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  • 2021-05-13 发布

2019年中考数学提分训练 圆(含解析) 新版新人教版

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‎2019年中考数学提分训练: 圆 一、选择题 ‎1.下列命题错误的是(   ) ‎ A. 经过三个点一定可以作圆                                    B. 同圆或等圆中,相等的圆心角所对的弧相等 C. 三角形的外心到三角形各顶点的距离相等           D. 经过切点且垂直于切线的直线必经过圆心 ‎2.如图,已知⊙0的直径AB与弦AC的夹角为35°,过C点的切线PC与AB的延长线交于点P,则∠P等于(    ). ‎ A.                                     B.                                     C.                                     D. ‎ ‎3.如图,AB是⊙O的直径,点D为⊙O上一点,且∠ABD=30°,BO=4,则 的长为(   ) ‎ A.                                        B.                                        C. 2π                                       D. ‎ 23‎ ‎4.如图,AB是⊙O的直径,C,D是⊙O上两点,若∠D=35°,则∠OCB的度数是(   ) ‎ A. 35°                                       B. 55°                                       C. 65°                                       D. 70°‎ ‎5.如图,AB是⊙O的直径,C,D是⊙O上点,且OC∥BD,AD分别与BC,OC相交于点E,F,则下列结论:①AD⊥BD;②CB平分∠ABD;③∠AOC=∠AEC;④AF=DF;⑤BD=2OF.其中正确的结论有(  ) ‎ A. 2个                                       B. 3个                                       C. 4个                                       D. 5个 ‎6.如图,木工师傅在板材边角处作直角时,往往使用“三弧法”,其作法是: ①作线段 ,分别以 为圆心,以 长为半径作弧,两弧的交点为 ; ②以 为圆心,仍以 长为半径作弧交 的延长线于点 ;③连接 下列说法不正确的是(    ) ‎ A.         B.         C. 点 是 的外心        D. ‎ 23‎ ‎7.如图是几何体的三视图及相关数据,则下列判断错误的是(    ) ‎ A.                         B.                         C.                         D. ‎ ‎8.如图,AB为半圆O的直径,C是半圆上一点,且∠COA=60°,设扇形AOC,△COB,弓形BmC的面积为S1、S2、S3 , 则它们之间的关系是(   ) ‎ A. S1<S2<S3                      B. S2<S1<S3                      C. S1<S3<S2                      D. S3<S2<S1‎ ‎9.如图,雯雯开了一家品牌手机体验店,想在体验区(图1阴影部分)摆放图2所示的正六边形桌子若干张.体验店平面图是长9米、宽7米的矩形,通道宽2米,桌子的边长为1米;摆放时要求桌子至少离墙1米,且有边与墙平行,桌子之间的最小距离至少1米,则体验区可以摆放桌子(   ) ‎ A. 4张                                       B. 5张                                       C. 6张                                       D. 7张 23‎ ‎10.如图,AB是⊙O的直径,AB垂直于弦CD,∠BOC=70°,则∠ABD=(   ) ‎ A. 20°                                       B. 46°                                       C. 55°                                       D. 70°‎ ‎11.如图,将一块等腰Rt△ABC的直角顶点C放在⊙O上,绕点C旋转三角形,使边AC经过圆心O,某一时刻,斜边AB在⊙O上截得的线段DE=2cm,且BC=7cm,则OC的长为(      ) ‎ A. 3cm                               B.  cm                               C.  cm                               D. cm 二、填空题 ‎ ‎12.一个扇形的弧长是20π,面积是240π,则此扇形的圆心角为________度. ‎ ‎13.已知一块直角三角形钢板的两条直角边分别为30cm、40cm,能从这块钢板上截得的最大圆的半径为________. ‎ ‎14.在Rt△ABC中,∠C=90°,CA=8,CB=6,则△ABC内切圆的周长为________ ‎ ‎15.如图是一把折扇,其平面图是一个扇形,扇面ABDC的宽度AC是骨柄长OA的一半.已知OA=30 cm,∠AOB=120°,则扇面ABDC的周长为________cm. ‎ ‎16.如图 ,在一张正方形纸片上剪下一个半径为r的圆形和一个半径为R的扇形,使之恰好围成图中所示的圆锥,则R与r之间的关系是________.‎ 23‎ ‎17.如图,点 , , , 在 上, , , ,则 ________. ‎ ‎18.如图,四边形ABCD内接于⊙O,BD是⊙O的直径,AC与BD相交于点E,AC=BC,DE=3,AD=5,则⊙O的半径为________. ‎ ‎19.如图,在△ABC中,AB=AC,∠A=120°,BC=,⊙A与BC相切于点D,且交AB,AC于M、N两点,则图中阴影部分的面积是________(结果保留π). ‎ 三、解答题 ‎ ‎20.如图,在Rt△ABC中,∠ABC=90°,∠BAC的平分线交BC于D,以D为圆心,DB为半径作☉D. 求证:AC与☉D相切. ‎ 23‎ ‎21.如图,C是⊙O直径AB上一点,过C作弦DE,使DC=EC,∠AOD=40°,求∠BOE的度数. ‎ ‎22.如图所示,PA、PB为⊙O的切线,M、N是PA、AB的中点,连接MN交⊙O点C,连接PC交⊙O于D,连接ND交PB于Q,求证:MNQP为菱形. ‎ ‎23.已知:如图,BC是⊙O的弦,线段AD经过圆心O,点A在圆上,AD⊥BC,垂足为点D,若AD=8,tanA= . ‎ ‎(1)求弦BC的长; ‎ ‎(2)求⊙O半径的长. ‎ 23‎ ‎24.如图 ‎ ‎(1)如图,在矩形ABCD中.点O在边AB上,∠AOC=∠BOD.求证:AO=OB. ‎ ‎(2)如图,AB是 的直径,PA与 相切于点A,OP与 相交于点C,连接CB,∠OPA=40°,求∠ABC的度数. ‎ ‎25.如图,在Rt△ABC中,点O在斜边AB上,以O为圆心,OB为半径作圆,分别与BC , AB相交于点D , E , 连结AD . 已知∠CAD=∠B . ‎ ‎(1)求证:AD是⊙O的切线. ‎ ‎(2)若BC=8,tanB= ,求⊙O的半径. ‎ 23‎ ‎26.如图1,在△ABC的外接圆⊙O中,AB=5是⊙O的直径,CD⊥AB , 垂足为D , 且CD=2,E为 的中点.连接CE交AB于点P , 其中AD>BD .              图1                               图2 ‎ ‎(1)连接OE , 求证:OE⊥AB; ‎ ‎(2)若线段AD与BD的长分别是关于x的方程x2-(m+2)x+n-1=0的两个根,求m , n的值; ‎ ‎(3)如图2,过P点作直线l分别交射线CA , CB(点C除外)于点M , N , 则 的值是否为定值?若是,求出该定值;若不是,请说明理由. ‎ 23‎ 答案解析 ‎ 一、选择题 ‎1.【答案】A ‎ ‎【解析】 A.三个点不能在一条直线上,则A符合题意; B.同圆或等圆中,相等的圆心角所对的弧相等,不符合题意; C.三角形的外心到三角形各顶点的距离相等,不符合题意; D.经过切点且垂直于切线的直线必经过圆心,不符合题意, 故答案为:A.【分析】经过不在同一直线上三个点一定可以作圆;同圆或等圆中,相等的圆心角所对的弧相等;三角形的外心就是外接圆的圆心,是三边垂直平分线的交点,到三角形各顶点的距离相等;根据圆的切线的性质,圆的切线垂直于经过切点的半径,反之经过切点且垂直于切线的直线必经过圆心。‎ ‎2.【答案】B ‎ ‎【解析】 :如图,连接OC, ∵PC是⊙O的切线 ∴OC⊥PC ∴∠OCP=90° ∵OA=OC ∴∠A=∠ACO=35° ∠COP=∠A+∠ACO=70° ∴∠P=90°-∠COP=90°-70°=20° 故答案为:B 【分析】根据切线的性质可求出∠OCP的度数,再根据等边对等角求出∠A=∠ACO=35°,利用三角形的外角性质得出∠COP的度数,然后根据直角三角形的两锐角互余,可求出∠P的度数。‎ ‎3.【答案】D ‎ 23‎ ‎【解析】 :连接OD, ∵∠ABD=30°, ∴∠AOD=2∠ABD=60°, ∴∠BOD=120°, ∴ 的长= =  , 故答案为:D. 【分析】连接OD,根据圆周角定理得出AOD=2∠ABD=60°,根据邻补角定义得出∠BOD=120°,根据弧长公式即可得出答案。‎ ‎4.【答案】B ‎ ‎【解析】 ∵∠D=35°, ∴∠COB=70°, ∴∠OCB= . 故答案为:B. 【分析】根据圆周角定理可得∠COB=2∠D=70°,而OB=OC,所以∠OCB=∠OBC==。‎ ‎5.【答案】C ‎ ‎【解析】 ①∵AB是⊙O的直径, ∴∠ADB=90°, ∴AD⊥BD, 故①正确; ②∵OC∥BD, ∴∠OCB=∠DBC, ∵OC=OB, ∴∠OCB=∠OBC, ∴∠OBC=∠DBC, ∴BC平分∠ABD, ‎ 23‎ 故②正确; ③∵∠AOC是⊙O的圆心角,∠AEC是⊙O的圆内部的角, ∴∠AOC≠∠AEC, 故③不正确; ④∵AB是⊙O的直径, ∴∠ADB=90°, ∴AD⊥BD, ∵OC∥BD, ∴∠AFO=90°, ∵点O为圆心, ∴AF=DF, 故④正确; ⑤由④有,AF=DF, ∵点O为AB中点, ∴OF是△ABD的中位线, ∴BD=2OF, 故⑤正确; 综上可知:其中一定成立的有①②④⑤, 故答案为:C. 【分析】①根据直径所对的圆周角是直角得出∠ADB=90°,从而得出AD⊥BD;②根据二直线平行,内错角相等得出∠OCB=∠DBC,根据等边对等角得出∠OCB=∠OBC,根据等量代换得出∠OBC=∠DBC,从而得出BC平分∠ABD;③∠AOC是⊙O的圆心角,∠AEC是⊙O的圆内部的角,故∠AOC≠∠AEC;④根据直径所对的圆周角是直角得出AD⊥BD,根据二直线平行同位角相等得出∠AFO=90°,根据戳径定理得出AF=DF;⑤由④有,AF=DF,根据中位线定理得出BD=2OF。‎ ‎6.【答案】D ‎ ‎【解析】 由作图可知:AC=AB=BC, ∴△ABC是等边三角形, 由作图可知:CB=CA=CD, ∴点C是△ABD的外心,∠ABD=90°, BD= AB, ‎ 23‎ ‎∴S△ABD= AB2 , ∵AC=CD, ∴S△BDC= AB2 , 故A、B、C不符合题意, 故答案为:D. 【分析】根据作图可知AC=AB=BC=CD,可对A、C作出判断;利用解直角三角形及三角形的面积公式,可求出△ABD的面积,再根据△ABD的面积=△BCD的面积的2倍,可对C作出判断;根据∠A=60°,∠D=30°,通过计算sin2A+cos2D的值,可对D作出判断;从而可得出答案。‎ ‎7.【答案】D ‎ ‎【解析】 :根据几何体的三视图可知,该几何体是一个圆锥,该圆锥的高为b,母线长为  a,底面圆的直径是c,根据圆锥的母线,底面圆的半径,高三线刚好构成了一个直角三角形的三边,且a为直角三角形的斜边, 根据勾股定理得出  :a2 = b2+c 2,从而得出D是错的,故D符合题意; 故答案为:D.【分析】根据几何体的三视图可知,该几何体是一个圆锥,该圆锥的高为b,母线长为  a,底面圆的直径是c,圆锥的母线,底面圆的半径,高三线刚好构成了一个直角三角形的三边,从而得出a 2 = b 2 +c2.‎ ‎8.【答案】B ‎ ‎【解析】 :作OD⊥BC交BC与点D, ∵∠COA=60°, ∴∠COB=120°,则∠COD=60°. ∴S扇形AOC= = . S扇形BOC= . 在三角形OCD中,∠OCD=30°, ∴OD= ,CD= ,BC= R, ∴S△OBC= ,S弓形= = , , ∴S2<S1<S3 . 故答案为:B. 【分析】作OD⊥BC交BC与点D,根据等腰三角形的三线合一得出则∠COD=60°,在Rt三角形OCD中,∠‎ 23‎ OCD=30°,根据锐角三角函数的关系得出OD,CD,的长,进而根据垂径定理得出BC的长,根据三角形的面积公式,扇形的面积公式,弓形的面积公式,分别算出S1、S2、S3,比大小即可得出结论。‎ ‎9.【答案】A ‎ ‎【解析】 :如图 根据题意可知:∠AEC=30°,CE=CD=1 AC=GF=BD 在Rt△AEC中,AE=CEcos30°= AC= ∴AG=2AE=,AB=2AC+CD=1+1=2 ∵摆放时要求桌子至少离墙1米,且有边与墙平行,桌子之间的最小距离至少1米, 一张桌子所占的总面积为3(1+)≈12 体验区的总面积为7×7=49 49÷12≈4 体验区可以摆放桌子4张 故答案为:A 【分析】画出桌子的外接四边形是矩形,分别求出矩形的长和宽,再根据摆放时要求桌子至少离墙1米,且有边与墙平行,桌子之间的最小距离至少1米,求出每张桌子占的最大面积,用总面积除以每张桌子占的最大面积,就可求出结果。‎ ‎10.【答案】C ‎ ‎【解析】 :如图 ‎ 23‎ ‎∵AB垂直于弦CD ∴∠BED=90° ∵弧BC=弧BC ∴∠BDE=∠BOC=×70°=35° ∴∠B=90°-∠BDE=90°-35°=55° 故答案为:C【分析】根据圆周角定理求出∠BDE的度数,再根据垂直的定义得出△BDE是直角三角形,利用三角形内角和定理,即可求解。‎ ‎11.【答案】A ‎ ‎【解析】 :过O点作OM⊥AB,连接OD ∴ME=DE ∴ME=DM=1cm, 设MO=h,CO=DO=x, ∵△ABC为等腰直角三角形,AC=BC, ∴∠MAO=45°, ∴AM=OM ∴AO= ∵AO=7−x, ∴=7−x, h= 在Rt△DMO中, h2=x2−1, ()2=x2−1, x2+14x-51=0 解之:x1=−17(舍去)    x2=3  故答案为:A ‎ 23‎ ‎【分析】过O点作OM⊥AB,连接OD,利用垂径定理可求出DM的长,再根据等腰直角三角形的性质,得出AC=BC,AM=OM,然后根据勾股定理得出建立关于x的方程,求解即可。‎ 二、填空题 ‎12.【答案】150 ‎ ‎【解析】 :设扇形的圆心角为x度,扇形的半径为R,根据题意得出 解得  :R=24, 又面积是240π 故 解得  :x=150 故答案为  150 【分析】设扇形的圆心角为x度,扇形的半径为R,根据扇形的面积等于乘以弧长乘以半径,列出方程,求出扇形的半径,再根据扇形的面积公式及扇形的面积列出方程,求解即可。‎ ‎13.【答案】10 ‎ ‎【解析】 :如图Rt△ABC中,∠C=90°,AC=30,BC=40 圆O是△ABC的内切圆,此时圆O的半径最大 连接OD、OE ∴OD=OE,∠DEC=∠ODC=90°,AD=AF,CD=CE,BE=BF ∴四边形ODCE是正方形, ∴CE=CD=r ∴AF=AD=30-r,BF=BE=40-r AB=AF+BF=30-r+40-r=70-2r ‎ 23‎ AB==50 70-2r=50 解之:r=10【分析】根据题意可知,要从三角形钢板上截得的最大圆,作出此三角形的内切圆,求出内切圆的半径,先画出图形,再证明四边形ODCE是正方形,根据切线长定理建立关于r的方程,求解即可。‎ ‎14.【答案】4π ‎ ‎【解析】 :∵∠C=90°,CA=8,CB=6, ∴AB= =10, ∴△ABC的内切圆的半径= =2, ∴△ABC内切圆的周长=π•22=4π. 故答案为4π. 【分析】首先根据勾股定理算出AB的长,根据三角形内切圆半径公式得出其内切圆的半径,从而得出内切圆的周长。‎ ‎15.【答案】30+30 ‎ ‎【解析】 :∵扇面ABDC的宽度AC是骨柄长OA的一半 ∴AC=OA=15,OC=OA-AC=30-15=15 ∴弧AB的长为:=20 弧CD的长为:=10 ∴扇面ABDC的周长为:弧AB的长+弧CD的长+2AC=20+10+2×15=30+30 故答案为:30+30【分析】根据已知条件求出AC、OC的长,再根据弧长公式分别求出弧AB、弧CD的长,然后根据扇面ABDC的周长为:弧AB的长+弧CD的长+2AC,计算即可求解。‎ ‎16.【答案】R=4r ‎ ‎【解析】 3:∵扇形的圆心角为90°,半径为R ∴此扇形的弧长为: 底面圆的半径为r,则底面圆的周长为:2r ∵圆锥的底面圆的周长=侧面展开图的扇形的弧长 ∴ ∴R=4r 故答案为:R=4r ‎ 23‎ ‎【分析】根据题意结合图形,可知扇形的圆心角为90°,根据圆锥的侧面展开图是扇形,再根据扇形的弧长等于底面圆的周长,即可求出R与r的关系。‎ ‎17.【答案】70° ‎ ‎【解析】 :∵ = , ∴ , ∴ , ∵ ,∴ . 故答案为:   【分析】根据等弧所对的圆周角相等得出∠CAB=∠CAD=30° ,根据角的和差得出∠BAD=60° ,根据同弧所对的圆周角相等得出∠ABD=∠ACD=50° 根据三角形的内角和即可得出结论。‎ ‎18.【答案】7.5 ‎ ‎【解析】 :如图,连接CO并延长,交AB于点F, ∵AC=BC ∴CF⊥AB ∵AB是直径 ∴∠BAD=90°即AD⊥AB ∴AD∥CF 设圆的半径为r ∴ ∴ 解之:r=7.5 故答案为:7.5 【分析】根据垂径定理可得出CF⊥AB,再根据圆周角定理可证得AD⊥AB,就可证明AD∥CF,根据平行线分线段成比例定理,得出比例式,即可求出圆的半径。‎ ‎19.【答案】‎ 23‎ ‎【解析】 :如图,连接AD ∵⊙A与BC相切于点D,AB=AC,∠A=120°, ∴∠ABD=∠ACD=30°,AD⊥BC, ∴AB=2AD,由勾股定理知BD2+AD2=AB2 , 即2+AD2=(2AD)2 解得AD=1,△ABC的面积=2, 扇形MAN的面积=, 所以阴影部分的面积=.【分析】连接AD,根据切线的性质及等腰三角形三线合一的性质,求出∠ABD=30°及BD=,利用勾股定理求出AD的长,再求出△ABC的面积及扇形MAN的面积,然后根据阴影部分的面积等于△ABC的面积减去扇形MAN的面积,即可求解。‎ 三、解答题 ‎20.【答案】证明:如图,过点D作DE⊥AC,垂足为E. ∵AD平分∠BAC,BD⊥AB,DE⊥AC, ∴DE=DB,即点D到AC的距离等于☉D的半径.∴AC与☉D相切 ‎ ‎【解析】【分析】如图,过点D作DE⊥AC,垂足为E.,根据角平分线上的点到角两边的距离相等得出DE=DB,即点D到AC的距离等于☉D的半径,从而得出结论。‎ ‎21.【答案】解:因为DC=EC,根据弦长定理可知,OA垂直于DE,则,∠AOE=∠AOD=40°,所以∠BOE=180°-40°=140°。 ‎ ‎【解析】【分析】根据DC=CE可得满足垂径定理的条件,再利用圆周角定理可求得。‎ 23‎ ‎22.【答案】证明:连接OA,OB,OC,OD,OP. ∵AN=NB,AM=MP. ∴MN∥BP. ∵PA、PB为 的切线, ∴AB⊥OP. ∴NM=MP,∠MNP=∠MPN, 在Rt△AOP中,由射影定理,得   由切割线定理,得   ∴PN⋅PO=PD⋅PC, ∴O,C,D,N四点共圆, ∴∠PND=∠OCD,∠ONC=∠ODC, ∵OC=OD, ∴∠OCD=∠ODC, ∵∠MNP=∠ONC, ∴∠MNP=∠PND=∠MPN, ∴MP∥NQ, ∴四边形MNQP是平行四边形, ∴四边形MNQP是菱形. ‎ ‎【解析】【分析】连接OA,OB,OC,OD,OP.由M、N是PA、AB的中点,根据三角形中位线的性质,可得MN∥BP,又由PA、PB为⊙O的切线,可得AB⊥OP,即可证得MN=PM,然后由射影定理与切割线定理证得O,C,D,N四点共圆,继而证得MP∥NQ,则可得四边形MNQP是平行四边形,即可证得四边形MNQP是菱形。‎ ‎23.【答案】(1)解:∵AD⊥BC, , ∴ . ∵AD=8,∴BD=4. 又∵经过圆心O的直线AD⊥BC, ‎ 23‎ ‎∴BC=2BD=8. (2)解:连接OC. 设⊙O的半径为r,那么OD=8﹣r. 在△COD中,(8﹣r)2+42=r2 , ∴r=5, 即⊙O的半径为5. ‎ ‎【解析】【分析】(1)根据题意,利用锐角三角函数的定义,在Rt△ABD中求出BD的长,再根据经过圆心O的直线AD⊥BC,就可求出BC的长。 (2)连接OC,设⊙O的半径为r,那么OD=8﹣r.利用勾股定理建立方程,求解即可求出圆的半径。‎ ‎24.【答案】(1)解:∵∠AOC=∠BOD ∴∠AOC -∠COD=∠BOD-∠COD 即∠AOD=∠BOC ∵四边形ABCD是矩形 ∴∠A=∠B=90°,AD=BC ∴ ∴AO=OB (2)解:∵AB是 的直径,PA与 相切于点A, ∴PA⊥AB, ∴∠A=90°. 又∵∠OPA=40°, ∴∠AOP=50°, ∵OB=OC, ∴∠B=∠OCB. 又∵∠AOP=∠B+∠OCB, ∴ . ‎ ‎【解析】【分析】(1)由已知易得∠AOD=∠BOC,根据矩形的性质可得∠A=∠B=90°,AD=BC,用角角边易证得ΔAOD≅ΔBOC,所以AO=BO; ‎ 23‎ ‎(2)由切线的性质可得PA⊥AB,所以∠A=90°.根据直角三角形两锐角互余可得∠AOP=50°,由已知易得∠B=∠OCB,根据三角形外角的性质可得∠AOP=∠B+∠OCB,所以∠B=∠OCB=∠AOP= 25° .‎ ‎25.【答案】(1)连结OD, ∵OB=OD, ∴∠3=∠B。 ∵∠B=∠1, ∴∠3=∠1. 在Rt△ACD中,∠1+∠2=90° ∴∠3+∠2=90°, ∴∠4=180°-(∠2+∠3)=180°-90°=90°, ∴OD⊥AD ∴AD是⊙O的切线 (2)设⊙O的半径为r。 在Rt△ABC中,AC=BC·tanB=8× =4 ∴AB= ∴OA= 在Rt△ACD中,tan∠1=tanB= ∴CD=AC·tan∠1=4× =2 ∴AD2=AC2+CD2=42+22=20 ∴ 解得r= ‎ ‎【解析】【分析】(1)证明切线时,第一步一般将圆心与切点连结起来,证明该半径和该直线垂直即可证得;此题即证∠ADO=90°;(2)直接求半径会没有头绪,先根据题中的条件,求出相关结论,由BC=8,‎ 23‎ tanB= 不难得出AC,AB的长度;而tan∠1=tanB= ,同样可求出CD,AD的长度;设半径为r,在Rt△ADO中,由勾股定理构造方程解出半径r即可。‎ ‎26.【答案】(1)证明:∵E为 的中点, ∴   ∴∠AOE=∠BOE 又∵AB是⊙O的直径 ∴∠AOB=180° ∴∠AOE=∠BOE=90° ∴OE⊥AB . (2)∵AB是⊙O直径  ∴∠ACD+∠BCD=90°         ∵CD⊥AB , ∴∠CDB=∠ADC=90°         ∴∠BCD+∠CBD=90°         ∴∠ACD=∠CBD  ∴△ACD∽△CBD         ∴ ,即AD∙BD=CD2=4      又∵AB是⊙O直径,∴AD+BD=5   ∵AD与BD的长分别是关于x的方程x2-(m+2)x+n-1=0的两个根。 ∴AD+BD=m+2=5,AD∙BD=n-1=4  ∴m=3,n=5 (3)的值是定值。   理由:过点P作PG⊥AC于点G , PF⊥CN于点F。   ∴∠PGM=∠ACB=∠PFN=90°   ∵E为 的中点   ∴∠ACP=∠NCP , 即CE平分∠ACN   ∵PG⊥AC , PF⊥CN ∴PG=PF ‎ 23‎ ‎  ∵S△CMN=S△MPC+S△NPC     ∴CM∙CN=PG(CM+CN)   ∴ 即   ∴     ∴ 的值是定值.   由(2)知AD∙BD=CD2=4,AD+BD=5 ∵AD>BD  ∴AD=4,BD=1   在Rt△ADC和Rt△CDB中, ,      ∵S△ABC=S△APC+S△BPC= PG(AC+BC)= AC∙BC ,   即 PG=10  ∴ ,即   ∴ 的值是定值,定值为 。 ‎ ‎【解析】【分析】(1)根据等弧所对的圆心角相等得出∠AOE=∠BOE,根据邻补角的定义得出∠AOE=∠BOE=90°,从而得出结论; (2)根据直径所对的圆周角是直角得出∠ACD+∠BCD=90°,根据直角三角形两锐角互余得出∠BCD+∠CBD=90°,根据同角的余角相等得出∠ACD=∠CBD ,进而判断出△ACD∽△CBD,根据相似三角形对应边成比例得出B D ∶C D = C D ∶A D,即AD∙BD=CD2=4 根据线段的和差得出AD+BD=5,然后根据根与系数的关系得出AD+BD=m+2=5,AD∙BD=n-1=4,从而得出m,n的值;  (3)是定值,理由如下  :过点P作PG⊥AC于点G , PF⊥CN于点F , 根据垂直的定义及直径所对的圆周角是直角得出∠PGM=∠ACB=∠PFN=90°,根据等弧所对的圆周角相等得出∠ACP=∠NCP , 即CE平分∠ACN,根据角平分线上的点到角两边的距离相等得出PG=PF,根据S△CMN=S△MPC+S△NPC     得出CM∙CN=PG(CM+CN),从而根据等式的性质得出结论; 由(2)知AD∙BD=CD2=4,AD+BD=5 又AD>BD  故AD=4,BD=1,在Rt△ADC和Rt△CDB中,根据勾股定理得出AC,BC的长度,根据S△ABC=S△APC+S△BPC= PG(AC+BC)= AC∙BC ,   即 3 PG=10 ,从而得出答案。‎ 23‎