个测温通道,某
天早晨,该校小明和小丽两位同学将随机通过测温通道进入校园.
(1)小明从 A测温通道通过的概率是________;
(2)利用画树状图或列表的方法,求小明和小丽从同一个测温通道通过的概率.
【答案】(1)
1
3
;(2)
1
3
.
【解析】
【分析】
(1) 因为共开设了 A、B、C三个测温通道,小明从 A测温通道通过的概率是
1
3
.
(2)根据题意画出树状图,再根据所得结果算出概率即可.
【详解】(1) 因为共开设了 A、B、C三个测温通道,小明从 A测温通道通过的概率是
1
3
,
故答案为:
1
3
.
(2)由题意画出树状图:
由图可知,小明和小丽从同一个测温通道通过的概率=
3 1
9 3
.
【点睛】本题考查概率的计算和树状图的画法,关键在于理解题意,由图得出相关概率.
23.如图,某公司会计欲查询乙商品的进价,发现进货单已被墨水污染.
商品采购员李阿姨和仓库保管员王师傅对采购情况回忆如下:
李阿姨:我记得甲商品进价比乙商品进价每件高50%.
王师傅:甲商品比乙商品的数量多 40件.
请你求出乙商品的进价,并帮助他们补全进货单.
【答案】每件 40元,进货单见解析.
【解析】
【分析】
设乙的进价每件为 x元,分别表示乙的数量,甲的数量,利用数量关系列方程解方程即可.
【详解】解:设乙的进价每件为 x元,乙的数量为
3200
x
件,
则甲的进价为每件1.5x元,甲的数量为
7200
1.5x
件,所以:
7200 3200 40
1.5x x
6 240,x
40x ,
经检验: 40x 是原方程的根,
3200 72001.5 60, 80, 120,
1.5
x
x x
所以:乙商品的进价为每件 40元.
所以:进货单如下:
商品 进价(元/件) 数量(件) 总金额
甲 60 120 7200
乙 40 80 3200
【点睛】本题考查的是分式方程的应用,掌握列分式方程解应用题是解题的关键.
24.如图, ABCD 的对角线 AC,BD相交于点 O,过点 O作 EF AC ,分别交 AB,DC于点 E、F,连
接 AF、CE.
(1)若
3
2
OE ,求 EF的长;
(2)判断四边形 AECF的形状,并说明理由.
【答案】(1)3;(2)菱形,理由见解析
【解析】
【分析】
(1)只要证明 AOE COF 即可得到结果;
(2)先判断四边形 AECF 是平行四边形,再根据对角线互相垂直且平分证明是菱形,即可得到结论;
【详解】(1)∵四边形 ABCD是平行四边形,AC、BD是对角线,
∴ EAO FCO ,OA=OC,
又∵ EF AC ,
∴ AOE COF ,
在△AOE和△COF中,
EAO FCO
OA OC
AOE COF
,
∴ △ △AOE COF ASA .
∴FO=EO,
又∵
3
2
OE ,
∴
3
2 2 3
2
EF OE .
故 EF的长为 3.
(2)由(1)可得, AOE COF ,四边形 ABCD是平行四边形,
∴FC AE ,FC∥AE,
∴四边形 AECF是平行四边形,
又 EF AC ,OE=OF,OA=OC,
∴平行四边形 AECF是菱形.
【点睛】本题主要考查了特殊平行四边形的性质应用,准确运用全等三角形的性质及菱形的判定是解题的
关键.
25.如图, ABC 内接于 O , 60B ,点 E在直径 CD的延长线上,且 AE AC .
(1)试判断 AE与 O 的位置关系,并说明理由;
(2)若 6AC ,求阴影部分的面积.
【答案】(1)AE与⊙O相切,理由见详解;(2) 6 3 2S 阴影
.
【解析】
【分析】
(1)利用圆周角定理以及等腰三角形的性质得出∠E=∠ACE=∠OCA=∠OAC=30°,∠EAC=120°,进而得
出∠EAO=90°,即可得出答案;
(2)连接 AD,利用解直角三角形求出圆的半径,然后根据 AOES S S 阴影 扇AOD ,即可求出阴影部分的面
积.
【详解】(1)AE与⊙O相切,理由如下:
连接 AO,
∵∠B=60°,
∴∠AOC=120°,
∵AO=CO,AE=AC,
∴∠E=∠ACE,∠OCA=∠OAC=30°,
∴∠E=∠ACE=∠OCA=∠OAC=30°,
∴∠EAC=120°,
∴∠EAO=90°,
∴AE是⊙O的切线;
(2)连接 AD,则 60ADC B ,
∴∠DAC=90°,
∴CD为⊙O的直径,
在 Rt△ACD中,AC=6,∠OCA=30°,
∴
3cos30
2
AC
CD
,
∴ 4 3CD ,
∴ 2 3OA OD OC ,∠AOD=60°,
∴
21 60 (2 3)6 2 3
2 360AOES S S
阴影 扇AOD
∴ 6 3 2S 阴影
.
【点睛】本题考查了圆的切线的判定和性质,解直角三角形,圆周角定理,等腰三角形的判定和性质,解
题的关键是熟练掌握所学的知识,正确作出辅助线,从而进行解题.
26.阅读感悟:
有些关于方程组的问题,欲求的结果不是每一个未知数的值,而是关于未知数的代数式的值,如以下问题:
已知实数 x、y满足3 5x y ①, 2 3 7x y ②,求 4x y 和7 5x y 的值.
本题常规思路是将①②两式联立组成方程组,解得 x、y的值再代入欲求值的代数式得到答案,常规思路运
算量比较大.其实,仔细观察两个方程未知数的系数之间的关系,本题还可以通过适当变形整体求得代数
式的值,如由①②可得 4 2x y ,由①② 2 可得 7 5 19x y .这样的解题思想就是通常所说的“整
体思想”.
解决问题:
(1)已知二元一次方程组
2 7
2 8
x y
x y
,则 x y ________, x y ________;
(2)某班级组织活动购买小奖品,买 20支铅笔、3块橡皮、2本日记本共需 32元,买 39支铅笔、5块橡
皮、3本日记本共需 58元,则购买 5支铅笔、5块橡皮、5本日记本共需多少元?
(3)对于实数 x、y,定义新运算: *x y ax by c ,其中 a、b、c是常数,等式右边是通常的加法和
乘法运算.已知3*5 15 , 4*7 28 ,那么1*1 ________.
【答案】(1)-1,5;(2)购买 5支铅笔、5块橡皮、5本日记本共需 30元;(3)-11
【解析】
【分析】
(1)已知
2 7
2 8
x y
x y
①
②
,利用解题的“整体思想”,①-②即可求得 x-y,①+②即可求得 x+y的值;
(2)设每支铅笔 x元,每块橡皮 y元,每本日记本 z元,根据题意列出方程组,根据(1)中“整体思想”,
即可求解;
(3)根据 *x y ax by c ,可得3*5 3 5 15a b c , 4*7 4 7 28a b c ,1*1 a b c ,
根据“整体思想”,即可求得 a b c 的值.
【详解】(1)
2 7
2 8
x y
x y
①
②
①-②,得 x-y=-1
①+②,得 3x+3y=15
∴x+y=5
故答案为:-1,5
(2)设每支铅笔 x元,每块橡皮 y元,每本日记本 z元,则
20 3 2 32
39 5 3 58
x y z
x y z
①
②
①×2,得 40x+6y+4z=64③
③-②,得 x+y+z=6
∴5(x+y+z)=30
∴购买 5支铅笔、5块橡皮、5本日记本共需 30元
答:购买 5支铅笔、5块橡皮、5本日记本共需 30元
(3)∵ *x y ax by c
∴3*5 3 5 15a b c ①,4*7 4 7 28a b c ②,1*1 a b c
∴②-①,得 2 13a b ③
∴5 10 65a b ④
①+②,得7 12 2 43a b c ⑤
⑤-④,得 2 2 2 22a b c
∴ 11a b c
故答案为:-11
【点睛】本题考查了利用“整体思想”解二元二次方程组,仔细观察两个方程未知数的系数之间的关系,本题
还可以通过适当变形整体求得代数式的值,引入了新运算,根据定义结合“整体思想”求代数式的值.
27.如图 1,已知点 O在四边形 ABCD的边 AB上,且 2OA OB OC OD ,OC平分 BOD ,与 BD
交于点 G,AC分别与 BD、OD交于点 E、F.
(1)求证: / /OC AD;
(2)如图 2,若DE DF ,求
AE
AF
的值;
(3)当四边形 ABCD的周长取最大值时,求
DE
DF
的值.
【答案】(1)见详解;(2) 2 ;(3) 2 3
3
【解析】
【分析】
(1)先由三角形外角得出∠BOD=∠DAO+∠ODA,然后根据OA=OD,OC平分∠BOD得出∠DAO=∠ODA,
∠COD=∠COB,可得∠COD=∠ODA,即可证明;
(2)先证明△BOG≌△DOG,得出∠ADB=∠OGB=90°,然后证明△AFO∽△AED,得出
∠AOD=∠ADB=90°,
AD AE
AO AF
,根据勾股定理得出 AD=2 2 ,即可求出答案;
(3)先设 AD=2x,OG=x,则 CG=2-x,BG= 2 2-OGOB = 24-x ,BC= 2 2+CGBG = 8 4x =CD,然
后得出四边形 ABCD的周长=4+2x+4 2 x ,令 2 x =t≥0,即 x=2-t2,可得四边形 ABCD的周长=-2(t-1)
2+10,得出 x=2-t2=1,即 AD=2,然后证明△ADF≌△COF,得出 DF=OF=
1
2
OD=1,根据△ADO是等边三
角形,得出∠DAE=30°,可得
3tan30
3
DE
DA
,求出 DE= 2 3
3
,即可得出答案.
【详解】(1)由三角形外角可得∠BOD=∠DAO+∠ODA,
∵OA=OD,
∴∠DAO=∠ODA,
∵OC平分∠BOD,
∴∠COD=∠COB,
∴∠COD=∠ODA,
∴OC∥AD;
(2)∵OC平分 BOD ,
∴∠COD=∠COB,
在△BOG与△DOG中
OB OD
BOG DOG
OG OG
∠ ∠ ,
∴△BOG≌△DOG,
∴∠BGO=∠DGO=90°,
∵AD∥OC,
∴∠ADB=∠OGB=90°,∠DAC=∠OCA,
∵OA=OC,
∴∠OAC=∠OCA,
∴∠DAC=∠OAC,
∵DE=DF,
∴∠DFE=∠DEF,
∵∠DFE=∠AFO,
∴∠AFO=∠DEF,
∴△AFO∽△AED,
∴∠AOD=∠ADB=90°,
AD AE
AO AF
,
∵OA=OD=2,
∴根据勾股定理可得 AD=2 2 ,
∴
2 2=
2
AD AE
AO AF
= 2 ;
(3)∵OA=OB,OC∥AD,
∴根据三角形中位线可设 AD=2x,OG=x,则 CG=2-x,BG= 2 2-OGOB = 24-x ,
∴BC= 2 2+CGBG = 8 4x =CD,
∴四边形 ABCD的周长=AB+AD+DC+BC
=4+2x+2 8 4x
=4+2x+4 2 x
令 2 x =t≥0,即 x=2-t2,
∴四边形 ABCD的周长=4+2x+4 2 x
=4+2(2-t2)+4t
=-2t2+4t+8
=-2(t-1)2+10,
当 t=1时,四边形 ABCD的周长取得最大值,最大值为 10,
此时 x=2-t2=1,
∴AD=2,
∵OC∥AD,
∴∠ADF=∠COF,∠DAF=∠OCF,
∵AD=OC=2,
∴△ADF≌△COF
∴DF=OF=
1
2
OD=1,
∵AD=OC=OA=OD,
∴△ADO是等边三角形,
由(2)可知∠DAF=∠OAF,∠ADE=90°,
∴在 Rt△ADE中,∠DAE=30°,
∴
3tan30
3
DE
DA
,
∴DE= 2 3
3
,
∴
DE
DF
= 2 3
3
.
【点睛】本题考查了全等三角形的判定与性质,相似三角形的判定与性质,锐角三角函数,平行线的判定
与性质,等腰三角形的性质,二次函数的性质,涉及的知识点比较复杂,综合性较强,灵活运用这些知识
点是解题关键.
28.如图,已知点 1,2A 、 5, 0B n n ,点 P为线段 AB上的一个动点,反比例函数 0ky x
x
的图
像经过点 P.小明说:“点 P从点 A运动至点 B的过程中,k值逐渐增大,当点 P在点 A位置时 k值最小,
在点 B位置时 k值最大.”
(1)当 1n 时.
①求线段 AB所在直线的函数表达式.
②你完全同意小明的说法吗?若完全同意,请说明理由;若不完全同意,也请说明理由,并求出正确的 k
的最小值和最大值.
(2)若小明的说法完全正确,求 n的取值范围.
【答案】(1)①
1 9
4 4
y x ;②不完全同意小明的说法;理由见详解;当
9
2
x 时, k有最大值
81
16
;当
1x 时, k有最小值 2;(2)
10
9
n ;
【解析】
【分析】
(1)①直接利用待定系数法,即可求出函数的表达式;
②由①得直线 AB为
1 9
4 4
y x ,则
21 9
4 4
k x x ,利用二次函数的性质,即可求出答案;
(2)根据题意,求出直线 AB的直线为
2 10
4 4
n ny x
,设点 P为(x,
k
x
),则得到
22 10
4 4
n nk x x
,讨论最高项的系数,再由一次函数及二次函数的性质,得到对称轴 5
2
b
a
,即
可求出 n的取值范围.
【详解】解:(1)当 1n 时,点 B为(5,1),
①设直线 AB为 y ax b ,则
2
5 1
a b
a b
,解得:
1
4
9
4
a
b
,
∴
1 9
4 4
y x ;
②不完全同意小明的说法;理由如下:
由①得
1 9
4 4
y x ,
设点 P为(x,
k
x
),由点 P在线段 AB上则
1 9
4 4
k x
x
,
∴
2 21 9 1 9 81( )
4 4 4 2 16
k x x x ;
∵
1 0
4
,
∴当
9
2
x 时, k有最大值
81
16
;
当 1x 时, k有最小值 2;
∴点 P从点 A运动至点 B的过程中,k值先增大后减小,当点 P在点 A位置时 k值最小,在
9
2
x 的位置
时 k值最大.
(2)∵ 1,2A 、 5,B n ,
设直线 AB为 y ax b ,则
2
5
a b
a b n
,解得:
2
4
10
4
na
nb
,
∴
2 10
4 4
n ny x
,
设点 P为(x,
k
x
),由点 P在线段 AB上则
22 10
4 4
n nk x x
,
当
2 0
4
n
,即 n=2时, 2k x ,则 k随 x的增大而增大,如何题意;
当 n≠2时,则对称轴为:
10
104
2 2 4
2
n
nx n n
;
∵点 P从点 A运动至点 B的过程中,k值逐渐增大,当点 P在点 A位置时 k值最小,在点 B位置时 k值最
大.
即 k在1 5x≤ ≤ 中,k随 x的增大而增大;
当
2 0
4
n
时,有
∴
2 0
4
10 1
2 4
n
n
n
,解得:
2
6
n
n
,
∴不等式组的解集为: 2n ;
当
2 0
4
n
时,有
∴
2 0
4
10 5
2 4
n
n
n
,解得:
10 2
9
n ,
∴综合上述,n的取值范围为:
10
9
n .
【点睛】本题考查了二次函数的性质,反比例函数的性质,一次函数的性质,以及解不等式组,解题的关
键是熟练掌握所学的知识,掌握所学函数的性质进行解题,注意利用分类讨论的思想进行分析.
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