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- 2021-05-13 发布
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学案 27 平面向量的数量积及其应用
导学目标: 1.理解平面向量数量积的含义及其物理意义.2.了解平面向量的数量积与向
量投影的关系.3.掌握数量积的坐标表达式,会进行平面向量数量积的运算.4.能运用数量积表
示两个向量的夹角,会用数量积判断两个平面向量的垂直关系.5.会用向量方法解决某些简单
的平面几何问题.6.会用向量方法解决简单的力学问题与其他一些实际问题.
自主梳理
1.向量数量积的定义
(1)向量数量积的定义:____________________________________________,其中|a|cos
〈a,b〉叫做向量 a 在 b 方向上的投影.
(2)向量数量积的性质:
①如果 e 是单位向量,则 a·e=e·a=__________________;
②非零向量 a,b,a⊥b⇔________________;
③a·a=________________或|a|=________________;
④cos〈a,b〉=________;
⑤|a·b|____|a||b|.
2.向量数量积的运算律
(1)交换律:a·b=________;
(2)分配律:(a+b)·c=________________;
(3)数乘向量结合律:(λa)·b=________________.
3.向量数量积的坐标运算与度量公式
(1)两个向量的数量积等于它们对应坐标乘积的和,即若 a=(a1,a2),b=(b1,b2),则 a·b
=________________________;
(2)设 a=(a1,a2),b=(b1,b2),则 a⊥b⇔________________________;
(3)设向量 a=(a1,a2),b=(b1,b2),
则|a|=________________,cos〈a,b〉=____________________________.
(4)若 A(x 1 ,y 1 ),B(x 2 ,y 2 ),则|AB
→
=________________________,所以| AB
→
|=
_____________________.
自我检测
1.(2010·湖南)在 Rt△ABC 中,∠C=90°,AC=4,则AB→
·AC→
等于 ( )
A.-16 B.-8 C.8 D.16
2.(2010·重庆)已知向量 a,b 满足 a·b=0,|a|=1,|b|=2,则|2a-b|= ( )
A.0 B.2 2 C.4 D.8
3.(2011·福州月考)已知 a=(1,0),b=(1,1),(a+λb)⊥b,则 λ 等于 ( )
A.-2 B.2 C.1
2 D.-1
2
4.平面上有三个点 A(-2,y),B(0, ),C(x,y),若A B
→
⊥BC
→
,则动点 C 的轨迹
方程为________________.
5.(2009·天津)若等边△ABC 的边长为 2 ,平面内一点 M 满足CM→
=1
6CB
→
+2
3CA
→
,
则MA
→
·MB
→
=________.
探究点一 向量的模及夹角问题
2
y
3
例 1 (2011·马鞍山月考)已知|a|=4,|b|=3,(2a-3b)·(2a+b)=61.
(1)求 a 与 b 的夹角 θ;(2)求|a+b|;
(3)若AB→
=a,BC
→
=b,求△ABC 的面积.
变式迁移 1 (1)已知 a,b 是平面内两个互相垂直的单位向量,若向量 c 满足(a-c)·(b-
c)=0,则|c|的最大值是 ( )
A.1 B.2
C. 2 D.
2
2
(2)已知 i,j 为互相垂直的单位向量,a=i-2j,b=i+λj,且 a 与 b 的夹角为锐角,实
数 λ 的取值范围为________.
探究点二 两向量的平行与垂直问题
例 2 已知 a=(cos α,sin α),b=(cos β,sin β),且 ka+b 的长度是 a-kb 的长度的 3
倍(k>0).
(1)求证:a+b 与 a-b 垂直;
(2)用 k 表示 a·b;
(3)求 a·b 的最小值以及此时 a 与 b 的夹角 θ.
变式迁移 2 (2009·江苏)设向量 a=(4cos α,sin α),b=(sin β,4cos β),c=(cos β,-4sin
β).
(1)若 a 与 b-2c 垂直,求 tan(α+β)的值;
(2)求|b+c|的最大值;
(3)若 tan αtan β=16,求证:a∥b.
探究点三 向量的数量积在三角函数中的应用
例 3 已知向量 a=(cos 3
2x,sin 3
2x),
b=(cos x
2,-sin x
2),且 x∈[-π
3,π
4].
(1)求 a·b 及|a+b|;
(2)若 f(x)=a·b-|a+b|,求 f(x)的最大值和最小值.
变式迁移 3 (2010·四川)已知△ABC 的面积 S= AB→
·AC
→
·=3,且 cos B= 3
5,求 cos
C.
1
2
1.一些常见的错误结论:
(1)若|a|=|b|,则 a=b;(2)若 a2=b2,则 a=b;(3)若 a∥b,b∥c,则 a∥c;(4)若 a·b=
0,则 a=0 或 b=0;(5)|a·b|=|a|·|b|;(6)(a·b)c=a(b·c);(7)若 a·b=a·c,则 b=c.以上结论都
是错误的,应用时要注意.
2.平面向量的坐标表示与向量表示的比较:
已知 a=(x1,y1),b=(x2,y2),θ 是向量 a 与 b 的夹角.
向量表示 坐标表示
向量 a 的模 |a|= a·a= a2 |a|= x21+y21
a 与 b 的数量积 a·b=|a||b|cos θ a·b=x1x2+y1y2
a 与 b 共线的充要条件 A∥b(b≠0)⇔a=λb a∥b⇔x1y2-x2y1=0
非零向量 a,b 垂直的充要条件 a⊥b⇔a·b=0 a⊥b⇔x1x2+y1y2=0
向量 a 与 b 的夹角 cos θ= a·b
|a||b| cos θ= x1x2+y1y2
x21+y21 x22+y22
3.证明直线平行、垂直、线段相等等问题的基本方法有:
(1)要证 AB=CD,可转化证明 AB→
2=CD
→
2 或|AB
→
|=|CD
→
|.
(2)要证两线段 AB∥CD,只要证存在唯一实数 ≠0,使等式AB→
=λ CD
→
成立即可.
(3)要证两线段 AB⊥CD,只需证AB→
·CD
→
=0.
(满分:75 分)
一、选择题(每小题 5 分,共 25 分)
1.(2010·重庆)若向量 a=(3,m),b=(2,-1),a·b=0,则实数 m 的值为 ( )
A.-3
2 B.3
2
C.2 D.6
2.已知非零向量 a,b,若|a|=|b|=1,且 a⊥b,又知(2a+3b)⊥(ka-4b),则实数 k 的
值为 ( )
A.-6 B.-3
C.3 D.6
3.已知△ABC 中,AB→
=a,AC→
=b,a·b<0,S △ABC=15
4 ,|a|=3,|b|=5,则∠BAC 等于
(
)
A.30° B.-150°
C.150° D.30°或 150°
4.(2010·湖南)若非零向量 a,b 满足|a|=|b|,(2a+b)·b=0,则 a 与 b 的夹角为 ( )
A.30° B.60°
C.120° D.150°
5.已知 a=(2,3),b=(-4,7),则 a 在 b 上的投影为 ( )
A.
13
5 B.
65
5
C.
65
13 D.
13
13
题号 1 2 3 4 5
答案
二、填空题(每小题 4 分,共 12 分)
λ
6.(2010·湖南长沙一中月考)设 a=(cos 2α,sin α),b=(1,2sin α-1),α∈(π
2,π ),若 a·b
=2
5,则 sin α=________.
7.(2010·广东金山中学高三第二次月考)若|a|=1,|b|=2,c=a+b,且 c⊥a,则向量 a
与 b 的夹角为________.
8.已知向量 m=(1,1),向量 n 与向量 m 夹角为 3π
4 ,且 m·n=-1,则向量 n=
__________________.
三、解答题(共 38 分)
9.(12 分)已知OA→
=(2,5),OB
→
=(3,1),OC
→
=(6,3),在线段 OC 上是否存在点 M,使MA
→
⊥
MB
→
,若存在,求出点 M 的坐标;若不存在,请说明理由.
10.(12 分)(2011·杭州调研)已知向量 a=(cos(-θ),sin(-θ)),b=(cos (π
2-θ ),
sin(π
2-θ )).
(1)求证:a⊥b;
(2)若存在不等于 0 的实数 k 和 t,使 x=a+(t2+3)b,y=-ka+tb,满足 x⊥y,试求此
时k+t2
t 的最小值.
11.(14 分)(2011·济南模拟)已知 a=(1,2sin x),b=(2cos(x+π
6 ),1),函数 f(x)=a·b (x∈
R).
(1)求函数 f(x)的单调递减区间;
(2)若 f(x)=8
5,求 cos (2x-π
3)的值.
答案 自主梳理
1.(1)a·b=|a||b|cos〈a,b〉 (2)①|a|cos〈a,e〉 ②a·b=0 ③|a|2 a·a ④ a·b
|a||b|
⑤≤ 2.(1)b·a
(2)a·c+b·c (3)λ(a·b) 3.(1)a1b1+a2b2 (2)a1b1+a2b2=0 (3) a21+a22 a1b1+a2b2
a21+a22 b21+b22
(4)(x2-x1,y2-y1) (x2-x1)2+(y2-y1)2
自我检测
2.B [|2a-b|= (2a-b)2
= 4a2-4a·b+b2= 8=2 2.]
3.D [由(a+λb)·b=0 得 a·b+λ|b|2=0,
∴1+2λ=0,∴λ=-1
2.]
4.y2=8x(x≠0)
解析 由题意得AB
→
=(2,-y
2),
BC→
=(x,y
2 ),又AB
→
⊥BC→
,∴AB
→
·BC→
=0,
即(2,-y
2)·(x,y
2 )=0,化简得 y2=8x(x≠0).
5.-2
解析 合理建立直角坐标系,因为三角形是正三角形,故设 C(0,0),A(2 3,0),B( 3,
3),这样利用向量关系式,求得MA→
=( 3
2 ,-1
2),MB
→
=( 3
2 ,-1
2),MB
→
=(- 3
2 ,5
2),所以
MA
→
·MB
→
=-2.
课堂活动区
例 1 解 (1)∵(2a-3b)·(2a+b)=61,
∴4|a|2-4a·b-3|b|2=61.
又|a|=4,|b|=3,∴64-4a·b-27=61,
∴a·b=-6.
∴cos θ= a·b
|a||b|=
-6
4 × 3=-1
2.
又 0≤θ≤π,∴θ=2π
3 .
(2)|a+b|= (a+b)2
= |a|2+2a·b+|b|2
= 16+2 × (-6)+9= 13.
(3)∵AB
→
与BC→
的夹角 θ=2π
3 ,
∴∠ABC=π-2π
3 =π
3.
又|AB→
|=|a|=4,|BC→
|=|b|=3,
∴S△ABC=1
2|AB→
||BC→
|sin∠ABC
=1
2×4×3× 3
2 =3 3.
变式迁移 1 (1)C [∵|a|=|b|=1,a·b=0,
展开(a-c)·(b-c)=0⇒|c|2=c·(a+b)
=|c|·|a+b|cos θ,∴|c|=|a+b|cos θ= 2cos θ,
∴|c|的最大值是 2.]
(2)λ<1
2且 λ≠-2
解析 ∵〈a,b〉∈(0,π
2),∴a·b>0 且 a·b 不同向.
即|i|2-2λ|j|2>0,∴λ<1
2.
当 a·b 同向时,由 a=kb(k>0)得 λ=-2.
∴λ<1
2且 λ≠-2.
例 2 解题导引 1.非零向量 a⊥b⇔a·b=0⇔x1x2+y1y2=0.
2.当向量 a 与 b 是非坐标形式时,要把 a、b 用已知的不共线的向量表示.但要注意运
算技巧,有时把向量都用坐标表示,并不一定都能够简化运算,要因题而异.
解 (1)由题意得,|a|=|b|=1,
∴(a+b)·(a-b)=a2-b2=0,
∴a+b 与 a-b 垂直.
(2)|ka+b|2=k2a2+2ka·b+b2=k2+2ka·b+1,
( 3|a-kb|)2=3(1+k2)-6ka·b.
由条件知,k2+2ka·b+1=3(1+k2)-6ka·b,
从而有,a·b=1+k2
4k (k>0).
(3)由(2)知 a·b=1+k2
4k =1
4(k+1
k)≥1
2,
当 k=1
k时,等号成立,即 k=±1.
∵k>0,∴k=1.
此时 cos θ= a·b
|a||b|=1
2,而 θ∈[0,π],∴θ=π
3.
故 a·b 的最小值为1
2,此时 θ=π
3.
变式迁移 2 (1)解 因为 a 与 b-2c 垂直,
所以 a·(b-2c)
=4cos αsin β-8cos αcos β+4sin αcos β+8sin αsin β
=4sin(α+β)-8cos(α+β)=0.
因此 tan(α+β)=2.
(2)解 由 b+c=(sin β+cos β,4cos β-4sin β),
得|b+c|= (sin β+cos β)2+(4cos β-4sin β)2
= 17-15sin 2β≤4 2.
又当 β=-π
4时,等号成立,所以|b+c|的最大值为 4 2.
(3)证明 由 tan αtan β=16 得4cos α
sin β = sin α
4cos β,
所以 a∥b.
例 3 解题导引 与三角函数相结合考查向量的数量积的坐标运算及其应用是高考热
点题型.解答此类问题,除了要熟练掌握向量数量积的坐标运算公式,向量模、夹角的坐标
运算公式外,还应掌握三角恒等变换的相关知识.
解 (1)a·b=cos 3
2xcos x
2-sin 3
2xsin x
2=cos 2x,
|a+b|= (cos 3
2x+cos x
2)2+(sin 3
2x-sin x
2)2
= 2+2cos 2x=2|cos x|,
∵x∈[-π
3,π
4],∴cos x>0,
∴|a+b|=2cos x.
(2)f(x)=cos 2x-2cos x=2cos2x-2cos x-1
=2(cos x-1
2)2-3
2.
∵x∈[-π
3,π
4],∴1
2≤cos x≤1,
∴当 cos x=1
2时,f(x)取得最小值-3
2;
当 cos x=1 时,f(x)取得最大值-1.
变式迁移 3 解 由题意,设△ABC 的角 B、C 的对边分别为 b、c,则 S= 1
2bcsin A=
1
2.
AB
→
·AC
→
=bccos A=3>0,
∴A∈(0,π
2 ),cos A=3sin A.
又 sin2A+cos2A=1,
∴sin A= 10
10 ,cos A=3 10
10 .
由题意 cos B=3
5,得 sin B=4
5.
∴cos(A+B)=cos Acos B-sin Asin B= 10
10 .
∴cos C=cos[π-(A+B)]=- 10
10 .
课后练习区
1.D [因为 a·b=6-m=0,所以 m=6.]
2.D [由(2a+3b)·(ka-4b)=0 得 2k-12=0,∴k=6.]
3.C [∵S△ABC=1
2|a||b|sin∠BAC=15
4 ,
∴sin∠BAC=1
2.又 a·b<0,
∴∠BAC 为钝角.∴∠BAC=150°.]
4.C [由(2a+b)·b=0,得 2a·b=-|b|2.
cos〈a,b〉= a·b
|a||b|=
-1
2|b|2
|b|2 =-1
2.
∵〈a,b〉∈[0°,180°],∴〈a,b〉=120°.]
5.B [因为 a·b=|a|·|b|·cos〈a,b〉,
所以,a 在 b 上的投影为|a|·cos〈a,b〉
=a·b
|b| = 21-8
42+72= 13
65
= 65
5 .]
6.3
5
解析 ∵a·b=cos 2α+2sin2α-sin α=2
5,
∴1-2sin2α+2sin2α-sin α=2
5,∴sin α=3
5.
7.120°
解析 设 a 与 b 的夹角为 θ,∵c=a+b,c⊥a,
∴c·a=0,即(a+b)·a=0.∴a2+a·b=0.
又|a|=1,|b|=2,∴1+2cos θ=0.
∴cos θ=-1
2,θ∈[0°,180°]即 θ=120°.
8.(-1,0)或(0,-1)
解析 设 n=(x,y),由 m·n=-1,
有 x+y=-1.①
由 m 与 n 夹角为3π
4 ,
有 m·n=|m|·|n|cos 3π
4 ,
∴|n|=1,则 x2+y2=1.②
由①②解得Error!或Error!,
∴n=(-1,0)或 n=(0,-1).
9.解 设存在点 M,且OM→
=λOC
→
=(6λ,3λ) (0≤λ≤1),
MA→
=(2-6λ,5-3λ),MB
→
=(3-6λ,1-3λ).…………………………………………(4 分)
∵MA→
⊥MB
→
,
∴(2-6λ)(3-6λ)+(5-3λ)(1-3λ)=0,………………………………………………(8 分)
即 45λ2-48λ+11=0,解得 λ=1
3或 λ=11
15.
∴M 点坐标为(2,1)或(22
5 ,11
5 ).
故在线段 OC 上存在点 M,使MA→
⊥MB
→
,且点 M 的坐标为(2,1)或(22
5 ,11
5 ).………(12
分)
10.(1)证明 ∵a·b=cos(-θ)·cos(π
2-θ )+sin(-θ )·sin(π
2-θ )
=sin θcos θ-sin θcos θ=0.∴a⊥b.……………………………………………………(4 分)
(2)解 由 x⊥y 得,x·y=0,
即[a+(t2+3)b]·(-ka+tb)=0,
∴-ka2+(t3+3t)b2+[t-k(t2+3)]a·b=0,
∴-k|a|2+(t3+3t)|b|2=0.………………………………………………………………(6 分)
又|a|2=1,|b|2=1,
∴-k+t3+3t=0,∴k=t3+3t.…………………………………………………………(8 分)
∴k+t2
t =t3+t2+3t
t =t2+t+3
=(t+1
2 )2+11
4 .……………………………………………………………………………(10
分)
故当 t=-1
2时,k+t2
t 有最小值11
4 .………………………………………………………(12
分)
11.解 (1)f(x)=a·b=2cos(x+π
6 )+2sin x
=2cos xcos π
6-2sin xsin π
6+2sin x
= 3cos x+sin x=2sin(x+π
3 ).…………………………………………………………(5 分)
由π
2+2kπ≤x+π
3≤3π
2 +2kπ,k∈Z,
得π
6+2kπ≤x≤7π
6 +2kπ,k∈Z.
所以 f(x)的单调递减区间是
[π
6+2kπ,7π
6 +2kπ] (k∈Z).……………………………………………………………(8 分)
(2)由(1)知 f(x)=2sin(x+π
3 ).
又因为 2sin(x+π
3 )=8
5,
所以 sin(x+π
3 )=4
5,……………………………………………………………………(11 分)
即 sin(x+π
3 )=cos(π
6-x )=cos(x-π
6 )=4
5.
所以 cos(2x-π
3)=2cos2(x-π
6 )-1= 7
25.………………………………………………(14 分)