高考物理电学大题整理 8页

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  • 2021-05-13 发布

高考物理电学大题整理

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高三期末计算题复习题 a b F B N M P Q R 图13‎ ‎1.两根平行光滑金属导轨MN和PQ水平放置,其间距为‎0.60m,磁感应强度为0.50T的匀强磁场垂直轨道平面向下,两导轨之间连接的电阻R=5.0Ω。在导轨上有一电阻为1.0Ω的金属棒ab,金属棒与导轨垂直,如图13所示。在ab棒上施加水平拉力F使其以‎10m/s的水平速度匀速向右运动。设金属导轨足够长。求:‎ ‎(1)金属棒ab两端的电压。‎ ‎(2)拉力F的大小。‎ ‎(3)电阻R上消耗的电功率。‎ ‎1.(7分)解:(1)金属棒ab上产生的感应电动势为 ‎=3.0V, (1分)‎ 根据闭合电路欧姆定律,通过R的电流 I = = ‎0.50A。 (1分)‎ 电阻R两端的电压 U==2.5V。 (1分)‎ ‎(2)由于ab杆做匀速运动,拉力和磁场对电流的安培力大小相等,即 F = BIL = 0.15 N (2分)‎ ‎(3)根据焦耳定律,电阻R上消耗的电功率 =1.25W (2分)‎ ‎2.如图10所示,在绝缘光滑水平面上,有一个边长为L的单匝正方形线框abcd,在外力的作用下以恒定的速率v向右运动进入磁感应强度为B的有界匀强磁场区域。线框被全部拉入磁场的过程中线框平面保持与磁场方向垂直,线框的ab边始终平行于磁场的边界。已知线框的四个边的电阻值相等,均为R。求:‎ 图10‎ B v a b c d ‎⑴在ab边刚进入磁场区域时,线框内的电流大小。‎ ‎⑵在ab边刚进入磁场区域时,ab边两端的电压。‎ ‎⑶在线框被拉入磁场的整个过程中,线框产生的热量。‎ ‎2.(7分)(1)ab边切割磁感线产生的电动势为E=BLv…………………(1分)‎ 所以通过线框的电流为 I= ……………………(1分)‎ ‎(2)ab边两端电压为路端电压 Uab=I·3R……………………(1分)‎ 所以Uab= 3BLv/4……………………(1分)‎ ‎(3)线框被拉入磁场的整个过程所用时间t=L/v……………………(1分)‎ 线框中电流产生的热量Q=I2·4R·t ……………………(2分)‎ R N M 图16‎ ‎3.如图16所示,两根竖直放置的足够长的光滑平行金属导轨间距l=‎0.50m,导轨上端接有电阻R=0.80Ω,导轨电阻忽略不计。导轨下部的匀强磁场区有虚线所示的水平上边界,磁感应强度B=0.40T,方向垂直于金属导轨平面向外。电阻r=0.20Ω的金属杆MN,从静止开始沿着金属导轨下落,下落一定高度后以v=‎2.5m/s的速度进入匀强磁场中,金属杆下落过程中始终与导轨垂直且接触良好。已知重力加速度g=‎10m/s2,不计空气阻力。‎ ‎(1)求金属杆刚进入磁场时通过电阻R的电流大小;‎ ‎(2)求金属杆刚进入磁场时,M、N两端的电压;‎ ‎(3)若金属杆刚进入磁场区域时恰能匀速运动,则在匀速下落过程中每秒钟有多少重力势能转化为电能?‎ ‎3. (7分)‎ 解:(1)金属杆进入磁场切割磁感线产生的电动势E=Blv, (1分)‎ 根据闭合电路欧姆定律,通过电阻R的电流大小I==‎0.5A (2分)‎ ‎(2)M、N两端电压为路端电压,则UMN=IR=0.4V (2分)‎ ‎(3)每秒钟重力势能转化为电能E= I2(R+r)t=0.25J (2分)‎ ‎4.图14‎ θ θ a b E r B 如图14所示,两平行金属导轨间的距离L=‎0.40m,金属导轨所在的平面与水平面夹角θ=37º,在导轨所在平面内,分布着磁感应强度B=0.50T、方向垂直遇导轨所在平面的匀强磁场。金属导轨的一端接有电动势E=4.5V、内阻r=0.50Ω的直流电源。现把一个质量m=‎0.040kg的导体棒ab放在金属导轨上,导体棒恰好静止。导体棒与金属导轨垂直、且接触良好,导体棒与金属导轨接触的两点间的电阻R0=2.5Ω,金属导轨电阻不计,g取‎10m/s2。已知sin37º=0.60,cos37º=0.80,求: ‎ ‎(1)通过导体棒的电流;‎ ‎(2)导体棒受到的安培力大小;‎ ‎(3)导体棒受到的摩擦力。‎ ‎4.(1)导体棒、金属导轨和直流电源构成闭合电路,根据闭合电路欧姆定律有:‎ I==‎1.5A…………2分 ‎(2)导体棒受到的安培力:‎ F安=BIL=0.30N…………2分 ‎(3)导体棒所受重力沿斜面向下的分力F1= mg sin37º=0.24N 由于F1小于安培力,故导体棒受沿斜面向下的摩擦力f…………1分 ‎ 根据共点力平衡条件 ‎ mg sin37º+f=F安…………1分 解得:f=0.06N …………1分 A M N P Q B E R V 图16‎ S1‎ S2‎ ‎5.在水平面上平行放置着两根长度均为L的金属导轨MN和PQ,导轨间距为d,导轨和电路的连接如图16所示。在导轨的MP端放置着一根金属棒,与导轨垂直且接触良好。空间中存在竖直向上方向的匀强磁场,磁感应强度为B。将开关S1闭合S2断开,电压表和电流表的示数分别为U1和I1,金属棒仍处于静止状态;再将S2闭合,电压表和电流表的示数分别为U2和I2,金属棒在导轨上由静止开始运动,运动过程中金属棒始终与导轨垂直。设金属棒的质量为m,金属棒与导轨之间的动摩擦因数为μ。忽略导轨的电阻以及金属棒运动过程中产生的感应电动势,重力加速度为g。求:‎ ‎(1)金属棒到达NQ端时的速度大小;‎ ‎(2)金属棒在导轨上运动的过程中,电流在金属棒中产生的热量。‎ ‎5.(8分)解:(1)当通过金属棒的电流为I2时,金属棒在导轨上做匀加速运动,设加速度为a,根据牛顿第二定律,‎ ‎ , (1分)‎ 设金属棒到达NQ端时的速度为v,根据运动学公式,, (1分)‎ 由以上两式解得: 。 (2分)‎ ‎(2)当金属棒静止不动时,金属棒的电阻,设金属棒在导轨上运动的时间为t,电流在金属棒中产生的热量为Q,根据焦耳定律,, (2分)‎ 根据运动学公式,,将(1)的结果代入,解得 (1分)‎ ‎ 。 (1分)‎ 图15(甲)‎ B L ‎-1.0‎ B/×10-2T t/×10-2s ‎0‎ ‎1.57‎ ‎3.14‎ ‎4.71‎ ‎1.0‎ 图15(乙)‎ ‎6.如图15(甲)所示,一固定的矩形导体线圈水平放置,线圈的两端接一只小灯泡,在线圈所在空间内均匀分布着与线圈平面垂直的磁场。已知线圈的匝数n=100匝,电阻r=1.0Ω,所围成矩形的面积S=‎0.040m2‎,小灯泡的电阻R=9.0Ω,磁场的磁感应强度随时间按如图15(乙)所示的规律变化,线圈中产生的感应电动势的瞬时值的表达式为e=,其中Bm为磁感应强度的最大值,T为磁场变化的周期。不计灯丝电阻随温度的变化,求:‎ ‎(1)线圈中产生感应电动势的最大值。‎ ‎(2)小灯泡消耗的电功率。‎ ‎(3)在磁感应强度变化0~T/4的时间内,通过小灯泡的电荷量。‎ ‎6.(8分)解:(1)因为线圈中产生的感应电流变化的周期与磁场变化的周期相同,所以由图象可知,线圈中产生交变电流的周期为 T=3.14×10-2s。‎ 所以线圈中感应电动势的最大值为 E=2πnBmS/T=8.0V (2分)‎ ‎(2)根据欧姆定律,电路中电流的最大值为Im==‎‎0.80A 通过小灯泡电流的有效值为I=Im/=‎0.40A, (1分)‎ 灯泡消耗的电功率为P=I2R=2.88W (2分)‎ ‎(3)在磁感应强度变化1/4周期内,线圈中感应电动势的平均值=nS ‎ 通过灯泡的平均电流 (1分)‎ ‎ 通过灯泡的电荷量Q==4.0×10‎-3C。 (2分)‎ U t U0‎ ‎0‎ T 图17(乙)‎ T/2‎ 图17(甲)‎ v0‎ M O′‎ l l O N A B C D ‎7.如图17(甲)所示,长为l、相距为d的两块正对的平行金属板AB和CD与一电源相连(图中未画出电源),B、D为两板的右端点。两板间电势差的变化如图17(乙)所示。在金属板B、D端的右侧有一与金属板垂直的荧光屏MN,荧光屏距B、D端的距离为l。质量为m,电荷量为e的电子以相同的初速度v0从极板左边中央沿平行极板的直线OO′连续不断地射入。已知所有的电子均能够从两金属板间射出,且每个电子在电场中运动的时间与电压变化的周期相等。忽略极板边缘处电场的影响,不计电子的重力以及电子之间的相互作用。求:‎ ‎(1)t=0和t=T/2时刻进入两板间的电子到达金属板B、D端界面时偏离OO′的距离之比。‎ ‎(2)两板间电压的最大值U0。‎ ‎(3)电子在荧光屏上分布的最大范围。‎ ‎7.(9分)解:(1)t=0时刻进入两板间的电子沿OO′方向做匀速运动,在T/2的时间经过的位移l/2,即有,而后在电场力作用下做抛物线运动,在垂直于OO′方向做匀加速运动,设到达B、D界面时偏离OO′的距离为y1,则 ‎=。 (2分)‎ t=T/2时刻进入两板间的电子先在T/2时间内做抛物线运动,沿OO′方向的位移为l/2,在垂直于OO′方向做匀加速运动,设此时偏离OO′的距离为y2,将此时电子的速度分解为沿OO′方向的速度v0与沿电场方向的分量vE,并设此时刻电子的速度方向与OO′的夹角为θ,而后沿直线到达B、D界面。设电子沿直线到达B、D界面时偏离OO′的距离为y2′,则有 ‎=y1, ;解得y2′=。(1分)‎ 因此,y1:y2′=1:3。 (1分)‎ ‎(2)在t=(2n+1)T/2(n=0,1,2……)时刻进入两板间的电子在离开金属板时偏离OO′的距离最大,因此使所有进入金属板间的电子都能够飞出金属板,即应满足的条件为y2′≤,解得板间电压的最大值 。 (2分)‎ ‎(3)设t=nT(n=0,1,2……)时刻进入两板间的电子到达荧光屏上的位置与O′点的距离为Y1,t=(2n+1)T/2(n=0,1,2……)时刻进入两板间的电子到达荧光屏上的位置与O′点的距离为Y2,电子在荧光屏上分布的范围ΔY=Y2-Y1。当满足y2′=的条件时,ΔY为最大。根据题中金属板和荧光屏之间的几何关系,得到 ‎ , (1分)‎ 因此电子在荧光屏上分布的最大范围为 ΔY=Y2-Y1=y2′-y1=。 (2分)‎ 乙 O t B B0‎ ‎-B0‎ 图20‎ 甲 K P L U B r O M N T ‎2T ‎3T ‎4T ‎8.电视机显像管中需要用变化的磁场来控制电子束的偏转。图20甲为显像管工作原理示意图,阴极K发射的电子束(初速不计)经电压为U的加速电场后,进入一圆形匀强磁场区,磁场方向垂直于圆面(以垂直圆面向里为正方向),磁场区的中心为O,半径为r,荧光屏MN到磁场区中心O的距离为L。当不加磁场时,电子束将通过O点垂直打到屏幕的中心P点。当磁场的磁感应强度随时间按图20乙所示的规律变化时,在荧光屏上得到一条长为‎2‎L的亮线。‎ 由于电子通过磁场区的时间很短,可以认为在每个电子通过磁场区的过程中磁感应强度不变。已知电子的电荷量为e,质量为m,不计电子之间的相互作用及所受的重力。求:‎ ‎(1)电子打到荧光屏上时速度的大小;‎ ‎(2)磁场磁感应强度的最大值B0。‎ ‎8.(8分)‎ 解:(1)电子打到荧光屏上时速度的大小等于它飞出加速电场时的速度大小,设为v,由动能定理eU=mv2 (1分)‎ 解得 (2分)‎ ‎(2)当交变电压为峰值B0时,电子束有最大偏转,在荧光屏上打在Q点,PQ=L。电子运动轨迹如答图3所示,设此时的偏转角度为θ,由几何关系可知,tanθ=L / L,θ=60º (1分)‎ 根据几何关系,电子束在磁场中运动路径所对的圆心角α=θ, 而tan=(1分)‎ 由牛顿第二定律和洛仑兹力公式得 evB0=mv2/R (1分)‎ 解得B0= (2分)‎ ‎9.D P R S 图19‎ B h K A S2‎ S1‎ O R P Q 如图19所示,在以O为圆心,半径为R的圆形区域内,有一个水平方向的匀强磁场,磁场的磁感应强度大小为B,方向垂直纸面向外。竖直平行正对放置的两金属板A、K连在电压可调的电路中。 S1、S2为A、K板上的两个小孔,且S1、S2和O在同一直线上,另有一水平放置的足够大的荧光屏D,O点到荧光屏的距离h。比荷(电荷量与质量之比)为k的带正电的粒子由S1进入电场后,通过S2射向磁场中心,通过磁场后落到荧光屏D上。粒子进入电场的初速度及其所受重力均可忽略不计。‎ ‎(1)请分段描述粒子自S1到荧光屏D的运动情况。‎ ‎(2)求粒子垂直打到荧光屏上P点时速度的大小;‎ O P r1‎ R v1‎ v1‎ ‎(3)调节滑片P,使粒子打在荧光屏上Q点,PQ=h(如图19所示),求此时A、K两极板间的电压。‎ ‎9. (1)粒子在电场中自S1至S2做匀加速直线运动;自S2至进入磁场前做匀速直线运动;进入磁场后做匀速圆周运动;离开磁场至荧光屏做匀速直线运动。…………2分 说明:说出粒子在电场中做匀加速直线运动,离开电场作匀速运动,给1分;说出粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动,离开磁场后作匀速直线运动,给1分。‎ ‎(2)设粒子的质量为m,电荷量为q,垂直打在荧光屏上的P点时的速度为v1, 粒子垂直打在荧光屏上,说明粒子在磁场中的运动是四分之一圆周,运动半径r1=R…………1分 根据牛顿第二定律 ‎ Bqv1=, 依题意:k=q/m…………1分 O P r2‎ R α x θ/2‎ h θ/2‎ P Q ‎2θ ‎ 解得:v1=BkR …………1分 ‎ ‎(3)设粒子在磁场中运动轨道半径为r2,偏转角为2,粒子射出磁场时的方向与竖直方向夹角为α,粒子打到Q点时的轨迹如图所示,由几何关系可知 ‎ tanα=, α=30°, θ=30°‎ ‎ tanθ= 解得:r2=R…………1分 ‎ 设此时A、K两极板间的电压为U,设粒子离开S2时的速度为v2,根据牛顿第二定律 ‎ Bqv2= …………1分 根据动能定理有 qU=…………1分 ‎ 解得:U=…………1分 ‎10.由于受地球信风带和盛行西风带的影响,海洋中一部分海水做定向流动,称为风海流,风海流中蕴藏着巨大的动力资源。因为海水中含有大量的带电离子,这些离子随风海流做定向运动,如果有足够强的磁场能使海流中的正、负离子发生偏转,便可用来发电。‎ B ‎ 风海流方向 v a b M 图22‎ 东 西 北 南 d N 图22为一利用风海流发电的磁流体发电机原理示意图,用绝缘材料制成一个横截面为矩形的管道,在管道的上、下两个内表面装有两块金属板M、N,金属板长为a,宽为b,两板间的距离为d。将管道沿风海流方向固定在风海流中,在金属板之间加一水平匀强磁场,磁感应强度大小为B,方向由南向北,用导线将M、N外侧连接电阻为R的航标灯(图中未画出)。工作时,海水从东向西流过管道,在两金属板之间形成电势差,可以对航标灯供电。设管道内海水的流速处处相同,且速率恒为v,海水的电阻率为ρ,海水所受摩擦阻力与流速成正比,比例系数为k。‎ ‎(1)求磁流体发电机电动势E的大小,并判断M、N两板哪个板电势较高;‎ ‎(2)由于管道内海水中有电流通过,磁场对管道内海水有力的作用,求此力的大小和方向;‎ ‎(3)求在t时间内磁流体发电机消耗的总机械能。‎ ‎10.(9分)‎ 解:(1)磁流体发电机电动势E=Bdv (1分)‎ 用左手定则判断出正离子向N板偏转,因此N板的电势高 (1分)‎ ‎(2)两板间海水的电阻r=,回路中的电流 (1分)‎ 磁场对管道内海水的作用力F磁=BId 解得F磁= (1分)‎ 方向与v方向相反(水平向东) (1分)‎ ‎(3)在t时间内管道中海水移动的距离为 (1分)‎ 在t时间内克服摩擦阻力的功,克服磁场力做功 (1分)‎ 在t时间内磁流体发电机消耗的总机械能(k+)v2t (2分)‎