电流做功与电功率2017中考物理分类汇总 31页

电流做功与电功率 ‎1、（2017邵阳）“节能减排，从我做起”。芳芳同学养成了随手断开家中暂时可以不用的用电器的习惯。当她断开一个用电器后，家庭电路中会变大的物理量是C A．总电流 B．总电压 C．总电阻 D．总功率 ‎2、（2017南京）如图所示电路中，电源电压不变，闭合开关后，当滑片P在某一端点时，电流表示数为0.3A，小灯泡消耗的功率为0.9W；当滑片P移至中点时，电压表示数变化了2V，此时小灯泡恰好正常发光，且消耗的功率为2W．下列说法正确的时（　　）‎ A．小灯泡正常发光时的电阻为10Ω B．滑动变阻器的最大阻值为20Ω C．电源电压为8V D．当滑片P在最右端时，滑动变阻器消耗的功率为3.2W ‎【考点】IH：欧姆定律的应用；JA：电功率的计算．‎ ‎【分析】由电路图可知，灯泡、滑动变阻器串联连接，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流．‎ ‎（1）闭合开关后，当滑片P在某一端点时，根据P=UI即可求出灯泡两端的电压；当滑片P移至中点时，由于滑动变阻器变小，电路中的电流变大，灯泡两端的电压变大，根据电压表示数变化量即可得出此时电灯泡两端的电压，利用P=即可求出灯泡的电阻；‎ ‎（2）当滑片P移至中点时，根据P=UI求出电路中的电流，然后应用串联电路特点与欧姆定律根据电源电压不变可以求出滑动变阻器的最大阻值和电源电压．‎ ‎（3）当滑片P在最右端时，滑动变阻器全部连入电路，应用电功率公式P=I2R求出滑动变阻器消耗的功率．‎ ‎【解答】解：由电路图可知，灯泡、滑动变阻器串联连接，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流．‎ ‎（1）闭合开关后，当滑片P在某一端点时，根据P=UI可知：‎ 灯泡两端的电压UL===3V；‎ 当滑片P移至中点时，由于滑动变阻器变小，电路中的电流变大，灯泡两端的电压变大，‎ 所以此时电灯泡两端的电压UL′=UL+2V=3V+2V=5V；‎ 由于灯泡正常发光时根据P=得：‎ 灯泡正常发光时的电阻RL===12.5Ω，故A错误；‎ ‎（2）当滑片P在某一端点时，滑动变阻器全部连入电路，‎ 根据串联电路电阻特点和I=可得：‎ 电源电压U=UL+IR=3V+0.3A×R﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①‎ 当滑片P移至中点时，根据P=UI可知：‎ 电路中的电流I′===0.4A，‎ 根据串联电路电阻特点和I=可得：‎ 电源电压U=I′（RL+R）=0.4A（12.5Ω+R）﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②‎ 解①②可得：R=20Ω，故B正确；‎ U=9V，故C错误；‎ ‎（3）当滑片P在最右端时，滑动变阻器全部连入电路，滑动变阻器消耗的功率P=I2R=（0.3A）2×20Ω=1.8W，故D错误．‎ 故选B．‎ ‎3、（2017南京）在“测量小灯泡额定功率”实验中，小灯泡的额定电压U额=2.5V．‎ ‎（1）图甲是测量小灯泡额定功率的实物电路图，图中有一根线连接错误，请在这根线上打“×”，并在图中改正．‎ ‎（2）闭合开关前，滑片P应位于　 　（选填“A”或“B”）端．‎ ‎（3）闭合开关，移动滑片P直到电压表示数为2.5V，此时电流表示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为　 　W．‎ ‎（4）小华设计了如图丙所示的电路也完成了该实验，请完成下列填空（电源电压不变，R1和R2为滑动变阻器，R2的最大电阻为R0）．‎ ‎①只闭合开关　　 　，调节R2，使电压表的示数为2.5V；‎ ‎②只闭合开关　　 　，调节　 　，使电压表的示数仍为2.5V；‎ ‎③接着将R2的滑片P调至最左端，记下电压表的示数为U1；再将R2的滑片P调至最右端，记下电压表的示数为U2，则小灯泡额定功率的表达式P额=　　 　 （用U额、R0、U1、U2表示）．‎ ‎【考点】电功率的测量．‎ ‎【分析】（1）分析电路图可知，电压表也串联在电路中，故此时没有电流通过；要想有电流通过，必须是灯泡与电流表串联，电压表与灯泡并联；‎ ‎（2）电路闭合前，滑动变阻器滑片应位于阻值最大处；‎ ‎（3）额定电压下灯泡的实际功率和额定功率相等，根据电流表的量程和分度值读出示数，根据P=UI求出灯泡的额定功率；‎ ‎（4）①只闭合小灯泡所在支路，通过调节滑动变阻器R2使灯泡两端电压为额定电压，即2.5V；‎ ‎②只闭合R1所在支路，通过调节滑动变阻器R1使R1两端电压为小灯泡的额定电压，即2.5V；‎ ‎③将R2的滑片P调至最左端，记下电压表的示数为U1；再将R2的滑片P调至最右端，记下电压表的示数为U2，根据串联分压的原理求出R1的大小，即小灯泡电阻的大小，再利用P=求出小灯泡额定功率．‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）分析实物图可知，此时灯泡与电流表并联后又与电压表串联，故此时没有电流通过，小灯泡不发光，电压表测的是电源电压约为3V；‎ 为让灯泡与电流表串联，电压表测灯泡两端电压，将小灯泡右侧连线改接到电压表左侧，如下图：‎ ‎（2）为了保护电路，开关闭合前，滑动变阻器的滑片应为于阻值最大处，即B端；‎ ‎（3）图（乙）中，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.26A，‎ 则灯泡的额定功率P=UI=2.5V×0.26A=0.65W；‎ ‎（4））①只闭合小灯泡所在支路，即闭合S、S1，通过调节滑动变阻器R2使灯泡两端电压为额定电压，即2.5V；‎ ‎②利用等效替代的方法，只闭合R1所在支路，即闭合S、S2，通过调节滑动变阻器R1使R1两端电压为小灯泡的额定电压，即2.5V，此时R1=RL；‎ ‎③将R2的滑片P调至最左端，记下电压表的示数为U1；再将R2的滑片P调至最右端，记下电压表的示数为U2，根据串联分压的原理： =，解得，R1=；‎ 小灯泡额定功率的表达式P额====‎ 故答案为：（1）如上图；（2）B；（3）0.65；（4）①S、S1；②S、S2；R1；③．‎ ‎4、（2017苏州）在“探究影响电流热效应的因素”实验中，可通过观察玻璃管中煤油柱的高度变化来比较电阻丝产生热量的多少（如图）．以下研究中所采用方法与此相同的是D A．用水流类比电流来建立电流的概念 B．探究导体电阻大小与横截面积的关系时需保持材料和长度不变 C．用图像描述电流与电压的关系 D．根据小磁针的偏转情况判定电流周围是否存在磁场 ‎5、（2017苏州）如图所示，电源电压4.5V，定值电阻R0为10Ω，滑动变阻器R规格为“20Ω 2A”，电流表和电压表量程分别选择“0～0.6A”、“0～3V”．闭合开关S，电路正常丁作时，下列叙述正确的是C A．电流表示数最大值为0.6A B．电压表示数范围为1V～3V C．滑动变阻器的功率可达0.5W D．滑动变阻器阻值变化范围为5Ω～10Ω ‎6、（2017苏州）（10分）如图是某家用电热水器的简化电路图，温控开关S可根据水温自动切换加热和保温两种状态，R1、R0是发热电阻，热水器主要参数如下表．[水的比热容为4.2×103J/(kg．℃)]‎ ‎（1）开关S跳至_______触点位置时，热水器进入保温状态水箱内装满水时，水的质量为 _______ kg．‎ ‎（2）R2的阻值为多大？‎ ‎（3）水箱中装满初温为25℃的水，加热使温度升高到55℃，水需要吸收多少热量？‎ ‎（4）在上述加热状态下，热水器正常工作35min需消耗多少电能？加热效率是多少？‎ ‎（1）b 30 （2）36.3Ω （3）3.78×106 J （4）4.2×106 J 90﹪‎ ‎7、（2017盐城）（9分）在综合实践活动中，小峰设计了一种煮饭电路，如图甲所示，图中R1和R2均为电阻丝 ，S1是自动控制开关，煮饭时，将该电路接入220V电源，在30min内，电路总功率随时间变化的图像如图乙所示，求：‎ ‎（1）0～5min内通过R1的电流；‎ ‎（2）30min内电路消耗的电能；‎ ‎（3）10～15min内R1的电功率。‎ 解（1）依题意0～5min内，S1处于闭合状态，R1此时的电功率P1=1100W 由P=UI 得：‎ ‎（2）由，得W=Pt W=1.1kW×h＋0.44kW×h=0.44kW·h=1.584×106J ‎（3）依题意10～15min内，S1处于断开状态，R1与R2串联，此时电路总功率：P=440W R1=44Ω I1=I=‎ 由P=UI=I2R 得：P1=I12R1=(2A)2×44Ω=176W ‎8、（2017枣庄）如图，电源电压恒为5V，电压表量程为“0～3V”，电流表量称为“0～0.6A”，滑动变阻器规格为“20Ω 1A”，小灯泡标有“3V 1.8W”字样，闭合开关，在电路安全的情况下，（不考虑灯丝电阻的变化）则下列说法正确的是（　　）‎ A．滑动变阻器的阻值允许调节的范围是0～20Ω B．电流表示数的变化范围是0.1A～0.6A C．电压表示数的变化范围是1V～3V D．小灯泡的最小功率是1W ‎【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算．‎ ‎【分析】由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流．‎ ‎（1）知道灯泡的额定电压和额定功率，根据P=UI求出灯泡的额定电流和电阻，然后结合电压表的量程，电流表的量程确定电路中的最大电流，根据欧姆定律求出灯泡的电阻和电路中的最小电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值；‎ ‎（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，灯泡的功率最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，利用U=IR求出灯泡两端的最小电压，利用P=I2R求出灯泡的最小功率．‎ ‎【解答】解：由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流．‎ 根据P=UI可得，灯的额定电流：‎ IL额===0.6A，‎ 由I=得：灯泡的电阻RL===5Ω，‎ 由于电压表的量程为0～3V，电流表的量程为0～0.6A，则灯泡两端的最大电压为3V，则通过灯泡的最大电流I最大=IL额=0.6A；‎ 由I=得：电路中的最小总电阻R最小==≈8.3Ω，‎ 由串联电路中总电阻等于各分电阻之和可知：‎ 滑动变阻器接入电路中的最小阻值：R滑最小=R最小﹣RL=8.3Ω﹣5Ω=3.3Ω，‎ 因为滑动变阻器的规格为“20Ω lA”，所以滑动变阻器的电阻允许调节的范围是3.3Ω～20Ω，故A错误；‎ 电路中的最大总电阻R最大=RL+R=20Ω+5Ω=25Ω；‎ 则电路中的最小电流：I最小===0.2A，‎ 所以电流表示数的变化范围是0.2～0.6A，故B错误；‎ 灯泡两端的最小电压为UL最小=I最小RL=0.2A×5Ω=1V；‎ 所以电压表示数的变化范围是1V～3V，故C正确；‎ 此时灯泡的功率最小为：PL最小=I最小2RL=（0.2A）2×5Ω=0.2W，故D错误．‎ 故选C．‎ ‎9、（2017枣庄）图甲是智能怀旧灯，与灯串联的调光旋钮实质是滑动变阻器，图乙是简化的电路原理图．灯L标有“12V 3W”字样，当滑动变阻器的滑片P在最左端a时，灯L正常发光．电源电压不变，不考虑温度对灯丝电阻的影响，问：‎ ‎（1）电源电压U是多少？‎ ‎（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻是12Ω时，灯L消耗的实际功率是多少？‎ ‎（3）当滑片P位于中点b和最右端c时，灯L两端电压之比为3：2，则滑动变阻器的最大阻值是多少？‎ ‎【考点】IH：欧姆定律的应用；JA：电功率的计算．‎ ‎【分析】（1）根据电路图可知，当滑动变阻器的滑片P在a点时，电路为灯L的基本电路，由于灯L正常发光，根据灯泡的额定电压即可判断电源电压；‎ ‎（2）根据电路图可知，灯L与滑动变阻器串联；根据P=的变形公式可知灯泡的电阻，根据串联电路电阻的特点和欧姆定律求出电路电流，然后根据P=I2R求出灯泡的实际功率；‎ ‎（3）根据欧姆定律表示出滑片在中点b端和最右端c端时灯泡两端电压，根据灯泡两端电压之比即可求出滑动变阻器接入电路的最大阻值．‎ ‎【解答】解：（1）根据电路图可知，当滑动变阻器的滑片P在a点时，电路为灯L的基本电路；‎ 因为灯泡正常发光，所以电源电压U=U额=12V；‎ ‎（2）由P=可得灯丝的阻值：RL===48Ω；‎ 由图乙可知，灯L与滑动变阻器串联，‎ 所以电路中的电流：I===0.2A；‎ 灯泡的实际功率：P=I2RL=（0.2A）2×48Ω=1.92W；‎ ‎（3）当滑片P在中点b点时，灯两端电压：Ub=IbRL=×RL=×RL；‎ 当滑片在最右端c点时，灯两端电压：Uc=IcRL=×RL；‎ 依题意可知，Ub：Uc=3：2，‎ 即：×RL：×RL=3：2，‎ 化简可得：R=2RL=2×48Ω=96Ω．‎ 答：（1）电源电压U是12V；‎ ‎（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻是12Ω时，灯L消耗的实际功率是1.92W；‎ ‎（3）滑动变阻器的最大阻值是96Ω．‎ ‎10、（2017烟台）甲、乙两只电炉标有“220V 500W”和“220V 1000W”字样，把它们串联在220V的电路中．在相同时间内产生热量较多的是　　，将它们并联在电路中，产生热量较多的是　　（选填“甲”或“乙”）．串联时甲电炉消耗的电功率与并联时甲电炉消耗的电功率之比为　 　．甲；乙；111：250‎ ‎【考点】JI：焦耳定律的计算公式及其应用；JA：电功率的计算．‎ ‎【分析】（1）知道两只电炉的额定电压和额定功率，根据R=比较两只电炉的电阻，根据串联电路的电流特点和焦耳定律比较两电炉的产生热量关系；‎ 根据并联电路中各并联支路两端的电压相等和Q=W=Pt比较两电炉的产生热量关系；‎ ‎（2）分别计算两种情况下甲消耗的实际功率并确定其比例关系．‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）由P=得，电炉的电阻R=，‎ 因为甲、乙两只电炉的额定电压相同，额定功率P甲＜P乙，‎ 所以甲、乙两只电炉的电阻：R甲＞R乙，‎ 又因为串联电路中的电流处处相等，‎ 即通过甲、乙两只电炉的电流：I甲=I乙，‎ 根据Q=I2Rt可知，在相同时间内产生的热量Q甲＞Q乙，故串联时产生热量较大的是甲；‎ 将它们并联在220V电路上，‎ 根据并联电路中各支路两端的电压相等，即U甲=U乙=220V，‎ 则两电炉的实际功率等于额定功率，即：P甲=500W；P乙=1000W，‎ 根据Q=W=Pt可知，在相同时间内产生的热量Q甲＜Q乙，故并联时产生热量较大的是乙；‎ ‎（2）甲电炉的电阻为R甲===96.8Ω，乙电炉的电阻为R乙===48.4Ω，‎ 串联在220V电路中甲消耗的实际功率为P实甲=I实2R甲=（）2×R甲=（）2×96.8Ω≈222W；‎ 当甲电炉并联在220V电路中，P实甲′=P额甲=500W，‎ 所以两种情况下甲消耗的功率之比为P实甲：P实甲′=222W：500W=111：250．‎ 故答案为：甲；乙；111：250．‎ ‎11、（2017德州）充电宝是一个可充放电的锂聚合物电池．某充电宝部分相关参数如下表所示．该充电宝完全充满电时储存的电能为　 　J，输出功率为　 　W．3.6×104；5‎ 完全充电 ‎100mA/20V/5h 输出电压 ‎5V　　‎ 输出电流 ‎1000mA ‎【考点】JA：电功率的计算；J3：电功的计算．‎ ‎【分析】由充电宝的铭牌可知完全充电参数，根据W=UIt求出完全充满电时储存的电能，又知道输出电压和输出电流，根据P=UI求出输出功率．‎ ‎【解答】解：该充电宝完全充满电时储存的电能：‎ W=UIt=20V×100×10﹣3A×5×3600s=3.6×104J，‎ 输出功率：‎ P=U′I′=5V×1000×10﹣3A=5W．‎ 故答案为：3.6×104；5．‎ ‎12、（2017德州）如图甲所示，实验小组的同学设计了一种测量温度的电路．已知电源电源为6V且保持不变，R0是定值电阻，Rt 是热敏电阻，其阻值随温度变化的图象如图乙所示．电流表采用“0～0.3A”的量程．‎ ‎（1）当环境温度是40℃时，电流表的示数为0.2A，求此时Rt消耗的电功率及R0的电阻值；‎ ‎（2）该电路能测量的最高温度是多少．‎ ‎【考点】欧姆定律的应用．‎ ‎【分析】（1）分析电路的连接，当环境温度是40℃时可知热敏电阻大小，根据P=I2R求Rt消耗的电功率；‎ 根据欧姆定律和电阻的串联求R0的电阻值；‎ ‎（2）由图乙可知，温度越高，热敏电阻越小，电路的总电阻越小，电路的总电流越大，因电流表采用“0～0.3A”的量程，故最大电流不能超过0.3A，根据欧姆定律求出串联的最小电阻，由电阻的串联求热敏电阻的最小值，从而得出最高温度．‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）由甲图知，两电阻串联，电流表测电路中的电流，‎ 当环境温度是40℃时，由图乙知，热敏电阻的阻值为Rt=25Ω，此时电流表的示数为I=0.2A，‎ 则Rt消耗的电功率：Pt=I2Rt=（0.2A）2×25Ω=1W；‎ 根据欧姆定律可得，电路的总电阻：R==30Ω，‎ 根据串联电路的电阻规律可得，R0的电阻值：‎ R0=R﹣Rt=30Ω﹣25Ω=5Ω；‎ ‎（2）电流表采用“0～0.3A”的量程，故最大电流不能超过0.3A，‎ 根据欧姆定律可得，串联电路的最小总电阻：‎ R小==20Ω，‎ 根据串联电路的电阻规律可得，热敏电阻的最小阻值：‎ Rt小=R小﹣R0=20Ω﹣5Ω=15Ω；‎ 由图乙知，对应的最高温度为90℃．‎ ‎（1）当环境温度是40℃时，电流表的示数为0.2A，此时Rt消耗的电功率及R0的电阻值分别为1W和5Ω；‎ ‎（2）该电路能测量的最高温度是90℃．‎ ‎　‎ ‎13、（2017滨州）如图甲所示，将额定电压为2.5V的小灯泡接入电源电压为4.5V的电路中，闭合开关，调节滑动变阻器滑片P，记录相应电压表和电流表示数绘制成如图乙所示的U﹣I图象，则小灯泡的额定功率为　 　W，小灯泡正常发光时，滑动变阻器接入电路的电阻是　 　Ω．0.625；8‎ ‎【考点】电功率的计算；欧姆定律的应用．‎ ‎【分析】由图象可知，当小灯泡两端的电压为2.5V时对应的电流，根据P=UI 求出小灯泡的额定功率；‎ 根据串联电路电流、电压规律和欧姆定律的变形公式求出滑动变阻器接入电路的电阻．‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）由图乙可知，当小灯泡两端的电压为U额=2.5V时，通过小灯泡的电流I额=0.25A，‎ 则小灯泡的额定功率：P=U额I额=2.5V×0.25A=0.625W．‎ ‎（2）由电路图可知，小灯泡与滑动变阻器并联，电压表测小灯泡两端的电压，‎ 当小灯炮正常发光时，U额=2.5V，电路中的电流I=I额=0.25A，‎ 根据串联电路电压规律可知，此时滑动变阻器两端的电压：‎ U滑=U﹣U额=4.5V﹣2.5V=2V，‎ 由欧姆定律得，滑动变阻器接入电路的电阻：‎ R滑===8Ω．‎ 故答案为：0.625；8．‎ ‎　‎ ‎14、（2017滨州）如图，将标有“6V 3W”字样的灯泡L1和标有“6V 6W”字样的灯泡L2串联在电路中，使其中一个灯泡正常发光，另一个灯泡的实际功率不超过其额定功率，不考虑温度对电阻的影响．求：‎ ‎（1）灯泡L1正常工作时的电流；‎ ‎（2）灯泡L2的电阻；‎ ‎（3）电源电压；‎ ‎（4）此电路工作2分钟消耗的电能．‎ ‎【考点】电功率与电压、电流的关系；电功率与电能、时间的关系．‎ ‎【分析】（1）根据公式P=UI计算电流；‎ ‎（2）由功率公式求灯泡的电阻；‎ ‎（3）根据每个灯泡的额定电流判定电路中的电流，根据欧姆定律求出电源电压；‎ ‎（4）根据公式W=UIt计算消耗的电能．‎ ‎【解答】解：（1）由P=UI可知：灯泡L1正常工作时的电流为：‎ I1===0.5A；‎ ‎（2）由P=可知灯泡L2的电阻为：‎ R2===6Ω；‎ ‎（3）灯泡L2的额定电流为：I2===1A，两灯泡串联，电流相等，一灯泡达正常发光，另一灯不超过额定电压，则一定是3W灯正常发光；‎ 则灯泡L2两端的电压为：U'2=I1R2=0.5A×6Ω=3V，‎ 电压电压为：U=U1+U'2=3V+3V=6V；‎ ‎（4）此电路工作2分钟消耗的电能为：W=UIt=6V×0.5A×120s=360J．‎ 答：（1）灯泡L1正常工作时的电流为0.5A；‎ ‎（2）灯泡L2的电阻为6Ω；‎ ‎（3）电源电压为6V；‎ ‎（4）此电路工作2分钟消耗的电能为360J．‎ ‎　‎ ‎15、（2017济宁）小可将电源、开关、导线、滑动变阻器、电流表和电压表接入电路，用“伏安法”测额定电压为2.5V小灯泡的功率．‎ ‎（1）请在方框内（图1）画出实验电路图．‎ ‎（2）小可根据实验数据绘制了U﹣I图象，如图2甲所示．观察图象，发现AB部分为线段，BC部分为曲线．为便于分析，将线段AB延长作出图象，如图2乙所示．‎ 比较甲、乙两图象，发现两图象间的距离随着电流的增大而增大，说明　 　．‎ ‎（3）根据图象中B点对应的电压和电流值，计算小灯泡的电阻R=　 　Ω．当电压为2.5V时，根据甲图象计算小灯泡的功率P甲=　 　W，根据乙图象计算小灯泡的功率P乙=　 　W．‎ ‎（4）请结合以上分析和计算，解释白炽灯泡烧坏往往发生在开灯瞬间的原因：　 ．‎ ‎（1）如图；（2）温度越高，灯丝电阻越大；（3）5；0.625；1.25；（4）开灯时，灯丝的温度低，电阻相对较小，根据电功率公式P=可知，此时的功率较大，灯丝温度较高，灯丝易烧断．‎ ‎【考点】JF：电功率的测量．‎ ‎【分析】（1）电流表测出灯泡的电流，电压表测出灯泡两端的额定电压，从而测出额定功率，据此分析电路图的画法；‎ ‎（2）灯丝电阻受到温度的影响；‎ ‎（3）根据图象找出电流和电压值，根据欧姆定律求出电阻的大小；根据甲图象找出额定电压下的电流值，利用公式P=UI求出功率；根据P=求出乙图中灯泡的功率；‎ ‎（4）刚开灯时，灯丝温度低，电阻相对较小，功率较大，导致短时间内产生的热量过多，温度过高．‎ ‎【解答】‎ 解：（1）电流表、灯泡、滑动变阻器串联接入电流，电压表并联在灯泡两端，电路图为：‎ ‎；‎ ‎（2）由图象可知，随着电压、电流的增大，小灯泡的电功率变大，小灯泡的电阻是增大的，说明灯丝电阻受到了温度的影响；‎ ‎（3）图象中B点对应的电压值为0.25V，电流值为0.05A，由欧姆定律可知，灯泡电阻值为R===5Ω；‎ 当电压为2.5V时，甲图象中的电流值为0.25A，计算小灯泡的功率P甲=UI=2.5V×0.25A=0.625W；‎ 乙图象为一条直线，表明灯泡的电阻是不变的，则根据乙图象可知小灯泡的功率P乙===1.25W；‎ ‎（4）开灯时，灯丝的温度低，电阻相对较小，根据电功率公式P=可知，此时的功率较大，灯丝温度较高，灯丝易烧断．‎ 故答案为：（1）如图；（2）温度越高，灯丝电阻越大；（3）5；0.625；1.25；（4）开灯时，灯丝的温度低，电阻相对较小，根据电功率公式P=可知，此时的功率较大，灯丝温度较高，灯丝易烧断．‎ ‎　‎ ‎16、（2017济宁）两轮自平衡电动车作为一种新兴的交通工具，倍受年轻人的喜爱（如图所示）．下表是某型号两轮自平衡电动车的主要技术参数．‎ 整车质量 ‎20kg 锂电池电压 ‎48V 锂电池容量 ‎12A•h 电动车额定电压 ‎48V 电动机额定功率 ‎350W ‎（1）图中小景的质量为40kg，轮胎与地面的总接触面积为0.01m2‎ ‎，求地面受到的压强（g取10N/kg）‎ ‎（2）若电动机以额定功率工作，求锂电池充足一次电最多可骑行的时间（精确到0.1）‎ ‎（3）锂电池充足电后，电动车在平直的公路上匀速行驶，受到的平均阻力为96N，最多能连续行驶17.28km，求电动车工作的效率．‎ ‎【考点】压强的大小及其计算；能量利用效率；电功计算公式的应用．‎ ‎【分析】（1）小景骑车时对地面的压力等于小景和电动车的重力之和，根据F=G=mg求出其大小，又知道轮胎与地面的总接触面积，根据p=求出地面受到的压强；‎ ‎（2）由表格数据可知锂电池的电压和容量，根据W=UIt求出锂电池充足一次电储存的电能，根据P=求出电动机以额定功率工作时最多可骑行的时间；‎ ‎（3）电动车在平直的公路上匀速行驶处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，二力大小相等，根据W=Fs求出牵引力做的功，根据η=×100%求出电动车工作的效率．‎ ‎【解答】解：（1）小景骑车时对地面的压力：‎ F=G总=（m车+m人）g=（20kg+40kg）×10N/kg=600N，‎ 地面受到的压强：‎ p===6×104Pa；‎ ‎（2）锂电池充足一次电储存的电能：‎ W电=UIt=48V×12A×3600s=2.0736×106J，‎ 由P=可得，最多可骑行的时间：‎ t′==≈5924.6s；‎ ‎（3）电动车在平直的公路上匀速行驶处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，‎ 则牵引力F=f=96N，‎ 牵引力做的功：‎ W=Fs=96N×17.28×103m=1.65888×106J，‎ 电动车工作的效率：‎ η=×100%=×100%=80%．‎ 答：（1）地面受到的压强为6×104Pa；‎ ‎（2）锂电池充足一次电最多可骑行的时间为5924.6s；‎ ‎（3）电动车工作的效率为80%．‎ ‎16、　（2017聊城）已知定值电阻R1：R2=2：3，若把它们并联在同一电路中，通电后．它们的电流之比I1：I2=_______；若把它们串联在同一电路中，通电1分钟， R1、R2产生的热量之比Q1：Q2=_______。‎ ‎3：2 2：3‎ ‎17、（2017聊城）(6分)在“测量小灯泡的电功率”实验中．电源电压为6V保持不变．所用小灯泡的额定电压为2．5V．小灯泡的电阻约为10。‎ ‎(1)用笔画线代替导线，将图甲的实物图连接完整，要求滑动变阻器滑片P向右滑动时小灯泡变亮。‎ ‎(2)闭合开关S前，应将滑动变阻器的滑片P移到最_______端(选填“左”或“右”)。‎ ‎(3)闭合开关S后，发现小灯泡不亮，但电流表和电压表均有示数，接下来首先应该操作的是_______ (填序号)‎ ‎ A．检查电路是开断路 ‎ B．检查电路是开短路 ‎ ‎ C．移动滑动变阻器的滑片P，观察小灯泡是否发光 ‎(4)通过小灯泡的电流随它两端电压的变化如图乙所示．分析图象可知，当小灯泡两端的电压增大时，灯丝的电阻会_______ (选填“增大”、“不变”或“减小”)；小灯泡的额定功率为 _______W。‎ ‎(5)若将小灯泡换成定值电阻，该电路还可以进行的实验有______________ (清写出一个即可)。‎ ‎(1)[来源:学科网]‎ ‎ (2)左 (3)C (1)增大 0.5‎ ‎ (5)伏安法测电阻或电阻一定时，研究通过导体的电流与导体两端电压的关系 ‎18、（2017临沂）小明用两个不同的白炽灯泡做“探究串联电路的电流特点”实验时，发现一个灯泡较亮而另一个灯泡较暗，则较亮的灯泡D A. 电阻小 B.灯丝粗 C.电流大 D.功率大 ‎19、（2017临沂）如图所示电路的电源电压保持不变，将滑动变阻器的滑片P从中点移到b端的过程中D A. 灯泡变暗 B电压表示数变大 B. 电流表示数变小 D电路总功率变小 ‎20、（2017临沂）小明用毛皮摩擦过的橡胶棒与悬挂着的泡沫小球靠近时，它们相互排斥，则该泡沫小球带______电；小明发现空调和台灯的电源线虽然都是铜线，但规格明显不同，这主要是因为__________（填“长度”或“横截面积”）对导线电阻的影响；小明家的空调电辅热系统的电阻丝阻值为40Ω，工作时的电流为5A，则通电10s电阻丝产生的热量为__________J。负 横截面积 1×104（或104或10000）‎ ‎21、（2017泰安）如图为一种测量酒精气体浓度的工作原理图，电源电压恒为12V，定值电阻R=40Ω，R0是酒精气敏电阻，阻值随酒精气体的浓度增大而减小，其阻值变化范围为10Ω﹣20Ω，电压表接入电路的量程为0﹣15V，电流表接入电路的量程为0﹣0.6A．闭合开关S，当环境的酒精气体的浓度增大时，下列说法正确的是（　　）C ‎①电流表的示数变小 ‎②电压表示数与电流表示数的比值不变 ‎③电压表示数的范围为8V﹣9.6V ‎④电阻R0消耗的电功率范围为0.4W﹣0.8W．‎ A．只有①②正确 B．只有①④正确 C．只有②③正确 D．只有②③④正确 ‎【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算．‎ ‎【分析】由电路图可知，R0与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流．‎ ‎（1）当环境的酒精气体的浓度增大时，R0阻值随酒精气体的浓度增大而减小，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知R两端的电压变化，由欧姆定律结合R的阻值判断电压表示数与电流表示数的比值变化；‎ ‎（2）当R0=10Ω时，电路中的总电阻最小，电路中的电流最大即经过R0的电流最大，根据电阻的串联和欧姆定律求出最大电流，根据U=IR求出电压表的最大示数；根据P=I2R求出R0消耗的电功率；当R0=20Ω时，电路中的总电阻最大，电路中的电流最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出最小电流，根据U=IR求出电压表的最小示数；根据P=I2R求出R0消耗的最小电功率．‎ ‎【解答】解：由电路图可知，R0与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流．‎ ‎（1）当环境的酒精气体的浓度增大时，R0阻值随酒精气体的浓度增大而减小，由I=可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大，故①错误；‎ 由R=可知，电压表示数与电流表示数的比值等于R的阻值，则电压表示数与电流表示数的比值不变，故②正确；‎ ‎（2）当R0=10Ω时，电路中的总电阻最小，电路中的电流最大，即经过R0的电流最大，‎ 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，‎ 所以，经过R0的电流最大，I大===0.24A，‎ 则电压表的最大示数为：U最大=I大R=0.24A×40Ω=9.6V，‎ R0消耗的电功率：PR0大=（I大）2R0=（0.24A）2×10Ω=0.576W，‎ 当R0大=20Ω时，电路中的总电阻最大，电路中的电流最小，‎ 电路中的最小电流：I小===0.2A，‎ 则电压表的最小示数为：U最小=I小R=0.2A×40Ω=8V，‎ 所以，电压表示数的范围为8V﹣9.6V，故③正确；‎ R0消耗的电功率：PR0小=（I小）2R0=（0.2A）2×10Ω=0.4W，‎ 所以，电阻R0消耗的功率范围为0.4W～0.576W，故④错误．‎ 故选C．‎ ‎22、（2017泰安）有一个小灯泡标有5.0V字样，要测定它的额定功率．已知小灯泡正常发光时的电阻值约10Ω，电源电压为6V．‎ ‎（1）请你用笔画线代替导线，连接完成实验电路．‎ ‎（2）闭合开关前，滑动变阻器滑片应该在______端（选填“a”或“b”）．‎ ‎（3）某次连接线路后，闭合开关灯不亮，电流表有示数，电压表没有示数，猜想以下3种故障，其中可能的是______‎ A．可能是灯丝断了B．可能是开关接线处断路C．可能是小灯泡的灯座短路 为避免出现上述故障时损坏电流表，选择的滑动变阻器的最大阻值应不小于______Ω．‎ ‎（4）排除故障后，移动变阻器滑片，观察当______表示数为______时，再记录另一个电表的示数，可以计算小灯泡的额定功率．‎ ‎（1）如图；（2）a；（3）C；10；（4）电压；5V．‎ ‎23、（2017威海）如图所示．电源电压为4.5V，电流表量程为“0～0.6A”，滑动变阻器规格为“10Ω，1A”，小灯泡L标有“2.5V，1.25W”（不考虑温度对灯丝电阻的影响）．在保证通过小灯泡L的电流不超过恒定电流的情况下，移动滑动变阻器的滑片，下列选项正确的是（　　）BD A．小灯泡的额定电流是0.6A B．电流表的示数变化范围是0.3～0.5A C．电压表的示数变化范围是0～3V D．滑动变阻器连入电路的阻值变化范围是4～10Ω ‎【考点】IH：欧姆定律的应用；J9：电功率与电压、电流的关系．‎ ‎【分析】知道灯泡的额定功率和额定电压，根据P=UI求出灯泡的额定电流；‎ 灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据串联电路的电压特点求出灯泡正常发光时，滑动变阻器两端的最小电压，即电压表的最小示数；‎ 根据串联电路的电流特点可知电路中的最大电流为灯泡额的电流和滑动变阻器允许通过最大电流中较小的一个，根据欧姆定律求出电压表的最大示数，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值．‎ ‎【解答】解：小灯泡的额定电流I===0.5A，故A错误；‎ 由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压．‎ 灯泡正常发光时的电压为2.5V，功率为1.25W，当灯泡正常发光时，串联电路总电压等于各分电压之和，此时电压表的最小示数U滑=U﹣UL=4.5V﹣2.5V=2V，‎ 此时电路中的最大电流Imax=0.5A，‎ 此时滑动变阻器接入电路的电阻最小，最小为：R滑min===4Ω；‎ 滑动变阻器接入电路中的电阻最大，‎ 灯泡的电阻：RL===5Ω，电路中的最小电流：Imin===0.3A，‎ 电路中电流变化的范围是0.3A～0.5A，故B正确；‎ 此时灯泡分担的电压最小U L小=IminRL=0.3A×5Ω=1.5V，‎ 滑动变阻器两端的最大电压：U滑max=U﹣U L小=4.5V﹣1.5V=3V，即电压表最大示数，‎ 电压表的示数范围为2V～3V，故C错误；‎ 此时滑动变阻器的最大阻值Rmax===10Ω，‎ 所以滑动变阻器的范围是4Ω～10Ω，故D正确．‎ 故选BD．‎ ‎24、（2017威海）炎炎夏日，同时使用过多的大功率用电器往往会引起空气开关“跳闸”，其原因是_______，请写出一条安全用电的注意事项_______．‎ 功率过大；不要同时使用大功率用电器．‎ ‎25、（2017威海）根据下列两个实验，回答相关问题：‎ ‎（1）电流做功的过程是把电能转化为其他形式能的过程，一般情况下电流做功的多少我们无法直接观察出．小明同学为了“探究影响电流做功的因素”，设计了如图1所示的实验，通过此实验可以较形象的比较出电流做功的多少．该实验是通过观察　 　比较电流在不同情况下做功多少的，此过程中是把电能转化为　 　能；将滑动变阻器的滑片P向左调节时，电流表和电压表的示数都变大，相同时间内物体被吊起的度度也变大了，这说明　 　．‎ ‎（2）实际生活中，用电器接通电源后，都伴有热量的产生，小明在“探究电流通过导体产生热量的多少与什么因素有关”时，采用了如图2所示的实验装置，其中a、b、c、d四个相同的容器密闭着等量空气并与U形管紧密相连，实验前U形管两端液面相平，将1、2和3、4导线分别接到电源两端．‎ ‎ 在实验过程中，通过观察U形管中　 　的变化来比较电流通过电阻丝产生热量的多少：图甲所示的装置是用来研究电流通过电阻丝产生的热量与　 　的关系，图乙所示的装置是用来研究通过电阻丝产生的热量与　 　的关系，综合分析图甲乙两装置的实验现象，可以得出的结论是　 　．‎ ‎（1）物体被提升的高度；机械；物体被提升的高度；当时间相同时，电压越大，通过的电流越大，电流做功越多；‎ ‎（2）液面高度；电阻大小；电流大小；电流通过导体产生热量与通过导体的电流和电阻大小有关，通过导体的电流越大，导体的电阻越大，产生的热量越多．‎ ‎【考点】电功的测量；焦耳定律．‎ ‎【分析】（1）电流做的功过程中，将电能转化为物体的机械能；‎ 根据W=UIt进行分析，即当时间相同时，电压越大，电流越大，电流做的功就越多，电流转化为物体的机械能就越多；‎ ‎（2）电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但液体温度的变化可以通过液面高度差的变化来反映，这种研究方法叫转化法；‎ 电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关．探究电流产生热量跟电阻关系时，控制通电时间和电流不变；‎ 探究电流产生热量跟电流关系时，控制电阻和通电时间相同；‎ 综合分析图甲乙两装置的实验现象得出结论．‎ ‎【解答】解：（1）图1所示的实验是通过观察物体被提升的高度来比较电流在不同情况下做功多少的；‎ 由W=UIt可知，当时间相同时，电压越大，通过的电流越大，物体被吊起的高度也越大，说明电能转化为物体的机械能越大，即电流做功越多．‎ ‎（2）电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但液体温度的变化可以通过液面高度差的变化来反映，这种研究方法叫转化法；‎ 如图甲，两个电阻串联在电路中，电流相同，通电时间相同，电阻不同，根据控制变量法可知，这是探究电流产生热量跟电阻的关系；通过一段时间后，b容器中U形管液面高度差大，电流产生的热量较多；‎ 图乙装置中两个5Ω的电阻并联后再与一个5Ω的电阻串联，由串联电路的电流特点可知，右端两个电阻的总电流和左端电阻的电流相等，即I右=I左；两个5Ω的电阻并联，根据并联电路的电流特点知I左=I内+I外，所以，I左＞I内，烧瓶内的电阻值都是5Ω，阻值相等，通电时间相等，电流不同，根据控制变量法可知，这是探究电流产生热量跟电流的关系；通过一段时间，c容器中U形管液面高度差大，电流产生的热量多；‎ 综合分析图甲乙两装置的实验现象，可以得出的结论是：电流通过导体产生热量与通过导体的电流和电阻大小有关，通过导体的电流越大，导体的电阻越大，产生的热量越多．‎ 故答案为：（1）物体被提升的高度；机械；物体被提升的高度；当时间相同时，电压越大，通过的电流越大，电流做功越多；‎ ‎（2）液面高度；电阻大小；电流大小；电流通过导体产生热量与通过导体的电流和电阻大小有关，通过导体的电流越大，导体的电阻越大，产生的热量越多．‎ ‎26、（2017•郴州）如图甲所示，把标有“6V 3W“的灯泡L和滑动变阻器R串联接入恒定电压为9 V的电源上，通过L的电流I与L两端电压U的关系如图乙所示，则L正常发光时，滑动变阻器接入电路的电阻是　　Ω； 当电路中电流为0.4A时，L的实际功率是　　W．‎ ‎6；1.6．‎ ‎【分析】（1）由甲电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，根据串联电路的电压特点求出灯泡正常发光时R两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出变阻器接入电路中的电阻；‎ ‎（2）根据图象读出当电路中电流为0.4A时其两端的电压，根据P=UI求出灯泡的实际功率．‎ ‎【解答】解：（1）由甲电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，‎ 因串联电路中总电压等于各分电压之和，且灯泡正常发光，‎ 所以，R两端的电压：UR=U﹣UL=9V﹣6V=3V，‎ 此时灯泡正常发光，由图象可知，当灯泡两端电压为6V时，通过灯泡的电流为0.5A，‎ 因串联电路中各处的电流相等，‎ 所以，由I=可得，滑动变阻器接入电路中的电阻：[来源:学科网]‎ R====6Ω；‎ ‎（2）当电路中电流为0.4A时，由图象可知，L两端的电压UL′=4V，‎ 则灯泡的实际功率：‎ PL′=UL′IL′=4V×0.4A=1.6W．‎ 故答案为：6；1.6．‎ ‎27、（2017沈阳）如图5所示，电源电压为6V保持不变，忽略温度对灯丝电阻的影响。闭合开关S，在保证各元件安全的条件下，向右调节滑动变阻器的滑片。下列分析中正确的是CD A．电流表A的示数变大，电压表V2的示数变大 B．小灯泡和滑动变阻器并联 C．小灯泡变亮 D．当电压表V1的示数为3V时，小灯泡和滑动变阻器的电功率相同 ‎28、电热水器在工作的过程中，把电能转化成____能。某电热水器的铭牌如图所示，在该电热水器中装初温为25℃，质量为60kg的水，在额定电压下工作1400s，水温升高10℃。则水吸收的热量是 J，电热水器消耗的电能是 J。【水的比热容为4.2×103J／(kg·℃)】‎ 内；2.52×l06；2.8×106‎ ‎29、（2017甘肃天水）如图所示的电路中，电源电压保持不变，R1=10Ω．闭合开关S，移动滑动变阻器R2的滑片P到最右端b时，电流表的示数为0.6A；移动滑片P到最左端a时，电流表的示数为0.2A．则电源电压和滑动变阻器的最大阻值分别为（　　）A A．6V 20Ω B．12V 20Ω C．6V 10Ω D．12V 10Ω ‎30、（2017甘肃天水）某家庭电能表如图所示．若该家庭单独让空调工作，测得1min内电能表转盘转了60转，则空调消耗的电能为　 　kW•h，空调的电功率是　 　W．‎ ‎【答案】0.02；1200‎ ‎【解析】空调消耗的电能W=kW•h×60=0.02kW•h；‎ 空调的功率P===1.2kW=1200W．‎ ‎【考点】电能、电功率的计算；电能表参数的理解 ‎31、（2017甘肃天水）某电饭锅简化电路如图甲所示，R1和R2均为定值电热丝，S、S1为自动开关，煮饭时，把电饭锅接入220V电路中，电路中总电流随时间变化的图象如图乙所示．求：‎ ‎（1）电饭锅工作时的最大功率和最小功率；‎ ‎（2）电热丝R2的阻值；‎ ‎（3）若电压降低，S1断开，这时电路中的电流始终为1A，10min内电饭锅产生的热量．‎ ‎【答案】（1）660W，440W；（2）220Ω；（3）6.6×104J ‎【解析】（1）由电路图可知，当S和S1都闭合时，电阻R1与R2并联，电路中的电流最大，由图乙可知，电路中的最大电流I大=3A，则电饭锅的最大功率：‎ P大=UI大=220V×3A=660W，‎ 当开关S闭合、S1断开时，电路为R1的简单电路，电路中的电流最小，‎ 由图乙可知，电路中的最小电流I小=2A，则电饭锅的最小功率：‎ P小=UI小=220V×2A=440W；‎ ‎（2）因并联电路中各支路独立工作、互不影响，‎ 所以，电阻R1与R2并联时，通过R1的电流为2A，‎ 因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，‎ 所以，通过电热丝R2的电流：I2=I大﹣I小=3A﹣2A=1A，‎ 由I=可得，电热丝R2的阻值：R2===220Ω；‎ ‎（3）当开关S闭合、S1断开时，电路为R1的简单电路，则R1的阻值：‎ R1===110Ω，‎ 电路中的电流始终为1A时，10min内电饭锅产生的热量：‎ Q=I2R1t=（1A）2×110Ω×10×60s=6.6×104J． ‎ ‎32、（2017哈尔滨）两定值电阻R1=10Ω，R2=5Ω，现将R1、R2接入如图所示的电路，电源电压为3V，当开关S闭合时，下列分析正确的是（　　）B A．R1、R2电流之比为1：2‎ B．R1、R2两端的电压之比为2：1‎ C．R1、R2消耗的电功率之比为1：2‎ D．电路消耗总的电功率等于2.7W ‎33、（2017哈尔滨）如图所示，电阻R=55Ω，当闭合S1、S2时，通过电阻R的电流为　　A，电路消耗的总功率为1000W．当只闭合S2时，电动机消耗的电功率为　　W．4；120‎ ‎34、（2017哈尔滨）‎ 某小组研究小灯泡电功率，小灯泡额定电压为2.5V，电源电压恒定不变，有规格为“10Ω 2A”和“20Ω 2A”的滑动变阻器各一个．‎ 次数 电压表示数/V 电流表示数/A 电功率/W 灯泡亮度 ‎1‎ ‎2.5‎ ‎0.30‎ 较亮 ‎2‎ ‎3‎ ‎0.32‎ ‎0.96‎ 很亮 ‎3‎ ‎2‎ ‎0.26‎ ‎0.52‎ 稍亮 ‎（1）如图甲所示，选用“10Ω 2A”规格的滑动变阻器进行实验．连接电路时，需将滑动变阻器的滑片P置于　 　（填“A或“B）端，其目的是　 　．‎ ‎（2）接着用开关迅速试触，灯泡发光，电压表示数如图乙，此时灯泡两端电压为　 　V．为了使灯 泡正常发光，接下来的操作是：　 　．‎ ‎（3）实验中收集信息如上表．分析表格中信息可得，‎ ‎①小灯泡额定功率为　 　W；‎ ‎②在电路安全范围内，小灯泡两端实际电压越大，消耗的电功率　 　，灯泡越亮．‎ 故答案为：（1）A；保护电路；（2）2.8；断开开关，用“20Ω 2A”替换“10Ω 2A”的滑动变阻器，并调节滑片P到接入电路的阻值最大处；闭合开关，调节滑片P，直至观察到电压表示数为2.5V；（3）①0.75；②越大．‎ ‎【考点】：电功率的测量．‎ ‎【分析】（1）根据闭合开关前滑动变阻器的滑片P应该置于A端，滑动变阻器的阻值最大，可起到保护电路的作用；‎ ‎（2）先确定电压表的量程和分度值，而后据电压表的示数读数即可；在额定电压下灯泡的功率为额定功率，根据题意与电路图判断滑片的移动方向；‎ ‎（3）①由表格，读出电流表示数，然后由P=UI求出灯泡的额定功率；‎ ‎②由电功率进行比较可得结论．‎ ‎【解答】解：（1）由闭合开关前滑动变阻器的滑片P应置于A端，使滑动变阻器的阻值最大，其目的是为了保护电路；‎ ‎（2）由图乙可知，电压表量程“0～3V“，分度值0.1V，电压表示数为2.8V大于于灯泡额定电压，为测灯泡额定电压，由电路图根据串联电路的分压原理可知，应向右移动滑片，使电压表示数等于灯泡额定电压2.5V，而此时滑动变阻器在阻值最大端，故应，断开开关，用“20Ω 2A”替换“10Ω 2A”的滑动变阻器，并调节滑片P到接入电路的阻值最大处；闭合开关，调节滑片P，直至观察到电压表示数为2.5V；‎ ‎（3）①由表格可知，电流表示数为0.3A，‎ 此时灯泡正常发光，即灯泡两端电压U=2.5V，‎ 所以灯泡额定功率P=UI=2.5V×0.3A=0.75W．‎ ‎②由表格可知，在电路安全范围内，小灯泡两端实际电压越大，消耗的电功率越大，灯泡越亮．‎ 故答案为：（1）A；保护电路；（2）2.8；断开开关，用“20Ω 2A”替换“10Ω 2A”的滑动变阻器，并调节滑片P到接入电路的阻值最大处；闭合开关，调节滑片P，直至观察到电压表示数为2.5V；（3）①0.75；②越大．‎ ‎【点评】本题考查了实物连接、滑动变阻器的作用、调节、电表读数、求灯泡额定功率等；是一道综合题．‎ ‎35、（2017哈尔滨）在家庭实验室，小聪学习使用电熨斗，如图为一款有高温、低温两档的家用电熨斗，部分参数见下表．‎ 额定电压 ‎220V 高温档额定功率 ‎1500W 低温档额定功率 ‎500W 整体质量 ‎1.2kg 请回答：‎ ‎（1）电熨斗平放在水平桌面上，它与桌面的接触面积为9.8×10﹣3m2，则电熨斗对桌面的压强有多大？（g=9.8N/kg）‎ ‎（2）使用高温档时，通过电熨斗的电流是多少？（结果保留一位小数）‎ ‎（3）电烫斗在一次使用中，高温档工作累计30min，低温档工作累计15min，求此次使用中一共消耗多少电能？‎ ‎【考点】：压强的大小及其计算；电功率与电能、时间的关系；电功率与电压、电流的关系．‎ ‎【分析】（1）电熨斗平放在水平桌面上，对桌面的压力和自身的重力相等，根据F=G=mg求出其大小，又知道它与桌面的接触面积，根据p=求出电熨斗对桌面的压强；‎ ‎（2）根据P=UI求出使用高温档时通过电熨斗的电流；‎ ‎（3）根据W=Pt求出高温档和低温档消耗的电能，两者之和即为此次使用中一共消耗的电能．‎ ‎【解答】解：（1）电熨斗平放在水平桌面上，对桌面的压力：‎ F=G=mg=1.2kg×9.8N/kg=11.76N，‎ 电熨斗对桌面的压强：‎ p===1200Pa；‎ ‎（2）由P=UI可得，使用高温档时通过电熨斗的电流：‎ I==≈6.8A；‎ ‎（3）由P=可得，此次使用中一共消耗的电能：‎ W=W高+W低=P高t高+P低t低=1500W×30×60s+500W×15×60s=3.15×106J．‎ 答：（1）电熨斗对桌面的压强为1200Pa；‎ ‎（2）使用高温档时，通过电熨斗的电流是6.8A；‎ ‎（3）此次使用中一共消耗3.15×106J的电能．‎ ‎【点评】本题考查了压强公式和电功率公式、电功公式的应用，关键是知道水平面上物体的压力和自身的重力相等以及从表格中获取有用的数据．‎ ‎　‎ ‎36、（2017重庆）在如图的电路中，电源电压恒为12V，定值电阻R0‎ 为50Ω，滑动变阻器的最大值为50Ω，小灯泡上标有“6V”字样，不考虑灯丝电阻变化．若开关S、S1、S2都闭合，当滑片P在b端时，电流表示数为　 　A．若开关S闭合，S1、S2都断开，当滑动变阻器接入电路的阻值为20Ω时，电流表的示数为0.4A，则小灯泡的额定电功率是　 　W．0.48；3.6‎ ‎37、（2017重庆）如图所示的电路中，电源电压不变，电阻R2的阻值为10Ω．闭合开关S，电流表A1的示数为2A，电流表A2的示数为0.8A．求：【版权所有：21教育】‎ ‎（1）电源电压；‎ ‎（2）电阻R1消耗的电功率．‎ ‎【解答】解：由电路图可知，R1与R2并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测R2支路的电流．‎ ‎（1）因并联电路中各支路两端的电压相等，‎ 所以，由I=可得，电源的电压：‎ U=I2R2=0.8A×10Ω=8V；‎ ‎（2）因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，‎ 所以，通过R1的电流：‎ I1=I﹣I2=2A﹣0.8A=1.2A，‎ 电阻R1消耗的电功率：‎ P1=UI1=8V×1.2A=9.6W．‎ 答：（1）电源电压为8V；‎ ‎（2）电阻R1消耗的电功率为9.6W．‎ ‎38、‎