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- 2021-05-10 发布
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2020年贵州省铜仁市中考数学试卷
一、选择题:(本大题共10个小题,每小题4分,共40分)本题每小题均有A、B、C、D四个备选答案,其中只有一个是正确的,请你将正确答案的序号填涂在相应的答题卡上
1.(4分)﹣3的绝对值是( )
A.﹣3 B.3 C.13 D.-13
2.(4分)我国高铁通车总里程居世界第一,预计到2020年底,高铁总里程大约39000千米,39000用科学记数法表示为( )
A.39×103 B.3.9×104 C.3.9×10﹣4 D.39×10﹣3
3.(4分)如图,直线AB∥CD,∠3=70°,则∠1=( )
A.70° B.100° C.110° D.120°
4.(4分)一组数据4,10,12,14,则这组数据的平均数是( )
A.9 B.10 C.11 D.12
5.(4分)已知△FHB∽△EAD,它们的周长分别为30和15,且FH=6,则EA的长为( )
A.3 B.2 C.4 D.5
6.(4分)实数a,b在数轴上对应的点的位置如图所示,下列结论正确的是( )
A.a>b B.﹣a<b C.a>﹣b D.﹣a>b
7.(4分)已知等边三角形一边上的高为23,则它的边长为( )
A.2 B.3 C.4 D.43
8.(4分)如图,在矩形ABCD中,AB=3,BC=4,动点P沿折线BCD从点B开始运动到点D,设点P运动的路程为x,△ADP的面积为y,那么y与x之间的函数关系的图象大致是( )
第21页(共21页)
A. B.
C. D.
9.(4分)已知m、n、4分别是等腰三角形(非等边三角形)三边的长,且m、n是关于x的一元二次方程x2﹣6x+k+2=0的两个根,则k的值等于( )
A.7 B.7或6 C.6或﹣7 D.6
10.(4分)如图,正方形ABCD的边长为4,点E在边AB上,BE=1,∠DAM=45°,点F在射线AM上,且AF=2,过点F作AD的平行线交BA的延长线于点H,CF与AD相交于点G,连接EC、EG、EF.下列结论:①△ECF的面积为172;②△AEG的周长为8;③EG2=DG2+BE2;其中正确的是( )
A.①②③ B.①③ C.①② D.②③
二、填空题:(本题共8个小题,每小题4分,共32分)
第21页(共21页)
11.(4分)因式分解:a2+ab﹣a= .
12.(4分)方程2x+10=0的解是 .
13.(4分)已知点(2,﹣2)在反比例函数y=kx的图象上,则这个反比例函数的表达式是 .
14.(4分)函数y=2x-4中,自变量x的取值范围是 .
15.(4分)从﹣2,﹣1,2三个数中任取两个不同的数,作为点的坐标,则该点在第三象限的概率等于 .
16.(4分)设AB,CD,EF是同一平面内三条互相平行的直线,已知AB与CD的距离是12cm,EF与CD的距离是5cm,则AB与EF的距离等于 cm.
17.(4分)系统找不到该试题
18.(4分)观察下列等式:
2+22=23﹣2;
2+22+23=24﹣2;
2+22+23+24=25﹣2;
2+22+23+24+25=26﹣2;
…
已知按一定规律排列的一组数:220,221,222,223,224,…,238,239,240,若220=m,则220+221+222+223+224+…+238+239+240= (结果用含m的代数式表示).
三、解答题:(本题共4个小题,第19题每小题10分,第20,21,22题每小题10分,共40分,要有解题的主要过程)
19.(10分)(1)计算:2÷12-(﹣1)2020-4-(5-3)0.
(2)先化简,再求值:(a+3-a2a-3)÷(a2-1a-3),自选一个a值代入求值.
20.(10分)如图,∠B=∠E,BF=EC,AC∥DF.求证:△ABC≌△DEF.
21.(10分)某校计划组织学生参加学校书法、摄影、篮球、乒乓球四个课外兴趣小组,要求每人必须参加并且只能选择其中的一个小组,为了了解学生对四个课外小组的选择情
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况,学校从全体学生中随机抽取部分学生进行问卷调查,并把调查结果制成如图所示的两幅不完整的统计图,请你根据给出的信息解答下列问题:
(1)求该校参加这次问卷调查的学生人数,并补全条形统计图(画图后请标注相应的数据);
(2)m= ,n= ;
(3)若该校共有2000名学生,试估计该校选择“乒乓球”课外兴趣小组的学生有多少人?
22.(10分)如图,一艘船由西向东航行,在A处测得北偏东60°方向上有一座灯塔C,再向东继续航行60km到达B处,这时测得灯塔C在北偏东30°方向上,已知在灯塔C的周围47km内有暗礁,问这艘船继续向东航行是否安全?
四、(本大题满分12分)
23.(12分)某文体商店计划购进一批同种型号的篮球和同种型号的排球,每一个排球的进价是每一个篮球的进价的90%,用3600元购买排球的个数要比用3600元购买篮球的个数多10个.
(1)问每一个篮球、排球的进价各是多少元?
(2)该文体商店计划购进篮球和排球共100个,且排球个数不低于篮球个数的3倍,篮球的售价定为每一个100元,排球的售价定为每一个90元.若该批篮球、排球都能卖完,问该文体商店应购进篮球、排球各多少个才能获得最大利润?最大利润是多少?
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五、(本大题满分12分)
24.(12分)如图,AB是⊙O的直径,C为⊙O上一点,连接AC,CE⊥AB于点E,D是直径AB延长线上一点,且∠BCE=∠BCD.
(1)求证:CD是⊙O的切线;
(2)若AD=8,BECE=12,求CD的长.
六、(本大题满分14分)
25.(14分)如图,已知抛物线y=ax2+bx+6经过两点A(﹣1,0),B(3,0),C是抛物线与y轴的交点.
(1)求抛物线的解析式;
(2)点P(m,n)在平面直角坐标系第一象限内的抛物线上运动,设△PBC的面积为S,求S关于m的函数表达式(指出自变量m的取值范围)和S的最大值;
(3)点M在抛物线上运动,点N在y轴上运动,是否存在点M、点N使得∠CMN=90°,且△CMN与△OBC相似,如果存在,请求出点M和点N的坐标.
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2020年贵州省铜仁市中考数学试卷
参考答案与试题解析
一、选择题:(本大题共10个小题,每小题4分,共40分)本题每小题均有A、B、C、D四个备选答案,其中只有一个是正确的,请你将正确答案的序号填涂在相应的答题卡上
1.(4分)﹣3的绝对值是( )
A.﹣3 B.3 C.13 D.-13
【解答】解:﹣3的绝对值是:3.
故选:B.
2.(4分)我国高铁通车总里程居世界第一,预计到2020年底,高铁总里程大约39000千米,39000用科学记数法表示为( )
A.39×103 B.3.9×104 C.3.9×10﹣4 D.39×10﹣3
【解答】解:39000=3.9×104.
故选:B.
3.(4分)如图,直线AB∥CD,∠3=70°,则∠1=( )
A.70° B.100° C.110° D.120°
【解答】解:∵直线AB∥CD,
∴∠1=∠2,
∵∠3=70°,
∴∠1=∠2=180°﹣70°=110°.
故选:C.
4.(4分)一组数据4,10,12,14,则这组数据的平均数是( )
A.9 B.10 C.11 D.12
【解答】解:这组数据的平均数为14×(4+10+12+14)=10,
故选:B.
5.(4分)已知△FHB∽△EAD,它们的周长分别为30和15,且FH=6,则EA的长为( )
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A.3 B.2 C.4 D.5
【解答】解:∵△FHB和△EAD的周长分别为30和15,
∴△FHB和△EAD的周长比为2:1,
∵△FHB∽△EAD,
∴FHEA=2,即6EA=2,
解得,EA=3,
故选:A.
6.(4分)实数a,b在数轴上对应的点的位置如图所示,下列结论正确的是( )
A.a>b B.﹣a<b C.a>﹣b D.﹣a>b
【解答】解:根据数轴可得:a<0,b>0,且|a|>|b|,
则a<b,﹣a>b,a<﹣b,﹣a>b.
故选:D.
7.(4分)已知等边三角形一边上的高为23,则它的边长为( )
A.2 B.3 C.4 D.43
【解答】解:根据等边三角形:三线合一,
设它的边长为x,可得:x2=(x2)2+(23)2,
解得:x=4,x=﹣4(舍去),
故选:C.
8.(4分)如图,在矩形ABCD中,AB=3,BC=4,动点P沿折线BCD从点B开始运动到点D,设点P运动的路程为x,△ADP的面积为y,那么y与x之间的函数关系的图象大致是( )
第21页(共21页)
A. B.
C. D.
【解答】解:由题意当0≤x≤4时,
y=12×AD×AB=12×3×4=6,
当4<x<7时,
y=12×PD×AD=12×(7﹣x)×4=14﹣2x.
故选:D.
9.(4分)已知m、n、4分别是等腰三角形(非等边三角形)三边的长,且m、n是关于x的一元二次方程x2﹣6x+k+2=0的两个根,则k的值等于( )
A.7 B.7或6 C.6或﹣7 D.6
【解答】解:当m=4或n=4时,即x=4,
∴方程为42﹣6×4+k+2=0,
解得:k=6,
当m=n时,即△=(﹣6)2﹣4×(k+2)=0,
解得:k=7,
综上所述,k的值等于6或7,
故选:B.
10.(4分)如图,正方形ABCD的边长为4,点E在边AB上,BE=1,∠DAM=45
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°,点F在射线AM上,且AF=2,过点F作AD的平行线交BA的延长线于点H,CF与AD相交于点G,连接EC、EG、EF.下列结论:①△ECF的面积为172;②△AEG的周长为8;③EG2=DG2+BE2;其中正确的是( )
A.①②③ B.①③ C.①② D.②③
【解答】解:如图,在正方形ABCD中,AD∥BC,AB=BC=AD=4,∠B=∠BAD=90°,
∴∠HAD=90°,
∵HF∥AD,
∴∠H=90°,
∵∠HAF=90°﹣∠DAM=45°,
∴∠AFH=∠HAF.
∵AF=2,
∴AH=HF=1=BE.
∴EH=AE+AH=AB﹣BE+AH=4=BC,
∴△EHF≌△CBE(SAS),
∴EF=EC,∠HEF=∠BCE,
∵∠BCE+∠BEC=90°,
∴HEF+∠BEC=90°,
∴∠FEC=90°,
∴△CEF是等腰直角三角形,
在Rt△CBE中,BE=1,BC=4,
∴EC2=BE2+BC2=17,
第21页(共21页)
∴S△ECF=12EF•EC=12EC2=172,故①正确;
过点F作FQ⊥BC于Q,交AD于P,
∴∠APF=90°=∠H=∠HAD,
∴四边形APFH是矩形,
∵AH=HF,
∴矩形AHFP是正方形,
∴AP=PH=AH=1,
同理:四边形ABQP是矩形,
∴PQ=AB=4,BQ=AP1,FQ=FP+PQ=5,CQ=BC﹣BQ=3,
∵AD∥BC,
∴△FPG∽△FQC,
∴FPFQ=PGCQ,
∴15=PG3,
∴PG=35,
∴AG=AP+PG=85,
在Rt△EAG中,根据勾股定理得,EG=AG2+AE2=175,
∴△AEG的周长为AG+EG+AE=85+175+3=8,故②正确;
∵AD=4,
∴DG=AD﹣AG=125,
∴DG2+BE2=14425+1=16925,
∵EG2=(175)2=28925≠16925,
∴EG2≠DG2+BE2,故③错误,
∴正确的有①②,
故选:C.
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二、填空题:(本题共8个小题,每小题4分,共32分)
11.(4分)因式分解:a2+ab﹣a= a(a+b﹣1) .
【解答】解:原式=a(a+b﹣1).
故答案为:a(a+b﹣1).
12.(4分)方程2x+10=0的解是 x=﹣5 .
【解答】解:方程2x+10=0,
移项得:2x=﹣10,
解得:x=﹣5.
故答案为:x=﹣5.
13.(4分)已知点(2,﹣2)在反比例函数y=kx的图象上,则这个反比例函数的表达式是 y=-4x .
【解答】解:∵反比例函数y=kx(k≠0)的图象上一点的坐标为(2,﹣2),
∴k=﹣2×2=﹣4,
∴反比例函数解析式为y=-4x,
故答案为:y=-4x.
14.(4分)函数y=2x-4中,自变量x的取值范围是 x≥2 .
【解答】解:2x﹣4≥0
解得x≥2.
15.(4分)从﹣2,﹣1,2三个数中任取两个不同的数,作为点的坐标,则该点在第三象限的概率等于 13 .
【解答】解:画树状图如下
第21页(共21页)
共有6种等可能情况,该点在第三象限的情况数有(﹣2,﹣1)和(﹣1,﹣2)这2种结果,
∴该点在第三象限的概率等于26=13,
故答案为:13.
16.(4分)设AB,CD,EF是同一平面内三条互相平行的直线,已知AB与CD的距离是12cm,EF与CD的距离是5cm,则AB与EF的距离等于 7或17 cm.
【解答】解:分两种情况:
①当EF在AB,CD之间时,如图:
∵AB与CD的距离是12cm,EF与CD的距离是5cm,
∴EF与AB的距离为12﹣5=7(cm).
②当EF在AB,CD同侧时,如图:
∵AB与CD的距离是12cm,EF与CD的距离是5cm,
∴EF与AB的距离为12+5=17(cm).
综上所述,EF与AB的距离为7cm或17cm.
故答案为:7或17.
17.(4分)系统找不到该试题
18.(4分)观察下列等式:
2+22=23﹣2;
第21页(共21页)
2+22+23=24﹣2;
2+22+23+24=25﹣2;
2+22+23+24+25=26﹣2;
…
已知按一定规律排列的一组数:220,221,222,223,224,…,238,239,240,若220=m,则220+221+222+223+224+…+238+239+240= m(2m﹣1) (结果用含m的代数式表示).
【解答】解:∵220=m,
∴220+221+222+223+224+…+238+239+240
=220(1+2+22+…+219+220)
=220(1+221﹣2)
=m(2m﹣1).
故答案为:m(2m﹣1).
三、解答题:(本题共4个小题,第19题每小题10分,第20,21,22题每小题10分,共40分,要有解题的主要过程)
19.(10分)(1)计算:2÷12-(﹣1)2020-4-(5-3)0.
(2)先化简,再求值:(a+3-a2a-3)÷(a2-1a-3),自选一个a值代入求值.
【解答】解:(1)原式=2×2﹣1﹣2﹣1
=4﹣1﹣2﹣1
=0;
(2)原式=a(a-3)+3-a2a-3•a-3(a+1)(a-1)
=-3(a-1)a-3•a-3(a+1)(a-1)
=-3a+1,
当a=0时,原式=﹣3.
20.(10分)如图,∠B=∠E,BF=EC,AC∥DF.求证:△ABC≌△DEF.
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【解答】证明:∵AC∥DF,
∴∠ACB=∠DFE,
∵BF=CE,
∴BC=EF,
在△ABC和△DEF中,∠B=∠EBC=EF∠ACB=∠DFE,
∴△ABC≌△DEF(ASA).
21.(10分)某校计划组织学生参加学校书法、摄影、篮球、乒乓球四个课外兴趣小组,要求每人必须参加并且只能选择其中的一个小组,为了了解学生对四个课外小组的选择情况,学校从全体学生中随机抽取部分学生进行问卷调查,并把调查结果制成如图所示的两幅不完整的统计图,请你根据给出的信息解答下列问题:
(1)求该校参加这次问卷调查的学生人数,并补全条形统计图(画图后请标注相应的数据);
(2)m= 36 ,n= 16 ;
(3)若该校共有2000名学生,试估计该校选择“乒乓球”课外兴趣小组的学生有多少人?
【解答】解:(1)该校参加这次问卷调查的学生有:20÷20%=100(人),
选择篮球的学生有:100×28%=28(人),
补全的条形统计图如右图所示;
(2)m%=36100×100%=36%,
第21页(共21页)
n%=16100×100%=16%,
故答案为:36,16;
(3)2000×16%=320(人),
答:该校选择“乒乓球”课外兴趣小组的学生有320人.
22.(10分)如图,一艘船由西向东航行,在A处测得北偏东60°方向上有一座灯塔C,再向东继续航行60km到达B处,这时测得灯塔C在北偏东30°方向上,已知在灯塔C的周围47km内有暗礁,问这艘船继续向东航行是否安全?
【解答】解:过点C作CD⊥AB,垂足为D.如图所示:
根据题意可知∠BAC=90°﹣30°=30°,∠DBC=90°﹣30°=60°,
∵∠DBC=∠ACB+∠BAC,
∴∠BAC=30°=∠ACB,
∴BC=AB=60km,
在Rt△BCD中,∠CDB=90°,∠BDC=60°,sin∠BCD=ADAC,
∴sin60°=CD60,
∴CD=60×sin60°=60×32=303(km)>47km,
∴这艘船继续向东航行安全.
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四、(本大题满分12分)
23.(12分)某文体商店计划购进一批同种型号的篮球和同种型号的排球,每一个排球的进价是每一个篮球的进价的90%,用3600元购买排球的个数要比用3600元购买篮球的个数多10个.
(1)问每一个篮球、排球的进价各是多少元?
(2)该文体商店计划购进篮球和排球共100个,且排球个数不低于篮球个数的3倍,篮球的售价定为每一个100元,排球的售价定为每一个90元.若该批篮球、排球都能卖完,问该文体商店应购进篮球、排球各多少个才能获得最大利润?最大利润是多少?
【解答】解:(1)设每一个篮球的进价是x元,则每一个排球的进价是90%x元,依题意有
3600x+10=360090%x,
解得x=40,
经检验,x=40是原方程的解,
90%x=90%×40=36.
故每一个篮球的进价是40元,每一个排球的进价是36元;
(2)设文体商店计划购进篮球m个,总利润y元,则
y=(100﹣40)m+(90﹣36)(100﹣m)=6m+5400,
依题意有0<m<100100-m≥3m,
解得0<m≤25且m为整数,
∵m为整数,
∴y随m的增大而增大,
∴m=25时,y最大,这时y=6×25+5400=5550,
100﹣25=75(个).
故该文体商店应购进篮球25个、排球75个才能获得最大利润,最大利润是5550元.
第21页(共21页)
五、(本大题满分12分)
24.(12分)如图,AB是⊙O的直径,C为⊙O上一点,连接AC,CE⊥AB于点E,D是直径AB延长线上一点,且∠BCE=∠BCD.
(1)求证:CD是⊙O的切线;
(2)若AD=8,BECE=12,求CD的长.
【解答】(1)证明:连接OC,
∵AB是⊙O的直径,
∴∠ACB=90°,
∵CE⊥AB,
∴∠CEB=90°,
∴∠ECB+∠ABC=∠ABC+∠CAB=90°,
∴∠A=∠ECB,
∵∠BCE=∠BCD,
∴∠A=∠BCD,
∵OC=OA,
∴∠A=∠ACO,
∴∠ACO=∠BCD,
∴∠ACO+∠BCO=∠BCO+∠BCD=90°,
∴∠DCO=90°,
∴CD是⊙O的切线;
(2)解:∵∠A=∠BCE,
∴tanA=BCAC=tan∠BCE=BECE=12,
设BC=k,AC=2k,
∵∠D=∠D,∠A=∠BCD,
第21页(共21页)
∴△ACD∽△CBD,
∴BCAC=CDAD=12,
∵AD=8,
∴CD=4.
六、(本大题满分14分)
25.(14分)如图,已知抛物线y=ax2+bx+6经过两点A(﹣1,0),B(3,0),C是抛物线与y轴的交点.
(1)求抛物线的解析式;
(2)点P(m,n)在平面直角坐标系第一象限内的抛物线上运动,设△PBC的面积为S,求S关于m的函数表达式(指出自变量m的取值范围)和S的最大值;
(3)点M在抛物线上运动,点N在y轴上运动,是否存在点M、点N使得∠CMN=90°,且△CMN与△OBC相似,如果存在,请求出点M和点N的坐标.
【解答】解:(1)将A(﹣1,0)、B(3,0)代入y=ax2+bx+6,
得:a-b+6=09a+3b+6=0,解得:a=-2b=4,
∴抛物线的解析式为y=﹣2x2+4x+6.
(2)过点P作PF∥y轴,交BC于点F,如图1所示.
第21页(共21页)
当x=0时,y=﹣2x2+4x+6=6,
∴点C的坐标为(0,6).
设直线BC的解析式为y=kx+c,
将B(3,0)、C(0,6)代入y=kx+c,得:
3k+c=0c=6,解得:k=-2c=6,
∴直线BC的解析式为y=﹣2x+6.
设点P的坐标为(m,﹣2m2+4m+6),则点F的坐标为(m,﹣2m+6),
∴PF=﹣2m2+4m+6﹣(﹣2m+6)=﹣2m2+6m,
∴S△PBC=12PF•OB=﹣3m2+9m=﹣3(m-32)2+274,
∴当m=32时,△PBC面积取最大值,最大值为274.
∵点P(m,n)在平面直角坐标系第一象限内的抛物线上运动,
∴0<m<3.
(3)存在点M、点N使得∠CMN=90°,且△CMN与△OBC相似.
如图2,∠CMN=90°,当点M位于点C上方,过点M作MD⊥y轴于点D,
第21页(共21页)
∵∠CDM=∠CMN=90°,∠DCM=∠NCM,
∴△MCD∽△NCM,
若△CMN与△OBC相似,则△MCD与△NCM相似,
设M(a,﹣2a2+4a+6),C(0,6),
∴DC=﹣2a2+4a,DM=a,
当DMCD=OBOC=36=12时,△COB∽△CDM∽△CMN,
∴a-2a2+4a=12,
解得,a=1,
∴M(1,8),
此时ND=12DM=12,
∴N(0,172),
当CDDM=OBOC=12时,△COB∽△MDC∽△NMC,
∴-2a2+4aa=12,
解得a=74,
∴M(74,558),
此时N(0,838).
如图3,当点M位于点C的下方,
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过点M作ME⊥y轴于点E,
设M(a,﹣2a2+4a+6),C(0,6),
∴EC=2a2﹣4a,EM=a,
同理可得:2a2-4aa=12或2a2-4aa=2,△CMN与△OBC相似,
解得a=94或a=3,
∴M(94,398)或M(3,0),
此时N点坐标为(0,38)或(0,-32).
综合以上得,M(1,8),N(0,172)或M(74,558),N(0,838)或M(94,398),N(0,38)或M(3,0),N(0,-32),使得∠CMN=90°,且△CMN与△OBC相似.
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