浙江省绍兴市中考数学试卷答案 22页

‎2019年浙江省绍兴市中考数学试卷(解析版)‎ 一、选择题（本大题有10小题，每小题4分，共40分．请选出每小题中一个最符合题意的选项，不选、多选、错选，均不给分）‎ ‎1．（4分）﹣5的绝对值是（　　）‎ A．5 B．﹣5 C． D．﹣‎ ‎【分析】根据绝对值的性质求解．‎ ‎【解答】解：根据负数的绝对值等于它的相反数，得|﹣5|＝5．‎ 故选：A．‎ ‎【点评】此题主要考查的是绝对值的性质：一个正数的绝对值是它本身；一个负数的绝对值是它的相反数；0的绝对值是0．‎ ‎2．（4分）某市决定为全市中小学教室安装空调，今年预计投入资金126000000元，其中数字126000000用科学记数法可表示为（　　）‎ A．12.6×107 B．1.26×108 C．1.26×109 D．0.126×1010‎ ‎【分析】科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n为整数．确定n的值时，要看把原数变成a时，小数点移动了多少位，n的绝对值与小数点移动的位数相同．当原数绝对值＞1时，n是正数；当原数的绝对值＜1时，n是负数．‎ ‎【解答】解：数字126000000科学记数法可表示为1.26×108元．‎ 故选：B．‎ ‎【点评】此题考查科学记数法的表示方法．科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n为整数，表示时关键要正确确定a的值以及n的值．‎ ‎3．（4分）如图的几何体由六个相同的小正方体搭成，它的主视图是（　　）‎ A． B． ‎ C． D．‎ ‎【分析】根据从正面看得到的视图是主视图，可得答案．‎ ‎【解答】解：从正面看有三列，从左起第一列有两个正方形，第二列有两个正方形，第三列有一个正方形，故A符合题意，‎ 故选：A．‎ ‎【点评】本题考查了简单组合体的三视图，从正面看得到的视图是主视图．‎ ‎4．（4分）为了解某地区九年级男生的身高情况，随机抽取了该地区100名九年级男生，他们的身高x（cm）统计如下：‎ 组别（cm）‎ x＜160‎ ‎160≤x＜170‎ ‎170≤x＜180‎ x≥180‎ 人数 ‎5‎ ‎38‎ ‎42‎ ‎15‎ 根据以上结果，抽查该地区一名九年级男生，估计他的身高不低于180cm的概率是（　　）‎ A．0.85 B．0.57 C．0.42 D．0.15‎ ‎【分析】先计算出样本中身高不低于180cm的频率，然后根据利用频率估计概率求解．‎ ‎【解答】解：样本中身高不低于180cm的频率＝＝0.15，‎ 所以估计他的身高不低于180cm的概率是0.15．‎ 故选：D．‎ ‎【点评】本题考查了利用频率估计概率：大量重复实验时，事件发生的频率在某个固定位置左右摆动，并且摆动的幅度越来越小，根据这个频率稳定性定理，可以用频率的集中趋势来估计概率，这个固定的近似值就是这个事件的概率．用频率估计概率得到的是近似值，随实验次数的增多，值越来越精确．‎ ‎5．（4分）如图，墙上钉着三根木条a，b，C，量得∠1＝70°，∠2＝100°，那么木条a，b所在直线所夹的锐角是（　　）‎ A．5° B．10° C．30° D．70°‎ ‎【分析】根据对顶角相等求出∠3，根据三角形内角和定理计算，得到答案．‎ ‎【解答】解：∠3＝∠2＝100°，‎ ‎∴木条a，b所在直线所夹的锐角＝180°﹣100°﹣70°＝10°，‎ 故选：B．‎ ‎【点评】本题考查的是三角形内角和定理、对顶角的性质，掌握三角形内角和等于180°是解题的关键．‎ ‎6．（4分）若三点（1，4），（2，7），（a，10）在同一直线上，则a的值等于（　　）‎ A．﹣1 B．0 C．3 D．4‎ ‎【分析】利用（1，4），（2，7）两点求出所在的直线解析式，再将点（a，10）代入解析式即可；‎ ‎【解答】解：设经过（1，4），（2，7）两点的直线解析式为y＝kx+b，‎ ‎∴‎ ‎∴，‎ ‎∴y＝3x+1，‎ 将点（a，10）代入解析式，则a＝3；‎ 故选：C．‎ ‎【点评】本题考查一次函数上点的特点；熟练待定系数法求函数解析式是解题的关键．‎ ‎7．（4分）在平面直角坐标系中，抛物线y＝（x+5）（x﹣3）经变换后得到抛物线y＝（x+3）（x﹣5），则这个变换可以是（　　）‎ A．向左平移2个单位 B．向右平移2个单位 ‎ C．向左平移8个单位 D．向右平移8个单位 ‎【分析】根据变换前后的两抛物线的顶点坐标找变换规律．‎ ‎【解答】解：y＝（x+5）（x﹣3）＝（x+1）2﹣16，顶点坐标是（﹣1，﹣16）．‎ y＝（x+3）（x﹣5）＝（x﹣1）2﹣16，顶点坐标是（1，﹣16）．‎ 所以将抛物线y＝（x+5）（x﹣3）向右平移2个单位长度得到抛物线y＝（x+3）（x﹣5），‎ 故选：B．‎ ‎【点评】此题主要考查了次函数图象与几何变换，要求熟练掌握平移的规律：左加右减，上加下减．‎ ‎8．（4分）如图，△ABC内接于⊙O，∠B＝65°，∠C＝70°．若BC＝2，则的长为（　　）‎ A．π B．π C．2π D．2π ‎【分析】连接OB，OC．首先证明△OBC是等腰直角三角形，求出OB即可解决问题．‎ ‎【解答】解：连接OB，OC．‎ ‎∵∠A＝180°﹣∠ABC﹣∠ACB＝180°﹣65°﹣70°＝45°，‎ ‎∴∠BOC＝90°，‎ ‎∵BC＝2，‎ ‎∴OB＝OC＝2，‎ ‎∴的长为＝π，‎ 故选：A．‎ ‎【点评】本题考查圆周角定理，弧长公式，等腰直角三角形的性质的等知识，解题的关键是熟练掌握基本知识，属于中考常考题型．‎ ‎9．（4分）正方形ABCD的边AB上有一动点E，以EC为边作矩形ECFG，且边FG过点D．在点E从点A移动到点B的过程中，矩形ECFG的面积（　　）‎ A．先变大后变小 B．先变小后变大 ‎ C．一直变大 D．保持不变 ‎【分析】由△BCE∽△FCD，根据相似三角形的对应边成比例，可得CF•CE＝CD•BC，即可得矩形ECFG与正方形ABCD的面积相等．‎ ‎【解答】解：∵正方形ABCD和矩形ECFG中，‎ ‎∠DCB＝∠FCE＝90°，∠F＝∠B＝90°，‎ ‎∴∠DCF＝∠ECB，‎ ‎∴△BCE∽△FCD，‎ ‎∴，‎ ‎∴CF•CE＝CB•CD，‎ ‎∴矩形ECFG与正方形ABCD的面积相等．‎ 故选：D．‎ ‎【点评】此题考查了正方形的性质、矩形的性质、相似三角形的判定与性质，由相似三角形得出比例线段是解题的关键．‎ ‎10．（4分）如图1，长、宽均为3，高为8的长方体容器，放置在水平桌面上，里面盛有水，水面高为6，绕底面一棱进行旋转倾斜后，水面恰好触到容器口边缘，图2是此时的示意图，则图2中水面高度为（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎【分析】设DE＝x，则AD＝8﹣x，由长方体容器内水的体积得出方程，解方程求出DE，再由勾股定理求出CD，过点C作CF⊥BG于F，由△CDE∽△BCF的比例线段求得结果即可．‎ ‎【解答】解：过点C作CF⊥BG于F，如图所示：‎ 设DE＝x，则AD＝8﹣x，‎ 根据题意得：（8﹣x+8）×3×3＝3×3×6，‎ 解得：x＝4，‎ ‎∴DE＝4，‎ ‎∵∠E＝90°，‎ 由勾股定理得：CD＝，‎ ‎∵∠BCE＝∠DCF＝90°，‎ ‎∴∠DCE＝∠BCF，‎ ‎∵∠DEC＝∠BFC＝90°，‎ ‎∴△CDE∽△BCF，‎ ‎∴，‎ 即，‎ ‎∴CF＝．‎ 故选：A．‎ ‎【点评】本题考查了勾股定理的应用、长方体的体积、梯形的面积的计算方法；熟练掌握勾股定理，由长方体容器内水的体积得出方程是解决问题的关键．‎ 二、填空题（本大题有6小题，每小题5分，共30分）‎ ‎11．（5分）因式分解：x2﹣1＝　（x+1）（x﹣1）　．‎ ‎【分析】原式利用平方差公式分解即可．‎ ‎【解答】解：原式＝（x+1）（x﹣1）．‎ 故答案为：（x+1）（x﹣1）．‎ ‎【点评】此题考查了因式分解﹣运用公式法，熟练掌握平方差公式是解本题的关键．‎ ‎12．（5分）不等式3x﹣2≥4的解为　x≥2　．‎ ‎【分析】先移项，再合并同类项，把x的系数化为1即可．‎ ‎【解答】解：移项得，3x≥4+2，‎ 合并同类项得，3x≥6，‎ 把x的系数化为1得，x≥2．‎ 故答案为：x≥2．‎ ‎【点评】本题考查的是解一元一次不等式，熟知解一元一次不等式的基本步骤是解答此题的关键．‎ ‎13．（5分）我国的《洛书》中记载着世界上最古老的一个幻方：将1～9这九个数字填入3×3的方格内，使三行、三列、两对角线上的三个数之和都相等．如图的幻方中，字母m所表示的数是　4　．‎ ‎【分析】根据“每行、每列、每条对角线上的三个数之和相等”解答即可．‎ ‎【解答】解：根据“每行、每列、每条对角线上的三个数之和相等”，可知三行、三列、两对角线上的三个数之和都等于15，‎ ‎∴第一列第三个数为：15﹣2﹣5＝8，‎ ‎∴m＝15﹣8﹣3＝4．‎ 故答案为：4‎ ‎【点评】本题考查数的特点，抓住每行、每列、每条对角线上的三个数之和相等，数的对称性是解题的关键．‎ ‎14．（5分）如图，在直线AP上方有一个正方形ABCD，∠PAD＝30°，以点B为圆心，AB长为半径作弧，与AP交于点A，M，分别以点A，M为圆心，AM长为半径作弧，两弧交于点E，连结ED，则∠ADE的度数为　15°或45°　．‎ ‎【分析】分点E与正方形ABCD的直线AP的同侧、点E与正方形ABCD的直线AP的两侧两种情况，根据正方形的性质、等腰三角形的性质解答．‎ ‎【解答】解：∵四边形ABCD是正方形，‎ ‎∴AD＝AE，∠DAE＝90°，‎ ‎∴∠BAM＝180°﹣90°﹣30°＝60°，AD＝AB，‎ 当点E与正方形ABCD的直线AP的同侧时，由题意得，点E与点B重合，‎ ‎∴∠ADE＝45°，‎ 当点E与正方形ABCD的直线AP的两侧时，由题意得，E′A＝E′M，‎ ‎∴△AE′M为等边三角形，‎ ‎∴∠E′AM＝60°，‎ ‎∴∠DAE′＝360°﹣120°﹣90°＝150°，‎ ‎∵AD＝AE′，‎ ‎∴∠ADE′＝15°，‎ 故答案为：15°或45°．‎ ‎【点评】本题考查的是正方形的性质、等边三角形的判定和性质，掌握正方形的性质、灵活运用分情况讨论思想是解题的关键．‎ ‎15．（5分）如图，矩形ABCD的顶点A，C都在曲线y＝（常数是＞0，x＞0）上，若顶点D的坐标为（5，3），则直线BD的函数表达式是　y＝x　．‎ ‎【分析】利用矩形的性质和反比例函数图象上点的坐标特征得到A（，3），C（5，），所以B（，），然后利用待定系数法求直线BD的解析式．‎ ‎【解答】解：∵D（5，3），‎ ‎∴A（，3），C（5，），‎ ‎∴B（，），‎ 设直线BD的解析式为y＝mx+n，‎ 把D（5，3），B（，）代入得，解得，‎ ‎∴直线BD的解析式为y＝x．‎ 故答案为y＝x．‎ ‎【点评】本题考查了反比例函数图象上点的坐标特征：反比例函数y＝（k为常数，k≠0）的图象是双曲线，图象上的点（x，y）的横纵坐标的积是定值k，即xy＝k．也考查了矩形的性质．‎ ‎16．（5分）把边长为2的正方形纸片ABCD分割成如图的四块，其中点O为正方形的中心，点E，F分别为AB，AD的中点．用这四块纸片拼成与此正方形不全等的四边形MNPQ（要求这四块纸片不重叠无缝隙），则四边形MNPQ的周长是　6+2或10或8+2　．‎ ‎【分析】先根据题意画出图形，再根据周长的定义即可求解．‎ ‎【解答】解：如图所示：‎ 图1的周长为1+2+3+2＝6+2；‎ 图2的周长为1+4+1+4＝10；‎ 图3的周长为3+5++＝8+2．‎ 故四边形MNPQ的周长是6+2或10或8+2．‎ 故答案为：6+2或10或8+2．‎ ‎【点评】考查了平面镶嵌（密铺），关键是得到与此正方形不全等的四边形MNPQ（要求这四块纸片不重叠无缝隙）的各种情况．‎ 三、解答题（本大题共8小题，第17～20小题每小题8分，第21小题10分，第22，23小题每小题8分，第24小题14分，共80分．解答需写出必要的文字说明、演算步骤或证明过程）‎ ‎17．（8分）（1）计算：4sin60°+（π﹣2）0﹣（﹣）﹣2﹣．‎ ‎（2）x为何值时，两个代数式x2+1，4x+1的值相等？‎ ‎【分析】（1）根据实数运算法则解答；‎ ‎（2）利用题意得到x2+1＝4x+1，利用因式分解法解方程即可．‎ ‎【解答】解：（1）原式＝4×+1﹣4﹣2＝﹣3；‎ ‎（2）x2+1＝4x+1，‎ x2﹣4x＝0，‎ x（x﹣4）＝0，‎ x1＝0，x2＝4．‎ ‎【点评】考查了实数的运算，因式分解法解一元二次方程．因式分解法就是先把方程的右边化为0，再把左边通过因式分解化为两个一次因式的积的形式，那么这两个因式的值就都有可能为0，这就能得到两个一元一次方程的解，这样也就把原方程进行了降次，把解一元二次方程转化为解一元一次方程的问题了（数学转化思想）．‎ ‎18．（8分）如图是某型号新能源纯电动汽车充满电后，蓄电池剩余电量y（千瓦时）关于已行驶路程x（千米）的函数图象．‎ ‎（1）根据图象，直接写出蓄电池剩余电量为35千瓦时时汽车已行驶的路程．当0≤x≤150时，求1千瓦时的电量汽车能行驶的路程．‎ ‎（2）当150≤x≤200时，求y关于x的函数表达式，并计算当汽车已行驶180千米时，蓄电池的剩余电量．‎ ‎【分析】（1）由图象可知，蓄电池剩余电量为35千瓦时时汽车已行驶了150千米，据此即可求出1千瓦时的电量汽车能行驶的路程；‎ ‎（2）运用待定系数法求出y关于x的函数表达式，再把x＝180代入即可求出当汽车已行驶180千米时，蓄电池的剩余电量．‎ ‎【解答】解：（1）由图象可知，蓄电池剩余电量为35千瓦时时汽车已行驶了150千米．‎ ‎1千瓦时的电量汽车能行驶的路程为：千米；‎ ‎（2）设y＝kx+b（k≠0），把点（150，35），（200，10）代入，‎ 得，‎ ‎∴，‎ ‎∴y＝﹣0.5x+110，‎ 当x＝180时，y＝﹣0.5×180+110＝20，‎ 答：当150≤x≤200时，函数表达式为y＝﹣0.5x+110，当汽车已行驶180千米时，蓄电池的剩余电量为20千瓦时．‎ ‎【点评】本题考查了一次函数的应用，解题的关键：（1）熟练运用待定系数法就解析式；（2）找出剩余油量相同时行驶的距离．本题属于基础题，难度不大，解决该类问题应结合图形，理解图形中点的坐标代表的意义．‎ ‎19．（8分）小明、小聪参加了100m跑的5期集训，每期集训结束时进行测试，根据他们的集训时间、测试成绩绘制成如下两个统计图．‎ 根据图中信息，解答下列问题：‎ ‎（1）这5期的集训共有多少天？小聪5次测试的平均成绩是多少？‎ ‎（2）根据统计数据，结合体育运动的实际，从集训时间和测试成绩这两方面，说说你的想法．‎ ‎【分析】（1）根据图中的信息可以求得这5期的集训共有多少天和小聪5次测试的平均成绩；‎ ‎（2）根据图中的信心和题意，说明自己的观点即可，本题答案不唯一，只要合理即可．‎ ‎【解答】解：（1）这5期的集训共有：5+7+10+14+20＝56（天），‎ 小聪5次测试的平均成绩是：（11.88+11.76+11.61+11.53+11.62）÷5＝11.68（秒），‎ 答：这5期的集训共有56天，小聪5次测试的平均成绩是11.68秒；‎ ‎（2）从集训时间看，集训时间不是越多越好，集训时间过长，可能造成劳累，导致成绩下滑，如图中第4期与前面两期相比；‎ 从测试成绩看，两人的最好成绩是都是在第4期出现，建议集训时间定为14天．‎ ‎【点评】本题考查条形统计图、折线统计图、算术平均数，解答本题的关键是明确题意，利用数形结合的思想解答．‎ ‎20．（8分）如图1为放置在水平桌面l上的台灯，底座的高AB为5cm，长度均为20cm的连杆BC，CD与AB始终在同一平面上．‎ ‎（1）转动连杆BC，CD，使∠BCD成平角，∠ABC＝150°，如图2，求连杆端点D离桌面l的高度DE．‎ ‎（2）将（1）中的连杆CD再绕点C逆时针旋转，使∠BCD＝165°，如图3，问此时连杆端点D离桌面l的高度是增加还是减少？增加或减少了多少？（精确到0.1cm，参考数据：‎ ‎≈1.41，≈1.73）‎ ‎【分析】（1）如图2中，作BO⊥DE于O．解直角三角形求出OD即可解决问题．‎ ‎（2）作DF⊥l于F，CP⊥DF于P，BG⊥DF于G，CH⊥BG于H．则四边形PCHG是矩形，求出DF，再求出DF﹣DE即可解决问题．‎ ‎【解答】解：（1）如图2中，作BO⊥DE于O．‎ ‎∵∠OEA＝∠BOE＝∠BAE＝90°，‎ ‎∴四边形ABOE是矩形，‎ ‎∴∠OBA＝90°，‎ ‎∴∠DBO＝150°﹣90°＝60°，‎ ‎∴OD＝BD•sin60°＝20（cm），‎ ‎∴DF＝OD+OE＝OD+AB＝20+5≈39.6（cm）．‎ ‎（2）作DF⊥l于F，CP⊥DF于P，BG⊥DF于G，CH⊥BG于H．则四边形PCHG是矩形，‎ ‎∵∠CBH＝60°，∠CHB＝90°，‎ ‎∴∠BCH＝30°，‎ ‎∵∠BCD＝165°，‎ ‎°∠DCP＝45°，‎ ‎∴CH＝BCsin60°＝10（cm），DP＝CDsin45°＝10（cm），‎ ‎∴DF＝DP+PG+GF＝DP+CH+AB＝（10+10+5）（cm），‎ ‎∴下降高度：DE﹣DF＝20+5﹣10﹣10﹣5＝10﹣10＝3.2（cm）．‎ ‎【点评】本题考查解直角三角形的应用，解题的关键是学会添加常用辅助线，构造直角三角形解决问题．‎ ‎21．（10分）在屏幕上有如下内容：‎ 如图，△ABC内接于⊙O，直径AB的长为2，过点C的切线交AB的延长线于点D．张老师要求添加条件后，编制一道题目，并解答．‎ ‎（1）在屏幕内容中添加条件∠D＝30°，求AD的长．请你解答．‎ ‎（2）以下是小明、小聪的对话：‎ 小明：我加的条件是BD＝1，就可以求出AD的长 小聪：你这样太简单了，我加的是∠A＝30°，连结OC，就可以证明△ACB与△DCO全等．‎ 参考此对话，在屏幕内容中添加条件，编制一道题目（可以添线添字母），并解答．‎ ‎【分析】（1）连接OC，如图，利用切线的性质得∠OCD＝90°，再根据含30度的直角三角形三边的关系得到OD＝2，然后计算OA+OD即可；‎ ‎（2）添加∠DCB＝30°，求AC的长，利用圆周角定理得到∠ACB＝90°，再证明∠A＝∠DCB＝30°，然后根据含30度的直角三角形三边的关系求AC的长．‎ ‎【解答】解：（1）连接OC，如图，‎ ‎∵CD为切线，‎ ‎∴OC⊥CD，‎ ‎∴∠OCD＝90°，‎ ‎∵∠D＝30°，‎ ‎∴OD＝2OC＝2，‎ ‎∴AD＝AO+OD＝1+2＝3；‎ ‎（2）添加∠DCB＝30°，求AC的长，‎ 解：∵AB为直径，‎ ‎∴∠ACB＝90°，‎ ‎∵∠ACO+∠OCB＝90°，∠OCB+∠DCB＝90°，‎ ‎∴∠ACO＝∠DCB，‎ ‎∵∠ACO＝∠A，‎ ‎∴∠A＝∠DCB＝30°，‎ 在Rt△ACB中，BC＝AB＝1，‎ ‎∴AC＝BC＝．‎ ‎【点评】本题考查了切线的性质：圆的切线垂直于经过切点的半径．若出现圆的切线，必连过切点的半径，构造定理图，得出垂直关系．也考查了圆周角定理．‎ ‎22．（12分）有一块形状如图的五边形余料ABCDE，AB＝AE＝6，BC＝5，∠A＝∠B＝90°，∠C＝135°，∠E＞90°，要在这块余料中截取一块矩形材料，其中一条边在AE上，并使所截矩形材料的面积尽可能大．‎ ‎（1）若所截矩形材料的一条边是BC或AE，求矩形材料的面积．‎ ‎（2）能否截出比（1）中更大面积的矩形材料？如果能，求出这些矩形材料面积的最大值；如果不能，说明理由．‎ ‎【分析】（1）①若所截矩形材料的一条边是BC，过点C作CF⊥AE于F，得出S1＝AB•BC＝6×5＝30；‎ ‎②若所截矩形材料的一条边是AE，过点E作EF∥AB交CD于F，FG⊥AB于G，过点C作CH⊥FG于H，则四边形AEFG为矩形，四边形BCHG为矩形，证出△CHF为等腰三角形，得出AE＝FG＝6，HG＝BC＝5，BG＝CH＝FH，求出BG＝CH＝FH＝FG﹣HG＝1，AG＝AB﹣BG＝5，得出S2＝AE•AG＝6×5＝30；‎ ‎（2）在CD上取点F，过点F作FM⊥AB于M，FN⊥AE于N，过点C作CG⊥FM于G，则四边形ANFM为矩形，四边形BCGM为矩形，证出△CGF为等腰三角形，得出MG＝BC＝5，BM＝CG，FG＝DG，设AM＝x，则BM＝6﹣x，FM＝GM+FG＝GM+CG＝BC+BM＝11﹣x，得出S＝AM×FM＝x（11﹣x）＝﹣x2+11x，由二次函数的性质即可得出结果．‎ ‎【解答】解：（1）①若所截矩形材料的一条边是BC，如图1所示：‎ 过点C作CF⊥AE于F，S1＝AB•BC＝6×5＝30；‎ ‎②若所截矩形材料的一条边是AE，如图2所示：‎ 过点E作EF∥AB交CD于F，FG⊥AB于G，过点C作CH⊥FG于H，‎ 则四边形AEFG为矩形，四边形BCHG为矩形，‎ ‎∵∠C＝135°，‎ ‎∴∠FCH＝45°，‎ ‎∴△CHF为等腰直角三角形，‎ ‎∴AE＝FG＝6，HG＝BC＝5，BG＝CH＝FH，‎ ‎∴BG＝CH＝FH＝FG﹣HG＝6﹣5＝1，‎ ‎∴AG＝AB﹣BG＝6﹣1＝5，‎ ‎∴S2＝AE•AG＝6×5＝30；‎ ‎（2）能；理由如下：‎ 在CD上取点F，过点F作FM⊥AB于M，FN⊥AE于N，过点C作CG⊥FM于G，‎ 则四边形ANFM为矩形，四边形BCGM为矩形，‎ ‎∵∠C＝135°，‎ ‎∴∠FCG＝45°，‎ ‎∴△CGF为等腰直角三角形，‎ ‎∴MG＝BC＝5，BM＝CG，FG＝DG，‎ 设AM＝x，则BM＝6﹣x，‎ ‎∴FM＝GM+FG＝GM+CG＝BC+BM＝11﹣x，‎ ‎∴S＝AM×FM＝x（11﹣x）＝﹣x2+11x＝﹣（x﹣5.5）2+30.25，‎ ‎∴当x＝5.5时，S的最大值为30.25．‎ ‎ ‎ ‎【点评】本题考查了矩形的性质、等腰直角三角形的判定与性质、矩形面积公式以及二次函数的应用等知识；熟练掌握矩形的性质，证明三角形是等腰直角三角形是解题的关键．‎ ‎23．（12分）如图1是实验室中的一种摆动装置，BC在地面上，支架ABC是底边为BC的等腰直角三角形，摆动臂AD可绕点A旋转，摆动臂DM可绕点D旋转，AD＝30，DM＝10．‎ ‎（1）在旋转过程中，‎ ‎①当A，D，M三点在同一直线上时，求AM的长．‎ ‎②当A，D，M三点为同一直角三角形的顶点时，求AM的长．‎ ‎（2）若摆动臂AD顺时针旋转90°，点D的位置由△ABC外的点D1转到其内的点D2处，连结D1D2，如图2，此时∠AD2C＝135°，CD2＝60，求BD2的长．‎ ‎【分析】（1）①分两种情形分别求解即可．‎ ‎②显然∠MAD不能为直角．当∠AMD为直角时，根据AM2＝AD2﹣DM2，计算即可，当∠ADM＝90°时，根据AM2＝AD2+DM2，计算即可．‎ ‎（2）连接CD．首先利用勾股定理求出CD1，再利用全等三角形的性质证明BD2＝CD1即可．‎ ‎【解答】解：（1）①AM＝AD+DM＝40，或AM＝AD﹣DM＝20．‎ ‎②显然∠MAD不能为直角．‎ 当∠AMD为直角时，AM2＝AD2﹣DM2＝302﹣102＝800，‎ ‎∴AM＝20或（﹣20舍弃）．‎ 当∠ADM＝90°时，AM2＝AD2+DM2＝302+102＝1000，‎ ‎∴AM＝10或（﹣10舍弃）．‎ 综上所述，满足条件的AM的值为20或10．‎ ‎（2）如图2中，连接CD．‎ 由题意：∠D1AD2＝90°，AD1＝AD2＝30，‎ ‎∴∠AD2D1＝45°，D1D2＝30，‎ ‎∵∠AD2C＝135°，‎ ‎∴∠CD2D1＝90°，‎ ‎∴CD1＝＝30，‎ ‎∵∠BAC＝∠A1AD2＝90°，‎ ‎∴∠BAC﹣∠CAD2＝∠D2AD1﹣∠CAD2，‎ ‎∴∠BAD1＝∠CAD2，‎ ‎∵AB＝AC，AD2＝AD1，‎ ‎∴△BAD2≌△CAD1（SAS），‎ ‎∴BD2＝CD1＝30．‎ ‎【点评】本题属于四边形综合题，考查了等腰直角三角形的性质，勾股定理，全等三角形的判定和性质等知识，解题的关键是学会添加常用辅助线，构造全等三角形解决问题，属于中考常考题型．‎ ‎24．（14分）如图，矩形ABCD中，AB＝a，BC＝b，点M，N分别在边AB，CD上，点E，F分别在边BC，AD上，MN，EF交于点P，记k＝MN：EF．‎ ‎（1）若a：b的值为1，当MN⊥EF时，求k的值．‎ ‎（2）若a：b的值为，求k的最大值和最小值．‎ ‎（3）若k的值为3，当点N是矩形的顶点，∠MPE＝60°，MP＝EF＝3PE时，求a：b的值．‎ ‎【分析】（1）作EH⊥BC于H，MQ⊥CD于Q，设EF交MN于点O．证明△FHE≌△MQN（ASA），即可解决问题．‎ ‎（2）由题意：2a≤MN≤a，a≤EF≤a，当MN的长取最大时，EF取最短，此时k的值最大最大值＝，当MN的最短时，EF的值取最大，此时k的值最小，最小值为．‎ ‎（3）连接FN，ME．由k＝3，MP＝EF＝3PE，推出＝＝3，推出＝＝2，由△PNF∽△PME，推出＝＝2，ME∥NF，设PE＝2m，则PF＝4m，MP＝6m，NP＝12m，接下来分两种情形①如图2中，当点N与点D重合时，点M恰好与B重合．②如图3中，当点N与C重合，分别求解即可．‎ ‎【解答】解：（1）如图1中，‎ 作EH⊥BC于H，MQ⊥CD于Q，设EF交MN于点O．‎ ‎∵四边形ABCD是正方形，‎ ‎∴FH＝AB，MQ＝BC，‎ ‎∵AB＝CB，‎ ‎∴EH＝MQ，‎ ‎∵EF⊥MN，‎ ‎∴∠EON＝90°，‎ ‎∵∠ECN＝90°，‎ ‎∴∠MNQ+∠CEO＝180°，∠FEH+∠CEO＝180°‎ ‎∴∠FEH＝∠MNQ，∵∠EHF＝∠MQN＝90°，‎ ‎∴△FHE≌△MQN（ASA），‎ ‎∴MN＝EF，‎ ‎∴k＝MN：EF＝1．‎ ‎（2）∵a：b＝1：2，‎ ‎∴b＝2a，‎ 由题意：2a≤MN≤a，a≤EF≤a，‎ ‎∴当MN的长取最大时，EF取最短，此时k的值最大最大值＝，‎ 当MN的最短时，EF的值取最大，此时k的值最小，最小值为．‎ ‎（3）连接FN，ME．‎ ‎∵k＝3，MP＝EF＝3PE，‎ ‎∴＝＝3，‎ ‎∴＝＝2，∵∠FPN＝∠EPM，‎ ‎∴△PNF∽△PME，‎ ‎∴＝＝2，ME∥NF，‎ 设PE＝2m，则PF＝4m，MP＝6m，NP＝12m，‎ ‎①如图2中，当点N与点D重合时，点M恰好与B重合．作FH⊥BD于H．‎ ‎∵∠MPE＝∠FPH＝60°，‎ ‎∴PH＝2m，FH＝2m，DH＝10m，‎ ‎∴＝＝＝．‎ ‎②如图3中，当点N与C重合，作EH⊥MN于H．则PH＝m，HE＝m，‎ ‎∴HC＝PH+PC＝13m，‎ ‎∴tan∠HCE＝＝＝，‎ ‎∵ME∥FC，‎ ‎∴∠MEB＝∠FCB＝∠CFD，‎ ‎∵∠B＝∠D，‎ ‎∴△MEB∽△CFD，‎ ‎∴＝＝2，‎ ‎∴＝＝＝，‎ 综上所述，a：b的值为或．‎ ‎【点评】本题属于相似形综合题，考查了正方形的性质，全等三角形的判定和性质，矩形的性质，相似三角形的判定和性质等知识，解题的关键是学会添加常用辅助线，构造直角三角形解决问题，学会用分类讨论的思想思考问题，属于中考压轴题．‎