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- 2021-05-13 发布
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2019年中考数学提分训练: 圆
一、选择题
1.下列命题错误的是( )
A. 经过三个点一定可以作圆 B. 同圆或等圆中,相等的圆心角所对的弧相等
C. 三角形的外心到三角形各顶点的距离相等 D. 经过切点且垂直于切线的直线必经过圆心
2.如图,已知⊙0的直径AB与弦AC的夹角为35°,过C点的切线PC与AB的延长线交于点P,则∠P等于( ).
A. B. C. D.
3.如图,AB是⊙O的直径,点D为⊙O上一点,且∠ABD=30°,BO=4,则 的长为( )
A. B. C. 2π D.
23
4.如图,AB是⊙O的直径,C,D是⊙O上两点,若∠D=35°,则∠OCB的度数是( )
A. 35° B. 55° C. 65° D. 70°
5.如图,AB是⊙O的直径,C,D是⊙O上点,且OC∥BD,AD分别与BC,OC相交于点E,F,则下列结论:①AD⊥BD;②CB平分∠ABD;③∠AOC=∠AEC;④AF=DF;⑤BD=2OF.其中正确的结论有( )
A. 2个 B. 3个 C. 4个 D. 5个
6.如图,木工师傅在板材边角处作直角时,往往使用“三弧法”,其作法是:
①作线段 ,分别以 为圆心,以 长为半径作弧,两弧的交点为 ;
②以 为圆心,仍以 长为半径作弧交 的延长线于点 ;③连接 下列说法不正确的是( )
A. B. C. 点 是 的外心 D.
23
7.如图是几何体的三视图及相关数据,则下列判断错误的是( )
A. B. C. D.
8.如图,AB为半圆O的直径,C是半圆上一点,且∠COA=60°,设扇形AOC,△COB,弓形BmC的面积为S1、S2、S3 , 则它们之间的关系是( )
A. S1<S2<S3 B. S2<S1<S3 C. S1<S3<S2 D. S3<S2<S1
9.如图,雯雯开了一家品牌手机体验店,想在体验区(图1阴影部分)摆放图2所示的正六边形桌子若干张.体验店平面图是长9米、宽7米的矩形,通道宽2米,桌子的边长为1米;摆放时要求桌子至少离墙1米,且有边与墙平行,桌子之间的最小距离至少1米,则体验区可以摆放桌子( )
A. 4张 B. 5张 C. 6张 D. 7张
23
10.如图,AB是⊙O的直径,AB垂直于弦CD,∠BOC=70°,则∠ABD=( )
A. 20° B. 46° C. 55° D. 70°
11.如图,将一块等腰Rt△ABC的直角顶点C放在⊙O上,绕点C旋转三角形,使边AC经过圆心O,某一时刻,斜边AB在⊙O上截得的线段DE=2cm,且BC=7cm,则OC的长为( )
A. 3cm B. cm C. cm D. cm
二、填空题
12.一个扇形的弧长是20π,面积是240π,则此扇形的圆心角为________度.
13.已知一块直角三角形钢板的两条直角边分别为30cm、40cm,能从这块钢板上截得的最大圆的半径为________.
14.在Rt△ABC中,∠C=90°,CA=8,CB=6,则△ABC内切圆的周长为________
15.如图是一把折扇,其平面图是一个扇形,扇面ABDC的宽度AC是骨柄长OA的一半.已知OA=30 cm,∠AOB=120°,则扇面ABDC的周长为________cm.
16.如图 ,在一张正方形纸片上剪下一个半径为r的圆形和一个半径为R的扇形,使之恰好围成图中所示的圆锥,则R与r之间的关系是________.
23
17.如图,点 , , , 在 上, , , ,则 ________.
18.如图,四边形ABCD内接于⊙O,BD是⊙O的直径,AC与BD相交于点E,AC=BC,DE=3,AD=5,则⊙O的半径为________.
19.如图,在△ABC中,AB=AC,∠A=120°,BC=,⊙A与BC相切于点D,且交AB,AC于M、N两点,则图中阴影部分的面积是________(结果保留π).
三、解答题
20.如图,在Rt△ABC中,∠ABC=90°,∠BAC的平分线交BC于D,以D为圆心,DB为半径作☉D.
求证:AC与☉D相切.
23
21.如图,C是⊙O直径AB上一点,过C作弦DE,使DC=EC,∠AOD=40°,求∠BOE的度数.
22.如图所示,PA、PB为⊙O的切线,M、N是PA、AB的中点,连接MN交⊙O点C,连接PC交⊙O于D,连接ND交PB于Q,求证:MNQP为菱形.
23.已知:如图,BC是⊙O的弦,线段AD经过圆心O,点A在圆上,AD⊥BC,垂足为点D,若AD=8,tanA= .
(1)求弦BC的长;
(2)求⊙O半径的长.
23
24.如图
(1)如图,在矩形ABCD中.点O在边AB上,∠AOC=∠BOD.求证:AO=OB.
(2)如图,AB是 的直径,PA与 相切于点A,OP与 相交于点C,连接CB,∠OPA=40°,求∠ABC的度数.
25.如图,在Rt△ABC中,点O在斜边AB上,以O为圆心,OB为半径作圆,分别与BC , AB相交于点D , E , 连结AD . 已知∠CAD=∠B .
(1)求证:AD是⊙O的切线.
(2)若BC=8,tanB= ,求⊙O的半径.
23
26.如图1,在△ABC的外接圆⊙O中,AB=5是⊙O的直径,CD⊥AB , 垂足为D , 且CD=2,E为 的中点.连接CE交AB于点P , 其中AD>BD .
图1 图2
(1)连接OE , 求证:OE⊥AB;
(2)若线段AD与BD的长分别是关于x的方程x2-(m+2)x+n-1=0的两个根,求m , n的值;
(3)如图2,过P点作直线l分别交射线CA , CB(点C除外)于点M , N , 则 的值是否为定值?若是,求出该定值;若不是,请说明理由.
23
答案解析
一、选择题
1.【答案】A
【解析】 A.三个点不能在一条直线上,则A符合题意;
B.同圆或等圆中,相等的圆心角所对的弧相等,不符合题意;
C.三角形的外心到三角形各顶点的距离相等,不符合题意;
D.经过切点且垂直于切线的直线必经过圆心,不符合题意,
故答案为:A.【分析】经过不在同一直线上三个点一定可以作圆;同圆或等圆中,相等的圆心角所对的弧相等;三角形的外心就是外接圆的圆心,是三边垂直平分线的交点,到三角形各顶点的距离相等;根据圆的切线的性质,圆的切线垂直于经过切点的半径,反之经过切点且垂直于切线的直线必经过圆心。
2.【答案】B
【解析】 :如图,连接OC,
∵PC是⊙O的切线
∴OC⊥PC
∴∠OCP=90°
∵OA=OC
∴∠A=∠ACO=35°
∠COP=∠A+∠ACO=70°
∴∠P=90°-∠COP=90°-70°=20°
故答案为:B
【分析】根据切线的性质可求出∠OCP的度数,再根据等边对等角求出∠A=∠ACO=35°,利用三角形的外角性质得出∠COP的度数,然后根据直角三角形的两锐角互余,可求出∠P的度数。
3.【答案】D
23
【解析】 :连接OD,
∵∠ABD=30°,
∴∠AOD=2∠ABD=60°,
∴∠BOD=120°,
∴ 的长= = ,
故答案为:D.
【分析】连接OD,根据圆周角定理得出AOD=2∠ABD=60°,根据邻补角定义得出∠BOD=120°,根据弧长公式即可得出答案。
4.【答案】B
【解析】 ∵∠D=35°,
∴∠COB=70°,
∴∠OCB= .
故答案为:B.
【分析】根据圆周角定理可得∠COB=2∠D=70°,而OB=OC,所以∠OCB=∠OBC==。
5.【答案】C
【解析】 ①∵AB是⊙O的直径,
∴∠ADB=90°,
∴AD⊥BD,
故①正确;
②∵OC∥BD,
∴∠OCB=∠DBC,
∵OC=OB,
∴∠OCB=∠OBC,
∴∠OBC=∠DBC,
∴BC平分∠ABD,
23
故②正确;
③∵∠AOC是⊙O的圆心角,∠AEC是⊙O的圆内部的角,
∴∠AOC≠∠AEC,
故③不正确;
④∵AB是⊙O的直径,
∴∠ADB=90°,
∴AD⊥BD,
∵OC∥BD,
∴∠AFO=90°,
∵点O为圆心,
∴AF=DF,
故④正确;
⑤由④有,AF=DF,
∵点O为AB中点,
∴OF是△ABD的中位线,
∴BD=2OF,
故⑤正确;
综上可知:其中一定成立的有①②④⑤,
故答案为:C.
【分析】①根据直径所对的圆周角是直角得出∠ADB=90°,从而得出AD⊥BD;②根据二直线平行,内错角相等得出∠OCB=∠DBC,根据等边对等角得出∠OCB=∠OBC,根据等量代换得出∠OBC=∠DBC,从而得出BC平分∠ABD;③∠AOC是⊙O的圆心角,∠AEC是⊙O的圆内部的角,故∠AOC≠∠AEC;④根据直径所对的圆周角是直角得出AD⊥BD,根据二直线平行同位角相等得出∠AFO=90°,根据戳径定理得出AF=DF;⑤由④有,AF=DF,根据中位线定理得出BD=2OF。
6.【答案】D
【解析】 由作图可知:AC=AB=BC,
∴△ABC是等边三角形,
由作图可知:CB=CA=CD,
∴点C是△ABD的外心,∠ABD=90°,
BD= AB,
23
∴S△ABD= AB2 ,
∵AC=CD,
∴S△BDC= AB2 ,
故A、B、C不符合题意,
故答案为:D.
【分析】根据作图可知AC=AB=BC=CD,可对A、C作出判断;利用解直角三角形及三角形的面积公式,可求出△ABD的面积,再根据△ABD的面积=△BCD的面积的2倍,可对C作出判断;根据∠A=60°,∠D=30°,通过计算sin2A+cos2D的值,可对D作出判断;从而可得出答案。
7.【答案】D
【解析】 :根据几何体的三视图可知,该几何体是一个圆锥,该圆锥的高为b,母线长为 a,底面圆的直径是c,根据圆锥的母线,底面圆的半径,高三线刚好构成了一个直角三角形的三边,且a为直角三角形的斜边, 根据勾股定理得出 :a2 = b2+c 2,从而得出D是错的,故D符合题意;
故答案为:D.【分析】根据几何体的三视图可知,该几何体是一个圆锥,该圆锥的高为b,母线长为 a,底面圆的直径是c,圆锥的母线,底面圆的半径,高三线刚好构成了一个直角三角形的三边,从而得出a 2 = b 2 +c2.
8.【答案】B
【解析】 :作OD⊥BC交BC与点D,
∵∠COA=60°,
∴∠COB=120°,则∠COD=60°.
∴S扇形AOC= = .
S扇形BOC= .
在三角形OCD中,∠OCD=30°,
∴OD= ,CD= ,BC= R,
∴S△OBC= ,S弓形= = ,
,
∴S2<S1<S3 .
故答案为:B.
【分析】作OD⊥BC交BC与点D,根据等腰三角形的三线合一得出则∠COD=60°,在Rt三角形OCD中,∠
23
OCD=30°,根据锐角三角函数的关系得出OD,CD,的长,进而根据垂径定理得出BC的长,根据三角形的面积公式,扇形的面积公式,弓形的面积公式,分别算出S1、S2、S3,比大小即可得出结论。
9.【答案】A
【解析】 :如图
根据题意可知:∠AEC=30°,CE=CD=1
AC=GF=BD
在Rt△AEC中,AE=CEcos30°=
AC=
∴AG=2AE=,AB=2AC+CD=1+1=2
∵摆放时要求桌子至少离墙1米,且有边与墙平行,桌子之间的最小距离至少1米,
一张桌子所占的总面积为3(1+)≈12
体验区的总面积为7×7=49
49÷12≈4
体验区可以摆放桌子4张
故答案为:A
【分析】画出桌子的外接四边形是矩形,分别求出矩形的长和宽,再根据摆放时要求桌子至少离墙1米,且有边与墙平行,桌子之间的最小距离至少1米,求出每张桌子占的最大面积,用总面积除以每张桌子占的最大面积,就可求出结果。
10.【答案】C
【解析】 :如图
23
∵AB垂直于弦CD
∴∠BED=90°
∵弧BC=弧BC
∴∠BDE=∠BOC=×70°=35°
∴∠B=90°-∠BDE=90°-35°=55°
故答案为:C【分析】根据圆周角定理求出∠BDE的度数,再根据垂直的定义得出△BDE是直角三角形,利用三角形内角和定理,即可求解。
11.【答案】A
【解析】 :过O点作OM⊥AB,连接OD
∴ME=DE
∴ME=DM=1cm,
设MO=h,CO=DO=x,
∵△ABC为等腰直角三角形,AC=BC,
∴∠MAO=45°,
∴AM=OM
∴AO=
∵AO=7−x,
∴=7−x,
h=
在Rt△DMO中,
h2=x2−1,
()2=x2−1,
x2+14x-51=0
解之:x1=−17(舍去) x2=3
故答案为:A
23
【分析】过O点作OM⊥AB,连接OD,利用垂径定理可求出DM的长,再根据等腰直角三角形的性质,得出AC=BC,AM=OM,然后根据勾股定理得出建立关于x的方程,求解即可。
二、填空题
12.【答案】150
【解析】 :设扇形的圆心角为x度,扇形的半径为R,根据题意得出
解得 :R=24,
又面积是240π
故
解得 :x=150
故答案为 150
【分析】设扇形的圆心角为x度,扇形的半径为R,根据扇形的面积等于乘以弧长乘以半径,列出方程,求出扇形的半径,再根据扇形的面积公式及扇形的面积列出方程,求解即可。
13.【答案】10
【解析】 :如图Rt△ABC中,∠C=90°,AC=30,BC=40
圆O是△ABC的内切圆,此时圆O的半径最大
连接OD、OE
∴OD=OE,∠DEC=∠ODC=90°,AD=AF,CD=CE,BE=BF
∴四边形ODCE是正方形,
∴CE=CD=r
∴AF=AD=30-r,BF=BE=40-r
AB=AF+BF=30-r+40-r=70-2r
23
AB==50
70-2r=50
解之:r=10【分析】根据题意可知,要从三角形钢板上截得的最大圆,作出此三角形的内切圆,求出内切圆的半径,先画出图形,再证明四边形ODCE是正方形,根据切线长定理建立关于r的方程,求解即可。
14.【答案】4π
【解析】 :∵∠C=90°,CA=8,CB=6,
∴AB= =10,
∴△ABC的内切圆的半径= =2,
∴△ABC内切圆的周长=π•22=4π.
故答案为4π.
【分析】首先根据勾股定理算出AB的长,根据三角形内切圆半径公式得出其内切圆的半径,从而得出内切圆的周长。
15.【答案】30+30
【解析】 :∵扇面ABDC的宽度AC是骨柄长OA的一半
∴AC=OA=15,OC=OA-AC=30-15=15
∴弧AB的长为:=20
弧CD的长为:=10
∴扇面ABDC的周长为:弧AB的长+弧CD的长+2AC=20+10+2×15=30+30
故答案为:30+30【分析】根据已知条件求出AC、OC的长,再根据弧长公式分别求出弧AB、弧CD的长,然后根据扇面ABDC的周长为:弧AB的长+弧CD的长+2AC,计算即可求解。
16.【答案】R=4r
【解析】 3:∵扇形的圆心角为90°,半径为R
∴此扇形的弧长为:
底面圆的半径为r,则底面圆的周长为:2r
∵圆锥的底面圆的周长=侧面展开图的扇形的弧长
∴
∴R=4r
故答案为:R=4r
23
【分析】根据题意结合图形,可知扇形的圆心角为90°,根据圆锥的侧面展开图是扇形,再根据扇形的弧长等于底面圆的周长,即可求出R与r的关系。
17.【答案】70°
【解析】 :∵ = ,
∴ ,
∴ ,
∵ ,∴ .
故答案为:
【分析】根据等弧所对的圆周角相等得出∠CAB=∠CAD=30° ,根据角的和差得出∠BAD=60° ,根据同弧所对的圆周角相等得出∠ABD=∠ACD=50° 根据三角形的内角和即可得出结论。
18.【答案】7.5
【解析】 :如图,连接CO并延长,交AB于点F,
∵AC=BC
∴CF⊥AB
∵AB是直径
∴∠BAD=90°即AD⊥AB
∴AD∥CF
设圆的半径为r
∴
∴
解之:r=7.5
故答案为:7.5
【分析】根据垂径定理可得出CF⊥AB,再根据圆周角定理可证得AD⊥AB,就可证明AD∥CF,根据平行线分线段成比例定理,得出比例式,即可求出圆的半径。
19.【答案】
23
【解析】 :如图,连接AD
∵⊙A与BC相切于点D,AB=AC,∠A=120°,
∴∠ABD=∠ACD=30°,AD⊥BC,
∴AB=2AD,由勾股定理知BD2+AD2=AB2 , 即2+AD2=(2AD)2
解得AD=1,△ABC的面积=2,
扇形MAN的面积=,
所以阴影部分的面积=.【分析】连接AD,根据切线的性质及等腰三角形三线合一的性质,求出∠ABD=30°及BD=,利用勾股定理求出AD的长,再求出△ABC的面积及扇形MAN的面积,然后根据阴影部分的面积等于△ABC的面积减去扇形MAN的面积,即可求解。
三、解答题
20.【答案】证明:如图,过点D作DE⊥AC,垂足为E.
∵AD平分∠BAC,BD⊥AB,DE⊥AC,
∴DE=DB,即点D到AC的距离等于☉D的半径.∴AC与☉D相切
【解析】【分析】如图,过点D作DE⊥AC,垂足为E.,根据角平分线上的点到角两边的距离相等得出DE=DB,即点D到AC的距离等于☉D的半径,从而得出结论。
21.【答案】解:因为DC=EC,根据弦长定理可知,OA垂直于DE,则,∠AOE=∠AOD=40°,所以∠BOE=180°-40°=140°。
【解析】【分析】根据DC=CE可得满足垂径定理的条件,再利用圆周角定理可求得。
23
22.【答案】证明:连接OA,OB,OC,OD,OP.
∵AN=NB,AM=MP.
∴MN∥BP.
∵PA、PB为 的切线,
∴AB⊥OP.
∴NM=MP,∠MNP=∠MPN,
在Rt△AOP中,由射影定理,得
由切割线定理,得
∴PN⋅PO=PD⋅PC,
∴O,C,D,N四点共圆,
∴∠PND=∠OCD,∠ONC=∠ODC,
∵OC=OD,
∴∠OCD=∠ODC,
∵∠MNP=∠ONC,
∴∠MNP=∠PND=∠MPN,
∴MP∥NQ,
∴四边形MNQP是平行四边形,
∴四边形MNQP是菱形.
【解析】【分析】连接OA,OB,OC,OD,OP.由M、N是PA、AB的中点,根据三角形中位线的性质,可得MN∥BP,又由PA、PB为⊙O的切线,可得AB⊥OP,即可证得MN=PM,然后由射影定理与切割线定理证得O,C,D,N四点共圆,继而证得MP∥NQ,则可得四边形MNQP是平行四边形,即可证得四边形MNQP是菱形。
23.【答案】(1)解:∵AD⊥BC, ,
∴ .
∵AD=8,∴BD=4.
又∵经过圆心O的直线AD⊥BC,
23
∴BC=2BD=8.
(2)解:连接OC.
设⊙O的半径为r,那么OD=8﹣r.
在△COD中,(8﹣r)2+42=r2 ,
∴r=5,
即⊙O的半径为5.
【解析】【分析】(1)根据题意,利用锐角三角函数的定义,在Rt△ABD中求出BD的长,再根据经过圆心O的直线AD⊥BC,就可求出BC的长。
(2)连接OC,设⊙O的半径为r,那么OD=8﹣r.利用勾股定理建立方程,求解即可求出圆的半径。
24.【答案】(1)解:∵∠AOC=∠BOD
∴∠AOC -∠COD=∠BOD-∠COD
即∠AOD=∠BOC
∵四边形ABCD是矩形
∴∠A=∠B=90°,AD=BC
∴
∴AO=OB
(2)解:∵AB是 的直径,PA与 相切于点A,
∴PA⊥AB,
∴∠A=90°.
又∵∠OPA=40°,
∴∠AOP=50°,
∵OB=OC,
∴∠B=∠OCB.
又∵∠AOP=∠B+∠OCB,
∴ .
【解析】【分析】(1)由已知易得∠AOD=∠BOC,根据矩形的性质可得∠A=∠B=90°,AD=BC,用角角边易证得ΔAOD≅ΔBOC,所以AO=BO;
23
(2)由切线的性质可得PA⊥AB,所以∠A=90°.根据直角三角形两锐角互余可得∠AOP=50°,由已知易得∠B=∠OCB,根据三角形外角的性质可得∠AOP=∠B+∠OCB,所以∠B=∠OCB=∠AOP= 25° .
25.【答案】(1)连结OD,
∵OB=OD,
∴∠3=∠B。
∵∠B=∠1,
∴∠3=∠1.
在Rt△ACD中,∠1+∠2=90°
∴∠3+∠2=90°,
∴∠4=180°-(∠2+∠3)=180°-90°=90°,
∴OD⊥AD
∴AD是⊙O的切线
(2)设⊙O的半径为r。
在Rt△ABC中,AC=BC·tanB=8× =4
∴AB=
∴OA=
在Rt△ACD中,tan∠1=tanB=
∴CD=AC·tan∠1=4× =2
∴AD2=AC2+CD2=42+22=20
∴
解得r=
【解析】【分析】(1)证明切线时,第一步一般将圆心与切点连结起来,证明该半径和该直线垂直即可证得;此题即证∠ADO=90°;(2)直接求半径会没有头绪,先根据题中的条件,求出相关结论,由BC=8,
23
tanB= 不难得出AC,AB的长度;而tan∠1=tanB= ,同样可求出CD,AD的长度;设半径为r,在Rt△ADO中,由勾股定理构造方程解出半径r即可。
26.【答案】(1)证明:∵E为 的中点,
∴
∴∠AOE=∠BOE
又∵AB是⊙O的直径
∴∠AOB=180°
∴∠AOE=∠BOE=90°
∴OE⊥AB .
(2)∵AB是⊙O直径 ∴∠ACD+∠BCD=90°
∵CD⊥AB , ∴∠CDB=∠ADC=90°
∴∠BCD+∠CBD=90°
∴∠ACD=∠CBD ∴△ACD∽△CBD
∴ ,即AD∙BD=CD2=4
又∵AB是⊙O直径,∴AD+BD=5
∵AD与BD的长分别是关于x的方程x2-(m+2)x+n-1=0的两个根。
∴AD+BD=m+2=5,AD∙BD=n-1=4 ∴m=3,n=5
(3)的值是定值。
理由:过点P作PG⊥AC于点G , PF⊥CN于点F。
∴∠PGM=∠ACB=∠PFN=90°
∵E为 的中点
∴∠ACP=∠NCP , 即CE平分∠ACN
∵PG⊥AC , PF⊥CN ∴PG=PF
23
∵S△CMN=S△MPC+S△NPC ∴CM∙CN=PG(CM+CN)
∴ 即
∴ ∴ 的值是定值.
由(2)知AD∙BD=CD2=4,AD+BD=5 ∵AD>BD ∴AD=4,BD=1
在Rt△ADC和Rt△CDB中, ,
∵S△ABC=S△APC+S△BPC= PG(AC+BC)= AC∙BC ,
即 PG=10 ∴ ,即
∴ 的值是定值,定值为 。
【解析】【分析】(1)根据等弧所对的圆心角相等得出∠AOE=∠BOE,根据邻补角的定义得出∠AOE=∠BOE=90°,从而得出结论;
(2)根据直径所对的圆周角是直角得出∠ACD+∠BCD=90°,根据直角三角形两锐角互余得出∠BCD+∠CBD=90°,根据同角的余角相等得出∠ACD=∠CBD ,进而判断出△ACD∽△CBD,根据相似三角形对应边成比例得出B D ∶C D = C D ∶A D,即AD∙BD=CD2=4 根据线段的和差得出AD+BD=5,然后根据根与系数的关系得出AD+BD=m+2=5,AD∙BD=n-1=4,从而得出m,n的值;
(3)是定值,理由如下 :过点P作PG⊥AC于点G , PF⊥CN于点F , 根据垂直的定义及直径所对的圆周角是直角得出∠PGM=∠ACB=∠PFN=90°,根据等弧所对的圆周角相等得出∠ACP=∠NCP , 即CE平分∠ACN,根据角平分线上的点到角两边的距离相等得出PG=PF,根据S△CMN=S△MPC+S△NPC 得出CM∙CN=PG(CM+CN),从而根据等式的性质得出结论; 由(2)知AD∙BD=CD2=4,AD+BD=5 又AD>BD 故AD=4,BD=1,在Rt△ADC和Rt△CDB中,根据勾股定理得出AC,BC的长度,根据S△ABC=S△APC+S△BPC= PG(AC+BC)= AC∙BC , 即 3 PG=10 ,从而得出答案。
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