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- 2021-05-11 发布
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1
几何辅助线(图)作法探讨
一些几何题的证明或求解,由原图形分析探究,有时显得十分复杂,若通过适当的变换,即添加适当的辅助线
(图),将原图形转换成一个完整的、特殊的、简单的新图形,则能使原问题的本质得到充分的显示,通过对新图形
的分析,原问题顺利获解。有许多初中几何常见辅助线作法歌诀,下面这一套是很好的:
人说几何很困难,难点就在辅助线。辅助线,如何添?把握定理和概念。
还要刻苦加钻研,找出规律凭经验。
三角形
图中有角平分线,可向两边作垂线。也可将图对折看,对称以后关系现。
角平分线平行线,等腰三角形来添。角平分线加垂线,三线合一试试看。
线段垂直平分线,常向两端把线连。要证线段倍与半,延长缩短可试验。
三角形中两中点,连接则成中位线。三角形中有中线,延长中线等中线。
四边形
平行四边形出现,对称中心等分点。梯形里面作高线,平移一腰试试看。
平行移动对角线,补成三角形常见。证相似,比线段,添线平行成习惯。
等积式子比例换,寻找线段很关键。直接证明有困难,等量代换少麻烦。
斜边上面作高线,比例中项一大片。
圆
半径与弦长计算,弦心距来中间站。圆上若有一切线,切点圆心半径连。
切线长度的计算,勾股定理最方便。要想证明是切线,半径垂线仔细辨。
是直径,成半圆,想成直角径连弦。弧有中点圆心连,垂径定理要记全。
圆周角边两条弦,直径和弦端点连。弦切角边切线弦,同弧对角等找完。
要想作个外接圆,各边作出中垂线。还要作个内切圆,内角平分线梦圆。
如果遇到相交圆,不要忘作公共弦。内外相切的两圆,经过切点公切线。
若是添上连心线,切点肯定在上面。要作等角添个圆,证明题目少困难。
辅助线,是虚线,画图注意勿改变。假如图形较分散,对称旋转去实验。
基本作图很关键,平时掌握要熟练。解题还要多心眼,经常总结方法显。
切勿盲目乱添线,方法灵活应多变。分析综合方法选,困难再多也会减。
虚心勤学加苦练,成绩上升成直线。
2
在几何题的证明或求解时,需要构成一些基本图形来求证(解)时往往要通过添加辅助线(图)来形成,添加
辅助线(图),构成的基本图形是结果,构造的手段是方法。
笔者从作辅助线的结果和方法两方面将几何辅助线(图)作法归纳为结果―――(1)构造基本图形;(2)构
造等腰(边)三角形:(3)构造直角三角形;(4)构造全等三角形;(5)构造相似三角形;(6)构造特殊四边
形;(7)构造圆的特殊图形;方法―――(8)基本辅助线;( 9)截取和延长变换;(10)对称变换;(11)平移
变换;(12)旋转变换。下面通过近年全国各地中考的实例探讨其应用。
一、构造基本图形:每个几何定理都有与它相对应的几何图形,我们把它叫做基本图形,添辅助线往往是具有
基本图形的性质而基本图形不完整时补完整基本图形。如平行线,垂直线,直角三角形斜边上中线,三角形、四边
形的中位线等。等腰(边)三角形、直角三角形、全等三角形、相似三角形、特殊四边形和圆的特殊图形也都是基
本图形,但我们后面把它们单独表述。
典型例题:
例 1.(2012 四川内江 3 分)如图, 【 】
A. B. C. D.
例 2.(2012 江苏宿迁 3 分)已知点 E,F,G,H 分别是四边形 ABCD 的边 AB,BC,CD,DA 的
中点,若 AC⊥BD,且 AC≠BD,则四边形 EFGH 的形状是 ▲ .(填“梯形”“矩形”“菱形” )
【答案】矩形。
【考点】三角形中位线定理,矩形的判定。
【分析】如图,连接 AC,BD。
∵E,F,G,H 分别是 AB,BC,CD,DA 的中点,
∴根据三角形中位线定理,HE∥AB∥GF,HG∥AC∥EF。
又∵AC⊥BD,∴∠EHG=∠HGF=∠GFE=∠FEH=900。
∴四边形 EFGH 是矩形。
且∵AC≠BD,∴四边形 EFGH 邻边不相等。
∴四边形 EFGH 不可能是菱形。
例 3.(2012 湖北天门、仙桃、潜江、江汉油田 3 分)如图,线段 AC=n+1(其中 n 为正整数),点 B 在线段 AC 上,
在线段 AC 同侧作正方形 ABMN 及正方形 BCEF,连接 AM、ME、EA 得到△AME.当 AB=1 时,△AME 的面积记为 S1;当 AB=2
时,△AME 的面积记为 S2;当 AB=3 时,△AME 的面积记为 S3;…;当 AB=n 时,△AME 的面积记为 Sn.当 n≥2 时,
Sn﹣Sn﹣1= ▲ .
=∠=∠=∠ 3,1402,651,// 00 则ba
0100 0105 0110 0115
3
【答案】 。
【考点】正方形的性质,平行的判定和性质,同底等高的三角形面积,整式的混合运算。
【分析】连接 BE,∵在线段 AC 同侧作正方形 ABMN 及正方形 BCEF,
∴BE∥AM。∴△AME与△AMB 同底等高。∴△AME 的面积=△AMB 的面积。
∴当 AB=n 时,△AME 的面积为 ,当 AB=n-1 时,△AME 的面积
为 。
∴当 n≥2 时,
。
例 4.(2012 江苏镇江 6 分)如图,在四边形 ABCD 中,AD∥BC,E 是 AB 的中
点,连接 DE 并延长交 CB 的延长线于点 F,点 G 在 BC 边上,且∠GDF=∠ADF。
(1)求证:△ADE≌△BFE;
(2)连接 EG,判断 EG 与 DF 的位置关系,并说明理由。
【答案】解:(1)证明:∵AD∥BC,∴∠ADE=∠BFE(两直线平行,内错角相等)。
∵E 是 AB 的中点,∴AE=BE。
又∵∠AED=∠BEF,∴△ADE≌△BFE(AAS)。
(2)EG 与 DF 的位置关系是 EG⊥DF。理由如下:
∵∠ADE=∠BFE,∠GDF=∠ADF,
∴∠GDF=∠BFE(等量代换)。∴GD=GF(等角对等边)。
又∵△ADE≌△BFE,∴DE=EF(全等三角形对应边相等)。
∴EG⊥DF(等腰三角形三线合一)。
例 5.(2012 广西南宁 10 分)如图,已知矩形纸片 ABCD,AD=2,AB=4.将纸片折叠,使顶点 A 与边 CD 上的点 E 重
合,折痕 FG 分别与 AB,CD 交于点 G,F,AE 与 FG 交于点 O.
(1)如图 1,求证:A,G,E,F 四点围成的四边形是菱形;
(2)如图 2,当△AED 的外接圆与 BC 相切于点 N 时,求证:点 N 是线段 BC的中点;
(3)如图 2,在(2)的条件下,求折痕 FG 的长.
2n 1
2
−
2
n
1S n2
=
( )2
n
1S n 12
= −
( ) ( )( )22
n n 1
1 1 1 2n 1S S n n 1 = n+n 1 n n+1 =2 2 2 2−
−− = − − − −
4
【答案】解:(1 )由折叠的性质可得,GA=GE ,∠AGF=∠EGF,
∵DC∥AB,∴∠EFG=∠AGF。∴∠EFG=∠EGF。∴EF=EG=AG。
∴四边形 AGEF 是平行四边形(EF∥AG,EF=AG)。
又∵AG=GE,∴四边形 AGEF 是菱形。
(2)连接 ON,
∵△AED 是直角三角形,AE 是斜边,点 O 是 AE 的中点,
△AED 的外接圆与 BC 相切于点 N,
∴ON⊥BC。
∵点 O 是 AE 的中点,∴ON 是梯形 ABCE 的中位线。
∴点 N 是线段 BC 的中点。
(3)∵OE、ON 均是△AED 的外接圆的半径,∴OE=OA=ON=2。∴AE=AB=4。
在 Rt△ADE 中,AD=2,AE=4,∴∠AED=30°。
在 Rt△OEF 中,OE=2,∠AED=30°,∴ 。∴FG= 。
二、构造等腰(边)三角形:当问题中出现一点发出的二条相等线段时往往要补完整等腰(边)三角形;出现
角平分线与平行线组合时可延长平行线与角的二边相交得等腰(边)三角形。通过构造等腰(边)三角形,应用等
腰(边)三角形的性质得到一些边角相等关系,达到求证(解)的目的。
典型例题:
例 1. (2012 浙江丽水、金华 4 分)如图,在等腰△ABC 中,AB=AC,∠BAC=50°.∠BAC 的平分
线与 AB 的中垂线交于点 O,点 C 沿 EF 折叠后与点 O 重合,则∠CEF 的度数是 ▲ .
【答案】50°。
连接 BO,∵AB=AC,AO 是∠BAC 的平分线,∴AO 是 BC 的中垂线。
∴BO=CO。∵∠BAC=50°,∠BAC 的平分线与 AB 的中垂线交于点 O,
∴∠OAB=∠OAC=25°。∵等腰△ABC 中, AB=AC,∠BAC=50°,∴∠ABC=∠ACB=65°
。
∴∠OBC=65°-25°=40°。∴∠OBC=∠OCB=40°。
∵点 C 沿 EF 折叠后与点 O 重合,∴EO=EC,∠CEF=∠FEO。
∴∠CEF=∠FEO=(1800-2×400)÷2=50°。
例 2.(2012 甘肃白银 10 分)如图,已知△ABC 是等边三角形,点 D、F 分别在线段 BC、AB 上,∠EFB=60°,
DC=EF.
2 3OF 3
= 4 32OF 3
=
5
(1)求证:四边形 EFCD 是平行四边形;
(2)若 BF=EF,求证:AE=AD.
【答案】证明:(1)∵△ABC 是等边三角形,∴∠ABC=60°。
∵∠EFB=60°,∴∠ABC=∠EFB。∴EF∥DC(内错角相等,两直线平行)。
∵DC=EF,∴四边形 EFCD 是平行四边形。
(2)连接 BE。
∵BF=EF,∠EFB=60°,∴△EFB 是等边三角形。
∴EB=EF,∠EBF=60°。
∵DC=EF,∴EB=DC。∵△ABC 是等边三角形,∴∠ACB=60°,AB=AC。
∴∠EBF=∠ACB。∴△AEB≌△ADC(SAS)。∴AE=AD。
例 3.(2011 上海 12 分)如图,在梯形 ABCD 中,AD//BC,AB=DC,过点 D 作 DE⊥BC,
垂足为 E,并延长 DE 至 F,使 EF=DE.联结 BF、CD、AC.
(1)求证:四边形 ABFC 是平行四边形;
(2)如果 DE2=BE·CE,求证四边形 ABFC 是矩形.
【答案】解:(1)证明:连接 BD。
∵梯形 ABCD 中,AD∥BC,AB=DC,∴AC=BD,∠ACB=∠DBC
∵DE⊥BC,EF=DE,∴BD=BF,∠DBC=∠FBC。
∴AC=BF,∠ACB=∠CBF。∴AC∥BF。
∴四边形 ABFC 是平行四边形;
(2)∵DE2=BE·CE,∴ 。
∵∠DEB=∠DEC=90°,∴△BDE∽△DEC。∴∠CDE=∠DBE,
∴∠BFC=∠BDC=∠BDE+∠CDE=∠BDE+∠DBE=90°。
∴四边形 ABFC 是矩形。
三、构造直角三角形:通过构造直角三角形,应用直角三角形的性质得到一些边角关系(勾股定理,两锐角互
余,锐角三角函数),达到求证(解)的目的。
典型例题:
例 1.(2012 广西柳州 3 分)已知:在△ABC 中,AC=a,AB 与 BC 所在直线成 45°角,AC 与 BC 所在直
线形成的夹角的余弦值为 (即 cosC= ),则 AC 边上的中线长是 ▲ .
DE CE
BE DE
=
2 55
2 55
6
【答案】 或 a。
【分析】分两种情况:
①△ABC 为锐角三角形时,如图 1,BE 为 AC 边的中线。
作△ABC 的高 AD,过点 E 作 EF⊥BC 于点 F。
∵在 Rt△ACD 中,AC=a,cosC= ,
∴CD= a,AD= a。
∵在 Rt△ABD 中,∠ABD=45°,∴BD=AD= a。。∴BC=BD+CD= a。
∵点 E 是 AC 的中点,EF∥AD,∴EF 是△ACD 的中位线。∴FC= DC= a,EF= AD= a。
∴BF= a。
在 Rt△BEF 中,由勾股定理,得 。
②△ABC 为钝角三角形时,如图 2,BE 为 AC 边的中线。
作△ABC 的高 AD。
∵在 Rt△ACD 中,AC=a,cosC= ,
∴CD= a,AD= a。
∵在 Rt△ABD 中,∠ABD=45°,∴BD=AD= a。∴BC= BD= a。
∵点 E 是 AC 的中点,∴BE 是△ACD 的中位线。∴BE= AD= a。
综上所述,AC 边上的中线长是 或 a。
例 2. (2012 广西河池 3 分)如图,在矩形 ABCD 中,AD>AB,将矩形 ABCD 折叠,使点 C 与点
A 重
合,折痕为 MN,连结 CN.若△CDN 的面积与△CMN 的面积比为 1︰4,则 的值为【 】
85 a10
5
10
2 55
2 55
5
5
5
5
3 5
5
1
2
5
5
1
2
5
10
2 55
22
2 2 22 5 17 85BE BF EF 5a a = a = a5 10 20 10
= + = +
2 55
2 55
5
5
5
5
5
5
1
2
5
10
85 a10
5
10
MN
BM
7
A.2 B.4 C. D.
【答案】D。
过点 N 作 NG⊥BC 于 G,
∵四边形 ABCD 是矩形,∴四边形 CDNG 是矩形,AD∥BC。
∴CD=NG,CG=DN,∠ANM=∠CMN。
由折叠的性质可得:AM=CM,∠AMN=∠CMN,∴∠ANM=∠AMN。
∴AM=AN。 ∴AM=CM,∴四边形 AMCN 是平行四边形。
∵AM=CM,∴四边形 AMCN 是菱形。
∵△CDN 的面积与△CMN 的面积比为 1:4,∴DN:CM=1:4。
设 DN=x,则 AN=AM=CM=CN=4x,AD=BC=5x,CG=x。∴BM=x,GM=3x。
在 Rt△CGN 中, ,
在 Rt△MNG 中, ,
∴ 。故选 D。
例 3.(2012 北京市 5 分)如图,在四边形 ABCD 中,对角线 AC,BD 交于点 E,∠BAC=900,∠CED=450,∠DCE=900,
DE= ,BE=2 .求 CD 的长和四边形 ABCD 的面积.
【答案】解:过点 D 作 DH⊥AC,
∵∠CED=45°,DH⊥EC,DE= ,∴EH=DH=1。
又∵∠DCE=30°,∴DC=2,HC= 。
∵∠AEB=45°,∠BAC=90°,BE=2 ,
∴AB=AE=2。∴AC=2+1+ =3+ 。
∴ 。
【考点】勾股定理,含 30 度角的直角三角形的性质,等腰直角三角形的性质,
四、构造全等三角形:通过构造全等三角形,应用全等三角形对应边、角相等的性质,达到求证(解)的目的。
典型例题:
例 1. (2012 浙江绍兴 5 分)如图,在矩形 ABCD 中,点 E,F 分别在 BC,CD 上,将△ABE 沿 AE 折叠,使点 B 落在 AC
上的点 B′处,又将△CEF 沿 EF 折叠,使点 C 落在 EB′与 AD 的交点 C′处.则 BC:AB 的值为 ▲ 。
2 5 2 6
( )22 2 2NG CN CG 4x x 15x= − = − =
( ) ( )222 2MN GM NG 3x 15x =2 6x= + = +
MN 2 6x= =2 6BM x
2 2
2
3
2
3 3
ABCD
1 1 9 3 3S 2 3 3 1 3 3 2 2 2
+= × × + + × × + =四 形 ( ) ( )边
8
例 2.(2012 山东泰安 3 分)如图,AB∥CD,E,F 分别为 AC,BD 的中点,若 AB=5,CD=3,则
EF 的长是【 】
A.4 B.3 C.2 D.1
【答案】D。
【考点】三角形中位线定理,全等三角形的判定和性质。
【分析】连接 DE 并延长交 AB 于 H,
∵CD∥AB,∴∠C=∠A,∠CDE=∠AHE。
∵E 是 AC 中点,∴DE=EH。∴△DCE≌△HAE(AAS)。
∴DE=HE,DC=AH。∵F 是 BD 中点,∴EF 是△DHB 的中位线。∴EF= BH。
∴BH=AB﹣AH=AB﹣DC=2。∴EF=1。故选 D。
例 3.(2012 山东德州 12 分)如图所示,现有一张边长为 4 的正方形纸片 ABCD,点 P 为正方形 AD 边上的一点(不
与点 A、点 D 重合)将正方形纸片折叠,使点 B 落在 P 处,点 C 落在 G 处,PG 交 DC 于 H,折痕为 EF,连接 BP、BH.
(1)求证:∠APB=∠BPH;
(2)当点 P 在边 AD 上移动时,△PDH 的周长是否发生变化?并证明你的结论;
(3)设 AP 为 x,四边形 EFGP 的面积为 S,求出 S 与 x 的函数关系式,试问 S 是
否存在最小值?若存在,求出这个最小值;若不存在,请说明理由.
1
2
9
【答案】解:(1)如图 1,∵PE=BE,∴∠EBP=∠EPB.
又∵∠EPH=∠EBC=90°,
∴∠EPH﹣∠EPB=∠EBC﹣∠EBP,即∠PBC=∠BPH。
又∵AD∥BC,∴∠APB=∠PBC。∴∠APB=∠BPH。
(2)△PHD 的周长不变为定值 8。证明如下:
如图 2,过 B 作 BQ⊥PH,垂足为 Q。
由(1)知∠APB=∠BPH,
又∵∠A=∠BQP=90°,BP=BP,
∴△ABP≌△QBP(AAS)。∴AP=QP,AB=BQ。
又∵AB=BC,∴BC=BQ。
又∵∠C=∠BQH=90°,BH=BH,∴△BCH≌△BQH(HL)。∴CH=QH。
∴△PHD 的周长为:PD+DH+PH=AP+PD+DH+HC=AD+CD=8。
(3)如图 3,过 F 作 FM⊥AB,垂足为 M,则 FM=BC=AB。
又∵EF 为折痕,∴EF⊥BP。
∴∠EFM+∠MEF=∠ABP+∠BEF=90°。∴∠EFM=∠ABP。
又∵∠A=∠EMF=90°,AB=ME,∴△EFM≌△BPA(ASA)。
∴EM=AP=x.
∴在 Rt△APE 中,(4﹣BE)2+x2=BE2,即 。
∴ 。
又∵四边形 PEFG 与四边形 BEFC 全等,
∴ 。
∵ ,∴当 x=2 时,S 有最小值 6。
2xBE 2+ 8
=
2xCF BE EM 2+ x8
= − = −
( ) ( )2 221 1 x 1 1S BE CF BC= 4+ x 4= x 2x+8= x 2 +62 2 4 2 2
= ⋅ + ⋅ ⋅ − ⋅ − −
10 42< <
10
例 4. (2011 广西南宁 3 分)如图,在△ABC 中,∠ACB=90º,∠A=15º,AB=8,则 AC·BC 的值为【 】
A.14 B.16 3 C.4 15 D.16
【答案】D。
【考点】全等三角形的判定和性质,锐角三角函数。
【分析】延长 BC 到点 D,使 CD=CB,连接 AD,过点 D 作 DE⊥AB,垂足为点 E。则知
△ACD≌△ACB,从而由已知得∠CAD=∠A=15º,AD=AB。因此,在Rt△ADE 中,AD=
8,∠BAD=30º,∴DE=AD·sin30º=4。从而 S △ADE= ·AB·DE=16,又 S △ADE=
·BD·AC= ·2BC·AC=AC·BC,即 AC·BC=16。
例 5. (2011 山东济南 3 分)如图,在△ABC 中,∠ACB=90º,AC>BC,分别以 AB、BC 、CA 为一边
向△ABC 外作正方形 ABDE、BCMN、CAFG,连接 EF、GM、ND,设△AEF、△BND、△CGM 的面积
分别为 S1、S2、S3,则下列结论正确的是【 】
A.S1=S2=S3 B.S1=S2<S3
C.S1=S3<S2 D.S2=S3<S1
【答案】A。
【分析】过点 D 作 DQ⊥MN 交 CB 的延长线于点 P,交 MN 的延长线于点 Q;
过点 E 作 ER⊥GF 交 CA 的延长线于点 S,交 GF 的延长线于点 R。
易证△CGM≌△CAB(SAS),即 S2=S△ABC;
易证△PBD≌△CAB(AAS),∴BP=AC,即 S3 的底为 BN=BC,高为 BP=AC,∴S2=S△ABC;
易证△SEA≌△CAB(AAS),∴AS=BC,即 S1 的底为 FA=CA,高为 AS=BC,∴S2=S△ABC。
∴S1=S2=S3=S△ABC。故选 A。
例 6. (2011 山东德州 8 分)如图 AB=AC,CD⊥AB 于 D,BE⊥AC 于 E,BE 与 CD 相交于点 O.
(1)求证 AD=AE;
(2)连接 OA,BC,试判断直线 OA,BC 的关系并说明理由.
【答案】解:(1)证明:在△ACD 与△ABE 中,
∵∠A=∠A,∠ADC=∠AEB=90°,AB=AC,
∴△ACD≌△ABE(AAS)。∴AD=AE。
(2)在 Rt△ADO 与 Rt△AEO 中,∵OA=OA,AD=AE,
1
2
1
2
1
2
11
∴△ADO≌△AEO(HL)。∴∠DAO=∠EAO。
即 OA 是∠BAC 的平分线。
又∵AB=AC,∴OA⊥BC。
五、构造相似三角形:通过构造相似三角形,应用相似三角形对应角相等、对应边成比例的性质,达到求证(解)
的目的。
典型例题:
例 1.(2012 湖北十堰 3 分)如图,矩形 ABCD 中,AB=2,AD=4,AC 的垂直平分线 EF 交 AD 于点 E、交 BC 于点 F,则
EF= ▲ .
【答案】 。
【分析】连接 EC,AC、EF 相交于点 O。
∵AC 的垂直平分线 EF,∴AE=EC。
∵四边形 ABCD 是矩形,
∴∠D=∠B=90°,AB=CD=2,AD=BC=4,AD∥BC。
∴△AOE∽△COF。∴ 。
∵OA=OC,∴OE=OF,即 EF=2OE。
在 Rt△CED 中,由勾股定理得:CE2=CD2+ED2,即 CE2=(4-CE)2+22,解得: CE= 。
∵在 Rt△ABC 中,AB=2,BC=4,由勾股定理得:AC= ,∴CO= 。
∵在 Rt△CEO 中,CO= ,CE= ,由勾股定理得:EO= 。∴EF=2EO= 。
例 2.(2012 天津市 10 分)已知一个矩形纸片 OACB,将该纸片放置在平面直角坐标系中,点 A(11,0),点 B(0,
6),点 P 为 BC 边上的动点(点 P 不与点 B、C 重合),经过点 O、P 折叠该纸片,得点 B′和折痕 OP.设 BP=t.
(Ⅰ)如图①,当∠BOP=300 时,求点 P 的坐标;
(Ⅱ)如图②,经过点 P 再次折叠纸片,使点 C 落在直线 PB′上,得点 C′和折痕 PQ,若 AQ=m,试用含有 t 的式子
表示 m;
(Ⅲ)在(Ⅱ)的条件下,当点 C′恰好落在边 OA 上时,求点 P 的坐标(直接写出结果即可).
5
AO OE
OC OF
=
5
2
2 5 5
5 5
2
5
2 5
12
【答案】解:(Ⅰ)根据题意,∠OBP=90°,OB=6。
在 Rt△OBP 中,由∠BOP=30°,BP=t,得 OP=2t。
∵OP2=OB2+BP2,即(2t)2=62+t2,解得:t1= ,t2=- (舍去).
∴点 P 的坐标为( ,6)。
(Ⅱ)∵△OB′P、△QC′P 分别是由△OBP、△QCP 折叠得到的,
∴△OB′P≌△OBP,△QC′P≌△QCP。
∴∠OPB′=∠OPB,∠QPC′=∠QPC。
∵∠OPB′+∠OPB+∠QPC′+∠QPC=180°,∴∠OPB+∠QPC=90°。
∵∠BOP+∠OPB=90°,∴∠BOP=∠CPQ。
又∵∠OBP=∠C=90°,∴△OBP∽△PCQ。∴ 。
由题意设 BP=t,AQ=m,BC =11,AC=6,则 PC=11-t,CQ=6-m.
∴ 。∴ (0<t<11)。
(Ⅲ)点 P 的坐标为( ,6)或( ,6)。
【分析】(Ⅲ)首先过点 P 作 PE⊥OA 于 E,易证得△PC′E∽△C′QA,由勾股定理可求得 C′Q 的长,然后利用相似
三角形的对应边成比例与 ,即可求得 t 的值:
过点 P 作 PE⊥OA 于 E,∴∠PEA=∠QAC′=90°。
∴∠PC′E+∠EPC′=90°。
∵∠PC′E+∠QC′A=90°,∴∠EPC′=∠QC′A。
∴△PC′E∽△C′QA。∴ 。
∵PC′=PC=11-t,PE=OB=6,AQ=m,C′Q=CQ=6-m,
∴ 。
∴ 。
∵ ,即 ,∴ ,即 。
将 代入,并化简,得 。解得: 。
∴点 P 的坐标为( ,6)或( ,6)。
2 3 2 3
2 3
OB BP
PC CQ
=
6 t
11 t 6 m
=− −
21 11m t t 66 6
= − +
11 13
3
− 11+ 13
3
21 11m t t 66 6
= − +
PE PC
AC C Q
′=′ ′
2 2AC C Q AQ 36 12m′ = ′ − = −
6 11 t
6 m36 12m
−= −−
6 t
11 t 6 m
=− −
6 11 t
t 6 m
−= −
6 6= t36 12m−
236 12m=t−
21 11m t t 66 6
= − + 23t 22 t 36=0− + 1 2
11 13 11+ 13t t3 3
−= =,
11 13
3
− 11+ 13
3
13
例 3.(2012 湖南岳阳 3 分)如图,△ABC 中,AB=AC,D 是 AB 上的一点,且 AD= AB,DF∥BC,E 为 BD 的中点.若
EF⊥AC,BC=6,则四边形 DBCF 的面积为 ▲ .
【答案】15。
【分析】如图,过 D 点作 DG⊥AC,垂足为 G,过 A 点作 AH⊥BC,垂足为 H,
∵AB=AC,点 E 为 BD 的 中点,且 AD= AB,
∴设 BE=DE=x,则 AD=AF=4x。∵DG⊥AC,EF⊥AC,
∴DG∥EF,∴ ,即 ,解得 。
∵DF∥BC,∴△ADF∽△ABC,∴ ,即 ,解得 DF=4。
又∵DF∥BC,∴∠DFG=∠C,
∴Rt△DFG∽Rt△ACH,∴ ,即 ,]解得 。
在 Rt△ABH 中,由勾股定理,得 。
∴ 。
又∵△ADF∽△ABC,∴ ,∴
∴ 。
例 4. (2011 山东淄博 4 分)如图,正方体的棱长为 3,点 M,N 分别在 CD,HE 上,CM= DM,HN=2NE,
HC 与 NM 的延长线交于点 P,则 tan∠NPH 的值为 ▲ .
【答案】 。
【考点】正方形的性质,相似三角形的判定和性质,锐角三角函数。
【分析】∵CM= DM,HN=2NE,∴CM= CD,HN= HE= CD,
又∵△PCM∽△PHN,∴ ,即 PH=2CH=2CD。
∴tan∠NPH= 。
2
3
2
3
AE DE=AF GF
5x x=4x GF
4GF= x5
DF AD=BC AB
DF 4x=6 6x
DF GF=AC HC
4 x4 5=6x 3
2 5x = 2
2 2 2 2 5AH= AB BH 36x 3 = 36 9=92
− = − × −
ABC
1 1S BC AH 6 9 272 2∆ = ⋅ ⋅ = × × =
2 2
ADF
ABC
S DF 4 4
S BC 6 9
∆
∆
= = = ADF
4S 27=129∆ = ×
ABC ADFDBCFS S S 27 12 15∆ ∆= − = − =四 形边
1
2
1
3
1
2
1
3
2
3
2
3
PC CM 1
PH HN 2
= =
HN 1
PH 3
=
14
六、构造特殊四边形:通过构造平行四边形、矩形、菱形、正方形、梯形等特殊四边形,应用它们边、角、对
角线、中位线的性质,达到求证(解)的目的。
典型例题:
例 1. (2012 贵州遵义 3 分)如图,矩形 ABCD 中,E 是 AD 的中点,将△ABE 沿 BE 折叠后
得到△GBE,延长 BG 交 CD 于 F 点,若 CF=1,FD=2,则 BC 的长为【 】
A. B. C. D.
【答案】B。
【分析】过点 E 作 EM⊥BC 于 M,交 BF 于 N。
∵四边形 ABCD 是矩形,∴∠A=∠ABC=90°,AD=BC,
∵∠EMB=90°,∴四边形 ABME 是矩形。∴AE=BM,
由折叠的性质得:AE=GE,∠EGN=∠A=90°,∴EG=BM。
∵∠ENG=∠BNM,∴△ENG≌△BNM(AAS)。∴NG=NM。
∵E 是 AD 的中点,CM=DE,∴AE=ED=BM=CM。
∵EM∥CD,∴BN:NF=BM:CM。∴BN=NF。∴NM= CF= 。∴NG= 。
∵BG=AB=CD=CF+DF=3,∴BN=BG﹣NG=3﹣ 。∴BF=2BN=5
∴ 。故选 B。
例 2. (2012 四川德阳 3 分) 如图,点 D 是△ABC 的边 AB 的延长线上一点,点 F 是边 BC 上的一个动
点(不与点 B 重合).以 BD、BF 为邻边作平行四边形 BDEF,又 AP BE(点 P、E 在直线 AB 的同侧),如果
,那么△PBC 的面积与△ABC 面积之比为【 】
A. B. C. D.
【答案】D。
【分析】过点 P 作 PH∥BC 交 AB 于 H,连接 CH,PF,PE。
∵AP BE,∴四边形 APEB 是平行四边形。∴PE AB。,
∵四边形 BDEF 是平行四边形,∴EF BD。
∴EF∥AB。∴P,E,F 共线。
设 BD=a,∵ ,∴PE=AB=4a。∴PF =PE﹣EF=3a。
∵PH∥BC,∴S△HBC=S△PBC。
∵PF∥AB,∴四边形 BFPH 是平行四边形。∴BH=PF=3a。
∵S△HBC:S△ABC=BH:AB=3a:4a=3:4,∴S△PBC:S△ABC=3:4。故选 D。
3 2 2 6 2 5 2 3
1
2
1
2
1
2
1 5
2 2
=
2 2 2 2BC BF CF 5 1 2 6= − = − =
BD B1
4 A=
4
1
5
3
5
1
4
3
1BD AB4
=
15
例 3.(2012 安徽省 5 分)如图,P 是矩形 ABCD 内的任意一点,连接 PA、PB、PC、PD,得到△PAB、△PBC、△PCD、
△PDA,设它们的面积分别是 S1、S2、S3、S4,给出如下结论:
①S1+S2=S3+S4 ② S2+S4= S1+ S3
③若 S3=2 S1,则 S4=2 S2 ④若 S1= S2,则 P 点在矩形的对角线上
其中正确的结论的序号是 ▲ (把所有正确结论的序号都填在横线上).
【答案】②④。
【分析】如图,过点 P 分别作四个三角形的高,
∵△APD 以 AD 为底边,△PBC 以 BC 为底边,
∴此时两三角形的高的和为 AB,∴S1+S3= S 矩形 ABCD;
同理可得出 S2+S4= S 矩形 ABCD。
∴②S2+S4= S1+ S3 正确,则①S1+S2=S3+S4 错误。
若 S3=2 S1,只能得出△APD 与△PBC 高度之比,S4 不一定等于 2S2;故
结论③错误。
如图,若 S1=S2,则 ×PF×AD= ×PE×AB,
∴△APD 与△PBA 高度之比为:PF:PE =AB:AD 。
∵∠DAE=∠PEA=∠PFA=90°,∴四边形 AEPF 是矩形,
∴矩形 AEPF∽矩形 ABCD。连接 AC。∴PF:CD =PE :BC=AP:AC,即 PF:CD =AF :AD=AP:AC。
∴△APF∽△ACD。∴∠PAF=∠CAD。∴点 A、P、C 共线。∴P 点在矩形的对角线上。
故结论④正确。综上所述,结论②和④正确。
例 4.(2012 广西贵港 8 分)如图,在□ABCD 中,延长 CD 到 E,使 DE=CD,连接 BE 交 AD 于点 F,交
AC 于点 G。
(1)求证:AF=DF;
(2)若 BC=2AB,DE=1,∠ABC=60°,求 FG 的长。
【答案】解:(1)证明:如图 1,连接 BD、AE,
∵四边形 ABCD 是平行四边形,∴AB∥CD,AB=CD。
∵DE=CD,∴AB∥DE,AB=DE。∴四边形 ABDE 是平行四边形。∴AF=DF。
(2)如图 2,在 BC 上截取 BN=AB=1,连接 AN,
∵∠ABC=60°,∴△ANB 是等边三角形。
∴AN=1=BN,∠ANB=∠BAN=60°。
∵BC=2AB=2,∴CN=1=AN。
1
2
1
2
1
2
1
2
16
∴∠ACN=∠CAN=
1
2×60°=30°。
∴∠BAC=90°。
由勾股定理得:AC= 22-12= 3。
∵四边形 ABCD 是平行四边形,∴AB∥CD。
∴△AGB∽△CGE。∴
BG
GE=
AB
CE=
AG
CG。∴
1
1+1=
AG
3-AG,解
得 AG=
3
3 。
在△BGA 中,由勾股定理得:BG= 12+( 3
3 )2=
2 3
3 。
∵
BG
GE=
1
2,
∴GE=
4 3
3 ,BE=
4 3
3 +
2 3
3 =2 3。
∵四边形 ABDE 是平行四边形,∴BF=
1
2BE= 3。∴FG= 3-
2 3
3 =
3
3 。
例 5.(2012 江苏常州 7 分)如图,在四边形 ABCD 中,AD∥BC,对角线 AC 的中点
为 O,过点 O 作 AC 的垂直平分线分别与 AD、BC 相交于点 E、F,连接 AF。
求证:AE=AF。
【答案】证明:连接 CE。
∵AD∥BC,∴∠AEO=∠CFO,∠EAO=∠FCO,。
又∵AO=CO,∴△AEO≌△CFO(AAS)。
∴AE=CF。∴四边形 AECF 是平行四边形。
又∵EF⊥AC,∴平行四边形 AECF 是菱形。
∴AE=AF。
【考点】菱形的判定和性质,平行的性质,全等三角形的判定和性质。
例 6.(2012 海南省 11 分)如图(1),在矩形 ABCD 中,把∠B、∠D 分别翻折,使点 B、D 分别落在对角
线 BC 上的点 E、F 处,折痕分别为 CM、AN.
(1)求证:△AND≌△CBM.
(2)请连接 MF、NE,证明四边形 MFNE 是平行四边形,四边形 MFNE 是菱形吗?请说明理由?
(3)P、Q 是矩形的边 CD、AB 上的两点,连结 PQ、CQ、MN,如图(2)所示,若 PQ=CQ,PQ∥MN。且 AB=4,BC=3,求
PC 的长度.
17
【答案】(1)证明:∵四边形 ABCD 是矩形,∴∠D=∠B,AD=BC,AD∥BC。
∴∠DAC=∠BCA。
又由翻折的性质,得∠DAN=∠NAF,∠ECM=∠BCM,∴∠DAN=∠BCM。
∴△AND≌△CBM(ASA)。
(2)证明:∵△AND≌△CBM,∴DN=BM。
又由翻折的性质,得 DN=FN,BM=EM,
∴FN=EM。
又∠NFA=∠ACD+∠CNF=∠BAC+∠EMA=∠MEC,
∴FN∥EM。∴四边形 MFNE 是平行四边形。
四边形 MFNE 不是菱形,理由如下:
由翻折的性质,得∠CEM=∠B=900,
∴在△EMF 中,∠FEM>∠EFM。
∴FM>EM。∴四边形 MFNE 不是菱形。
(3)解:∵AB=4,BC=3,∴AC=5。
设 DN=x,则由 S△ADC=S△AND+S△NAC 得
3 x+5 x=12,解得 x= ,即 DN=BM= 。
过点 N 作 NH⊥AB 于 H,则 HM=4-3=1。
在△NHM 中,NH=3,HM=1,由勾股定理,得 NM= 。
∵PQ∥MN,DC∥AB,∴四边形 NMQP 是平行四边形。∴NP=MQ,PQ= NM= 。
又∵PQ=CQ,∴CQ= 。在△CBQ 中,CQ= ,CB=3,由勾股定理,得 BQ=1。
∴NP=MQ= 。∴PC=4- - =2。
【考点】翻折问题,翻折的性质,矩形的性质,平行的性质,全等三角形的判定和性质,平行四边形的判定和性质,
菱形的判定,勾股定理。
3
2
3
2
10
10
10 10
1
2
3
2
1
2
18
七、构造圆的特殊图形:通过构造圆的特殊图形,应用圆周角定理、垂径定理、切线与过切点的半(直)径的
关系、两圆相切公切线的性质、两圆相交公共弦的性质等,达到求证(解)的目的。
典型例题:
例 3.(2012 山东日照 4 分)如图,过 A、C 、D 三点的圆的圆心为 E,过 B、F、E 三点的圆的圆心为 D,如果
∠A=63°,那么∠θ= ▲ .[来︿源
【答案】180。
【分析】如图,连接 CE,DE,
∵过 A、C 、D 三点的圆的圆心为 E,过 B、F、E 三点的圆的圆心为
D,
∴AE=CE=DE=DB。∴∠A=∠ACE,∠ECD=∠CDE,∠DEB=∠DBE=∠θ。
∵∠A=63°,∴∠AEC=1800-2×630=540。
又 ∵∠ECD=∠CDE=2∠θ , ∴∠AEC=∠ ECD + ∠DBE=3∠θ , 即
3∠θ=540。∴∠θ=180。
19
例 4.(2012 湖北鄂州 3 分)如下图 OA=OB=OC 且∠ACB=30°,则∠AOB 的大小是【 】
A.40° B.50° C.60° D.70°
【答案】C。
【考点】圆周角定理。
【分析】∵OA=OB=OC,∴A、B、C 在以 O 为圆心 OA 为半径的圆上。
作⊙O。
∵ ∠ACB 和∠AOB 是同弧 所对的圆周角和圆心角,且∠ACB=30°,
∴根据同弧所对的圆周角是圆心角的一半的性质,得∠AOB=60°。故选 C。
例 5.(2012 天津市 3 分)如图,已知正方形 ABCD 的边长为 1,以顶点 A、B 为圆心,1
为半径的两弧交于点 E,以顶点 C、D 为圆心,1 为半径的两弧交于点 F,则 EF 的长为 ▲ .
【答案】 。
【考点】正方形的性质,全等三角形的判定和性质,勾股定理。
【分析】连接 AE,BE,DF,CF。
∵以顶点 A、B 为圆心,1 为半径的两弧交于点 E,AB=1,
∴AB=AE=BE,∴△AEB 是等边三角形。
∴边 AB 上的高线为: 。
同理:CD 边上的高线为: 。
延长 EF 交 AB 于 N,并反向延长 EF 交 DC 于 M,则 E、F、M,N 共线。
∵AE=BE,∴点 E 在 AB 的垂直平分线上。
同理:点 F 在 DC 的垂直平分线上。
∵四边形 ABCD 是正方形,∴AB∥DC。∴MN⊥AB,MN⊥DC。
由正方形的对称性质,知 EM=FN。
∴EF+2EM=AD=1,EF+EM= ,解得 EF= 。
例 6.(2012 广西玉林、防城港 3 分)如图,矩形 OABC 内接于扇形 MON,当 CN=CO 时,∠NMB 的度数是 ▲ .
【答案】30°。
【分析】连接 OB,∵CN=CO,∴OB=ON=2OC。∵四边形 OABC 是矩形,∴∠BCO=90°。
∴ 。∴∠BOC=60°。∴∠NMB= ∠BOC=30°。
AB
3 1−
3
2
3
2
3
2 3 1−
OC 1cos BOC OB 2
∠ = = 1
2
20
八、基本辅助线:基本辅助线包括连接两点的线段、平行线、垂直线、角平分线等,如连接直角三角形直角顶
点与斜边的中点构成斜边上的中线;过三角形一边的中点作另一边的平行线构成三角形的中位线;过三角形一顶点
作对边的垂直线构成直角三角形;连接圆上一点和直径的两端点构成直角三角形;等等。
典型例题:
例 2.(2012 广东佛山 6 分)如图,已知 AB=DC,DB=AC
(1)求证:∠ABD=∠DCA,注:证明过程要求给出每一步结论成立的依据.
(2)在(1)的证明过程中,需要作辅助线,它的意图是什么?
【答案】证明:(1)连接 AD,
在△BAD 和△CDA 中,
∵ AB=CD (已知),DB=AC(已知), AD=AD(公共边),
∴△BAD≌△CDA(SSS)。
∴∠ABD=∠DCA(全等三角形对应角相等)。
(2)作辅助线的意图是构造全等的三角形即两个三角形的公共边。
【考点】全等三角形的判定和性质。
例 3.(2012 贵州贵阳 3 分)如图,在 Rt△ABC 中,∠ACB=90°,AB 的垂直平分线 DE 交于 BC 的延长线于 F,若
∠F=30°,DE=1,则 EF 的长是【 】
A.3 B.2 C. D.1
【答案】B。
3
21
【分析】连接 AF,∵DF 是 AB 的垂直平分线,∴AF=BF。
∵FD⊥AB,∴∠AFD=∠BFD=30°,∠B=∠FAB=90°﹣30°=60°。
∵∠ACB=90°,∴∠BAC=30°,∠FAC=60°﹣30°=30°。
∵DE=1,∴AE=2DE=2。∵∠FAE=∠AFD=30°,∴EF=AE=2。故选 B。
例 5.(2012 四川宜宾 3 分)如图,在四边形 ABCD 中,DC∥AB,CB⊥AB,AB=AD,CD= AB,
点 E、F 分别为 AB.AD 的中点,则△AEF 与多边形 BCDFE 的面积之比为【 】
A. B. C. D.
【答案】C。
【分析】如图,连接 BD,过点 F 作 FG∥AB 交 BD 于点 G,连接 EG,CG。
∵DC∥AB,CB⊥AB,AB=AD,CD= AB,点 E、F 分别为 AB.AD 的中点,
∴根据三角形中位线定理,得 AE=BE=AF=DF=DC=FG。
∴图中的六个三角形面积相等。
∴△AEF 与多边形 BCDFE 的面积之比为 。故选 C。
例 6.(2012 天津市 3 分)若一个正六边形的周长为 24,则该正六边形的面积为 ▲ .
【答案】 。
【分析】根据题意画出图形,如图,连接 OB,OC,过 O 作 OM⊥BC 于 M,
∴∠BOC= ×360°=60°。
∵OB=OC,∴△OBC 是等边三角形。∴∠OBC=60°。
∵正六边形 ABCDEF 的周长为 24,∴BC=24÷6=4。
∴OB=BC=4,∴BM=OB·sin∠OBC =4· 。
∴ 。
例 7.(2012 福建厦门 10 分)已知 ABCD,对角线 AC 与 BD 相交于点 O,点 P
在边 AD 上,过点 P 分
别作 PE⊥AC、PF⊥BD,垂足分别为 E、F,PE=PF.
(1)如图,若 PE= 3,EO=1,求∠EPF 的度数;
(2)若点 P 是 AD 的中点,点 F 是 DO 的中点,BF =BC+3 2-4,求 BC 的长.
【答案】解:(1)连接 PO ,
1
2
1
7
1
6
1
5
1
4
1
2
1
5
24 3
1
6
3 =2 32
ABCDEF OBC
1 1S 6S 6 BC OM 6 4 2 3 24 32 2∆= = ⋅ ⋅ ⋅ = ⋅ ⋅ ⋅ =
22
∵ PE=PF,PO=PO,PE⊥AC、PF⊥BD,
∴ Rt△PEO≌Rt△PFO(HL)。
∴∠EPO=∠FPO。
在 Rt△PEO 中, tan∠EPO=
EO
PE= 3 ,
∴ ∠EPO=30°。∴ ∠EPF=60°。
(2)∵点 P 是 AD 的中点,∴ AP=DP。
又∵ PE=PF,∴ Rt△PEA≌Rt△PFD(HL)。
∴∠OAD=∠ODA。∴ OA=OD。
∴ AC=2OA=2OD=BD。∴ ABCD 是矩形。
∵ 点 P 是 AD 的中点,点 F 是 DO 的中点,∴ AO∥PF。
∵ PF⊥BD,∴ AC⊥BD。∴ ABCD 是菱形。∴ ABCD 是正方形。
∴ BD= 2BC。
∵ BF=
3
4BD,∴BC+3 2-4=
3
4BC,解得,BC=4。
例 8.(2012 河北省 2 分)如图,CD 是⊙O 的直径,AB 是弦(不是直径),AB⊥CD 于点 E,则下列结
论正确的是【 】
A.AE>BE B. C.∠D= ∠AEC D.△ADE∽△CBE
【答案】D。
【考点】垂径定理,圆周角定理,三角形外角性质,相似三角形的判定和性质。
【分析】∵CD 是⊙O 的直径,AB 是弦(不是直径),AB⊥CD于点 E,
∴根据垂径定理,得 AE=BE。故选项 A 错误。
如图,连接 AC,则根据同弧所对的圆周角相等的性质,得∠D=∠B,
∴BC=AC。
根据垂径定理,只有在 AB 是直径时才有 AC=AD ,而 AB 不是直径,∴AD≠AC 。∴
。
∴ 。故选项 B 错误。
如图,连接 AO,则根据同弧所对的圆周角是圆心角一半的性质,得∠D= ∠AOC。
∵∠AEC 是△AOE 的外角,∴∠AEC>∠AOC。∴∠D< ∠AEC。故选项 C 错误。
AD BC= 1
2
AD AC≠
AD BC≠
1
2
1
2
23
∵根据同弧所对的圆周角相等的性质,得∠D=∠B,∠DAE=∠BCE,
∴△ADE∽△CBE。故选项 D 正确。
例 9.(2012 宁夏区 6 分)在⊙O 中,直径 AB⊥CD 于点 E,连接 CO 并延长交 AD 于点 F,且 CF⊥AD.
求∠D 的度数.
【答案】解:连接 BD 。
∵AB⊙O 是直径,∴BD ⊥AD。又∵CF⊥AD,∴BD∥CF。∴∠BDC=∠C。
又∵∠BDC= ∠BOC,∴∠C= ∠BOC。∵AB⊥CD,∴∠C=30°。∴∠ADC=60°。
九、截取和延长变换:在一个平面几何图形内,延长或截取某一条线段,使条件和问题相对集中 ,达到化隐为
现的目的,常常使线段所在的三角形与平面内某一三角形成为全等三角形。证
明两条线段的和差,80%的情况都要用截长补短法。
典型例题:
例 1.(2012 江苏南京 2 分)如图,菱形纸片 ABCD 中,∠A=60 0,将纸片折
叠,点 A、D 分别落在 A’、D’处,且 A’D’经过 B,EF 为折痕,当 D’F CD
时, 的值为【 】
A. B. C. D.
【答案】A。
【分析】延长 DC 与 A′D′,交于点 M,
∵在菱形纸片 ABCD 中,∠A=60°,
∴∠DCB=∠A=60°,AB∥CD。
∴∠D=180°-∠A=120°。
根据折叠的性质,可得∠A′D′F=∠D=120°,
∴∠FD′M=180°-∠A′D′F=60°。
∵D′F⊥CD,∴∠D′FM=90°,∠M=90°-∠FD′M=30°。
∵∠BCM=180°-∠BCD=120°,∴∠CBM=180°-∠BCM-∠M=30°。∴∠CBM=∠M。
∴BC=CM。设 CF=x,D′F=DF=y, 则 BC=CM=CD=CF+DF=x+y。∴FM=CM+CF=2x+y,
在 Rt△D′FM 中,tan∠M=tan30°= ,∴ 。 。故选 A。
例 2.(2012 黑龙江牡丹江 3 分)如图,菱形 ABCD 中,AB=AC,点 E、F 分别为边 AB、BC 上的点,
1
2
1
2
⊥
CF
FD
3 1
2
− 3
6
2 3 1
6
− 3 1
8
+
D F y 3
FM 2x y 3
′ = =+
3-1x y2
= CF x 3-1
FD y 2
= =
24
且 AE=BF,连接 CE、AF 交于点 H,连接 DH 交 AG 于点 O.则下列结论①△ABF≌△CAE,②∠AHC=1200,③AH+CH=DH,④AD
2=OD·DH 中,正确的是【 】.
A. ①②④ B. ①②③ C. ②③④ D. ①②③④
【答案】D。
【分析】∵菱形 ABCD 中,AB=AC,∴△ABC 是等边三角形。∴∠B=∠EAC=600。
又∵AE=BF,∴△ABF≌△CAE(SAS)。结论①正确。
∵△ABF≌△CAE,∴∠BAF=∠ACE。
∴∠AHC=1800-(∠ACE+∠CAF)=1800-(∠BAF+∠CAF)=1800-∠BAC=1800-600=1200。
结论②正确。
如图,在 HD 上截取 HG=AH。
∵菱形 ABCD 中,AB=AC,∴△ADC 是等边三角形。
∴∠ACD=∠ADC=∠CAD=600。
又∵∠AHC=1200,∴∠AHC+∠ADC =1200+600=1800。
∴A,H,C,D 四点共圆。∴∠AHD=∠ACD =600。∴△AHG 是等边三角形。
∴AH=AG,∠GAH=600。∴∠CAH=600-∠CAG=∠DAG。
又∵AC=AD,∴△CAH≌△DAG(SAS)。∴CH=DG。∴AH+CH= HG+ DG =DH。结论③正确。
∵∠AHD =∠OAD=600,∠ADH=∠ODA,△ADH∽△ODA。∴ 。
∴AD 2=OD·DH。结论④正确。
综上所述,正确的是①②③④。故选 D。
例 3.(2012 湖北天门、仙桃、潜江、江汉油田 3 分)如图,△ABC 为等边三角形,点 E 在 BA 的延长线上,点 D 在 BC
边上,且 ED=EC.若△ABC 的边长为 4,AE=2,则 BD 的长为【 】
A.2 B.3 C. D.
【答案】A。
【分析】延长 BC 至 F 点,使得 CF=BD,
∵ED=EC,∴∠EDB=∠ECF。∴△EBD≌△EFC(SAS)。∴∠B=∠F。
∵△ABC 是等边三角形,∴∠B=∠ACB。∴∠ACB=∠F。
∴AC∥EF。∴AE=CF=2。
∴BD=AE=CF=2。故选 A。
AD HD
OD AD
=
3 3+1
25
例 4.(2012 山东枣庄 8 分)已知:如图,在四边形 ABCD 中,∠ABC=90°,CD⊥AD,AD2+CD2=2AB2.(1)求证:AB=
BC;
(2)当 BE⊥AD 于 E 时,试证明:BE=AE+CD.
【答案】解:(1)证明:连接 AC。
∵∠ABC=90°,∴AB2+BC2=AC2。
∵CD⊥AD,∴AD2+CD2=AC2。
∵AD2+CD2=2AB2,∴AB2+BC2=2AB2。∴AB=BC。
(2)证明:过 C 作 CF⊥BE 于 F。
∵BE⊥AD,∴四边形 CDEF 是矩形。∴CD=EF。
∵∠ABE+∠BAE=90°,∠ABE+∠CBF=90°,∴∠BAE=∠CBF。
又∵AB=BC,∠BEA=∠CFB,∴△BAE≌△CBF(AAS)。∴AE=BF。
∴BE=BF+EF =AE+CD。
例 5.(2012 重庆市 10 分)已知:如图,在菱形 ABCD 中,F 为边 BC 的中点,DF 与
对角线 AC 交于点 M,过 M 作 ME⊥CD 于点 E,∠1=∠2.
(1)若 CE=1,求 BC 的长;
(2)求证:AM=DF+ME.
【答案】解:(1)∵四边形 ABCD 是菱形,∴AB∥CD。∴∠1=∠ACD。
∵∠1=∠2,∴∠ACD=∠2。∴MC=MD。
∵ME⊥CD,∴CD=2CE。∵CE=1,∴CD=2。∴BC=CD=2。
(2)证明:∵F 为边 BC 的中点,∴BF=CF= BC。∴CF=CE。
∵在菱形 ABCD 中,AC 平分∠BCD,∴∠ACB=∠ACD
。
在△CEM 和△CFM 中,∵CE=CF,∠ACB=∠ACD,CM=CM,
∴△CEM≌△CFM(SAS),∴ME=MF。
延长 AB 交 DF 于点 G,∵AB∥CD,∴∠G=∠2。
∵∠1=∠2,∴∠1=∠G。∴AM=MG。
在△CDF 和△BGF 中,∵∠G=∠2,∠BFG=∠CFD,BF=CF,∴△CDF≌△BGF(AAS)。∴GF=DF
。由图形可知,GM=GF+MF,∴AM=DF+ME。
十、平移变换:平移变换是几何变换中的基本变换之一,平移变换是使图形上的点沿同一方向平移同一距离得
1
2
26
到新的图形。平移变换前后的图形具有如下性质:(1)对应线段平行且相等;
(2)对应角的两边平行且方向一致。
典型例题:
例 1. (2012 海南省 3 分)如图,∠APB=300,圆心在边 PB 上的⊙O 半径为 1cm,
OP=3cm,若⊙O 沿 BP
方向移动,当⊙O 与 PA 相切时,圆心 O 移动的距离为 ▲ cm.
【答案】1 或 5。
【考点】直线与圆相切的性质,含 300 角直角三角形的性质。
【分析】如图,设⊙O 移动到⊙O1,⊙O2 位置时与 PA 相切。
当⊙O 移动到⊙O1 时,∠O1DP=900。
∵∠APB=300,O1D=1,∴PO1=2。
∵OP=3,∴OO1=1。
当⊙O 移动到⊙O2 时,∠O2EP=90 0。
∵∠APB=300,O2D=1,∴∠O2PE=300,PO2=2。
∵OP=3,∴OO1=5。
综上所述,当⊙O 与 PA 相切时,圆心 O 移动的距离为 1cm 或 5
cm。
例 2.(2012 江西南昌 3 分)如图,有 a、b、c 三户家用电路接入电表,相邻电路的电线等距排列,则三户所用电线【
】
A. a 户最长 B.b 户最长 C.c 户最长 D.三户一样长
【答案】D。
【考点】生活中的平移现象,平移的性质。
【分析】根据平移的性质,对于电线中横的和竖的线段分别采用割补法将线段向右进行
平移,便可直观观察到都是相等的。因此 a b c 三线长度相等。故选 D。
例 3. (2011 湖北黄冈、鄂州 3 分)如图:矩形 ABCD 的对角线 AC=10,BC=8,则图中五个小矩形的周
长之和为 ▲ .
【答案】28。
【分析】由勾股定理,得 AB= ,将五个小矩形的所有上边平移至 AD,所有下边平移至
BC,所有左边平移至 AB,所有右边平移至 CD,
2 2 2 2AC BC 10 8 6− = − =
27
∴五个小矩形的周长之和=2(AB+CD)=2×(6+8)=28。
例 4.(2012 广东珠海 9 分)如图,在等腰梯形 ABCD 中,ABDC,AB=3 ,DC=
,高 CE=2 ,对角线 AC、BD 交于 H,平行于线段 BD 的两条直线 MN、RQ 同时从
点 A 出发沿 AC 方向向点 C 匀速平移,分别交等腰梯形 ABCD 的边于 M、N 和 R、Q,
分别交对角线 AC 于 F、G;当直线 RQ 到达点 C 时,两直线同时停止移动.记等腰
梯形 ABCD 被直线 MN 扫过的图形面积为 S1、被直线 RQ 扫过的图形面积为 S2,若直
线 MN 平移的速度为 1 单位/秒,直线 RQ 平移的速度为 2 单位/秒,设两直线移动
的时间为 x 秒.
(1)填空:∠AHB= ;AC= ;
(2)若 S2=3S1,求 x;
(3)设 S2=mS1,求 m 的变化范围.
【答案】解:(1)90°;4。
(2)直线移动有两种情况:0<x< 及 ≤x≤2。
①当 0<x< 时,∵MN∥BD,∴△AMN∽△ARQ。
∵直线 MN 平移的速度为 1 单位/秒,直线 RQ 平移的速度为 2 单位/秒,
∴△AMN 和△ARQ 的相似比为 1:2。
∴ 。∴S2=4S1,与题设 S2=3S1 矛盾。
∴当 0<x< 时,不存在 x 使 S2=3S1。
②当 ≤x≤2 时,
∵AB∥CD,∴△ABH∽△CDH。
∴CH:AH=CD:AB=DH:BH=1:3。
∴CH=DH= AC=1,AH═BH=4﹣1=3。
∵CG=4﹣2x,AC⊥BD,∴S△BCD= ×4×1=2
∵RQ∥BD,∴△CRQ∽△CDB。
∴ 。
又 ,
2 2
2
3
2
3
2
3
2
2
2
1
S 2 4S 1
= =
3
2
3
2
1
4
1
2
( )2
2
CRQ
4 2xS 2 =8 2 x1∆
− = ⋅ −
ABCD ABD
1 1 1 1S AB CD CE 3 2 2 2 2 8 S AB CE 3 2 2 2 62 2 2 2∆= + ⋅ = ⋅ + ⋅ = = ⋅ = ⋅ ⋅ =梯形 ( ) ( ) ,
28
∵MN∥BD,∴△AMN∽△ADB。∴ ,
∴S1= x2,S2=8﹣8(2﹣x)2。
∵S2=3S1,∴8﹣8(2﹣x)2=3· x2,解得:x1= (舍去),x2=2。
∴x 的值为 2。
(3)由(2)得:当 0<x< 时,m=4,
当 ≤x≤2 时,∵S2=mS1,
∴ 。
∴m 是 的二次函数,当 ≤x≤2 时,即当 时,m 随 的增大而增大,
∴当 x= 时,m 最大,最大值为 4;当 x=2 时,m 最小,最小值为 3。
∴m 的变化范围为:3≤m≤4。
【分析】(1)过点 C 作 CK∥BD 交 AB 的延长线于 K,
∵CD∥AB,∴四边形 DBKC 是平行四边形。
∴BK=CD= ,CK=BD。
∴AK=AB+BK= 。
∵四边形 ABCD 是等腰梯形,∴BD=AC。
∴AC=CK。∴AE=EK= AK=2 =CE。
∵CE 是高,∴∠K=∠KCE=∠ACE=∠CAE=45°。∴∠ACK=90°。∴∠AHB=∠ACK=90°
∴AC=AK•cos45°= 。
(2)直线移动有两种情况:0<x< 及 ≤x≤2;然后分别从这两种情况分析求解:当
0<x< 时,易得 S2=4S1≠3S1;当 ≤x≤2 时,根据相似三角形的性质与直角三角形的面积的求解方法,可求得
△BCD 与△CRQ 的面积,继而可求得 S2 与 S1 的值,由 S2=3S1,即可求得 x 的值;
2 2
1
ABD
S AF x
S AH 9∆
= =
2
3
2
3
6 2
5 3<
3
2
3
2
( )2 2
2
221
8 8 2 xS 36 48 1 2m= = + 12= 36 +42S x x 3xx3
− − = − − − −
1
x
3
2
1 1 2
2 x 3
≤ ≤ 1
x
3
2
2
3 2+ 2=4 2
1
2 2
24 2 42
× =
3
2
3
2
3
2
3
2
29
(3)由(2)可得当 0<x< 时,m=4;当 ≤x≤2 时,可得
,化为关于 的二次函数 ,利用二次函数的性
质求得 m 的变化范围。
十一、旋转变换:旋转变换是几何变换中的基本变换之一,通过旋转,改变位置后重
新组合,然后在新图形中分析有关图形间的关系,进而揭示条件与结论间的内在联系,找到证题途径。旋转变换的
性质(1)旋转不改变图形的大小与形状,只改变图形的性质,也就是旋转前后图形全等;(2)对应点与旋转中心所
连线段间的夹角为旋转角。
典型例题:
例 1. (2012 四川南充 3 分)如图,四边形 ABCD 中,∠BAD=∠BCD=900,AB=AD,若四边形 ABCD 的面积是 24cm2.则 AC
长是 ▲ cm.
【答案】4 。
【考点】等腰直角三角形的性质,旋转的性质,勾股定理。
【分析】如图,将△ADC 旋转至△ABE 处,则△AEC 的面 积和四边形 ABCD 的面积一样多为 24cm2,,这时三角形△AEC
为等腰直角三角形,作边 EC 上的高 AF,则 AF= EC=FC,
∴ S△AEC= AF·EC=AF2=24 。∴AF2=24。
∴AC2=2AF2=48 AC=4 。
例 2. (2011 广西贵港 3 分)如图所示,在梯形 ABCD 中,AB∥CD,E 是 BC 的中点,
EF⊥AD 于点 F,
AD=4,EF=5,则梯形 ABCD 的面积是【 】
A.40 B.30 C.20 D.10
【答案】C。
【考点】旋转变换和性质。
【分析】根据旋转的概念,旋转不改变图形的大小与形状,也就是旋
转前后图形全等。如图,将四边形 ECDF 旋转到 EBGH 的位置,这
样梯形 ABCD 的面积就等于梯形 AFHG 的面积,且 HG=FD,HG+FA=AD=4,HF=2 EF=10。因此,
它们的面积就等于 。故选 C。
3
2
3
2
( )2
2
21
8 8 2 xSm= 2S x3
− −= 1
x
21 2m= 36 +4x 3
− −
3
1
2
1
2
3
1 4 10=202
× ×
30