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  • 2021-05-13 发布

2015高考数学人教A版本(12-3不等式选讲)一轮复习学案

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‎【走向高考】2015届高考数学一轮总复习 12-3不等式选讲课后强化作业 新人教A版 基础巩固强化 一、选择题 ‎1.(2012·安徽“江南十校”联考)已知集合M={x||2x-1|<2},N={x|<1},则M∩N等于(  )‎ A.{x|11.因此M∩N={x|10的解集为(  )‎ A.(-∞,) B.(-∞,-)‎ C.(,+∞) D.(-,+∞)‎ ‎[答案] A ‎[解析] 原不等式等价于|x-2|>|x-1|,则(x-2)2>(x-1)2,解得x<.‎ ‎3.设集合A={x||x-a|<1,x∈R},B={x||x-b|>2,x∈R}.若A⊆B,则实数a、b必满足(  )‎ A.|a+b|≤3 B.|a+b|≥3‎ C.|a-b|≤3 D.|a-b|≥3‎ ‎[答案] D ‎[解析] 由题意可得集合A={x|a-1b+2},又因为A⊆B,所以有a+1≤b-2或b+2≤a-1,即a-b≤-3或a-b≥3.因此选D.‎ ‎4.(文)若不等式|ax+2|<4的解集为(-1,3),则实数a等于(  )‎ A.8     B.2    ‎ C.-4     D.-2‎ ‎[答案] D ‎[解析] 由-40,则+的最小值为________.‎ ‎[答案]  ‎[解析] 因为+=+≥+2=+1≥-+1=,当且仅当=,a<0,即a=-2,b=4时取等号,故+的最小值是.‎ ‎6.(文)不等式log3(|x-4|+|x+5|)>a对于一切x∈R恒成立,则实数a的取值范围是________.‎ ‎[答案] (-∞,2)‎ ‎[解析] 由绝对值的几何意义知:|x-4|+|x+5|≥9,则log3(|x-4|+|x+5|)≥2,所以要使不等式log3(|x-4|+|x+5|)>a对于一切x∈R恒成立,则需a<2.‎ ‎(理)(2013·昆明重点中学检测)已知不等式≥|a2-a|对于x∈[2,6]恒成立,则实数a的取值范围是________.‎ ‎[答案] [-1,2]‎ ‎[解析] 设y=,x∈[2,6],则y′=-<0,则y=在区间[2,6]上单调递减,则ymin==,故不等式≥|a2-a|对于x∈[2,6]恒成立等价于|a2-a|≤成立,等价于解得-1≤a≤2,故a的取值范围是[-1,2].‎ ‎7.(2013·陕西)设a,b∈R,|a-b|>2,则关于实数x的不等式|x-a|+|x-b|>2的解集是________.‎ ‎[答案] (-∞,+∞)‎ ‎[解析] ∵|x-a|+|x-b|≥|a-b|>2,‎ ‎∴|x-a|+|x-b|>2恒成立,则解集为R.‎ ‎8.(2012·陕西)若存在实数x使|x-a|+|x-1|≤3成立,则实数a的取值范围是________.‎ ‎[答案] -2≤a≤4‎ ‎[解析] |x-a|+|x-1|≥|a-1|,则只需要|a-1|≤3,解得-2≤a≤4.‎ ‎9.若a>0,b>0,则p=(ab),q=ab·ba的大小关系是________.‎ ‎[答案] p≥q ‎[解析] ∵a>0,b>0,∴p=(ab)>0,q=ab·ba>0,‎ ==a·b=.‎ 若a>b,则>1,>0,∴>1;‎ 若a1;‎ 若a=b,则=1,=0,∴=1.‎ ‎∴≥1,即≥1.∵q>0,∴p≥q.‎ ‎[点评] 可运用特值法,令a=1,b=1,则p=1,q=1,有p=q;‎ 令a=2,b=4,有p=83=512,q=24×42=256,∴p>q,故填p≥q.‎ 三、解答题 ‎10.(文)已知函数f(x)=|x-7|-|x-3|.‎ ‎(1)作出函数f(x)的图象;‎ ‎(2)当x<5时,不等式|x-8|-|x-a|>2恒成立,求a的取值范围.‎ ‎[解析] (1)∵f(x)= 图象如图所示:‎ ‎(2)∵x<5,∴|x-8|-|x-a|>2,即8-x-|x-a|>2,‎ 即|x-a|<6-x,对x<5恒成立.‎ 即x-6-,此时-0,又由绝对值不等式的性质知,|x+log3x|≤|x|+|log3x|,当且仅当x与log3x同号时等号成立,∵x>0,∴log3x>0,∴x>1,故原不等式的解集为{x|00;‎ ‎(2)若函数f(x)的图象恒在函数g(x)图象的上方,求实数m的取值范围.‎ ‎[解析] (1)由f(x)+a-2>0得|x-3|>2-a,‎ ‎∴x-3>2-a或x-35-a或xg(x)恒成立,即m<|x-3|+|x+4|恒成立.‎ ‎∵|x-3|+|x+4|≥|(x-3)-(x-4)|=7,‎ ‎∴m的取值范围为m<7.‎ ‎14.(2013·新课标Ⅱ理,24)设a、b、c均为正数,且a+b+c=1,证明:‎ ‎(1)ab+bc+ac≤;‎ ‎(2)++≥1.‎ ‎[解析] (1)由a2+b2≥2ab,b2+c2≥2bc,c2+a2≥2ca得,‎ a2+b2+c2≥ab+bc+ca.‎ 由题设得(a+b+c)2=1,‎ 即a2+b2+c2+2ab+2bc+2ca=1.‎ 所以3(ab+bc+ca)≤1,即ab+bc+ca≤.‎ ‎(2)因为+b≥‎2a,+c≥2b,+a≥‎2c,‎ 故+++(a+b+c)≥2(a+b+c),‎ 即++≥a+b+c.所以++≥1.‎ ‎15.(文)设不等式|2x-1|<1的解集是M,a、b∈M.‎ ‎(1)试比较ab+1与a+b的大小;‎ ‎(2)设max表示数集A中的最大数.h=max{,,},求证:h≥2.‎ ‎[解析] 由|2x-1|<1得-1<2x-1<1,解得00.‎ 故ab+1>a+b.‎ ‎(2)由h=max{,,},得 h≥,h≥,h≥,‎ 所以h3≥··=≥8,故h≥2.‎ ‎(理)已知a、b为正实数.‎ ‎(1)求证:+≥a+b;‎ ‎(2)利用(1)的结论求函数y=+(00,b>0,‎ ‎∴(a+b)(+)=a2+b2++ ‎≥a2+b2+2ab=(a+b)2.‎ ‎∴+≥a+b,当且仅当a=b时等号成立.‎ 证法二:∵+-(a+b)= ‎== ‎=.‎ 又∵a>0,b>0,∴≥0,‎ 当且仅当a=b时等号成立.∴+≥a+b.‎ ‎(2)解:∵00,‎ 由(1)的结论,函数y=+≥(1-x)+x=1.‎ 当且仅当1-x=x即x=时等号成立.‎ ‎∴函数y=+(0b⇔a-b>0,a-1,且x≠0,n为大于1的自然数,则(1+x)n>1+nx.‎ 备选习题 ‎1.设a、b、c为正数,且a+2b+‎3c=13,则++的最大值为(  )‎ A.    B.   ‎ C.   D. ‎[答案] C ‎[解析] (a+2b+‎3c)[()2+12+()2]‎ ‎≥(++)2,‎ ‎∵a+2b+‎2c=13,∴(++)2≤,‎ ‎∴++≤,‎ 当且仅当==取等号,‎ 又∵a+2b+‎3c=13,∴a=9,b=,c=时,++取最大值.‎ ‎2.(2013·陕西检测)若不等式|x+1|+|x-m|<6的解集为∅,则实数m的取值范围为________.‎ ‎[答案] [5,+∞)∪(-∞,-7]‎ ‎[解析] ∵不等式的解集为空集,|x+1|+|x-m|≥|m+1|,∴只需|m+1|≥6,∴m的取值范围为[5,+∞)∪(-∞,-7].‎ ‎3.(2013·云南玉溪一中月考)已知函数f(x)=|x+1|+|x-2|-m.‎ ‎(1)当m=5时,求f(x)>0的解集;‎ ‎(2)若关于x的不等式f(x)≥2的解集是R,求m的取值范围.‎ ‎[解析] (1)由题设知|x+1|+|x-2|>5,‎ 或 或 解得原不等式的解集为(-∞,-2)∪(3,+∞).‎ ‎(2)不等式f(x)≥2即|x+1|+|x-2|≥m+2,‎ ‎∵x∈R时,恒有|x+1|+|x-2|≥|(x+1)-(x-2)|=3,‎ 不等式|x+1|+|x-2|≥m+2的解集是R,‎ ‎∴m+2≤3,m的取值范围是(-∞,1].‎ ‎4.(1)解关于x的不等式x+|x-1|≤3;‎ ‎(2)若关于x的不等式x+|x-1|≤a有解,求实数a的取值范围.‎ ‎[解析] 设f(x)=x+|x-1|,则f(x)= ‎(1)当x≥1时,2x-1≤3,∴1≤x≤2,‎ 又x<1时,不等式显然成立,‎ ‎∴原不等式的解集为{x|x≤2}.‎ ‎(2)由于x≥1时,函数y=2x-1是增函数,其最小值为f(1)=1;‎ 当x<1时,f(x)=1,∴f(x)的最小值为1.‎ 因为x+|x-1|≤a有解,即f(x)≤a有解,所以a≥1.‎ ‎5.(2013·辽宁理,24)已知函数f(x)=|x-a|,其中a>1.‎ ‎(1)当a=2时,求不等式f(x)≥4-|x-4|的解集;‎ ‎(2)已知关于x的不等式|f(2x+a)-‎2f(x)|≤2的解集为{x|1≤x≤2},求a的值.‎ ‎[解析] (1)当a=2时,f(x)+|x-4|‎ ‎= 当x≤2时,由f(x)≥4-|x-4|得-2x+6≥4,解得x≤1;‎ 当21,‎ ‎∴x≤0时,h(x)=-‎2a<-2,x≥a时,h(x)=‎2a>2,‎ 而已知不等式|h(x)|≤2的解集为{x|1≤x≤2},‎ ‎∴不等式|h(x)|≤2化为 即 ‎∵a>1,∴>0,1,|h(x)|≤2的解集为{x|1≤x≤2},‎ ‎∴|h(x)|≤2,即|4x-‎2a|≤2.‎ 此不等式的解集为{x|1≤x≤2}.‎