中考数学压轴题归类复习十大类型附详细解答 66页

优格教育 龚恒雷 ‎ 中考数学压轴题辅导（十大类型 ）‎ 目录 动点型问题....................................................................................................................3‎ 几何图形的变换（平移、旋转、翻折）……………………………………………6‎ 相似与三角函数问题 9‎ 三角形问题（等腰直角三角形、等边三角形、全等三角形等）...........................13‎ 与四边形有关的二次函数问题……………………………………………………..16‎ 初中数学中的最值问题……………………………………………………………..19‎ 定值的问题…………………………………………………………………………..22‎ 存在性问题（如：平行、垂直，动点，面积等）………………………………..25‎ 与圆有关的二次函数综合题………………………………………………………..29‎ 其它（如新定义型题、面积问题等）……………………………………………..33‎ 参考答案…………………………………………………………………………….36‎ 66‎ 优格教育 龚恒雷 ‎ 中考数学压轴题辅导（十大类型 ）‎ 数学综压轴题是为考察考生综合运用知识的能力而设计的，集中体现知识的综合性和方法的综合性，多数为函数型综合题和几何型综合题。‎ 函数型综合题：是给定直角坐标系和几何图形，先求函数的解析式，再进行图形的研究，求点的坐标或研究图形的某些性质。求已知函数的解析式主要方法是待定系数法，关键是求点的坐标，而求点的坐标基本方法是几何法（图形法）和代数法（解析法）。‎ 几何型综合题：是先给定几何图形，根据已知条件进行计算，然后有动点（或动线段）运动，对应产生线段、面积等的变化，求对应的（未知）函数的解析式，求函数的自变量的取值范围，最后根据所求的函数关系进行探索研究。一般有：在什么条件下图形是等腰三角形、直角三角形，四边形是平行四边形、菱形、梯形等，或探索两个三角形满足什么条件相似等，或探究线段之间的数量、位置关系等，或探索面积之间满足一定关系时求x的值等，或直线（圆）与圆的相切时求自变量的值等。求未知函数解析式的关键是列出包含自变量和因变量之间的等量关系（即列出含有x、y的方程），变形写成y＝f（x）的形式。找等量关系的途径在初中主要有利用勾股定理、平行线截得比例线段、三角形相似、面积相等方法。求函数的自变量的取值范围主要是寻找图形的特殊位置（极端位置）和根据解析式求解。而最后的探索问题千变万化，但少不了对图形的分析和研究，用几何和代数的方法求出x的值。‎ 解中考压轴题技能：中考压轴题大多是以坐标系为桥梁，运用数形结合思想，通过建立点与数即坐标之间的对应关系，一方面可用代数方法研究几何图形的性质，另一方面又可借助几何直观，得到某些代数问题的解答。关键是掌握几种常用的数学思想方法。‎ 一是运用函数与方程思想。以直线或抛物线知识为载体，列（解）方程或方程组求其解析式、研究其性质。‎ 二是运用分类讨论的思想。对问题的条件或结论的多变性进行考察和探究。‎ 三是运用转化的数学的思想。由已知向未知，由复杂向简单的转换。中考压轴题它是对考生综合能力的一个全面考察，所涉及的知识面广，所使用的数学思想方法也较全面。因此，可把压轴题分离为相对独立而又单一的知识或方法组块去思考和探究。‎ 解中考压轴题技能技巧：‎ 一是对自身数学学习状况做一个完整的全面的认识。根据自己的情况考试的时候重心定位准确，防止 “捡芝麻丢西瓜”。所以，在心中一定要给压轴题或几个“难点”一个时间上的限制，如果超过你设置的上限，必须要停止，回头认真检查前面的题，尽量要保证选择、填空万无一失，前面的解答题尽可能的检查一遍。‎ 二是解数学压轴题做一问是一问。第一问对绝大多数同学来说，不是问题；如果第一小问不会解，切忌不可轻易放弃第二小问。过程会多少写多少，因为数学解答题是按步骤给分的，写上去的东西必须要规范，字迹要工整，布局要合理；过程会写多少写多少，但是不要说废话，计算中尽量回避非必求成分；尽量多用几何知识，少用代数计算，尽量用三角函数，少在直角三角形中使用相似三角形的性质。‎ 三是解数学压轴题一般可以分为三个步骤。认真审题，理解题意、探究解题思路、正确解答。审题要全面审视题目的所有条件和答题要求，在整体上把握试题的特点、结构，以利于解题方法的选择和解题步骤的设计。解数学压轴题要善于总结解数学压轴题中所隐含的重 66‎ 优格教育 龚恒雷 ‎ 要数学思想，如转化思想、数形结合思想、分类讨论思想及方程的思想等。认识条件和结论之间的关系、图形的几何特征与数、式的数量、结构特征的关系，确定解题的思路和方法．当思维受阻时，要及时调整思路和方法，并重新审视题意，注意挖掘隐蔽的条件和内在联系，既要防止钻牛角尖，又要防止轻易放弃。‎ 中考压轴题是为考察考生综合运用知识的能力而设计的题目，其特点是知识点多，覆盖面广，条件隐蔽，关系复杂，思路难觅，解法灵活。所以，解数学压轴题，一要树立必胜的信心，要做到：数形结合记心头，大题小作来转化，潜在条件不能忘，化动为静多画图，分类讨论要严密，方程函数是工具，计算推理要严谨，创新品质得提高。‎ 一、动点型问题：‎ 例1．（基础题）如图，已知抛物线y=x2﹣2x﹣3与x轴从左至右分别交于A、B两点，与y轴交于C点，顶点为D．‎ ‎（1）求与直线BC平行且与抛物线只有一个交点的直线解析式；‎ ‎（2）若线段AD上有一动点E，过E作平行于y轴的直线交抛物线于F，当线段EF取得最大值时，求点E的坐标．‎ 66‎ 优格教育 龚恒雷 ‎ 变式练习：（2012•杭州模拟）如图，已知抛物线经过点A（﹣2，0），抛物线的顶点为D，过O作射线OM∥AD．过顶点D平行于x轴的直线交射线OM于点C，B在x轴正半轴上，连接BC．‎ ‎（1）求该抛物线的解析式；‎ ‎（2）若动点P从点O出发，以每秒l个长度单位的速度沿射线OM运动，设点P运动的时间为t（s）．问：当t为何值时，四边形DAOP分别为平行四边形？直角梯形？等腰梯形？‎ ‎（3）若OC=OB，动点P和动点Q分别从点O和点B同时出发，分别以每秒l个长度单位和2个长度单位的速度沿OC和BO运动，当其中一个点停止运动时另一个点也随之停止运动设它们运动的时间为t（s），连接PQ，当t为何值时，四边形BCPQ的面积最小？并求出最小值．‎ ‎（4）在（3）中当t为何值时，以O，P，Q为顶点的三角形与△OAD相似？（直接写出答案）‎ 66‎ 优格教育 龚恒雷 ‎ 苏州中考题：（2015年●苏州）如图，在矩形ABCD中，AD=acm，AB=bcm（a＞b＞4），半径为‎2cm的⊙O在矩形内且与AB、AD均相切．现有动点P从A点出发，在矩形边上沿着A→B→C→D的方向匀速移动，当点P到达D点时停止移动；⊙O在矩形内部沿AD向右匀速平移，移动到与CD相切时立即沿原路按原速返回，当⊙O回到出发时的位置（即再次与AB相切）时停止移动．已知点P与⊙O同时开始移动，同时停止移动（即同时到达各自的终止位置）．‎ ‎（1）如图①，点P从A→B→C→D，全程共移动了 cm（用含a、b的代数式表示）；‎ ‎（2）如图①，已知点P从A点出发，移动2s到达B点，继续移动3s，到达BC的中点．若点P与⊙O的移动速度相等，求在这5s时间内圆心O移动的距离；‎ ‎（第28题）‎ ‎（图②）‎ ‎（图①）‎ ‎（3）如图②，已知a=20，b=10．是否存在如下情形：当⊙O到达⊙O1的位置时（此时圆心O1在矩形对角线BD上），DP与⊙O1恰好相切？请说明理由．‎ 66‎ 优格教育 龚恒雷 ‎ 二、几何图形的变换（平移、旋转、翻折）‎ 例2．（辽宁省铁岭市）如图所示，已知在直角梯形OABC中，AB∥OC，BC⊥x轴于点C，A（1，1）、B（3，1）．动点P从O点出发，沿x轴正方向以每秒1个单位长度的速度移动．过P点作PQ垂直于直线OA，垂足为Q．设P点移动的时间为t秒（0＜t＜4），△OPQ与直角梯形OABC重叠部分的面积为S．‎ ‎（1）求经过O、A、B三点的抛物线解析式；‎ ‎（2）求S与t的函数关系式；‎ ‎（3）将△OPQ绕着点P顺时针旋转90°，是否存在t，使得△OPQ的顶点O或Q在抛物线上？若存在，直接写出t的值；若不存在，请说明理由．‎ ‎2‎ O A B C x y ‎1‎ ‎1‎ ‎3‎ P Q 66‎ 优格教育 龚恒雷 ‎ 变式练习：如图1，在平面直角坐标系xOy中，直线l：y＝x＋m与x轴、y轴分别交于点A和点B（0，﹣1），抛物线经过点B，且与直线l另一个交点为C（4，n）．‎ ‎（1）求n的值和抛物线的解析式；‎ ‎（2）点D在抛物线上，且点D的横坐标为t（0＜t＜4）．DE∥y轴交直线l于点E，点F在直线l上，且四边形DFEG为矩形（如图2）．若矩形DFEG的周长为p，求p与t的函数关系式以及p的最大值；‎ ‎（3）M是平面内一点，将△AOB绕点M沿逆时针方向旋转90°后，得到△A1O1B1，点A、O、B的对应点分别是点A1、O1、B1．若△A1O1B1的两个顶点恰好落在抛物线上，请直接写出点A1的横坐标．‎ 66‎ 优格教育 龚恒雷 ‎ 苏州中考题：（2014-2015学年第一学期期末●高新区）如图1，在平面直角坐标系xOy中，直线l：y＝x＋m与x轴、y轴分别交于点A和点B(0，－1)，抛物线y＝x2＋bx＋c经过点B，且与直线l的另一个交点为C(4，n)．‎ ‎ (1)求n的值和抛物线的解析式；‎ ‎(2)点D在抛物线上，且点D的横坐标为t(02‎与x轴的正半轴分别交于点A、B（点A位于点B的左侧），与y轴的正半轴交于点C.‎ ‎⑴点B的坐标为 ，点C的坐标为 （用含b的代数式表示）；‎ ‎⑵请探索在第一象限内是否存在点P，使得四边形PCOB的面积等于2b，且△PBC是以点P为直角顶点的等腰直角三角形？如果存在，求出点P的坐标；如果不存在，请说明理由；‎ ‎⑶请你进一步探索在第一象限内是否存在点Q，使得△QCO、△QOA和△QAB中的任意两个三角形均相似（全等可看作相似的特殊情况）？如果存在，求出点Q的坐标；如果不存在，请说明理由.‎ 66‎ 优格教育 龚恒雷 ‎ 四、三角形问题（等腰直角三角形、等边三角形、全等三角形等）‎ 例4．（广东省湛江市）已知矩形纸片OABC的长为4，宽为3，以长OA所在的直线为x轴，O为坐标原点建立平面直角坐标系；点P是OA边上的动点（与点OA不重合），现将△POC沿PC翻折得到△PEC，再在AB边上选取适当的点D，将△PAD沿PD翻折，得到△PFD，使得直线PE、PF重合．‎ ‎（1）若点E落在BC边上，如图①，求点P、C、D的坐标，并求过此三点的抛物线的函数关系式；‎ ‎（2）若点E落在矩形纸片OABC的内部，如图②，设OP＝x，AD＝y，当x为何值时，y取得最大值？‎ ‎（3）在（1）的情况下，过点P、C、D三点的抛物线上是否存在点Q，使△PDQ是以PD为直角边的直角三角形？若不存在，说明理由；若存在，求出点Q的坐标．‎ 图①‎ P D E C O A B F x y 图②‎ P D C O A B F x y E F 66‎ 优格教育 龚恒雷 ‎ 变式．（广东省深圳市）已知：Rt△ABC的斜边长为5，斜边上的高为2，将这个直角三角形放置在平面直角坐标系中，使其斜边AB与x轴重合（其中OA＜OB），直角顶点C落在y轴正半轴上（如图1）．‎ ‎（1）求线段OA、OB的长和经过点A、B、C的抛物线的关系式．‎ ‎（2）如图2，点D的坐标为（2，0），点P（m，n）是该抛物线上的一个动点（其中m＞0，n＞0），连接DP交BC于点E．‎ ‎①当△BDE是等腰三角形时，直接写出此时点E的坐标．‎ ‎②又连接CD、CP（如图3），△CDP是否有最大面积？若有，求出△CDP的最大面积和此时点P的坐标；若没有，请说明理由．‎ A B x y O P D E 图2‎ C A B x y 66‎ 优格教育 龚恒雷 ‎ 苏州中考题：（2013年●29题）如图，已知抛物线y＝x2＋bx＋c（b，c是常数，且c<0）与x轴分别交于点A，B（点A位于点B的左侧），与y轴的负半轴交于点C，点A的坐标为(－1，0)．‎ ‎(1)b＝ ，点B的横坐标为 （上述结果均用含c的代数式表示）；‎ ‎(2)连接BC，过点A作直线AE∥BC，与抛物线y＝x2＋bx＋c交于点E．点D是x轴上一点，其坐标为(2，0)，当C，D，E三点在同一直线上时，求抛物线的解析式；‎ ‎(3)在(2)的条件下，点P是x轴下方的抛物线上的一动点，连接PB，PC，设所得△PBC的面积为S．‎ ‎①求S的取值范围；‎ ‎②若△PBC的面积S为整数，则这样的△PBC共有 个．‎ 66‎ 优格教育 龚恒雷 ‎ 五、与四边形有关的二次函数问题 例5．（内蒙古赤峰市）如图，Rt△ABC的顶点坐标分别为A（0，），B（－，），C（1，0），∠ABC＝90°，BC与y轴的交点为D，D点坐标为（0，），以点D为顶点、y轴为对称轴的抛物线过点B．‎ ‎（1）求该抛物线的解析式；‎ ‎（2）将△ABC沿AC折叠后得到点B的对应点B′，求证：四边形AOCB′是矩形，并判断点B′是否在（1）的抛物线上；‎ C B′‎ D ‎（3）延长BA交抛物线于点E，在线段BE上取一点P，过P点作x轴的垂线，交抛物线于点F，是否存在这样的点P，使四边形PADF是平行四边形？若存在，求出点P的坐标，若不存在，说明理由．‎ 66‎ 优格教育 龚恒雷 ‎ 变式练习：（2011年苏州28题）已知四边形ABCD是边长为4的正方形，以AB为直径在正方形内作半圆，P是半圆上的动点（不与点A、B重合），连接PA、PB、PC、PD．‎ ‎ (1)如图①，当PA的长度等于 时，∠PAB＝60°；‎ ‎ 当PA的长度等于 时，△PAD是等腰三角形；‎ ‎ (2)如图②，以AB边所在直线为x轴、AD边所在直线为y轴，建立如图所示的直角坐标系（点A即为原点O），把△PAD、△PAB、△PBC的面积分别记为S1、S2、S3．坐标为（a，b），试求2 S1 S3－S22的最大值，并求出此时a，b的值．‎ 66‎ 优格教育 龚恒雷 ‎ 苏州中考题：（2011年●29题）已知二次函数的图象与x轴分别交于点A、B，与y轴交于点C．点D是抛物线的顶点．‎ ‎ (1)如图①，连接AC，将△OAC沿直线AC翻折，若点O的对应点O'恰好落在该抛物线的对称轴上，求实数a的值；‎ ‎ (2)如图②，在正方形EFGH中，点E、F的坐标分别是（4，4）、（4，3），边HG位于边EF的右侧．小林同学经过探索后发现了一个正确的命题：“若点P是边EH或边HG上的任意一点，则四条线段PA、PB、PC、PD不能与任何一个平行四边形的四条边对应相等（即这四条线段不能构成平行四边形）．”若点P是边EF或边FG上的任意一点，刚才的结论是否也成立？请你积极探索，并写出探索过程；‎ ‎ (3)如图②，当点P在抛物线对称轴上时，设点P的纵坐标t是大于3的常数，试问：是否存在一个正数a，使得四条线段PA、PB、PC、PD与一个平行四边形的四条边对应相等（即这四条线段能构成平行四边形）？请说明理由．‎ 66‎ 优格教育 龚恒雷 ‎ 六、初中数学中的最值问题 例6．（2014•海南）如图，对称轴为直线x=2的抛物线经过A（﹣1，0），C（0，5）两点，与x轴另一交点为B．已知M（0，1），E（a，0），F（a+1，0），点P是第一象限内的抛物线上的动点．‎ ‎（1）求此抛物线的解析式；‎ ‎（2）当a=1时，求四边形MEFP的面积的最大值，并求此时点P的坐标；‎ ‎（3）若△PCM是以点P为顶点的等腰三角形，求a为何值时，四边形PMEF周长最小？请说明理由．‎ 66‎ 优格教育 龚恒雷 ‎ 变式练习．（四川省眉山市）如图，已知直线y＝x＋1与y轴交于点A，与x轴交于点D，抛物线y＝x 2＋bx＋c与直线y＝x＋1交于A、E两点，与x轴交于B、C两点，且B点坐标为(1，0)．‎ ‎（1）求该抛物线的解析式；‎ ‎（2）动点P在x轴上移动，当△PAE是直角三角形时，求点P的坐标；‎ ‎（3）在抛物线的对称轴上找一点M，使|AM－MC|的值最大，求出点M的坐标．‎ y x C B A D O E y 66‎ 优格教育 龚恒雷 ‎ 苏州中考题：（2012江苏苏州，27，8分）如图，已知半径为2的⊙O与直线l相切于点A，点P是直径AB左侧半圆上的动点，过点P作直线l的垂线，垂足为C，PC与⊙O交于点D，连接PA、PB，设PC的长为x‎22‎符合题意.∴点P坐标为（‎16‎‎5‎，‎16‎‎5‎）.‎ ‎⑶假设存在这样的点Q，使得△QCO、△QOA和△QAB中的任意两个三角形均相似.‎ ‎∵∠QAB=∠AOQ+∠AQO，∴∠QAB＞∠AOQ，∠QAB＞∠AQO.∴要使得△QOA和△QAB相似，只能∠OAQ=∠QAB=90°，即QA⊥x轴.∵b＞2，∴AB＞OA. ∴∠QOA＞∠QBA，∴∠QOA=∠AQB，此时∠OQB =90°.由QA⊥x轴知QA∥y轴，∴∠COQ=∠OQA.‎ ‎∴要使得△QOA和△OQC相似，只能∠OCQ=90°或∠OQC=90°.‎ 66‎ 优格教育 龚恒雷 ‎ ‎（Ⅰ）当∠OCQ=90°时，△QOA≌△OQC. ∴AQ=CO=b‎4‎ .由AQ=AQ‎2‎=OA∙AB得：b‎4‎‎2‎‎=b-1‎，解得：b=8±4‎‎3‎. ∵b>2‎，∴b=8+4‎‎3‎，b‎4‎‎=2+‎‎3‎. ‎ ‎∴点Q坐标为（1，‎2+‎‎3‎）.‎ ‎（Ⅱ）当∠OQC=90°时，△QOA≌△OCQ. ∴OQCO‎=‎AQQO，即OQ‎2‎‎=AQ∙CO.又OQ‎2‎‎=OA∙OB. ∴AQ∙CO=OA∙OB，即b‎4‎‎∙AQ=1∙b.解得：AQ=4，此时b=17＞2符合题意. ∴点Q坐标为（1，4）.∴综上可知：存在点Q（1，‎2+‎‎3‎）或（1，4），使得△QCO、△QOA和△QAB中的任意两个三角形均相似.‎ 例4. 【考点】二次函数综合题．【专题】压轴题；动点型；开放型．‎ ‎【分析】（1）根据矩形的宽为3即可得出C的坐标为（0，3）．当E落在BC边时，四边形OPEC和四边形PADF均为正方形的性质，那么OP=PE=OC=3，PA=PF=AD=1．因此P的坐标为（3，0），D的坐标为（4，1）．然后根据P，C，D三点的坐标，用待定系数法求出过P、C、D三点的抛物线的解析式．（2）根据折叠的性质可得出∠CPO=∠CPE，∠FPD=∠APD．由此可得出∠CPD=90°，由此不难得出Rt△POC∽Rt△DAP，可根据线段OC、OP、PA、AD的比例关系，得出关于x，y的函数关系式．根据关系式即可得出y的最大值以及对应的x的值．（3）可分两种情况进行讨论：‎ ‎①当PQ是另一条直角边，即∠DPQ=90°时，由于∠DPC=90°，且C在抛物线上，因此C与Q重合，Q点的坐标即为C点的坐标．‎ ‎②当DQ是另一条直角边，即∠PDQ=90°时，那么此时DQ∥PC．如果将PC所在的直线向上平移两个单位，即可得出此时DQ所在直线的解析式．然后联立直线DQ的解析式以及抛物线的解析式组成方程组，如果方程组无解，则说明不存在这样的Q点，如果方程组有解，那么方程组的解即为Q的坐标．综合上述两种情况即可得出符合条件的Q的坐标．‎ 解：（1）由题意知，△POC，△PAD为等腰直角三角形，得P（3，0），C（0，3），D（4，1），‎ 设过此三点的抛物线为y=ax2+bx+c（a≠0），则，∴，‎ ‎∴过P、C、D三点的抛物线的函数关系式为y=x2﹣x+3．‎ ‎（2）由已知PC平分∠OPE，PD平分∠APF，且PE、PF重合，则∠CPD=90°，‎ 66‎ 优格教育 龚恒雷 ‎ ‎∴∠OPC+∠APD=90°，又∠APD+∠ADP=90°，∴∠OPC=∠ADP．∴Rt△POC∽Rt△DAP．‎ ‎∴即。∵y=x（4﹣x）=﹣x2+x=﹣（x﹣2）2+（0＜x＜4）‎ ‎∴当x=2时，y有最大值．‎ ‎（3）假设存在，分两种情况讨论：‎ ‎①当∠DPQ=90°时，由题意可知∠DPC=90°，且点C在抛物线上，‎ 故点C与点Q重合，所求的点Q为（0，3）‎ ‎②当∠QDP=90°时，过点D作平行于PC的直线DQ，假设直线DQ交抛物线于另﹣点Q，‎ ‎∵点P（3，0），C（0，3），∴直线PC的方程为y=﹣x+3，将直线PC向上平移2个单位与直线DQ重合，∴直线DQ的方程为y=﹣x+5．‎ 由，得或．又点D（4，1），∴Q（﹣1，6），故该抛物线上存在两点Q（0，3），（﹣1，6）满足条件．‎ ‎【点评】本题着重考查了待定系数法求二次函数解析式、图形翻折变换、三角形相似等重要知识点，综合性强，能力要求较高．考查学生分类讨论，数形结合的数学思想方法．‎ 变式练习：【考点】二次函数综合题；二次函数的最值；待定系数法求二次函数解析式；两点间的距离；三角形的面积；等腰三角形的性质．【专题】压轴题．‎ ‎【分析】（1）由Rt△ABC中，CO⊥AB可证△AOC∽△COB，由相似比得OC2=OA•OB，设OA的长为x，则OB=5﹣x，代入可求OA，OB的长，确定A，B，C三点坐标，求抛物线解析式；（2）根据△BDE为等腰三角形，分为DE=EB，EB=BD，DE=BD三种情况，分别求E点坐标；（3）作辅助线，将求△CDP的面积问题转化．方法一：如图1，连接OP，根据S△CDP=S四边形CODP﹣S△COD=S△COP+S△ODP﹣S△COD，表示△CDP的面积；方法二：过点P作PE⊥x轴于点F，则S△CDP=S梯形COFP﹣S△COD﹣S△DFP，表示△CDP的面积；再利用二次函数的性质求出△CDP的最大面积和此时点P的坐标．‎ ‎【解答】解：（1）设OA的长为x，则OB=5﹣x；∵OC=2，AB=5，∠BOC=∠AOC=90°，∠OAC=∠OCB；∴△AOC∽△COB，∴OC2=OA•OB ‎∴22=x（5﹣x）解得：x1=1，x2=4，∵OA＜OB，∴OA=1，OB=4；‎ ‎∴点A、B、C的坐标分别是：A（﹣1，0），B（4，0），C（0，2）；（用射影定理的不扣分）‎ 66‎ 优格教育 龚恒雷 ‎ 方法一：设经过点A、B、C的抛物线的关系式为：y=ax2+bx+2，‎ 将A、B、C三点的坐标代入得，解得：a=，b=，c=2‎ 所以这个二次函数的表达式为：。‎ 方法二：设过点A、B、C的抛物线的关系式为：y=a（x+1）（x﹣4）将C点的坐标代入得：a=，所以这个二次函数的表达式为：。（表达式用三种形式中的任一种都不扣分）‎ ‎（2）①当△BDE是等腰三角形时，点E的坐标分别是：，，．（注：符合条件的E点共有三个，其坐标，写对一个给1分）‎ ‎②如图1，连接OP，S△CDP=S四边形CODP﹣S△COD=S△COP+S△ODP﹣S△COD ==m+n﹣2==‎ ‎∴当m=时，△CDP的面积最大．此时P点的坐标为（，），S△CDP的最大值是．‎ 另解：如图2、图3，过点P作PF⊥x轴于点F，则S△CDP=S梯形COFP﹣S△COD﹣S△DFP ‎ ‎==m+n﹣2‎ ‎==…（9分）‎ ‎∴当m=时，△CDP的面积最大．此时P点的坐标为（，），S△CDP的最大值是． ‎ ‎（注：只回答有最大面积，而没有说明理由的，不给分；点P的坐标，或最大面积计算错误的，扣（1分）；其他解法只要合理，酌情给分．）‎ ‎【点评】本题考查二次函数的综合运用．关键是根据直角三角形中斜边上的高分得的两个三角形相似，利用相似比求A、B两点坐标，确定抛物线解析式，根据等腰三角形的性质求E点坐标，利用作辅助线的方法表示△CDP的面积，由二次函数的性质求三角形面积的最大值．‎ 苏州中考题：(1)＋c，－‎2c；(2)y＝x2－x－2．(3)①0