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- 2021-05-10 发布
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2019年中考数学真题试题
一、选择题(下列各题的备选答案中,只有一个是正确的,请将正确答案的序号涂在答题卡上.每小题3分,共30分)
1.﹣的绝对值是( )
A.2 B. C.﹣ D.﹣2
【解答】解:||=.
故选B.
2.下列图形中是中心对称图形的是( )
A. B. C. D.
【解答】解:A.不是中心对称图形,是轴对称图形,故本选项错误;
B.不是中心对称图形,是轴对称图形,故本选项错误;
C.是中心对称图形,还是轴对称图形,故本选项正确;
D.不是中心对称图形,是轴对称图形,故本选项错误.
故选C.
3.下列运算正确的是( )
A.3x+4y=7xy B.(﹣a)3•a2=a5 C.(x3y)5=x8y5 D.m10÷m7=m3
【解答】解:A.3x、4y不是同类项,不能合并,此选项错误;
B.(﹣a)3•a2=﹣a5,此选项错误;
C.(x3y)5=x15y5,此选项错误;
D.m10÷m7=m3,此选项正确;
故选D.
4.某微生物的直径为0.000 005 035m,用科学记数法表示该数为( )
A.5.035×10﹣6 B.50.35×10﹣5 C.5.035×106 D.5.035×10﹣5
【解答】解:0.000 005 035m,用科学记数法表示该数为5.035×10﹣6.
故选A.
5.要从甲、乙、丙三名学生中选出一名学生参加数学竞赛,对这三名学生进行了10次数学测试,经过数据分析,3人的平均成绩均为92分,甲的方差为0.024、乙的方差为0.08、丙的方差为0.015,则这10次测试成绩比较稳定的是( )
15
A.甲 B.乙 C.丙 D.无法确定
【解答】解:因为3人的平均成绩均为92分,甲的方差为0.024、乙的方差为0.08、丙的方差为0.015,所以这10次测试成绩比较稳定的是丙.
故选C.
6.在一次中学生田径运动会上,参加男子跳高的15名运动员的成绩如下表所示:
则这些运动员成绩的中位数、众数分别为( )
A.1.70,1.75 B.1.70,1.70 C.1.65,1.75 D.1.65,1.70
【解答】解:共15名学生,中位数落在第8名学生处,第8名学生的跳高成绩为1.70m,故中位数为1.70;
跳高成绩为1.75m的人数最多,故跳高成绩的众数为1.75;
故选A.
7.如图,⊙O中,OA⊥BC,∠AOC=50°,则∠ADB的度数为( )
A.15° B.25° C.30° D.50°
【解答】解:如图连接OB,
∵OA⊥BC,∠AOC=50°,∴∠AOB=∠AOC=50°,则∠ADB=∠AOB=25°.
故选B.
8.如图,一段公路的转弯处是一段圆弧(),则的展直长度为( )
15
A.3π B.6π C.9π D.12π
【解答】解:的展直长度为: =6π(m).
故选B.
9.如图,已知在▱ABCD中,E为AD的中点,CE的延长线交BA的延长线于点F,则下列选项中的结论错误的是( )
A.FA:FB=1:2 B.AE:BC=1:2
C.BE:CF=1:2 D.S△ABE:S△FBC=1:4
【解答】解:∵四边形ABCD是平行四边形,∴CD∥AB,CD=AB,∴△DEC∽△AEF,∴ ==.
∵E为AD的中点,∴CD=AF,FE=EC,∴FA:FB=1:2,A说法正确,不符合题意;
∵FE=EC,FA=AB,∴AE:BC=1:2,B说法正确,不符合题意;
∵∠FBC不一定是直角,∴BE:CF不一定等于1:2,C说法错误,符合题意;
∵AE∥BC,AE=BC,∴S△ABE:S△FBC=1:4,D说法正确,不符合题意;
故选C.
10.如图,在平面直角坐标系中,正方形OABC的顶点O与坐标原点重合,顶点A、C分别在x轴、y轴上,反比例函数y=(k≠0,x>0)的图象与正方形OABC的两边AB、BC分别交于点M、N,ND⊥x轴,垂足为D,连接OM、ON、MN,则下列选项中的结论错误的是( )
A.△ONC≌△OAM
15
B.四边形DAMN与△OMN面积相等
C.ON=MN
D.若∠MON=45°,MN=2,则点C的坐标为(0, +1)
【解答】解:∵点M、N都在y=的图象上,∴S△ONC=S△OAM=k,即OC•NC=OA•AM.
∵四边形ABCO为正方形,∴OC=OA,∠OCN=∠OAM=90°,∴NC=AM,∴△OCN≌△OAM,∴A正确;
∵S△OND=S△OAM=k,而S△OND+S四边形DAMN=S△OAM+S△OMN,∴四边形DAMN与△MON面积相等,∴B正确;
∵△OCN≌△OAM,∴ON=OM.
∵k的值不能确定,∴∠MON的值不能确定,∴△ONM只能为等腰三角形,不能确定为等边三角形,∴ON≠MN,∴C错误;
作NE⊥OM于E点,如图所示:
∵∠MON=45°,∴△ONE为等腰直角三角形,∴NE=OE,设NE=x,则ON=x,∴OM=x,∴EM=x﹣x=(﹣1)x.在Rt△NEM中,MN=2.
∵MN2=NE2+EM2,即22=x2+[(﹣1)x]2,∴x2=2+,∴ON2=(x)2=4+2.
∵CN=AM,CB=AB,∴BN=BM,∴△BMN为等腰直角三角形,∴BN=MN=,设正方形ABCO的边长为a,则OC=a,CN=a﹣.在Rt△OCN中,∵OC2+CN2=ON2,∴a2+(a﹣)2=4+2,解得a1=+1,a2=﹣1(舍去),∴OC=+1,∴C点坐标为(0, +1),∴D正确.
故选C.
二、填空题(每小题3分,共24分)
11.因式分解:x3﹣x= x(x+1)(x﹣1) .
【解答】解:原式=x(x2﹣1)=x(x+1)(x﹣1).
故答案为:x(x+1)(x﹣1).
12.计算:﹣= .
【解答】解:原式=3﹣2
=.
故答案为:.
15
13.如图,正六边形内接于⊙O,小明向圆内投掷飞镖一次,则飞镖落在阴影部分的概率是 .
【解答】解:如图所示:连接OA.
∵正六边形内接于⊙O,∴△OAB,△OBC都是等边三角形,∴∠AOB=∠OBC=60°,∴OC∥AB,∴S△ABC=S△OBC,∴S阴=S扇形OBC,则飞镖落在阴影部分的概率是;
故答案为:.
14.若式子有意义,则x的取值范围是 1≤x≤2 .
【解答】解:根据二次根式的意义,得,∴1≤x≤2.
故答案为:1≤x≤2.
15.不等式组的解集是 0<x≤8 .
【解答】解:
∵解不等式①得:x≤8,解不等式②得:x>0,∴不等式组的解集为0<x≤8.
故答案为:0<x≤8.
16.如图①,在矩形ABCD中,动点P从A出发,以相同的速度,沿A→B→C→D→A方向运动到点A处停止.设点P运动的路程为x,△PAB面积为y,如果y与x的函数图象如图②所示,则矩形ABCD的面积为 24 .
【解答】解:从图象②和已知可知:AB=4,BC=10﹣4=6,所以矩形ABCD的面积是4×6=24.
15
故答案为:24.
17.如图,是某立体图形的三视图,则这个立体图形的侧面展开图的面积是 65π .(结果保留π)
【解答】解:由三视图可知圆锥的底面半径为5,高为12,所以母线长为13,所以侧面积为πrl=π×5×13=65π.
故答案为:65π.
18.如图,已知Rt△ABC中,∠B=90°,∠A=60°,AC=2+4,点M、N分别在线段AC、AB上,将△ANM沿直线MN折叠,使点A的对应点D恰好落在线段BC上,当△DCM为直角三角形时,折痕MN的长为 或 .
【解答】解:分两种情况:
①如图,当∠CDM=90°时,△CDM是直角三角形,
∵在Rt△ABC中,∠B=90°,∠A=60°,AC=2+4,∴∠C=30°,AB=AC=,由折叠可得:∠MDN=∠A=60°,∴∠BDN=30°,∴BN=DN=AN,∴BN=AB=,∴AN=2BN=.
∵∠DNB=60°,∴∠ANM=∠DNM=60°,∴∠AMN=60°,∴AN=MN=;
15
②如图,当∠CMD=90°时,△CDM是直角三角形,
由题可得:∠CDM=60°,∠A=∠MDN=60°,∴∠BDN=60°,∠BND=30°,∴BD=DN=AN,BN=BD1AB=,∴AN=2,BN=,过N作NH⊥AM于H,则∠ANH=30°,∴AH=AN=1,HN=,由折叠可得:∠AMN=∠DMN=45°,∴△MNH是等腰直角三角形,∴HM=HN=,∴MN=.
故答案为:或.
三、解答题(19小题8分,20小题14分,共22分)
19.先化简,再求值:(1﹣)÷,其中a=2+.
【解答】解:原式=(﹣)
=•
=,当a=2+时,原式==+1.
20.某学校要开展校园文化艺术节活动,为了合理编排节目,对学生最喜爱的歌曲、舞蹈、小品、相声四类节目进行了一次随机抽样调查(每名学生必须选择且只能选择一类),并将调查结果绘制成如下不完整统计图.
请你根据图中信息,回答下列问题:
(1)本次共调查了 50 名学生.
15
(2)在扇形统计图中,“歌曲”所在扇形的圆心角等于 72 度.
(3)补全条形统计图(标注频数).
(4)根据以上统计分析,估计该校2000名学生中最喜爱小品的人数为 640 人.
(5)九年一班和九年二班各有2名学生擅长舞蹈,学校准备从这4名学生中随机抽取2名学生参加舞蹈节目的编排,那么抽取的2名学生恰好来自同一个班级的概率是多少?
【解答】解:(1)14÷28%=50,所以本次共调查了50名学生;
(2)在扇形统计图中,“歌曲”所在扇形的圆心角的度数=360°×=72°;
(3)最喜欢舞蹈类的人数为50﹣10﹣14﹣16=10(人),补全条形统计图为:
(4)2000×=640,估计该校2000名学生中最喜爱小品的人数为640人;
故答案为:50;72;640;
(5)画树状图为:
共有12种等可能的结果数,其中抽取的2名学生恰好来自同一个班级的结果数为4,所以抽取的2名学生恰好来自同一个班级的概率==.
四、解答题(21小题8分,22小题10分,共18分)
21.两栋居民楼之间的距离CD=30米,楼AC和BD均为10层,每层楼高3米.
(1)上午某时刻,太阳光线GB与水平面的夹角为30°,此刻B楼的影子落在A楼的第几层?
(2)当太阳光线与水平面的夹角为多少度时,B楼的影子刚好落在A楼的底部.
15
【解答】解:(1)延长BG,交AC于点F,过F作FH⊥BD于H,
由图可知,FH=CD=30m.
∵∠BFH=∠α=30°.在Rt△BFH中,BH=,,答:此刻B楼的影子落在A楼的第5层;
(2)连接BC1BD=3×10=30=CD,∴∠BCD=45°,答:当太阳光线与水平面的夹角为45度时,B楼的影子刚好落在A楼的底部.
22.东东玩具商店用500元购进一批悠悠球,很受中小学生欢迎,悠悠球很快售完,接着又用900元购进第二批这种悠悠球,所购数量是第一批数量的1.5倍,但每套进价多了5元.
(1)求第一批悠悠球每套的进价是多少元;
(2)如果这两批悠悠球每套售价相同,且全部售完后总利润不低于25%,那么每套悠悠球的售价至少是多少元?
【解答】解:(1)设第一批悠悠球每套的进价是x元,则第二批悠悠球每套的进价是(x+5)元,根据题意得: =1.5×,解得:x=25,经检验,x=25是原分式方程的解.
答:第一批悠悠球每套的进价是25元.
(2)设每套悠悠球的售价为y元,根据题意得:500÷25×(1+1.5)y﹣500﹣900≥(500+900)×25%,解得:y≥35.
答:每套悠悠球的售价至少是35元.
五、解答题(本题14分)
23.如图,在Rt△ABC中,∠C=90°,点D在线段AB上,以AD为直径的⊙O与BC相交于点E,与AC相交于点F,∠B=∠BAE=30°.
(1)求证:BC是⊙O的切线;
(2)若AC=3,求⊙O的半径r;
(3)在(1)的条件下,判断以A、O、E、F为顶点的四边形为哪种特殊四边形,并说明理由.
15
【解答】解:(1)如图1,连接OE,∴OA=OE,∴∠BAE=∠OEA.
∵∠BAE=30°,∴∠OEA=30°,∴∠AOE=∠BAE+∠OEA=60°.在△BOE中,∠B=30°,∴∠OEB=180°﹣∠B﹣∠BOE=90°,∴OE⊥BC.
∵点E在⊙O上,∴BC是⊙O的切线;
(2)如图21∠B=∠BAE=30°,∴∠AEC=∠B+∠BAE=60°.在Rt△ACE中,AC=3,sin∠AEC=,∴AE===2,连接DE1AD是⊙O的直径,∴∠AED=90°.在Rt△ADE中,∠BAE=30°,cos∠DAE=,∴AD===4,∴⊙O的半径r=AD=2;
(3)以A、O、E、F为顶点的四边形是菱形,理由:如图3.在Rt△ABC中,∠B=30°,∴∠BAC=60°,连接OF,∴OA=OF,∴△AOF是等边三角形,∴OA=AF,∠AOF=60°,连接EF,OE,∴OE=OF.
∵∠OEB=90°,∠B=30°,∴∠AOE=90°+30°=120°,∴∠EOF=∠AOE﹣∠AOF=60°.
∵OE=OF,∴△OEF是等边三角形,∴OE=EF.
∵OA=OE,∴OA=AF=EF=OE,∴四边形OAFE是菱形.
15
六、解答题(本题14分)
24.鹏鹏童装店销售某款童装,每件售价为60元,每星期可卖100件,为了促销,该店决定降价销售,经市场调查反应:每降价1元,每星期可多卖10件.已知该款童装每件成本30元.设该款童装每件售价x元,每星期的销售量为y件.
(1)求y与x之间的函数关系式(不求自变量的取值范围);
(2)当每件售价定为多少元时,每星期的销售利润最大,最大利润是多少?
(3)①当每件童装售价定为多少元时,该店一星期可获得3910元的利润?
②若该店每星期想要获得不低于3910元的利润,则每星期至少要销售该款童装多少件?
【解答】解:(1)y=100+10(60﹣x)=﹣10x+700.
(2)设每星期利润为W元,W=(x﹣30)(﹣10x+700)=﹣10(x﹣50)2+4000,∴x=50时,W最大值=4000,∴每件售价定为50元时,每星期的销售利润最大,最大利润4000元.
(3)①由题意:﹣10(x﹣50)2+4000=3910
解得:x=53或47,∴当每件童装售价定为53元或47元时,该店一星期可获得3910元的利润.
②由题意:﹣10(x﹣50)2+4000≥3910,解得:47≤x≤53.
∵y=100+10(60﹣x)=﹣10x+700.
170≤y≤230,∴每星期至少要销售该款童装170件.
七、解答题(本题14分)
25.如图1,点E是正方形ABCD边CD上任意一点,以DE为边作正方形DEFG,连接BF,点M是线段BF中点,射线EM与BC交于点H,连接CM.
(1)请直接写出CM和EM的数量关系和位置关系;
(2)把图1中的正方形DEFG绕点D顺时针旋转45°,此时点F恰好落在线段CD上,如图2,其他条件不变,(1)中的结论是否成立,请说明理由;
(3)把图1中的正方形DEFG绕点D顺时针旋转90°,此时点E、G恰好分别落在线段AD、CD上,如图3,其他条件不变,(1)中的结论是否成立,请说明理由.
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【解答】解:(1)如图1,结论:CM=EM,CM⊥EM.
理由:∵AD∥EF,AD∥BC,∴BC∥EF,∴∠EFM=∠HBM.在△FME和△BMH中,,∴△FME≌△BMH,∴HM=EM,EF=BH.
∵CD=BC,∴CE=CH1∠HCE=90°,HM=EM,∴CM=ME,CM⊥EM.
(2如图2,连接AE,
∵四边形ABCD和四边形EDGF是正方形,∴∠FDE=45°,∠CBD=45°,∴点B、E、D在同一条直线上.
∵∠BCF=90°,∠BEF=90°,M为AF的中点,∴CM=AF,EM=AF,∴CM=ME.
∵∠EFD=45°,∴∠EFC=135°.
∵CM=FM=ME,∴∠MCF=∠MFC,∠MFE=∠MEF,∴∠MCF+∠MEF=135°,∴∠CME=360°﹣135°﹣135°=90°,∴CM⊥ME.
(3)如图3,连接CF,MG,作MN⊥CD于N,
在△EDM和△GDM中,,∴△EDM≌△GDM,∴ME=MG,∠MED=∠MGD.
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∵M为BF的中点,FG∥MN∥BC,∴GN=NC,又MN⊥CD,∴MC=MG,∴MD=ME,∠MCG=∠MGC.
∵∠MGC+∠MGD=180°,∴∠MCG+∠MED=180°,∴∠CME+∠CDE=180°.
∵∠CDE=90°,∴∠CME=90°,∴(1)中的结论成立.
八、解答题(本题14分)
26.如图,已知A(﹣2,0),B(4,0),抛物线y=ax2+bx﹣1过A、B两点,并与过A点的直线y=﹣x﹣1交于点C.
(1)求抛物线解析式及对称轴;
(2)在抛物线的对称轴上是否存在一点P,使四边形ACPO的周长最小?若存在,求出点P的坐标,若不存在,请说明理由;
(3)点M为y轴右侧抛物线上一点,过点M作直线AC的垂线,垂足为N.
问:是否存在这样的点N,使以点M、N、C为顶点的三角形与△AOC相似,若存在,求出点N的坐标,若不存在,请说明理由.
【解答】解:(1)把A(﹣2,0),B(4,0)代入抛物线y=ax2+bx﹣1,得
解得
∴抛物线解析式为:y=
∴抛物线对称轴为直线x=﹣
(2)存在
使四边形ACPO的周长最小,只需PC+PO最小
∴取点C(0,﹣1)关于直线x=1的对称点C′(2,﹣1),连C′O与直线x=1的交点即为P点.
15
设过点C′、O直线解析式为:y=kx
∴k=﹣
∴y=﹣
则P点坐标为(1,﹣)
(3)当△AOC∽△MNC时,如图,延长MN交y轴于点D,过点N作NE⊥y轴于点E
∵∠ACO=∠NCD,∠AOC=∠CND=90°
∴∠CDN=∠CAO
由相似,∠CAO=∠CMN
∴∠CDN=∠CMN
∵MN⊥AC
∴M、D关于AN对称,则N为DM中点
设点N坐标为(a,﹣ a﹣1)
由△EDN∽△OAC
∴ED=2a
∴点D坐标为(0,﹣)
∵N为DM中点
∴点M坐标为(2a,)
把M代入y=,解得
a=4
则N点坐标为(4,﹣3)
当△AOC∽△CNM时,∠CAO=∠NCM
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∴CM∥AB则点C关于直线x=1的对称点C′即为点N
由(2)N(2,﹣1)
∴N点坐标为(4,﹣3)或(2,﹣1)
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