丹东市中考物理试卷word解析版 33页

‎2016年丹东市中考物理试卷（word解析版)‎ ‎　‎ 一、选择题（共10小题，每小题3分，满分30分）‎ ‎1．（3分）（2016•丹东）下列数据最接近实际的是（　　）‎ A．一张纸的厚度约为1mm B．飞机正常飞行的速度约为60km/h C．一元硬币的质量约为200g D．托起两个鸡蛋所用的力约为1N ‎2．（3分）（2016•丹东）关于声的叙述，下列说法正确的是（　　）‎ A．利用超声波击碎人体内结石是利用声能够传递能量 B．声音在15℃空气中的传播速度是3×108m/s C．声纹锁在只有房主说出暗语时，才能被打开，因为它能辨别声音的音调 D．乐音是由于物体振动产生的，噪声不是由于物体振动产生的 ‎3．（3分）（2016•丹东）如图，属于光的反射的是（　　）‎ A．‎ 激光准直 B．‎ 照镜子 C．‎ 海市辰楼 D．‎ 放大镜 ‎4．（3分）（2016•丹东）如图，人造地球卫星在大气层外沿椭圆轨道环绕地球运行，有近地点和远地点，下列说法正确的是（　　）‎ A．卫星在远地点时速度为零，动能为零 B．卫星从近地点向远地点运动，动能增大，势能减小 C．卫星在大气层外运行，不受空气阻力，因此机械能守恒 D．卫星从远地点向近地点运动，动能增大，势能减小，机械能减小 ‎5．（3分）（2016•丹东）如图，用滑轮组将600N的重物在10s内匀速提升了2m，动滑轮重为100N（不计绳重和摩擦），下列说法正确的是（　　）‎ A．绳子自由端拉力的功率是70W B．滑轮组的机械效率是85.7%‎ C．提升重物的过程中所做的额外功是400J D．提升的重物变成400N时，滑轮组的机械效率将变大 ‎6．（3分）（2016•丹东）在如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S后，向右移动滑片P．下列说法中正确的是（　　）‎ A．电压表的示数变大 B．电压表的示数变小 C．电流表A的示数变大 D．电流表A1的示数变小 ‎7．（3分）（2016•丹东）如图，下列说法正确的是（　　）‎ A．实验说明磁场能产生电流 B．实验是演示电磁感应的装置 C．实验可以得出电流越大电磁铁磁性越强 D．实验所揭示的原理可制成电动机 ‎8．（3分）（2016•丹东）如图，教材中为了引入比热容这个物理量，做了“水和食用油吸热情况”的实验，该实验中需要控制一些变量，下列说法正确的是（　　）‎ A．相同规格的电加热器 B．相同质量的水和食用油 C．相同体积的水和食用油 D．使水和食用油升高相同的温度 ‎9．（3分）（2016•丹东）如图，放在同一水平面上的甲、乙两个相同容器内盛有不同液体，现将同一物块分别放入两个容器中处于静止时，两容器中的液面恰好相平．下列说法正确的是（　　）‎ A．甲容器中物块排开液体的重力较小 B．乙容器中物块受到液体的浮力较大 C．甲容器中液体的密度较小 D．乙容器底部受到液体的压强较大 ‎10．（3分）（2016•丹东）如图，电源电压为6V不变，电流表量程为“0～0.6A”，电压表量程为“0～3V”，滑动变阻器为“20Ω2A”，灯泡L标有“3V0.9W”字样（灯丝电阻不变）．为了保证电路中各元件安全，下列说法正确的是（　　）‎ A．滑动变阻器阻值的变化范围为0～20Ω B．电流表示数的变化范围为0.2A～0.3A C．电路消耗总功率的变化范围为1.2W～1.8W D．电灯消耗功率的变化范围为0.4W～0.9W ‎　‎ 二、填空题（共10小题，每小题3分，满分22分）‎ ‎11．（3分）（2016•丹东）手机靠产生迅速变化的电流，发出　　　　　　波，它　　　　　　在真空中传播（选填“能”或“不能”）．手机所消耗的电能属于　　　　　　能源（选填“一次”或“二次”）．‎ ‎12．（2分）（2016•丹东）雷声是通过　　　　　　传入人耳．摩托车安装消声器，这是在　　　　　　减弱噪声．‎ ‎13．（2分）（2016•丹东）小红距离平面镜1m，她沿着垂直于镜面的方向以0.5m/s的速度远离平面镜，经过2s，她与镜中的像相距　　　　　　m，镜中像的大小　　　　　　（选填“变大”、“变小”或“不变”）．‎ ‎14．（2分）（2016•丹东）标枪运动员为取得好成绩，掷标枪前需要助跑，这是利用　　　　　　；在助跑阶段，该运动员相对于地面是　　　　　　的．‎ ‎15．（2分）（2016•丹东）小红用3N的水平拉力拉着一个木块在水平桌面上匀速直线运动，木块所受的摩擦力大小为　　　　　　N；当拉力增大到5N时，木块所受的摩擦力大小　　　　　　（选填“变大”、“变小“或”不变”）．‎ ‎16．（2分）（2016•丹东）指南针能指南北，说明地球周围存在　　　　　　；指南针静止时，北极所指的方向是地理的　　　　　　极附近．‎ ‎17．（2分）（2016•丹东）如图是自制气压计，小红拿着它从1楼乘坐电梯到20楼，玻璃管内水柱的高度会　　　　　　（选填“升高”、“降低“或”不变”），说明大气压随高度的增加而　　　　　　（选填“变大”、“变小”或“不变”）．‎ ‎18．（2分）（2016•丹东）灯泡L1、L2分别标有“6V6W”和“6V3W”字样，将两灯串联接入电路，若其中一个灯泡正常发光，电源电压为　　　　　　V，灯泡　　　　　　更亮一些（选填“L1”或“L2”）．‎ ‎19．（2分）（2016•丹东）电子式电能表表盘上标有“3000imp/（kW•h）”字样，将某用电器单独接在该表上工作20min，电能表指示灯闪烁了300次．该用电器在上述时间内消耗的电能为　　　　　　kW•h，它的电功率是　　　　　　W．‎ ‎20．（3分）（2016•丹东）取一只空牙膏皮，一次将它挤瘪，一次将它撑开，两次都拧紧盖后，先后放入同一杯水中，如图所示．两次牙膏皮的质量m甲和m乙的大小关系为m甲　　　　　　m乙；两次所受的浮力F甲和F乙的大小关系为F甲　　　　　　F乙；两次杯底受到水的压强p甲和p乙的大小关系为p甲　　　　　　p乙（选填“大于”、“小于”或“等于”）．‎ ‎　‎ 三、解答题（共3小题，满分9分）‎ ‎21．（3分）（2016•丹东）如图所示，光源S发出一条光射线射向水面，在水面处发生反射和折射，反射光线经过A点．请画出入射光线、反射光线好折射光线的大致方向．‎ ‎22．（3分）（2016•丹东）如图所示，活塞式抽水机AOB部分可视为杠杆，O为支点，当与连杆相连的B点向上运动时，画出作用在手柄A点的最小动力F1及动力臂L1和B点所受的阻力F2．‎ ‎23．（3分）（2016•丹东）如图甲所示是生活中常用的一个插线板，开关断开时指示灯不发光，插孔不能提供工作电压；开关闭合时指示灯发光，插孔可以提供工作电压；若指示灯损坏，开关闭合时插孔也能提供工作电压．请在图乙中画出开关、指示灯、插孔的连接方式，并把接线板与电源线接通．‎ ‎　‎ 四、解答题（共1小题，满分4分）‎ ‎24．（4分）（2016•丹东）安全用电至关重要，请你用生活用电相关知识解释下面两个问题．‎ ‎（1）空气开关在电流过大时会自动断开，造成电流过大的原因是什么？‎ ‎（2）电灯的开关为什么要接在火线和灯泡之间？‎ ‎　‎ 五、解答题（共3小题，满分20分）‎ ‎25．（7分）（2016•丹东）新型四轮沙滩卡丁车，其满载时的质量为600kg，车轮与沙滩接触总面积为2000cm2．该四轮卡丁车满载时在水平沙滩上做匀速直线运动，10min行驶了6km，卡丁车的牵引力为2.3×103N．‎ ‎（1）当卡丁车满载并静止在水平沙滩上时，它对沙滩的压强为多大？‎ ‎（2）该卡丁车行驶的功率为多少？‎ ‎（3）若该卡丁车以汽油为燃料，在这次行驶中需要燃烧1.2kg的汽油．求汽油完全燃烧产生的热量转化为卡丁车机械能的效率是多少？（q汽油=4.6×107J/kg）‎ ‎26．（6分）（2016•丹东）某电水壶铭牌上的一些数据如表格所示：‎ ‎（1）电水壶正常工作电流是多大？（结果保留1为小数）‎ ‎（2）如果将电水壶装满后，把20℃的水烧开，水吸收热量是多少？（1标准大气压）[C水=4.2×103J/（kg•℃）]‎ ‎（3）该电水壶正常工作时，烧开一壶水需要10min，电水壶的加热效率是多少？‎ 容量 ‎1.5L 额定电压 ‎220V 加热功率 ‎1000W 频率 ‎50Hz ‎27．（7分）（2016•丹东）如图，电源电压恒为6V，定值电阻R为6Ω，灯泡L标有“6V3W”字样，灯丝电阻不变，求：‎ ‎（1）灯泡L正常发光的电阻是多少？‎ ‎（2）开关S1、S2、S3分别在什么状态时，整个电路中消耗的总功率最小？最小功率是多少？‎ ‎（3）开关S1、S2、S3分别在什么状态时，整个电路中消耗的总功率最大？最大功率是多少？‎ ‎　‎ 六、解答题（共5小题，满分35分）‎ ‎28．（7分）（2016•丹东）在“探究水的沸腾”实验中，小红用图甲的装置做了两次实验，根据实验数据绘制了图丁所示的温度随时间变化的图象a和b．‎ ‎（1）小红所用温度计是根据液体　　　　　　的规律制成的．图乙中温度计的示数为　　　　　　℃；根据图丙表格中的数据，应选用测温物质为　　　　　　的温度计．‎ ‎（2）由图象可知：水的沸点是　　　　　　℃；这时的大气压　　　　　　1标准大气压（选填“大于”、“小于”或“等于”）：a和b图象说明两次实验中所用水的　　　　　　不同．‎ ‎（3）由图丁中的b图象可知，t1时刻水的内能　　　　　　t2时刻水的内能（选填“大于”、“小于”或“等于”）．‎ ‎29．（6分）（2016•丹东）如图“探究凸透镜成像实验”，将蜡烛、焦距为10cm的凸透镜、光屛放在光具座上，调节烛焰、凸透镜和光屛的中心在同一高度上，把凸透镜固定在50cm处．‎ 次数 物距/cm 像距/cm ‎1‎ ‎40‎ ‎13.5‎ ‎2‎ ‎30‎ ‎15‎ ‎3‎ ‎25‎ ‎16.7‎ ‎4‎ ‎20‎ ‎20‎ ‎5‎ ‎15‎ ‎（1）将蜡烛放在A点，光屛放在B点，为了找到清晰的像，应将光屏向　　　　　　移动（选填“左”或“右”）．‎ ‎（2）依次改变蜡烛的位置，移动光屛直到找到清晰的像，记录的数据如表所示．在1至3次实验中，所成的像为倒立的、　　　　　　的实像；第5次像距应是　　　　　　cm，此次像比第4次的像　　　　　　（选填“大”或“小”）．‎ ‎（3）将蜡烛放在C点，无论怎样移动光屛都得不到烛焰的像，此实验现象可说明　　　　　　的成像特点（“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）．‎ ‎（4）实验中，蜡烛燃烧不断缩短，导致光屛上的像向　　　　　　移动（选填“上”或“下”）．‎ ‎30．（8分）（2016•丹东）小红想测量冰红茶的密度；小丽想测量一块小矿石的密度，于是二人利用已学过的相关物理知识，做了如下实验：‎ ‎（1）小红利用天平（含砝码）、量筒、烧杯测量冰红茶密度，过程如下：‎ ‎①她将天平放在水平台上，调节横梁平衡后如图甲所示，其操作错误是　　　　　　；‎ ‎②改正错误后，用天平测出烧杯和冰红茶的质量是117g；‎ ‎③将烧杯中的冰红茶倒入量筒一部分，示数如图乙所示；‎ ‎④再用天平测出烧杯和剩余冰红茶的质量，砝码和游码的示数如图丙所示；‎ ‎⑤请你将实验的相关数据填入如表：‎ 杯和冰红茶的质量m1/g 量筒中冰红茶的体积V/cm3‎ 杯和剩余冰红茶的质量m2/g 量筒中冰红茶的质量m/g 冰红茶的密度ρ茶/（g•cm3）‎ ‎117‎ ‎（2）小丽利用弹簧测力计、矿石、水、烧杯、细线测量矿石密度，请将她的实验过程补充完整：‎ ‎①用细线拴住矿石，并用弹簧测力计测出矿石的　　　　　　；‎ ‎②将矿石　　　　　　在装有适量水的烧杯内，不要碰到烧杯底部和烧杯壁，并记录此时弹簧测力计的示数F；‎ ‎③矿石密度的表达式为ρ石=　　　　　　（用所测物理量的字母表示，水的密度用ρ水表示）．‎ ‎31．（5分）（2016•丹东）如图是“探究杠杆的平衡条件”实验．‎ ‎（1）实验过程中应将杠杆调节到水平位置平衡，这样做的目的是为了消除杠杆自重对实验的影响和　　　　　　；如果杠杆的右端向下倾斜，平衡螺母应向　　　　　　端调节（选填“左”或“右”）．‎ ‎（2）在杠杆的左边A处挂2个相同的钩码，要使杠杆在水平位置平衡，应在杠杆右端B处挂　　　　　　个相同的钩码．‎ ‎（3）在（2）杠杆平衡的基础上，将A、B两处钩码同时减去1个，那么杠杆　　　　　　在水平位置保持平衡（选填“能”或“不能”）．‎ ‎（4）若用弹簧测力计在C处由竖直向上拉动改为逐渐倾斜时，为使杠杆仍在水平位置平衡，则弹簧测力计示数将　　　　　　（选填“变大”、“变小”或“不变”）．‎ ‎32．（9分）（2016•丹东）小红作“测量小灯泡电功率”实验，实验室有如下器材：电源（电压恒为6V）、小灯泡（额定电压为2.5V，灯丝电阻约为10Ω）、电流表、电压表、开关各一个、规格分别为R1“10Ω 1A”和R2“50Ω0.5A”的滑动变阻器各一个、导线若干．‎ ‎（1）小红设计了图甲所示的电路，她应选用规格为　　　　　　的滑动变阻器（选填“R1”或“R2”），该实验中滑动变阻器的主要作用是　　　　　　．‎ ‎（2）正确连接电路后，闭合开关，若小灯泡不亮，电流表有示数，电压表无示数，原因是　　　　　　；若小灯泡不亮，电流表无示数，电压表有示数，原因是　　　　　　．‎ ‎（3）排除故障后，移动滑动变阻器滑片在不同位置，小灯泡U﹣I图象如图乙所示，小灯泡的额定功率为　　　　　　W．‎ ‎（4）由图乙发现灯泡电阻是变化的，影响其变化的主要原因是　　　　　　．‎ ‎（5）在没有电压表、只有电流表的情况下，小红增加了一只10Ω的定值电阻R并利用原有器材，也测出了额定电压为2.5V小灯泡的额定功率．步骤如下：‎ ‎①按照如图丙所示的电路图正确连接实物电路；‎ ‎②闭合开关，调节滑动变阻器滑片，使电流表示数为　　　　　　A时，灯泡正常发光；‎ ‎③断开开关，保持　　　　　　不变，将电流表改接在灯泡所在支路中，再闭合开关，读出电流表示数I；‎ ‎④小灯泡额定功率的表达式为P额=　　　　　　．‎ ‎　‎ ‎2016年辽宁省丹东市中考物理试卷 参考答案与试题解析 ‎　‎ 一、选择题（共10小题，每小题3分，满分30分）‎ ‎1．（3分）（2016•丹东）下列数据最接近实际的是（　　）‎ A．一张纸的厚度约为1mm B．飞机正常飞行的速度约为60km/h C．一元硬币的质量约为200g D．托起两个鸡蛋所用的力约为1N ‎【考点】时间的估测；质量的估测；速度与物体运动；重力大小的估测．菁优网版权所有 ‎【专题】定量思想；估算法；估算综合应用题．‎ ‎【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个．‎ ‎【解答】解：‎ A、头发丝的直径在75μm左右，一张纸的厚度与此差不多，在75μm=0.075mm左右．此选项不符合实际；‎ B、高速公路上的小汽车行驶速度可以达到120km/h，飞机的飞行速度比小汽车快得多，不可能是60km/h．此选项不符合实际；‎ C、一块橡皮的质量在6g左右，一枚一元硬币的质量与此差不多，在6g左右．此选项不符合实际；‎ D、一包方便面的质量在100g左右，两个鸡蛋的质量与此差不多，在100g=0.1kg左右，托起两个鸡蛋的力在F=G=mg=0.1kg×10N/kg=1N左右．此选项符合实际．‎ 故选D．‎ ‎【点评】物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见量的值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务．‎ ‎　‎ ‎2．（3分）（2016•丹东）关于声的叙述，下列说法正确的是（　　）‎ A．利用超声波击碎人体内结石是利用声能够传递能量 B．声音在15℃空气中的传播速度是3×108m/s C．声纹锁在只有房主说出暗语时，才能被打开，因为它能辨别声音的音调 D．乐音是由于物体振动产生的，噪声不是由于物体振动产生的 ‎【考点】声与能量；声音的产生；声速；音色．菁优网版权所有 ‎【专题】应用题；声现象．‎ ‎【分析】（1）声音的利用：利用声音传递信息、利用声音传递能量；‎ ‎（2）15℃时声音在空气中的传播速度是340m/s，电磁波在真空中的传播速度是3×108m/s；‎ ‎（3）音色反映的是声音的品质与特色，它跟发声体的材料和结构有关；‎ ‎（4）声音是由物体振动产生的，噪声也是声音．‎ ‎【解答】解：A、利用超声波击碎人体内结石，利用了声具有能量并且能够传递能量，故A正确；‎ B、声音在15℃空气中的传播速度是340m/s，电磁波在真空中的传播速度是3×108m/s，故B错误；‎ C、声纹锁在只有房主说出暗语时，才能被打开，因为它能辨别声音的音色，故C错误；‎ D、乐音是由于物体有规则振动产生的，噪声是由于物体无规则振动而产生的，故D错误．‎ 故选：A．‎ ‎【点评】本题考查了声音的产生、传播、音色及声的利用等知识，属于声学基本知识的考查，比较简单．‎ ‎　‎ ‎3．（3分）（2016•丹东）如图，属于光的反射的是（　　）‎ A．‎ 激光准直 B．‎ 照镜子 C．‎ 海市辰楼 D．‎ 放大镜 ‎【考点】光的反射．菁优网版权所有 ‎【专题】图析法；光的传播和反射、平面镜成像．‎ ‎【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；‎ ‎（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；‎ ‎（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的．‎ ‎【解答】解：A、激光准直是利用光是沿直线传播，故与题意不符；‎ B、照镜子属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，符合题意；‎ C、海市蜃楼是光在沿直线方向传播时，在密度不均匀的空气层中，经过折射造成的结果，故与题意不符；‎ D、用放大镜看文字时，文字变大了，属于凸透镜成像，是由于光的折射形成的．故与题意不符．‎ 故选B．‎ ‎【点评】此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象．‎ ‎　‎ ‎4．（3分）（2016•丹东）如图，人造地球卫星在大气层外沿椭圆轨道环绕地球运行，有近地点和远地点，下列说法正确的是（　　）‎ A．卫星在远地点时速度为零，动能为零 B．卫星从近地点向远地点运动，动能增大，势能减小 C．卫星在大气层外运行，不受空气阻力，因此机械能守恒 D．卫星从远地点向近地点运动，动能增大，势能减小，机械能减小 ‎【考点】动能和势能的转化与守恒．菁优网版权所有 ‎【专题】应用题；机械能及其转化．‎ ‎【分析】（1）动能大小的影响因素：质量和速度．质量不变时，速度越大，动能越大；‎ ‎（2）地面附近的物体由于被举高具有重力势能，物体到太空中由于有相对高度，物体具有势能；‎ ‎（3）没有空气阻力时，机械能是守恒的．‎ ‎【解答】解：A．卫星在远地点时速度最小，但速度不为零，所以其动能不为零，故A错误；‎ B．卫星从近地点向远地点运动时，速度变小，相对高度变大，则动能减小，势能增大，故B错误；‎ C．卫星在太空，运行过程中没有空气阻力，没有能量的损失，机械能是守恒的，故C正确；‎ D．卫星从远地点向近地点运动，相对高度变小，势能减小，势能转化为动能，动能增大，机械能不变，故D错误．‎ 故选C．‎ ‎【点评】本题考查了影响动能和势能的因素以及机械能守恒的判断，要注意太空中由于物体之间有相对距离时，具有的是势能而不是重力势能．‎ ‎　‎ ‎5．（3分）（2016•丹东）如图，用滑轮组将600N的重物在10s内匀速提升了2m，动滑轮重为100N（不计绳重和摩擦），下列说法正确的是（　　）‎ A．绳子自由端拉力的功率是70W B．滑轮组的机械效率是85.7%‎ C．提升重物的过程中所做的额外功是400J D．提升的重物变成400N时，滑轮组的机械效率将变大 ‎【考点】机械效率的计算；机械效率的大小比较；功率的计算．菁优网版权所有 ‎【专题】计算题；功、功率、机械效率．‎ ‎【分析】（1）由图知，n=2，不计绳重和摩擦，拉力F=（G+G轮），拉力端移动距离s=2h，利用W=Fs求拉力做功，知道时间，利用P=求拉力功率；‎ ‎（2）利用W=Gh求有用功，滑轮组的机械效率η=×100%；‎ ‎（3）提升重物的过程中W总=W有用+W额，据此求额外功；‎ ‎（4）增大机械效率的方法有二：一是增大有用功，即拉更重的重物；二是减小额外功，如减小摩擦、减轻动滑轮重．‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）由图知，n=2，不计绳重和摩擦，‎ 拉力：F=（G+G轮）=（600N+100N）=350N，‎ 拉力端移动距离：s=2h=2×2m=4m，‎ 总功：W总=Fs=350N×4m=1400J，‎ 拉力的功率：P===140W；故A错；‎ ‎（2）有用功：W有用=Gh=600N×2m=1200J，‎ 滑轮组的机械效率：‎ η=×100%=×100%≈85.7%，故B正确；‎ ‎（3）提升重物的过程中所做的额外功：W额=W总﹣W有用=1400J﹣1200J=200J，故C错；‎ ‎（4）当提升重物的重力减小为400N，做的有用功就变小，而额外功几乎不变，有用功和总功的比值变小，故滑轮组的机械效率变小，故D错．‎ 故选B．‎ ‎【点评】本题考查了学生对机械效率公式、滑轮组s=nh、有用功、总功的理解和运用，记住增大滑轮组机械效率的方法：增大有用功，即拉更重的重物；减小额外功，如减小摩擦、减轻动滑轮重．‎ ‎　‎ ‎6．（3分）（2016•丹东）在如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S后，向右移动滑片P．下列说法中正确的是（　　）‎ A．电压表的示数变大 B．电压表的示数变小 C．电流表A的示数变大 D．电流表A1的示数变小 ‎【考点】电路的动态分析．菁优网版权所有 ‎【专题】电路变化分析综合题．‎ ‎【分析】分析电路，定值电阻与R2并联，电流表测量电路中的总电流，电压表测量电路中的总电压，A1测量变阻器的电流，根据电源电压不变及欧姆定律分析即可．‎ ‎【解答】解：由图知，定值电阻与R2并联，所以定值电阻、滑动变阻器两端的电压总等于电源电压，滑片移动，电压表的示数不变，AB错误；‎ 电流表测量电路中的总电流，A1测量变阻器的电流，当滑片P向右移动时，变阻器的阻值变大，所以变阻器的电流减小，A1示数减小，D正确；‎ 定值电阻的电流不变，干路电流等于各支路电流之和，所以A的示数减小，C错误．‎ 故选D．‎ ‎【点评】此题是有关动态电路的分析，能够判断出两支路两端的电压不变是解决问题的关键．‎ ‎　‎ ‎7．（3分）（2016•丹东）如图，下列说法正确的是（　　）‎ A．实验说明磁场能产生电流 B．实验是演示电磁感应的装置 C．实验可以得出电流越大电磁铁磁性越强 D．实验所揭示的原理可制成电动机 ‎【考点】通电直导线周围的磁场；影响电磁铁磁性强弱的因素；磁场对通电导线的作用；电磁感应．菁优网版权所有 ‎【专题】应用题；图析法；磁现象、电生磁；电动机、磁生电．‎ ‎【分析】（1）认识奥斯特实验，知道奥斯特实验证实了通电直导线周围存在磁场，即电流的磁效应；‎ ‎（2）通电导体在磁场中受到力的作用，根据这个原理制成了电动机；‎ ‎（3）电磁铁的磁性强弱与电流大小有关；‎ ‎（4）闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动，电路中会产生感应电流，根据这个原理制成了发电机．‎ ‎【解答】解：‎ A、图甲是奥斯特实验，通电后小磁针偏转，说明了通电导线周围存在磁场，故A错；‎ B、图乙是磁场对电流的作用实验，通电后通电导体在磁场中受到力的作用而运动，把电能转化为机械能，故B错；‎ C、图丙是研究电磁铁的磁性强弱与电流大小关系的实验，从实验现象可以得出结论：电流越大电磁铁磁性越强，故C正确；‎ D、图丁闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动，电路中会产生感应电流，这是电磁感应现象，据此可以制成发电机，故D错．‎ 故选C．‎ ‎【点评】此题考查了电和磁中的各种现象，在学习过程中，一定要掌握各实验的现象及结论，并且要找出其不同进行区分．‎ ‎　‎ ‎8．（3分）（2016•丹东）如图，教材中为了引入比热容这个物理量，做了“水和食用油吸热情况”的实验，该实验中需要控制一些变量，下列说法正确的是（　　）‎ A．相同规格的电加热器 B．相同质量的水和食用油 C．相同体积的水和食用油 D．使水和食用油升高相同的温度 ‎【考点】探究比热容的实验．菁优网版权所有 ‎【专题】实验题；探究型实验综合题．‎ ‎【分析】“比较水与煤油吸收热量情况”实验中，影响水和煤油吸热情况的因素有质量、物质的种类、加热的热源、升高的温度等，同时要求实验时的容器等也应该相同，据此来做出判断．‎ ‎【解答】解：A、为了确保水和煤油吸收相同的热量，必须用相同规格的加热器和相同的容器，故A正确；‎ BC、实验中，需控制水和煤油的质量不变，因此取相同质量的水和煤油，不可以取相同体积的水和食用油；故B正确，C错误；‎ D、实验中，通过比较水和煤油在质量相等、升高相同的温度时吸收热量的多少来比较水和煤油的吸热情况，故应使水和煤油升高相同的温度，故D正确．‎ 故选ABD．‎ ‎【点评】从控制变量法的角度，考查了影响水与煤油吸收热量时温度升高快慢的因素有哪些，并对实验中的控制要求做出判断．‎ ‎　‎ ‎9．（3分）（2016•丹东）如图，放在同一水平面上的甲、乙两个相同容器内盛有不同液体，现将同一物块分别放入两个容器中处于静止时，两容器中的液面恰好相平．下列说法正确的是（　　）‎ A．甲容器中物块排开液体的重力较小 B．乙容器中物块受到液体的浮力较大 C．甲容器中液体的密度较小 D．乙容器底部受到液体的压强较大 ‎【考点】物体的浮沉条件及其应用；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理．菁优网版权所有 ‎【专题】应用题；推理法；压强和浮力．‎ ‎【分析】（1）物体漂浮或悬浮时受到的浮力和自身的重力相等，据此判断物块在两液体中受到的浮力关系，根据阿基米德原理可知物块排开两液体的重力关系；‎ ‎（2）由图可知物块在两液体中排开液体的体积关系，根据阿基米德原理可知两液体的密度关系，两容器中的液面恰好相平，根据p=ρgh比较两容器底部受到液体的压强关系．‎ ‎【解答】解：（1）由图可知，甲中物体悬浮，乙中物体漂浮，‎ 因物体悬浮或漂浮时受到的浮力和自身的重力相等，且同一物体的重力不变，‎ 所以，F浮甲=F浮乙=G，故B错误；‎ 由阿基米德原理可知，甲、乙两容器中物块排开液体的重力相等，故A错误；‎ ‎（2）由图可知，V排甲＞V排乙，‎ 由F浮=ρgV排的变形式ρ=可知，甲容器中液体的密度较小，故C正确；‎ 因两容器中的液面恰好相平，‎ 所以，由p=ρgh可知，乙容器底部受到液体的压强较大，故D正确．‎ 故选CD．‎ ‎【点评】本题考查了物体浮沉条件和阿基米德原理、液体压强公式的应用，利用好同一物体的重力不变较为关键．‎ ‎　‎ ‎10．（3分）（2016•丹东）如图，电源电压为6V不变，电流表量程为“0～0.6A”，电压表量程为“0～3V”，滑动变阻器为“20Ω2A”，灯泡L标有“3V0.9W”字样（灯丝电阻不变）．为了保证电路中各元件安全，下列说法正确的是（　　）‎ A．滑动变阻器阻值的变化范围为0～20Ω B．电流表示数的变化范围为0.2A～0.3A C．电路消耗总功率的变化范围为1.2W～1.8W D．电灯消耗功率的变化范围为0.4W～0.9W ‎【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算．菁优网版权所有 ‎【专题】应用题；电路和欧姆定律；电能和电功率．‎ ‎【分析】由电路图可知，滑动变阻器R与灯泡L串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流．‎ ‎（1）P=UI求出灯泡的额定电流，然后与电流表的量程和滑动变阻器允许通过的最大电流相比较确定电路中的最大电流，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，灯泡消耗的电功率最大，电路消耗的总功率最大，根据欧姆定律求出灯泡的电阻和电路的最小总电阻，根据电阻的串联求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值，然后得出滑动变阻器接入电路中阻值的范围，根据P=UI求出该电路的最大功率；‎ ‎（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电路消耗的功率和灯泡消耗的功率最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的最小电流，然后确定电流表的变化范围，根据P=I2R求出电灯消耗的最小功率，然后确定电灯消耗功率的变化范围，根据P=UI求出电路消耗的最小功率，然后确定电灯消耗功率的变化范围．‎ ‎【解答】解：由电路图可知，滑动变阻器R与灯泡L串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流．‎ ‎（1）由P=UI可得，灯泡正常发光时的电流：‎ IL额===0.3A，‎ 因串联电路中各处的电流相等，且电流表的量程为0～0.6A，滑动变阻器允许通过的最大电流为2A，‎ 所以，电流表的最大示数为I大=0.3A，‎ 此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，灯泡消耗的电功率0.9W最大，电路消耗的总功率最大，‎ 由I=可得，灯泡的电阻和电路的总电阻分别为：‎ RL===10Ω，R===20Ω，‎ 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，‎ 所以，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：‎ R滑=R﹣RL=20Ω﹣10Ω=10Ω，‎ 滑动变阻器的电阻允许调节的范围是10Ω～20Ω，故A错误；‎ 该电路的最大功率：‎ P大=UI大=6V×0.3A=1.8W；‎ ‎（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电流表的示数最小，电路消耗的功率和灯泡消耗的功率最小，‎ 此时电路中的电流：‎ I小===0.2A，‎ 所以，电流表示数的变化范围是0.2A～0.3A，故B正确；‎ 灯泡消耗的最小功率：‎ PL′=I小2RL=（0.2A）2×10Ω=0.4W，‎ 所以，电灯消耗功率的变化范围为0.4W～0.9W，故D正确；‎ 电路消耗的最小功率：‎ P小=UI小=6V×0.2A=1.2W，‎ 所以，该电路消耗的总功率的变化范围为1.2W～1.8W，故C正确．‎ 故选BCD．‎ ‎【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是根据灯泡的额定电流和电流表的量程确定电路中的最大电流，对于选择题并不一定完全解答选项，只要有不正确的地方，本选项即为不正确．‎ ‎　‎ 二、填空题（共10小题，每小题3分，满分22分）‎ ‎11．（3分）（2016•丹东）手机靠产生迅速变化的电流，发出　电磁　波，它　能　在真空中传播（选填“能”或“不能”）．手机所消耗的电能属于　二次　能源（选填“一次”或“二次”）．‎ ‎【考点】电磁波的传播；能源的分类．菁优网版权所有 ‎【专题】信息的传递；能源的利用与发展；其他综合题．‎ ‎【分析】（1）迅速变化的电流可以产生电磁波，电磁波能在真空中传播；‎ ‎（2）无法从自然界直接获取，必须经过一次能源的消耗才能得到的能源属于二次能源．‎ ‎【解答】解：因为迅速变化的电流周围产生电磁波，所以手机靠产生迅速变化的电流会发出电磁波，‎ 无线电广播和电视、以及我们使用的手机，都是靠电磁波传输信号的，电磁波能在真空中的传播．‎ 手机所消耗的电能不能直接从自然界获取，必须经过一次能源的消耗才能得到，属于二次能源．‎ 故答案为：电磁；能；二次．‎ ‎【点评】本题考查了电磁波的应用和能源的分类等知道，属基础知识的考查，比较简单，应熟练掌握．‎ ‎　‎ ‎12．（2分）（2016•丹东）雷声是通过　空气　传入人耳．摩托车安装消声器，这是在　声源处　减弱噪声．‎ ‎【考点】声音的传播条件；防治噪声的途径．菁优网版权所有 ‎【专题】应用题；定性思想；顺推法；声现象．‎ ‎【分析】声音的传播需要介质；‎ 噪声的减弱办法有三个：在声源处减弱；在人耳处减弱；在传播过程中减弱．‎ ‎【解答】解：‎ 声音的传播需要介质，雷声是靠空气传入人耳的；‎ 摩托车安装消声器的目的是为了能够在声源处减弱噪声．‎ 故答案为：空气；声源处．‎ ‎【点评】此题考查了声音的传播条件和减弱噪声的措施，属于识记性知识的考查，难度较小，容易解答．‎ ‎　‎ ‎13．（2分）（2016•丹东）小红距离平面镜1m，她沿着垂直于镜面的方向以0.5m/s的速度远离平面镜，经过2s，她与镜中的像相距　4　m，镜中像的大小　不变　（选填“变大”、“变小”或“不变”）．‎ ‎【考点】平面镜的应用．菁优网版权所有 ‎【专题】应用题；光的传播和反射、平面镜成像．‎ ‎【分析】解答此题应掌握平面镜成像的特点：像和物体形状、大小相同；像和物体各对应点到平面镜间距离相等．‎ ‎【解答】解：因为平面镜所成的像和物体各对应点到平面镜间距离相等，所以，由小红到平面镜的距离为1m可得镜中所成的像与平面镜之间的距离为1m，则相距像与他之间的距离为1m×2=2m；‎ 由他以0.5m/s的速度远离平面镜运动2s，根据速度公式变形s=vt可得，他远离平面镜的距离为s=0.5m/s×2s=1m，此时他与平面镜之间的距离为1m+1m=2m，所以他的像到平面镜的距离为2m+2m=4m；‎ 因为平面镜所成的像和物体形状、大小相同，所以像的大小将不会改变．‎ 故答案为：4；不变．‎ ‎【点评】平面镜成像的特点在实际生活中应用非常广泛，也是光学中一个很重要的知识点，要求熟练掌握，并学会灵活运用．‎ ‎　‎ ‎14．（2分）（2016•丹东）标枪运动员为取得好成绩，掷标枪前需要助跑，这是利用　惯性　；在助跑阶段，该运动员相对于地面是　运动　的．‎ ‎【考点】惯性；参照物及其选择．菁优网版权所有 ‎【专题】应用题；参照思想；长度、时间、速度；运动和力．‎ ‎【分析】（1）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性，惯性是物体的一种属性；‎ ‎（2）在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止．‎ ‎【解答】解：标枪运动员为取得好成绩，掷标枪前需要助跑，利用惯性标枪会飞得更远；‎ 在助跑阶段，该运动员相对于地面之间的位置发生了变化，因此运动员是运动的．‎ 故答案为：惯性；运动．‎ ‎【点评】此题考查惯性、运动和静止的相对性，难度不大，属于基础题．‎ ‎　‎ ‎15．（2分）（2016•丹东）小红用3N的水平拉力拉着一个木块在水平桌面上匀速直线运动，木块所受的摩擦力大小为　3　N；当拉力增大到5N时，木块所受的摩擦力大小　不变　（选填“变大”、“变小“或”不变”）．‎ ‎【考点】二力平衡条件的应用；摩擦力大小的影响因素．菁优网版权所有 ‎【专题】应用题；运动和力；重力、弹力、摩擦力．‎ ‎【分析】（1）当物体做匀速直线运动时，处于平衡状态，受力平衡；‎ ‎（2）摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关．‎ ‎【解答】解：‎ 由于木块在水平方向上做匀速直线运动，所以拉力与摩擦力是一对平衡力，所以摩擦力f=F=3N；‎ 当拉力增大后，因为木块对桌面的压力大小仍等于重力，没有变化；而且接触面的粗糙程度也不变，所以摩擦力大小不变．‎ 故答案是：3；不变．‎ ‎【点评】本题考查了二力平衡条件的应用和摩擦力大小的影响因素，有两点须注意：一是先判断物体的运动状态；二是判断摩擦力大小的影响因素是否发生变化．‎ ‎　‎ ‎16．（2分）（2016•丹东）指南针能指南北，说明地球周围存在　磁场　；指南针静止时，北极所指的方向是地理的　北　极附近．‎ ‎【考点】地磁场．菁优网版权所有 ‎【专题】应用题；磁现象、电生磁．‎ ‎【分析】地球周围存在磁场﹣﹣﹣地磁场，地磁场的形状和条形磁铁的磁场很相似，地磁的南极在地理的北极附近，地磁的北极在地理的南极附近．‎ ‎【解答】解：（1）地球是个巨大的磁体，指南针之所以能够指南北是因为受到了地磁场的作用；‎ ‎（2）指南针静止时，北极所指的方向是地理的北极附近，是地磁场的南极．‎ 故答案为：磁场；北．‎ ‎【点评】本题考查我们对于地磁场和指南针的了解，是一道基础题．‎ ‎　‎ ‎17．（2分）（2016•丹东）如图是自制气压计，小红拿着它从1楼乘坐电梯到20楼，玻璃管内水柱的高度会　升高　（选填“升高”、“降低“或”不变”），说明大气压随高度的增加而　变小　（选填“变大”、“变小”或“不变”）．‎ ‎【考点】大气压强与高度的关系．菁优网版权所有 ‎【专题】应用题；气体的压强、流体压强与流速的关系．‎ ‎【分析】大气压随高度的增加而减小，李亮同学将气压计从山下拿到山上后，大气压减小，使得管内水位升高、水柱高度增加；‎ ‎【解答】解：小红拿着自制气压计从1楼乘坐电梯到20楼，由于高度增加，外界大气压减小，‎ 瓶内气压大于外界大气压，会进一步向外压水柱，所以玻璃管内水柱的高度会升高．‎ 说明大气压随高度的增加而变小．‎ 故答案为：升高；变小．‎ ‎【点评】学生利用身边的器材做成气压计探究大气压的变化，知道大气压随高度增加而减小的规律是解决此题的关键，用所学的知识分析判断，学以致用！‎ ‎　‎ ‎18．（2分）（2016•丹东）灯泡L1、L2分别标有“6V6W”和“6V3W”字样，将两灯串联接入电路，若其中一个灯泡正常发光，电源电压为　9　V，灯泡　L2　更亮一些（选填“L1”或“L2”）．‎ ‎【考点】欧姆定律的应用；电功率与电压、电流的关系．菁优网版权所有 ‎【专题】应用题；电路和欧姆定律；电能和电功率．‎ ‎【分析】知道两灯泡的额定电压和额定功率，根据P=UI求出额定电流，再根据欧姆定律求出电阻；两只小灯泡串联后接在电路中时，为了使电路安全，电路的最大电流只能取两个额定电流中最小的一个，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路两端允许加的最大电压，根据串联电路的电流特点和P=I2R比较两灯泡的实际功率关系，实际功率大的灯泡较亮．‎ ‎【解答】解：由P=UI可得，两灯泡的额定电流分别为：‎ I1===1A，I2===0.5A，‎ 由I=可得，两灯泡的电阻：‎ R1===6Ω，R2===12Ω，‎ 两灯串联接入电路时，‎ 因串联电路中各处的电流相等，‎ 所以，为了使电路安全，电路中的最大电流I=I2=0.5A，‎ 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，‎ 所以，电路两端允许加的最大电压：‎ U=I（R1+R2）=0.5A×（6Ω+12Ω）=9V；‎ 因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，‎ 所以，由P=I2R可知，L2的电阻较大，实际功率较大，灯泡较亮．‎ 故答案为：9；L2．‎ ‎【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是知道两灯泡串联时电路中的最大电流为两灯泡额定电流中较小的．‎ ‎　‎ ‎19．（2分）（2016•丹东）电子式电能表表盘上标有“3000imp/（kW•h）”字样，将某用电器单独接在该表上工作20min，电能表指示灯闪烁了300次．该用电器在上述时间内消耗的电能为　0.1　kW•h，它的电功率是　300　W．‎ ‎【考点】电能表参数的理解与电能的求法；电功率的计算．菁优网版权所有 ‎【专题】计算题；压轴题．‎ ‎【分析】电能表是测量家庭电路中电流做功多少的仪器．‎ ‎3000imp/kW•h的含义是：电路中每消耗1kW•h的电能，指示灯闪烁3000次．‎ 根据题目所给条件和电功率的公式，进行解答．‎ ‎【解答】解：因为电路中每消耗1kW•h的电能，指示灯闪烁3000次．所以当指示灯闪烁300次时，消耗了0.1kW•h的电能．‎ ‎0.1kW•h=3.6×105J ‎20min=1200s 根据电功率的公式，得：‎ P===300W 故答案为：0.1，300．‎ ‎【点评】本题考查学生对电能表铭牌上数据的理解情况，同时要求掌握电功率的计算方法．‎ 注意题目中的单位换算．‎ ‎　‎ ‎20．（3分）（2016•丹东）取一只空牙膏皮，一次将它挤瘪，一次将它撑开，两次都拧紧盖后，先后放入同一杯水中，如图所示．两次牙膏皮的质量m甲和m乙的大小关系为m甲　等于　m乙；两次所受的浮力F甲和F乙的大小关系为F甲　小于　F乙；两次杯底受到水的压强p甲和p乙的大小关系为p甲　小于　p乙（选填“大于”、“小于”或“等于”）．‎ ‎【考点】物体的浮沉条件及其应用；质量的估测；液体压强计算公式的应用．菁优网版权所有 ‎【专题】应用题；比较思想；推理法；质量及其测量；压强和浮力．‎ ‎【分析】（1）质量是物体本身的一种性质，与形状、位置、温度、状态无关；‎ ‎（2）根据浮力与重力的关系判断出浮力的大小；‎ ‎（3）根据浮力公式判断出V排的大小，继而判断出水的深度关系，从而根据液体压强公式判断出压强的大小关系．‎ ‎【解答】解：‎ 牙膏袋的形状发生变化，但质量不变，所以m甲=m乙；‎ 甲下沉，F浮＜G，乙漂浮，F浮=G，所以F甲＜F乙；‎ 由F浮=ρ水gV排可得，V排甲＜V排乙；‎ 由于两次都拧紧盖后先后放入同一杯水中，所以h甲＜h乙，‎ 由p=ρ水gh得：p甲＜p乙．‎ 故答案为：等于；小于；小于．‎ ‎【点评】本题通过一个简单的现象，考查了质量、浮力、物体浮沉条件、压强的有关知识应用，关键能够判断出两种情况下浮力的大小关系．‎ ‎　‎ 三、解答题（共3小题，满分9分）‎ ‎21．（3分）（2016•丹东）如图所示，光源S发出一条光射线射向水面，在水面处发生反射和折射，反射光线经过A点．请画出入射光线、反射光线好折射光线的大致方向．‎ ‎【考点】作光的反射光路图；作光的折射光路图．菁优网版权所有 ‎【专题】光的传播和反射、平面镜成像；光的折射、光的色散．‎ ‎【分析】入射点是所有光线都要经过的一点，因此确定入射点的位置是解决此题的关键所在．‎ 首先利用平面镜成像的特点和平面镜成像的光路图确定入射点，在此基础上即可确定入射光线、反射光线、折射光线．‎ ‎【解答】解：根据平面镜成像的规律，作出点光源S在平面镜中成的像S′，由于反射光线的反向延长线要过像点S′，连接AS′，其与水面的交点就是入射点O．‎ 过O点做出法线，根据折射角小于入射角画出折射光线，答案如下图所示．‎ ‎【点评】在光路图中，实线虚线要分清，一般情况下只有实际光线化成实线，实际光线的反向延长线、法线都要画虚线表示．‎ ‎　‎ ‎22．（3分）（2016•丹东）如图所示，活塞式抽水机AOB部分可视为杠杆，O为支点，当与连杆相连的B点向上运动时，画出作用在手柄A点的最小动力F1及动力臂L1和B点所受的阻力F2．‎ ‎【考点】力臂的画法．菁优网版权所有 ‎【专题】作图题；简单机械．‎ ‎【分析】在杠杆上，支点指的是杠杆绕着转动的点，阻力是阻碍杠杆转动的力，力臂是支点到力的作用线的距离．此题中支点为点O，动力力臂为支点O到F1的作用线的距离．‎ ‎【解答】解：与连杆相连的B点向上运动时，阻力作用点在点B，方向竖直向下；‎ 由图可知，当动力臂等于OA时，力臂最长，根据杠杆平衡条件可知，动力最小；‎ 连接OA，标出力臂符号L1；过动力作用点A作力臂OA的垂线段，标出力的符号F1，与连杆相连的B点向上运动时，最小动力的方向应该向左下方．如图所示：‎ ‎【点评】本题考查了力和力臂的画法．明确力臂越长越省力是确定力的方向的关键，作力臂关键是要画出支点到力的作用线的垂线段．‎ ‎　‎ ‎23．（3分）（2016•丹东）如图甲所示是生活中常用的一个插线板，开关断开时指示灯不发光，插孔不能提供工作电压；开关闭合时指示灯发光，插孔可以提供工作电压；若指示灯损坏，开关闭合时插孔也能提供工作电压．请在图乙中画出开关、指示灯、插孔的连接方式，并把接线板与电源线接通．‎ ‎【考点】家庭电路的连接．菁优网版权所有 ‎【专题】作图题；电与热、生活用电．‎ ‎【分析】干路开关控制所有的用电器．并联电路各用电器之间互不影响，串联电路的用电器互相影响．‎ ‎【解答】解：插线板上的指示灯在开关闭合时会发光，插孔正常通电，说明开关同时控制灯泡和插座，灯泡和插座之间可能是串联，也可能是并联，如果两者并联，开关应该在干路上；如果指示灯损坏，开关闭合时插孔也能正常通电，说明灯泡和插座之间是并联的，开关接在灯泡、插座和火线之间控制火线使用更安全；三孔插座是左零线、右火线，上接地，如图所示：‎ ‎【点评】根据用电器之间是否相互影响是判断用电器串联和并联的方法之一；家庭电路中，开关控制用电器，开关一定接在用电器和火线之间，既能控制用电器，又能保证使用安全．‎ ‎　‎ 四、解答题（共1小题，满分4分）‎ ‎24．（4分）（2016•丹东）安全用电至关重要，请你用生活用电相关知识解释下面两个问题．‎ ‎（1）空气开关在电流过大时会自动断开，造成电流过大的原因是什么？‎ ‎（2）电灯的开关为什么要接在火线和灯泡之间？‎ ‎【考点】家庭电路电流过大的原因；家庭电路的连接．菁优网版权所有 ‎【专题】简答题；电与热、生活用电．‎ ‎【分析】（1）家庭电路中电流过大总共有两个原因：短路和总功率过大．‎ ‎（2）火线首先接入开关，然后进入灯泡顶端的金属点；零线直接进入灯泡的螺旋套，开关要接在灯泡和火线之间，断开开关，切断火线，触及灯泡时更安全．‎ ‎【解答】答：‎ ‎（1）家庭电路中电流过大的原因是短路或用电器总功率过大．‎ ‎（2）在家庭电路中，控制电灯的开关应该接在火线和灯泡之间．只有开关接在火线与电灯之间，当开关断开时，电路中不但没有电流通过，而且电灯与火线断开连接，防止人触及灯泡与火线构成通路，发生触电事故．‎ ‎【点评】（1）本题考查学生对电流过大原因的判断，需要理解短路和P=UI公式；‎ ‎（2）掌握家庭电路的灯泡、开关、两孔插座、三孔插座、保险丝的接法，还要理解各种接法的原因．‎ ‎　‎ 五、解答题（共3小题，满分20分）‎ ‎25．（7分）（2016•丹东）新型四轮沙滩卡丁车，其满载时的质量为600kg，车轮与沙滩接触总面积为2000cm2．该四轮卡丁车满载时在水平沙滩上做匀速直线运动，10min行驶了6km，卡丁车的牵引力为2.3×103N．‎ ‎（1）当卡丁车满载并静止在水平沙滩上时，它对沙滩的压强为多大？‎ ‎（2）该卡丁车行驶的功率为多少？‎ ‎（3）若该卡丁车以汽油为燃料，在这次行驶中需要燃烧1.2kg的汽油．求汽油完全燃烧产生的热量转化为卡丁车机械能的效率是多少？（q汽油=4.6×107J/kg）‎ ‎【考点】压强的大小及其计算；功率的计算；燃料的热值．菁优网版权所有 ‎【专题】计算题；压轴题；比热容、热机、热值；压强、液体的压强；功、功率、机械效率．‎ ‎【分析】（1）知道卡丁车满载时的质量，利用G=mg求其重力，卡丁车满载时对地面的压力等于其重力，知道受力面积，利用p=求卡丁车满载时对地面的压强；‎ ‎（2）利用W=Fs求出牵引力做的功，再利用P=计算功率；‎ ‎（3）牵引力做的功，即汽油完全燃烧产生热量转化的机械能，利用Q放=mq求汽油完全燃烧产生的热量，再根据η=求汽油完全燃烧产生的热量转化为卡丁车机械能的效率．‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）卡丁车满载时的重力：‎ G=mg=600kg×10N/kg=6000N，‎ 卡丁车满载时对地面的压力：‎ F=G=6000N，‎ 受力面积S=2000cm2=0.2m2，‎ 卡丁车满载时对地面的压强：‎ p===3×104Pa；‎ ‎（2）牵引力做的功：‎ W=Fs=2.3×103N×6000m=1.38×107J，‎ 该卡丁车行驶的功率：‎ P===2.3×104W；‎ ‎（3）完全燃烧汽油放出的热量：‎ Q放=mq=1.2kg×4.6×107J/kg=5.52×107J，‎ 汽油完全燃烧产生的热量转化为卡丁车机械能的效率：‎ η=×100%=×100%=25%．‎ 答：（1）当卡丁车满载并静止在水平沙滩上时，它对沙滩的压强为3×104Pa；‎ ‎（2）该卡丁车行驶的功率为2.3×104W；‎ ‎（3）汽油完全燃烧产生的热量转化为卡丁车机械能的效率是25%．‎ ‎【点评】本题为力学和热学综合题，涉及到重力、压强、功和功率、热量、效率的计算，关键是知道卡丁车满载时对地面的压力等于其重力，同时要求灵活应用相关公式，计算时注意单位统一．‎ ‎　‎ ‎26．（6分）（2016•丹东）某电水壶铭牌上的一些数据如表格所示：‎ ‎（1）电水壶正常工作电流是多大？（结果保留1为小数）‎ ‎（2）如果将电水壶装满后，把20℃的水烧开，水吸收热量是多少？（1标准大气压）[C水=4.2×103J/（kg•℃）]‎ ‎（3）该电水壶正常工作时，烧开一壶水需要10min，电水壶的加热效率是多少？‎ 容量 ‎1.5L 额定电压 ‎220V 加热功率 ‎1000W 频率 ‎50Hz ‎【考点】电功与热量的综合计算．菁优网版权所有 ‎【专题】计算题；电和热综合题．‎ ‎【分析】（1）电水壶正常工作时的功率和额定功率相等，根据P=UI求出通过的电流；‎ ‎（2）电水壶装满水后水的体积和自身的容积相等，根据m=ρV求出水的质量，1标准大气压下水的沸点是100℃，根据Q吸=cm（t﹣t0）求出水吸收的热量；‎ ‎（3）根据W=Pt求出该电水壶正常工作10min消耗的电能，利用η=×100%求出电水壶的加热效率．‎ ‎【解答】解：（1）由P=UI可得，电水壶正常工作电流：‎ I==≈4.5A；‎ ‎（2）将电水壶装满后，水的体积：‎ V=1.5L=1.5dm3=1.5×10﹣3m3，‎ 由ρ=可得，水的质量：‎ m=ρV=1.0×103kg/m3×1.5×10﹣3m3=1.5kg，‎ 在一个标准大气压下水的沸点是100℃，则水所需吸收热量：‎ Q吸=cm（t﹣t0）=4.2×103J/（kg•℃）×1.5kg×（100℃﹣20℃）=5.04×105J；‎ ‎（3）该电水壶正常工作10min消耗的电能：‎ W=Pt′=1000W×10×60s=6×105J，‎ 电水壶的加热效率：‎ η=×100%=×100%=84%．‎ 答：（1）电水壶正常工作电流是4.5A；‎ ‎（2）如果将电水壶装满后，把20℃的水烧开，水吸收热量是5.04×105J；‎ ‎（3）电水壶的加热效率是84%．‎ ‎【点评】本题考查了电功率公式、密度公式、吸热公式、电功公式、效率公式的应用，要注意1标准大气压下水的沸点是100℃．‎ ‎　‎ ‎27．（7分）（2016•丹东）如图，电源电压恒为6V，定值电阻R为6Ω，灯泡L标有“6V3W”字样，灯丝电阻不变，求：‎ ‎（1）灯泡L正常发光的电阻是多少？‎ ‎（2）开关S1、S2、S3分别在什么状态时，整个电路中消耗的总功率最小？最小功率是多少？‎ ‎（3）开关S1、S2、S3分别在什么状态时，整个电路中消耗的总功率最大？最大功率是多少？‎ ‎【考点】电功率的计算；欧姆定律的应用．菁优网版权所有 ‎【专题】应用题；电路和欧姆定律；电能和电功率．‎ ‎【分析】（1）根据P=的变形公式求出灯泡L正常发光的电阻；‎ ‎（2）（3）根据P=和串并联电路分析开关处于什么状态时电路消耗的功率最小和功率最大，并根据P=求出最小功率和最大功率．‎ ‎【解答】解：（1）由P=可知，灯泡正常发光的电阻：RL===12Ω；‎ ‎（2）当S2闭合，S1、S3断开时，此时L与R串联，电路的总电阻最大，由P=可知，电路总功率最小；‎ 电路中的总电阻：R总=RL+R=12Ω+6Ω=18Ω，‎ 电路的总功率：Pmin===2W；‎ ‎（3）当S2断开，S1、S3闭合时，此时L与R并联，L正常发光，电路总电阻最小，由P=可知，电路中电功率最大；‎ 电阻R的功率：PR===6W；‎ 电路的总功率：Pmax=PL+PR=3W+6W=9W．‎ 答：（1）灯泡L正常发光的电阻是12Ω；‎ ‎（2）当S2闭合，S1、S3断开时，整个电路中消耗的总功率最小，最小功率是2W；‎ ‎（3）当S2断开，S1、S3闭合时，整个电路中消耗的总功率最大，最大功率是9W．‎ ‎【点评】本题考查功率计算公式的应用，关键明确开关处于什么状态时，电路消耗的总功率最小和最大．‎ ‎　‎ 六、解答题（共5小题，满分35分）‎ ‎28．（7分）（2016•丹东）在“探究水的沸腾”实验中，小红用图甲的装置做了两次实验，根据实验数据绘制了图丁所示的温度随时间变化的图象a和b．‎ ‎（1）小红所用温度计是根据液体　热胀冷缩　的规律制成的．图乙中温度计的示数为　97　℃；根据图丙表格中的数据，应选用测温物质为　水银　的温度计．‎ ‎（2）由图象可知：水的沸点是　98　℃；这时的大气压　小于　1标准大气压（选填“大于”、“小于”或“等于”）：a和b图象说明两次实验中所用水的　质量　不同．‎ ‎（3）由图丁中的b图象可知，t1时刻水的内能　小于　t2时刻水的内能（选填“大于”、“小于”或“等于”）．‎ ‎【考点】探究水的沸腾实验．菁优网版权所有 ‎【专题】实验题；实验分析法；图析法；探究型实验综合题．‎ ‎【分析】（1）①液体温度计是根据液体的热胀冷缩性质制成的；②进行温度计的读数，在读数之前首先要认清温度计的分度值；③液体温度计所测温度应高于温度计内液体的凝固点，低于液体的沸点．‎ ‎（2）要掌握沸点的概念，知道液体沸腾时温度叫做沸点；掌握沸点和气压的关系：液体的沸点与大气压有关，气压越小沸点越低；气压越大，沸点越高．‎ 分析图象中a、b的区别，利用知识在装置相同的情况下，水的质量越大，升温会越慢．‎ ‎（3））内能的大小与物体的质量和温度有关，在质量一定时，温度越高，其内能越大．‎ ‎【解答】解：（1）液体温度计是根据液体的热胀冷缩性质制成的．‎ 图乙中温度计的分度值为1℃，示数为97℃；‎ 在标准大气压下，沸水的温度是100℃；根据图丙可知，酒精的沸点是78℃，水银的沸点是357℃，水银的沸点高于沸水的温度，所以测沸水的温度要选水银温度计．‎ ‎（2）由图丁知，当水的温度达到98℃时，温度不再变化，说明此时是水的沸腾过程，水的沸点是98℃．‎ 水在标准大气压下的沸点是100℃，液体的沸点随气压的增大而升高，随气压的减小而降低，所以此时烧杯内水面上方的气压小于1标准大气压．‎ 读图丁可以看出，在同样加热的情况下，b的升温较慢，其原因应该是水的质量多于a的缘故；‎ ‎（3）由图丁中的b图象可知，t1时刻水的温度低于t2时刻水的温度，在质量一定时，温度越高，其内能越大，故t1时刻水的内能小于t2时刻水的内能．‎ 故答案为：（1）热胀冷缩；97；水银；（2）98；小于；质量；（3）小于．‎ ‎【点评】此题主要考查的是温度计的构造和原理、沸点的概念、沸腾的特点以及沸点与气压的关系，主要考查学生应用物理知识解决实际问题的能力，这些都是该实验中应该重点掌握的内容．‎ ‎　‎ ‎29．（6分）（2016•丹东）如图“探究凸透镜成像实验”，将蜡烛、焦距为10cm的凸透镜、光屛放在光具座上，调节烛焰、凸透镜和光屛的中心在同一高度上，把凸透镜固定在50cm处．‎ 次数 物距/cm 像距/cm ‎1‎ ‎40‎ ‎13.5‎ ‎2‎ ‎30‎ ‎15‎ ‎3‎ ‎25‎ ‎16.7‎ ‎4‎ ‎20‎ ‎20‎ ‎5‎ ‎15‎ ‎（1）将蜡烛放在A点，光屛放在B点，为了找到清晰的像，应将光屏向　左　移动（选填“左”或“右”）．‎ ‎（2）依次改变蜡烛的位置，移动光屛直到找到清晰的像，记录的数据如表所示．在1至3次实验中，所成的像为倒立的、　缩小　的实像；第5次像距应是　30　cm，此次像比第4次的像　大　（选填“大”或“小”）．‎ ‎（3）将蜡烛放在C点，无论怎样移动光屛都得不到烛焰的像，此实验现象可说明　放大镜　的成像特点（“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）．‎ ‎（4）实验中，蜡烛燃烧不断缩短，导致光屛上的像向　上　移动（选填“上”或“下”）．‎ ‎【考点】凸透镜成像规律及其探究实验．菁优网版权所有 ‎【专题】实验题；实验分析法；探究型实验综合题．‎ ‎【分析】（1）凸透镜成像时，u＞2f，成倒立、缩小的实像，2f＞v＞f．‎ ‎（2）①分析1～4次实验数据，根据物距与焦距的关系得出成像的性质；‎ ‎②凸透镜成实像时，遵循物近像远像变大的规律，分析物距的变化，得出像的大小变化；‎ ‎（3）u＜f，成正立、放大的虚像．放大镜利用了此原理；‎ ‎（4）凸透镜成倒立实像，即像和物体的上下左右都相反，根据这个特点进行分析．‎ ‎【解答】解：（1）将蜡烛放在A点，的凸透镜焦距为10cm，则物距大于二倍焦距成倒立、缩小实像，像距大于一倍焦距小于二倍焦距，光屏在B位置上，因此为了找到清晰的像：应将光屏向左移动．‎ ‎（2）①在1﹣3次实验中，物距分别为：40cm、30cm、25cm，都大于二倍焦距，根据凸透镜成像的规律可知，此时的像是倒立缩小的实像；‎ ‎②第5次实验时，物距在一倍焦距和二倍焦距之间，所成的像是倒立放大的实像，所以第5次的像比第4的像大．根据光的折射时的可逆性可知，第5次实验时的像距正好是第2次实验时的物距，则第5次像距应是30cm；‎ ‎（3）将蜡烛放在C点，此时u＜f，成正立、放大的虚像．所以无论怎样移动光屛都得不到烛焰的像，放大镜利用了此原理；‎ ‎（4）由于凸透镜成倒立的实像，所以蜡烛变短，像将向上移动．‎ 故答案为：（1）左；（2）缩小；30；大；（3）放大镜；（4）上．‎ ‎【点评】此题主要考查了凸透镜成像的规律，同时考查了学生根据数据得出结论的能力．在分析时要注意成像的特点与物距的关系，通过比较与焦距的关系，得出结论．‎ ‎　‎ ‎30．（8分）（2016•丹东）小红想测量冰红茶的密度；小丽想测量一块小矿石的密度，于是二人利用已学过的相关物理知识，做了如下实验：‎ ‎（1）小红利用天平（含砝码）、量筒、烧杯测量冰红茶密度，过程如下：‎ ‎①她将天平放在水平台上，调节横梁平衡后如图甲所示，其操作错误是　游码没有移至标尺左端零刻线处　；‎ ‎②改正错误后，用天平测出烧杯和冰红茶的质量是117g；‎ ‎③将烧杯中的冰红茶倒入量筒一部分，示数如图乙所示；‎ ‎④再用天平测出烧杯和剩余冰红茶的质量，砝码和游码的示数如图丙所示；‎ ‎⑤请你将实验的相关数据填入如表：‎ 杯和冰红茶的质量m1/g 量筒中冰红茶的体积V/cm3‎ 杯和剩余冰红茶的质量m2/g 量筒中冰红茶的质量m/g 冰红茶的密度ρ茶/（g•cm3）‎ ‎117‎ ‎（2）小丽利用弹簧测力计、矿石、水、烧杯、细线测量矿石密度，请将她的实验过程补充完整：‎ ‎①用细线拴住矿石，并用弹簧测力计测出矿石的　重力G　；‎ ‎②将矿石　浸没　在装有适量水的烧杯内，不要碰到烧杯底部和烧杯壁，并记录此时弹簧测力计的示数F；‎ ‎③矿石密度的表达式为ρ石=　　（用所测物理量的字母表示，水的密度用ρ水表示）．‎ ‎【考点】固体密度的测量．菁优网版权所有 ‎【专题】实验题；实验探究题；测量型实验综合题．‎ ‎【分析】（1）①使用天平测量物体的质量时，先将天平放在水平台上，游码移到标尺左端的零刻线处，调节横梁两端的平衡螺母，使天平平衡；‎ ‎⑤图乙中量筒的读数就是冰红茶的体积V，图丙中砝码的总质量和游码的示数之和就是杯和剩余冰红茶的质量m2，原来烧杯和冰红茶的质量减去杯和剩余冰红茶的质量m2就是量筒中冰红茶的质量m，根据密度公式求出冰红茶的密度ρ茶．‎ ‎（2）用细线拴住矿石，并用弹簧测力计测出矿石的重力G，将矿石浸没在装有适量水的烧杯内，不要碰到烧杯底部和烧杯壁，并记录此时弹簧测力计的示数F，用称重法测出矿石浸没在水中时受到的浮力F浮，再根据阿基米德原理计算出矿石的体积V，最后再根据密度公式计算出矿石密度ρ石．‎ ‎【解答】解：（1）①使用天平测量物体的质量时，先将天平放在水平台上，游码移到标尺左端的零刻线处，调节横梁两端的平衡螺母，使天平平衡，图甲错在游码没有移至标尺左端零刻线处；‎ ‎⑤图乙中量筒的读数就是冰红茶的体积V=40cm3，图丙中砝码的总质量和游码的示数之和就是杯和剩余冰红茶的质量m2=76.2g，原来烧杯和冰红茶的质量2减去杯和剩余冰红茶的质量m2就是量筒中冰红茶的质量m=117g﹣76.2g=40.8g，根据密度公式求出冰红茶的密度ρ茶===1.02g/cm3．‎ ‎（2）①用细线拴住矿石，并用弹簧测力计测出矿石的重力G；‎ ‎②将矿石浸没在装有适量水的烧杯内，不要碰到烧杯底部和烧杯壁，并记录此时弹簧测力计的示数F；‎ ‎③先用称重法测出矿石浸没在水中时受到的浮力F浮=G﹣F，再根据阿基米德原理计算出矿石的体积V=V排==，最后再根据密度公式计算出矿石密度ρ石==．‎ 故答案为：（1）①游码没有移至标尺左端零刻线处；⑤‎ 杯和冰红茶的质量m1/g 量筒中冰红茶的体积V/cm3‎ 杯和剩余冰红茶的质量m2/g 量筒中冰红茶的质量m/g 冰红茶的密度ρ茶/（g•cm3）‎ ‎117‎ ‎ 40‎ ‎ 76.2‎ ‎40.8‎ ‎ 1.02‎ ‎（2）①重力G；②浸没；③．‎ ‎【点评】本题考查了测量物体密度的方法，本题中测量物体密度所用到的知识包括密度知识和阿基米德原理，是一道综合实验题，考查了学生的分析能力和综合能力，是一道好题．‎ ‎　‎ ‎31．（5分）（2016•丹东）如图是“探究杠杆的平衡条件”实验．‎ ‎（1）实验过程中应将杠杆调节到水平位置平衡，这样做的目的是为了消除杠杆自重对实验的影响和　便于测量力臂　；如果杠杆的右端向下倾斜，平衡螺母应向　左　端调节（选填“左”或“右”）．‎ ‎（2）在杠杆的左边A处挂2个相同的钩码，要使杠杆在水平位置平衡，应在杠杆右端B处挂　3　个相同的钩码．‎ ‎（3）在（2）杠杆平衡的基础上，将A、B两处钩码同时减去1个，那么杠杆　不能　在水平位置保持平衡（选填“能”或“不能”）．‎ ‎（4）若用弹簧测力计在C处由竖直向上拉动改为逐渐倾斜时，为使杠杆仍在水平位置平衡，则弹簧测力计示数将　变大　（选填“变大”、“变小”或“不变”）．‎ ‎【考点】探究杠杆的平衡条件实验．菁优网版权所有 ‎【专题】探究题；探究型实验综合题．‎ ‎【分析】（1）调节杠杆两端的平衡螺母，使平衡螺母向上翘的一端移动，使杠杆在水平位置平衡，杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂大小，同时消除杠杆重对杠杆平衡的影响；‎ ‎（2）根据杠杆的平衡条件：F1L1=F2L2可求出钩码的个数；‎ ‎（3）用杠杆的平衡条件来判断，力和力臂乘积大的一端，杠杆该端下沉；‎ ‎（4）弹簧测力计竖直向下拉杠杆时，力臂在杠杆上，当弹簧测力计倾斜拉杠杆时，力臂变短，阻力、阻力臂不变，动力臂变短，动力变大．‎ ‎【解答】解：（1）当在杠杆上挂物体时，杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂，同时消除了杠杆自重对杠杆平衡的影响；‎ 杠杆的右端向下倾斜，说明这一侧的自重与力臂的乘积大，应将平衡螺母向左调节；‎ ‎（2）设一个钩码的重为G，杠杆一个小格的长度为L，‎ 由F1L1=F2L2可得：FB===3G，所以应在杠杆右端B处挂3个相同的钩码；‎ ‎（3）设一个钩码的重力为G，杠杆一个小格代表L，如果将图中A、B两处的钩码同时减去1个，杠杆的左端：G×3L=3GL，杠杆的右端：2G×2L=4GL，杠杆左端力和力臂的乘积不等于右端力和力臂的乘积，所以杠杆不能在水平位置保持平衡；‎ ‎（4）用弹簧测力计在C处由竖直向上拉动改为逐渐倾斜时，仍然使杠杆在水平位置平衡时，动力臂变小，阻力、阻力臂不变，根据杠杆平衡条件可知，动力将变大，即弹簧测力计示数将变大．‎ 故答案为：（1）便于测量力臂；左；（2）3；（3）不能；（4）变大．‎ ‎【点评】本题考查了杠杆平衡的调节方法及平衡条件的应用，应注意动态平衡的分析，当力臂变化时，力也会随着变化．‎ ‎　‎ ‎32．（9分）（2016•丹东）小红作“测量小灯泡电功率”实验，实验室有如下器材：电源（电压恒为6V）、小灯泡（额定电压为2.5V，灯丝电阻约为10Ω）、电流表、电压表、开关各一个、规格分别为R1“10Ω 1A”和R2“50Ω0.5A”的滑动变阻器各一个、导线若干．‎ ‎（1）小红设计了图甲所示的电路，她应选用规格为　R2　的滑动变阻器（选填“R1”或“R2”），该实验中滑动变阻器的主要作用是　改变灯泡两端的电压　．‎ ‎（2）正确连接电路后，闭合开关，若小灯泡不亮，电流表有示数，电压表无示数，原因是　小灯泡短路（或电压表短路）　；若小灯泡不亮，电流表无示数，电压表有示数，原因是　小灯泡断路　．‎ ‎（3）排除故障后，移动滑动变阻器滑片在不同位置，小灯泡U﹣I图象如图乙所示，小灯泡的额定功率为　0.625　W．‎ ‎（4）由图乙发现灯泡电阻是变化的，影响其变化的主要原因是　灯丝温度　．‎ ‎（5）在没有电压表、只有电流表的情况下，小红增加了一只10Ω的定值电阻R并利用原有器材，也测出了额定电压为2.5V小灯泡的额定功率．步骤如下：‎ ‎①按照如图丙所示的电路图正确连接实物电路；‎ ‎②闭合开关，调节滑动变阻器滑片，使电流表示数为　0.25　A时，灯泡正常发光；‎ ‎③断开开关，保持　滑动变阻器滑片P的位置（或滑动变阻器接入电路的阻值　不变，将电流表改接在灯泡所在支路中，再闭合开关，读出电流表示数I；‎ ‎④小灯泡额定功率的表达式为P额=　2.5I　．‎ ‎【考点】电功率的测量；影响电阻大小的因素．菁优网版权所有 ‎【专题】电能和电功率；测量型实验综合题．‎ ‎【分析】（1）根据分压原理求出滑动变阻器连放电路中的最小阻值；‎ 由测量小灯泡在不同电压的电功率作答；‎ ‎（2）电流表有示数，说明电路为通路；小灯泡不亮，电压表无示数，说明小灯泡短路或电压表短路；‎ 小灯泡不亮，电流表无示数，说明电路断路或电路中的总电阻太大；电压表有示数，说明与电压表与电源是连通；‎ ‎（3）由图乙，根据额定电压电压下对应的电流大小，求小灯泡的额定功率P额=U额I ‎（4）灯丝的电阻随温度的变化而变化不是一个定值；‎ ‎（5）②定值电阻R和电流表相当于电压表；‎ ‎③保持滑片的位置不变，将电流表与灯串联，根据各元件两端的电压不变，读出电流表示数即可；‎ ‎④根据P额=U额I求小灯泡的额定功率．‎ ‎【解答】解：（1）灯的额定电压为2.5V，所以，变阻器要分去6V﹣2.5V=3.5V的电压，根据分压原理，=，滑动变阻器的阻值至少为R滑=×RL=×10Ω=14Ω．根据欧姆定律知，灯正常发光的时的电流约为0.25A，故应选用R2“50Ω0.5A”的滑动变阻器；‎ 因测量小灯泡在不同电压的电功率，所以，本实验中滑动变阻器的主要作用是改变灯两端的电压；‎ ‎（2）正确连接电路后，闭合开关，电流表有示数，说明电路为通路；小灯泡不亮，电压表无示数，说明小灯泡短路或电压表短路；‎ 若小灯泡不亮，电流表无示数，说明电路断路或电路中的总电阻太大；电压表有示数，说明与电压表与电源是连通的，所以，若小灯泡不亮，电流表无示数，电压表有示数，原因是小灯泡断路；‎ ‎（3）由图乙知，当灯电压为2.5V时对应的电流为0.25A，小灯泡的额定功率P额=U额I=2.5V×0.25A=0.625A；‎ ‎（4）因灯丝的电阻随温度的变化而变化不是一个定值，所以，由图乙发现灯泡电阻是变化的，影响其变化的主要原因是灯丝温度；‎ ‎（5）②小红增加了一只10Ω的定值电阻R，因当电流表示数为I==0.25A时，R两端的电压一定为2.5V，‎ 根据并联电路电压的特点，灯的电压为2.5V，灯一定正常发光，所以，闭合开关，调节滑动变阻器滑片，使电流表示数为0.25A时，灯泡正常发光；‎ ‎③断开开关，保持变阻器滑片P的位置或变阻器接入电路的阻值不变，将电流表改接在所在灯支路中，此时电路的连接关系没有改变，只是电流表由原来测通过R的电流变为测通过灯的电流I，R与灯两端的电压与变阻器的电压均保持不变，灯仍正常发光，通过灯的电流I即为灯正常发光时的电流大小．所以，断开开关，保持滑动变阻器滑片P的位置（或滑动变阻器接入电路的阻值）不变，将电流表改接在灯泡所在支路中，再闭合开关，读出电流表示数I；‎ ‎④小灯泡额定功率的表达式为P额=U额I（或2.5I）．‎ 故答案为：（1）R2；改变灯泡两端的电压；‎ ‎（2）小灯泡短路（或电压表短路）；小灯泡断路；‎ ‎（3）0.625；‎ ‎（4）灯丝温度；‎ ‎（5）②0.25；③滑动变阻器滑片P的位置（或滑动变阻器接入电路的阻值）；④U额I（或2.5I）．‎ ‎【点评】本题测量小灯泡电功率，考查器材的选择、常见故障的分析、影响电阻大小的因素等知识及设计实验方案的能力．‎ ‎　‎ 参与本试卷答题和审题的老师有：wdsxg；liurenkun；wdnyx2011；刘伟；951574352；739830；fhp826；2107959882；190438938；331306；wscdd；沈加国；zxjw58（排名不分先后）‎ 菁优网 ‎2016年8月18日