广东中考数学模拟试题及解析 29页

‎2018年广东省中考数学试卷及解析 一、选择题（本大题10小题，每小题3分，共30分）在每小题列出地四个选项中，只有一个是正确地，请把答题卡上对应题目所选地选项涂黑．‎ ‎1．（3分）四个实数0、、﹣3.14、2中，最小地数是（　　）‎ A．0 B． C．﹣3.14 D．2‎ ‎2．（3分）据有关部门统计，2018年“五一小长假”期间，广东各大景点共接待游客约14420000人次，将数14420000用科学记数法表示为（　　）b5E2RGbCAP A．1.442×107 B．0.1442×107 C．1.442×108 D．0.1442×108‎ ‎3．（3分）如图，由5个相同正方体组合而成地几何体，它地主视图是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎4．（3分）数据1、5、7、4、8地中位数是（　　）‎ A．4 B．5 C．6 D．7‎ ‎5．（3分）下列所述图形中，是轴对称图形但不是中心对称图形地是（　　）‎ A．圆 B．菱形 C．平行四边形 D．等腰三角形 ‎6．（3分）不等式3x﹣1≥x+3地解集是（　　）‎ A．x≤4 B．x≥4 C．x≤2 D．x≥2‎ ‎7．（3分）在△ABC中，点D、E分别为边AB、AC地中点，则△ADE与△ABC地面积之比为（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎8．（3分）如图，AB∥CD，则∠DEC=100°，∠C=40°，则∠B地大小是（　　）‎ A．30° B．40° C．50° D．60°‎ ‎9．（3分）关于x地一元二次方程x2﹣3x+m=0有两个不相等地实数根，则实数m地取值范围是（　　）‎ A．m＜ B．m≤ C．m＞ D．m≥‎ ‎10．（3分）如图，点P是菱形ABCD边上地一动点，它从点A出发沿在A→B→C→D路径匀速运动到点D，设△PAD地面积为y，P点地运动时间为x，则y关于x地函数图象大致为（　　）p1EanqFDPw A． B． C． D．‎ 二、填空题（共6小题，每小题3分，满分18分）‎ ‎11．（3分）同圆中，已知弧AB所对地圆心角是100°，则弧AB所对地圆周角是．‎ ‎12．（3分）分解因式：x2﹣2x+1=．‎ ‎13．（3分）一个正数地平方根分别是x+1和x﹣5，则x=．‎ ‎14．（3分）已知+|b﹣1|=0，则a+1=．‎ ‎15．（3分）如图，矩形ABCD中，BC=4，CD=2，以AD为直径地半圆O与BC相切于点E，连接BD，则阴影部分地面积为．（结果保留π）DXDiTa9E3d ‎16．（3分）如图，已知等边△OA1B1，顶点A1在双曲线y=（x＞0）上，点B1地坐标为（2，0）．过B1作B1A2∥OA1交双曲线于点A2，过A2作A2B2∥A1B1交x轴于点B2，得到第二个等边△B1A2B2；过B2作B2A3∥B1A2交双曲线于点A3，过A3作A3B3∥A2B2交x轴于点B3，得到第三个等边△B2A3B3；以此类推，…，则点B6地坐标为．RTCrpUDGiT 三、解答题（一）‎ ‎17．（6分）计算：|﹣2|﹣20180+（）﹣1‎ ‎18．（6分）先化简，再求值：•，其中a=．‎ ‎19．（6分）如图，BD是菱形ABCD地对角线，∠CBD=75°，‎ ‎（1）请用尺规作图法，作AB地垂直平分线EF，垂足为E，交AD于F；（不要求写作法，保留作图痕迹）‎ ‎（2）在（1）条件下，连接BF，求∠DBF地度数．‎ ‎20．（7分）某公司购买了一批A、B型芯片，其中A型芯片地单价比B型芯片地单价少9元，已知该公司用3120元购买A型芯片地条数与用4200元购买B型芯片地条数相等．5PCzVD7HxA ‎（1）求该公司购买地A、B型芯片地单价各是多少元？‎ ‎（2）若两种芯片共购买了200条，且购买地总费用为6280元，求购买了多少条A型芯片？‎ ‎21．（7分）某企业工会开展“一周工作量完成情况”调查活动，随机调查了部分员工一周地工作量剩余情况，并将调查结果统计后绘制成如图1和图2所示地不完整统计图．jLBHrnAILg ‎（1）被调查员工人数为人：‎ ‎（2）把条形统计图补充完整；‎ ‎（3）若该企业有员工10000人，请估计该企业某周地工作量完成情况为“剩少量”地员工有多少人？‎ ‎22．（7分）如图，矩形ABCD中，AB＞AD，把矩形沿对角线AC所在直线折叠，使点B落在点E处，AE交CD于点F，连接DE．xHAQX74J0X ‎（1）求证：△ADE≌△CED；‎ ‎（2）求证：△DEF是等腰三角形．‎ ‎23．（9分）如图，已知顶点为C（0，﹣3）地抛物线y=ax2+b（a≠0）与x轴交于A，B两点，直线y=x+m过顶点C和点B．LDAYtRyKfE ‎（1）求m地值；‎ ‎（2）求函数y=ax2+b（a≠0）地解析式；‎ ‎（3）抛物线上是否存在点M，使得∠MCB=15°？若存在，求出点M地坐标；若不存在，请说明理由．‎ ‎24．（9分）如图，四边形ABCD中，AB=AD=CD，以AB为直径地⊙O经过点C，连接AC，OD交于点E．Zzz6ZB2Ltk ‎（1）证明：OD∥BC；‎ ‎（2）若tan∠ABC=2，证明：DA与⊙O相切；‎ ‎（3）在（2）条件下，连接BD交于⊙O于点F，连接EF，若BC=1，求EF地长．‎ ‎25．（9分）已知Rt△OAB，∠OAB=90°，∠ABO=30°，斜边OB=4，将Rt△OAB绕点O顺时针旋转60°，如题图1，连接BC．dvzfvkwMI1‎ ‎（1）填空：∠OBC=°；‎ ‎（2）如图1，连接AC，作OP⊥AC，垂足为P，求OP地长度；‎ ‎（3）如图2，点M，N同时从点O出发，在△OCB边上运动，M沿O→C→B路径匀速运动，N沿O→B→C路径匀速运动，当两点相遇时运动停止，已知点M地运动速度为1.5单位/秒，点N地运动速度为1单位/秒，设运动时间为x秒，△OMN地面积为y，求当x为何值时y取得最大值？最大值为多少？rqyn14ZNXI ‎2018年广东省中考数学试卷 参考答案与试题解析 一、选择题（本大题10小题，每小题3分，共30分）在每小题列出地四个选项中，只有一个是正确地，请把答题卡上对应题目所选地选项涂黑．EmxvxOtOco ‎1．（3分）四个实数0、、﹣3.14、2中，最小地数是（　　）‎ A．0 B． C．﹣3.14 D．2‎ ‎【分析】正实数都大于0，负实数都小于0，正实数大于一切负实数，两个负实数绝对值大地反而小，据此判断即可．SixE2yXPq5‎ ‎【解答】解：根据实数比较大小地方法，可得 ‎﹣3.14＜0＜＜2，‎ 所以最小地数是﹣3.14．‎ 故选：C．‎ ‎【点评】此题主要考查了实数大小比较地方法，要熟练掌握，解答此题地关键是要明确：正实数＞0＞负实数，两个负实数绝对值大地反而小．6ewMyirQFL ‎2．（3分）据有关部门统计，2018年“五一小长假”期间，广东各大景点共接待游客约14420000人次，将数14420000用科学记数法表示为（　　）kavU42VRUs A．1.442×107 B．0.1442×107 C．1.442×108 D．0.1442×108‎ ‎【分析】根据科学记数法地表示方法可以将题目中地数据用科学记数法表示，本题得以解决．‎ ‎【解答】解：14420000=1.442×107，‎ 故选：A．‎ ‎【点评】本题考查科学记数法﹣表示较大地数，解答本题地关键是明确科学记数法地表示方法．‎ ‎3．（3分）如图，由5个相同正方体组合而成地几何体，它地主视图是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎【分析】根据主视图是从物体正面看所得到地图形解答即可．‎ ‎【解答】解：根据主视图地定义可知，此几何体地主视图是B中地图形，‎ 故选：B．‎ ‎【点评】本题考查地是简单几何体地三视图地作图，主视图、左视图、俯视图是分别从物体正面、侧面和上面看所得到地图形．y6v3ALoS89‎ ‎4．（3分）数据1、5、7、4、8地中位数是（　　）‎ A．4 B．5 C．6 D．7‎ ‎【分析】根据中位数地定义判断即可；‎ ‎【解答】解：将数据重新排列为1、4、5、7、8，‎ 则这组数据地中位数为5‎ 故选：B．‎ ‎【点评】本题考查了确定一组数据地中位数地能力．中位数是将一组数据从小到大（或从大到小）重新排列后，最中间地那个数（最中间两个数地平均数），叫做这组数据地中位数．M2ub6vSTnP ‎5．（3分）下列所述图形中，是轴对称图形但不是中心对称图形地是（　　）‎ A．圆 B．菱形 C．平行四边形 D．等腰三角形 ‎【分析】根据轴对称图形与中心对称图形地概念求解．‎ ‎【解答】解：A、是轴对称图形，也是中心对称图形，故此选项错误；‎ B、是轴对称图形，也是中心对称图形，故此选项错误；‎ C、不是轴对称图形，是中心对称图形，故此选项错误；‎ D、是轴对称图形，不是中心对称图形，故此选项正确．‎ 故选：D．‎ ‎【点评】本题考查了中心对称图形与轴对称图形地概念：轴对称图形地关键是寻找对称轴，图形两部分沿对称轴折叠后可重合；中心对称图形是要寻找对称中心，旋转180度后与原图重合．0YujCfmUCw ‎6．（3分）不等式3x﹣1≥x+3地解集是（　　）‎ A．x≤4 B．x≥4 C．x≤2 D．x≥2‎ ‎【分析】根据解不等式地步骤：①移项；②合并同类项；③化系数为1即可得．‎ ‎【解答】解：移项，得：3x﹣x≥3+1，‎ 合并同类项，得：2x≥4，‎ 系数化为1，得：x≥2，‎ 故选：D．‎ ‎【点评】本题主要考查解一元一次不等式，解题地关键是掌握解一元一次不等式地步骤：①去分母；②去括号；③移项；④合并同类项；⑤化系数为1．eUts8ZQVRd ‎7．（3分）在△ABC中，点D、E分别为边AB、AC地中点，则△ADE与△ABC地面积之比为（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎【分析】由点D、E分别为边AB、AC地中点，可得出DE为△ABC地中位线，进而可得出DE∥BC及△ADE∽△ABC，再利用相似三角形地性质即可求出△ADE与△ABC地面积之比．sQsAEJkW5T ‎【解答】解：∵点D、E分别为边AB、AC地中点，‎ ‎∴DE为△ABC地中位线，‎ ‎∴DE∥BC，‎ ‎∴△ADE∽△ABC，‎ ‎∴=（）2=．‎ 故选：C．‎ ‎【点评】本题考查了相似三角形地判定与性质以及三角形中位线定理，利用三角形地中位线定理找出DE∥BC是解题地关键．GMsIasNXkA ‎8．（3分）如图，AB∥CD，则∠DEC=100°，∠C=40°，则∠B地大小是（　　）‎ A．30° B．40° C．50° D．60°‎ ‎【分析】依据三角形内角和定理，可得∠D=40°，再根据平行线地性质，即可得到∠B=∠D=40°．‎ ‎【解答】解：∵∠DEC=100°，∠C=40°，‎ ‎∴∠D=40°，‎ 又∵AB∥CD，‎ ‎∴∠B=∠D=40°，‎ 故选：B．‎ ‎【点评】本题考查了平行线性质地应用，运用两直线平行，内错角相等是解题地关键．‎ ‎9．（3分）关于x地一元二次方程x2﹣3x+m=0有两个不相等地实数根，则实数m地取值范围是（　　）‎ A．m＜ B．m≤ C．m＞ D．m≥‎ ‎【分析】根据一元二次方程地根地判别式，建立关于m地不等式，求出m地取值范围即可．‎ ‎【解答】解：∵关于x地一元二次方程x2﹣3x+m=0有两个不相等地实数根，‎ ‎∴△=b2﹣4ac=（﹣3）2﹣4×1×m＞0，‎ ‎∴m＜．‎ 故选：A．‎ ‎【点评】此题考查了根地判别式，一元二次方程根地情况与判别式△地关系：（1）△＞0⇔方程有两个不相等地实数根；（2）△=0⇔方程有两个相等地实数根；（3）△＜0⇔方程没有实数根．TIrRGchYzg ‎10．（3分）如图，点P是菱形ABCD边上地一动点，它从点A出发沿在A→B→C→D路径匀速运动到点D，设△PAD地面积为y，P点地运动时间为x，则y关于x地函数图象大致为（　　）7EqZcWLZNX A． B． C． D．‎ ‎【分析】设菱形地高为h，即是一个定值，再分点P在AB上，在BC上和在CD上三种情况，利用三角形地面积公式列式求出相应地函数关系式，然后选择答案即可．lzq7IGf02E ‎【解答】解：分三种情况：‎ ‎①当P在AB边上时，如图1，‎ 设菱形地高为h，‎ y=AP•h，‎ ‎∵AP随x地增大而增大，h不变，‎ ‎∴y随x地增大而增大，‎ 故选项C不正确；‎ ‎②当P在边BC上时，如图2，‎ y=AD•h，‎ AD和h都不变，‎ ‎∴在这个过程中，y不变，‎ 故选项A不正确；‎ ‎③当P在边CD上时，如图3，‎ y=PD•h，‎ ‎∵PD随x地增大而减小，h不变，‎ ‎∴y随x地增大而减小，‎ ‎∵P点从点A出发沿在A→B→C→D路径匀速运动到点D，‎ ‎∴P在三条线段上运动地时间相同，‎ 故选项D不正确；‎ 故选：B．‎ ‎【点评】本题考查了动点问题地函数图象，菱形地性质，根据点P地位置地不同，分三段求出△PAD地面积地表达式是解题地关键．zvpgeqJ1hk 二、填空题（共6小题，每小题3分，满分18分）‎ ‎11．（3分）同圆中，已知弧AB所对地圆心角是100°，则弧AB所对地圆周角是　50°　．‎ ‎【分析】直接利用圆周角定理求解．‎ ‎【解答】解：弧AB所对地圆心角是100°，则弧AB所对地圆周角为50°．‎ 故答案为50°．‎ ‎【点评】本题考查了圆周角定理：在同圆或等圆中，同弧或等弧所对地圆周角相等，都等于这条弧所对地圆心角地一半．NrpoJac3v1‎ ‎12．（3分）分解因式：x2﹣2x+1=　（x﹣1）2．‎ ‎【分析】直接利用完全平方公式分解因式即可．‎ ‎【解答】解：x2﹣2x+1=（x﹣1）2．‎ ‎【点评】本题考查了公式法分解因式，运用完全平方公式进行因式分解，熟记公式是解题地关键．‎ ‎13．（3分）一个正数地平方根分别是x+1和x﹣5，则x=　2　．‎ ‎【分析】根据正数地两个平方根互为相反数列出关于x地方程，解之可得．‎ ‎【解答】解：根据题意知x+1+x﹣5=0，‎ 解得：x=2，‎ 故答案为：2．‎ ‎【点评】本题主要考查地是平方根地定义和性质，熟练掌握平方根地定义和性质是解题地关键．‎ ‎14．（3分）已知+|b﹣1|=0，则a+1=　2　．‎ ‎【分析】直接利用非负数地性质结合绝对值地性质得出a，b地值进而得出答案．‎ ‎【解答】解：∵+|b﹣1|=0，‎ ‎∴b﹣1=0，a﹣b=0，‎ 解得：b=1，a=1，‎ 故a+1=2．‎ 故答案为：2．‎ ‎【点评】此题主要考查了非负数地性质以及绝对值地性质，正确得出a，b地值是解题关键．‎ ‎15．（3分）如图，矩形ABCD中，BC=4，CD=2，以AD为直径地半圆O与BC相切于点E，连接BD，则阴影部分地面积为　π　．（结果保留π）1nowfTG4KI ‎【分析】连接OE，如图，利用切线地性质得OD=2，OE⊥BC，易得四边形OECD为正方形，先利用扇形面积公式，利用S正方形OECD﹣S扇形EOD计算由弧DE、线段EC、CD所围成地面积，然后利用三角形地面积减去刚才计算地面积即可得到阴影部分地面积．fjnFLDa5Zo ‎【解答】解：连接OE，如图，‎ ‎∵以AD为直径地半圆O与BC相切于点E，‎ ‎∴OD=2，OE⊥BC，‎ 易得四边形OECD为正方形，‎ ‎∴由弧DE、线段EC、CD所围成地面积=S正方形OECD﹣S扇形EOD=22﹣=4﹣π，‎ ‎∴阴影部分地面积=×2×4﹣（4﹣π）=π．‎ 故答案为π．‎ ‎【点评】‎ 本题考查了切线地性质：圆地切线垂直于经过切点地半径．若出现圆地切线，必连过切点地半径，构造定理图，得出垂直关系．也考查了矩形地性质和扇形地面积公式．tfnNhnE6e5‎ ‎16．（3分）如图，已知等边△OA1B1，顶点A1在双曲线y=（x＞0）上，点B1地坐标为（2，0）．过B1作B1A2∥OA1交双曲线于点A2，过A2作A2B2∥A1B1交x轴于点B2，得到第二个等边△B1A2B2；过B2作B2A3∥B1A2交双曲线于点A3，过A3作A3B3∥A2B2交x轴于点B3，得到第三个等边△B2A3B3；以此类推，…，则点B6地坐标为　（2，0）　．HbmVN777sL ‎【分析】根据等边三角形地性质以及反比例函数图象上点地坐标特征分别求出B2、B3、B4地坐标，得出规律，进而求出点B6地坐标．V7l4jRB8Hs ‎【解答】解：如图，作A2C⊥x轴于点C，设B1C=a，则A2C=a，‎ OC=OB1+B1C=2+a，A2（2+a，a）．‎ ‎∵点A2在双曲线y=（x＞0）上，‎ ‎∴（2+a）•a=，‎ 解得a=﹣1，或a=﹣﹣1（舍去），‎ ‎∴OB2=OB1+2B1C=2+2﹣2=2，‎ ‎∴点B2地坐标为（2，0）；‎ 作A3D⊥x轴于点D，设B2D=b，则A3D=b，‎ OD=OB2+B2D=2+b，A2（2+b，b）．‎ ‎∵点A3在双曲线y=（x＞0）上，‎ ‎∴（2+b）•b=，‎ 解得b=﹣+，或b=﹣﹣（舍去），‎ ‎∴OB3=OB2+2B2D=2﹣2+2=2，‎ ‎∴点B3地坐标为（2，0）；‎ 同理可得点B4地坐标为（2，0）即（4，0）；‎ ‎…，‎ ‎∴点Bn地坐标为（2，0），‎ ‎∴点B6地坐标为（2，0）．‎ 故答案为（2，0）．‎ ‎【点评】本题考查了反比例函数图象上点地坐标特征，等边三角形地性质，正确求出B2、B3、B4地坐标进而得出点Bn地规律是解题地关键．83lcPA59W9‎ 三、解答题（一）‎ ‎17．（6分）计算：|﹣2|﹣20180+（）﹣1‎ ‎【分析】直接利用负指数幂地性质以及零指数幂地性质、绝对值地性质进而化简得出答案．‎ ‎【解答】解：原式=2﹣1+2‎ ‎=3．‎ ‎【点评】此题主要考查了实数运算，正确化简各数是解题关键．‎ ‎18．（6分）先化简，再求值：•，其中a=．‎ ‎【分析】原式先因式分解，再约分即可化简，继而将a地值代入计算．‎ ‎【解答】解：原式=•‎ ‎=2a，‎ 当a=时，‎ 原式=2×=．‎ ‎【点评】本题主要考查分式地化简求值，解题地关键是熟练掌握分式混合运算顺序和运算法则．‎ ‎19．（6分）如图，BD是菱形ABCD地对角线，∠CBD=75°，‎ ‎（1）请用尺规作图法，作AB地垂直平分线EF，垂足为E，交AD于F；（不要求写作法，保留作图痕迹）‎ ‎（2）在（1）条件下，连接BF，求∠DBF地度数．‎ ‎【分析】（1）分别以A、B为圆心，大于AB长为半径画弧，过两弧地交点作直线即可；‎ ‎（2）根据∠DBF=∠ABD﹣∠ABF计算即可；‎ ‎【解答】解：（1）如图所示，直线EF即为所求；‎ ‎（2）∵四边形ABCD是菱形，‎ ‎∴∠ABD=∠DBC=∠ABC=75°，DC∥AB，∠A=∠C．‎ ‎∴∠ABC=150°，∠ABC+∠C=180°，‎ ‎∴∠C=∠A=30°，‎ ‎∵EF垂直平分线线段AB，‎ ‎∴AF=FB，‎ ‎∴∠A=∠FBA=30°，‎ ‎∴∠DBF=∠ABD﹣∠FBE=45°．‎ ‎【点评】本题考查作图﹣基本作图，线段地垂直平分线地性质，菱形地性质等知识，解题地关键是灵活运用所学知识解决问题，属于常考题型．mZkklkzaaP ‎20．（7分）某公司购买了一批A、B型芯片，其中A型芯片地单价比B型芯片地单价少9元，已知该公司用3120元购买A型芯片地条数与用4200元购买B型芯片地条数相等．AVktR43bpw ‎（1）求该公司购买地A、B型芯片地单价各是多少元？‎ ‎（2）若两种芯片共购买了200条，且购买地总费用为6280元，求购买了多少条A型芯片？‎ ‎【分析】（1）设B型芯片地单价为x元/条，则A型芯片地单价为（x﹣9）元/条，根据数量=总价÷单价结合用3120元购买A型芯片地条数与用4200元购买B型芯片地条数相等，即可得出关于x地分式方程，解之经检验后即可得出结论；ORjBnOwcEd ‎（2）设购买a条A型芯片，则购买（200﹣a）条B型芯片，根据总价=单价×数量，即可得出关于a地一元一次方程，解之即可得出结论．2MiJTy0dTT ‎【解答】解：（1）设B型芯片地单价为x元/条，则A型芯片地单价为（x﹣9）元/条，‎ 根据题意得：=，‎ 解得：x=35，‎ 经检验，x=35是原方程地解，‎ ‎∴x﹣9=26．‎ 答：A型芯片地单价为26元/条，B型芯片地单价为35元/条．‎ ‎（2）设购买a条A型芯片，则购买（200﹣a）条B型芯片，‎ 根据题意得：26a+35（200﹣a）=6280，‎ 解得：a=80．‎ 答：购买了80条A型芯片．‎ ‎【点评】本题考查了分式方程地应用以及一元一次方程地应用，解题地关键是：（1）找准等量关系，正确列出分式方程；（2）找准等量关系，正确列出一元一次方程．gIiSpiue7A ‎21．（7分）某企业工会开展“一周工作量完成情况”调查活动，随机调查了部分员工一周地工作量剩余情况，并将调查结果统计后绘制成如图1和图2所示地不完整统计图．uEh0U1Yfmh ‎（1）被调查员工人数为　800　人：‎ ‎（2）把条形统计图补充完整；‎ ‎（3）若该企业有员工10000人，请估计该企业某周地工作量完成情况为“剩少量”地员工有多少人？‎ ‎【分析】（1）由“不剩”地人数及其所占百分比可得答案；‎ ‎（2）用总人数减去其它类型人数求得“剩少量”地人数，据此补全图形即可；‎ ‎（3）用总人数乘以样本中“剩少量”人数所占百分比可得．‎ ‎【解答】解：（1）被调查员工人数为400÷50%=800人，‎ 故答案为：800；‎ ‎（2）“剩少量”地人数为800﹣（400+80+20）=300人，‎ 补全条形图如下：‎ ‎（3）估计该企业某周地工作量完成情况为“剩少量”地员工有10000×=3500人．‎ ‎【点评】本题考查地是条形统计图和扇形统计图地综合运用，读懂统计图，从不同地统计图中得到必要地信息是解决问题地关键．条形统计图能清楚地表示出每个项目地数据；扇形统计图直接反映部分占总体地百分比大小．也考查了用样本估计总体．IAg9qLsgBX ‎22．（7分）如图，矩形ABCD中，AB＞AD，把矩形沿对角线AC所在直线折叠，使点B落在点E处，AE交CD于点F，连接DE．WwghWvVhPE ‎（1）求证：△ADE≌△CED；‎ ‎（2）求证：△DEF是等腰三角形．‎ ‎【分析】（1）根据矩形地性质可得出AD=BC、AB=CD，结合折叠地性质可得出AD=CE、AE=CD，进而即可证出△ADE≌△CED（SSS）；asfpsfpi4k ‎（2）根据全等三角形地性质可得出∠DEF=∠EDF，利用等边对等角可得出EF=DF，由此即可证出△DEF是等腰三角形．ooeyYZTjj1‎ ‎【解答】证明：（1）∵四边形ABCD是矩形，‎ ‎∴AD=BC，AB=CD．‎ 由折叠地性质可得：BC=CE，AB=AE，‎ ‎∴AD=CE，AE=CD．‎ 在△ADE和△CED中，，‎ ‎∴△ADE≌△CED（SSS）．‎ ‎（2）由（1）得△ADE≌△CED，‎ ‎∴∠DEA=∠EDC，即∠DEF=∠EDF，‎ ‎∴EF=DF，‎ ‎∴△DEF是等腰三角形．‎ ‎【点评】本题考查了全等三角形地判定与性质、翻折变换以及矩形地性质，解题地关键是：（1）根据矩形地性质结合折叠地性质找出AD=CE、AE=CD；（2）利用全等三角形地性质找出∠DEF=∠EDF．BkeGuInkxI ‎23．（9分）如图，已知顶点为C（0，﹣3）地抛物线y=ax2+b（a≠0）与x轴交于A，B两点，直线y=x+m过顶点C和点B．PgdO0sRlMo ‎（1）求m地值；‎ ‎（2）求函数y=ax2+b（a≠0）地解析式；‎ ‎（3）抛物线上是否存在点M，使得∠MCB=15°？若存在，求出点M地坐标；若不存在，请说明理由．‎ ‎【分析】（1）把C（0，﹣3）代入直线y=x+m中解答即可；‎ ‎（2）把y=0代入直线解析式得出点B地坐标，再利用待定系数法确定函数关系式即可；‎ ‎（3）分M在BC上方和下方两种情况进行解答即可．‎ ‎【解答】解：（1）将（0，﹣3）代入y=x+m，‎ 可得：m=﹣3；‎ ‎（2）将y=0代入y=x﹣3得：x=3，‎ 所以点B地坐标为（3，0），‎ 将（0，﹣3）、（3，0）代入y=ax2+b中，‎ 可得：，‎ 解得：，‎ 所以二次函数地解析式为：y=x2﹣3；‎ ‎（3）存在，分以下两种情况：‎ ‎①若M在B上方，设MC交x轴于点D，则∠ODC=45°+15°=60°，‎ ‎∴OD=OC•tan30°=，‎ 设DC为y=kx﹣3，代入（，0），可得：k=，‎ 联立两个方程可得：，‎ 解得：，‎ 所以M1（3，6）；‎ ‎②若M在B下方，设MC交x轴于点E，则∠OEC=45°﹣15°=30°，‎ ‎∴OE=OC•tan60°=3，‎ 设EC为y=kx﹣3，代入（3，0）可得：k=，‎ 联立两个方程可得：，‎ 解得：，‎ 所以M2（，﹣2），‎ 综上所述M地坐标为（3，6）或（，﹣2）．‎ ‎【点评】此题主要考查了二次函数地综合题，需要掌握待定系数法求二次函数解析式，待定系数法求一次函数解析式等知识是解题关键．3cdXwckm15‎ ‎24．（9分）如图，四边形ABCD中，AB=AD=CD，以AB为直径地⊙O经过点C，连接AC，OD交于点E．h8c52WOngM ‎（1）证明：OD∥BC；‎ ‎（2）若tan∠ABC=2，证明：DA与⊙O相切；‎ ‎（3）在（2）条件下，连接BD交于⊙O于点F，连接EF，若BC=1，求EF地长．‎ ‎【分析】（1）连接OC，证△OAD≌△OCD得∠ADO=∠CDO，由AD=CD知DE⊥AC，再由AB为直径知BC⊥AC，从而得OD∥BC；v4bdyGious ‎（2）根据tan∠ABC=2可设BC=a、则AC=2a、AD=AB==，证OE为中位线知OE=a、AE=CE=AC=a，进一步求得DE==2a，再△‎ AOD中利用勾股定理逆定理证∠OAD=90°即可得；J0bm4qMpJ9‎ ‎（3）先证△AFD∽△BAD得DF•BD=AD2①，再证△AED∽△OAD得OD•DE=AD2②，由①②得DF•BD=OD•DE，即=，结合∠EDF=∠BDO知△EDF∽△BDO，据此可得=，结合（2）可得相关线段地长，代入计算可得．XVauA9grYP ‎【解答】解：（1）连接OC，‎ 在△OAD和△OCD中，‎ ‎∵，‎ ‎∴△OAD≌△OCD（SSS），‎ ‎∴∠ADO=∠CDO，‎ 又AD=CD，‎ ‎∴DE⊥AC，‎ ‎∵AB为⊙O地直径，‎ ‎∴∠ACB=90°，‎ ‎∴∠ACB=90°，即BC⊥AC，‎ ‎∴OD∥BC；‎ ‎（2）∵tan∠ABC==2，‎ ‎∴设BC=a、则AC=2a，‎ ‎∴AD=AB==，‎ ‎∵OE∥BC，且AO=BO，‎ ‎∴OE=BC=a，AE=CE=AC=a，‎ 在△AED中，DE==2a，‎ 在△AOD中，AO2+AD2=（）2+（a）2=a2，OD2=（OF+DF）2=（a+2a）2=a2，bR9C6TJscw ‎∴AO2+AD2=OD2，‎ ‎∴∠OAD=90°，‎ 则DA与⊙O相切；‎ ‎（3）连接AF，‎ ‎∵AB是⊙O地直径，‎ ‎∴∠AFD=∠BAD=90°，‎ ‎∵∠ADF=∠BDA，‎ ‎∴△AFD∽△BAD，‎ ‎∴=，即DF•BD=AD2①，‎ 又∵∠AED=∠OAD=90°，∠ADE=∠ODA，‎ ‎∴△AED∽△OAD，‎ ‎∴=，即OD•DE=AD2②，‎ 由①②可得DF•BD=OD•DE，即=，‎ 又∵∠EDF=∠BDO，‎ ‎∴△EDF∽△BDO，‎ ‎∵BC=1，‎ ‎∴AB=AD=、OD=、ED=2、BD=、OB=，‎ ‎∴=，即=，‎ 解得：EF=．‎ ‎【点评】本题主要考查圆地综合问题，解题地关键是掌握等腰三角形地性质、全等三角形地判定与性质、相似三角形地判定与性质及勾股定理逆定理等知识点．pN9LBDdtrd ‎25．（9分）已知Rt△OAB，∠OAB=90°，∠ABO=30°，斜边OB=4，将Rt△OAB绕点O顺时针旋转60°，如题图1，连接BC．DJ8T7nHuGT ‎（1）填空：∠OBC=　60　°；‎ ‎（2）如图1，连接AC，作OP⊥AC，垂足为P，求OP地长度；‎ ‎（3）如图2，点M，N同时从点O出发，在△OCB边上运动，M沿O→C→B路径匀速运动，N沿O→B→C路径匀速运动，当两点相遇时运动停止，已知点M地运动速度为1.5单位/秒，点N地运动速度为1单位/秒，设运动时间为x秒，△OMN地面积为y，求当x为何值时y取得最大值？最大值为多少？QF81D7bvUA ‎【分析】（1）只要证明△OBC是等边三角形即可；‎ ‎（2）求出△AOC地面积，利用三角形地面积公式计算即可；‎ ‎（3）分三种情形讨论求解即可解决问题：①当0＜x≤时，M在OC上运动，N在OB上运动，此时过点N作NE⊥OC且交OC于点E．②当＜x≤4时，M在BC上运动，N在OB上运动．4B7a9QFw9h ‎③当4＜x≤4.8时，M、N都在BC上运动，作OG⊥BC于G．‎ ‎【解答】解：（1）由旋转性质可知：OB=OC，∠BOC=60°，‎ ‎∴△OBC是等边三角形，‎ ‎∴∠OBC=60°．‎ 故答案为60．‎ ‎（2）如图1中，‎ ‎∵OB=4，∠ABO=30°，‎ ‎∴OA=OB=2，AB=OA=2，‎ ‎∴S△AOC=•OA•AB=×2×2=2，‎ ‎∵△BOC是等边三角形，‎ ‎∴∠OBC=60°，∠ABC=∠ABO+∠OBC=90°，‎ ‎∴AC==2，‎ ‎∴OP===．‎ ‎（3）①当0＜x≤时，M在OC上运动，N在OB上运动，此时过点N作NE⊥OC且交OC于点E．‎ 则NE=ON•sin60°=x，‎ ‎∴S△OMN=•OM•NE=×1.5x×x，‎ ‎∴y=x2．‎ ‎∴x=时，y有最大值，最大值=．‎ ‎②当＜x≤4时，M在BC上运动，N在OB上运动．‎ 作MH⊥OB于H．则BM=8﹣1.5x，MH=BM•sin60°=（8﹣1.5x），‎ ‎∴y=×ON×MH=﹣x2+2x．‎ 当x=时，y取最大值，y＜，‎ ‎③当4＜x≤4.8时，M、N都在BC上运动，作OG⊥BC于G．‎ MN=12﹣2.5x，OG=AB=2，‎ ‎∴y=•MN•OG=12﹣x，‎ 当x=4时，y有最大值，最大值=2，‎ 综上所述，y有最大值，最大值为．‎ ‎【点评】本题考查几何变换综合题、30度地直角三角形地性质、等边三角形地判定和性质、三角形地面积等知识，解题地关键是学会用分类讨论地思想思考问题，属于中考压轴题．ix6iFA8xoX 版权申明 本文部分内容，包括文字、图片、以及设计等在网上搜集整理.版权为个人所有 This article includes some parts, including text, pictures, and design. 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