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- 2021-05-13 发布
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2015年普通高等学校招生全国统一考试(湖南卷)
数 学(理科)
本试题卷包括选择题、填空题和解答题三部分,时量120分钟,满分150分
一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分. 在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
1. 已知(是虚数单位),则复数z=
A. B.
C. D.
2. 设A、B是两个集合,则“”是“”的
A. 充分不必要条件 B. 必要不充分条件
C. 充要条件 D. 既不充分也不必要条件
3. 执行如图所示的程序框图,如果输入的,则输出的S=
A. B.
C. D.
4. 若变量x, y满足约束条件,则的最小值为
A. B.
C. 1 D. 2
5. 设函数,则是
A. 奇函数,且在是增函数 B. 奇函数,且在是减函数
C. 偶函数,且在是增函数 D. 偶函数,且在是减函数
6. 已知的展开式中含的项的系数为30,则
A. B. C. 6 D.
7. 在如图2所示的正方形中随机投掷10000个点,则落入阴影部分(曲线C为正态分布的密度曲线)的点的个数的估计值为
A. 2386 B. 2718
C. 3413 D. 4772
附:若,则
,
.
8. 已知点A, B, C在圆上运动,且 . 若点P的坐标为, 则
的最大值为
A. 6 B. 7 C. 8 D. 9
9. 将函数的图象向右平移个单位后得到函数的图象,若对满足的,,有,则
A. B.
C. D.
10. 某工件的三视图如图所示,现将该工件通过切削,加工成体积尽可能大的长方体新工件,并使新工件的一个面落在原工件的一个面内,则原工件材料的利用率为(材料的利用率)
A. B.
C. D.
二、填空题:本大题共5小题,每小题5分,共25分.
11. __________.
12. 在一次马拉松比赛中,35名运动员的成绩(单位:分钟)茎叶图如图所示
若将运动员按成绩由好到差编为1-35号,再用系统抽样的方法从中抽取7人,则其中成绩在区间上的运动员的人数是_________.
13. 设F是双曲线C的一个焦点,若C上存在点P,使线段PF的中点恰为其虚轴的一个端点,则C的离心率为________.
14.设为等比数列的前n项和,若,且成等差数列,则___________.
15. 已知函数 若存在实数b,使函数有两个零点,则a的取值范围是___________.
三、解答题:本大题共6小题,共75分. 解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.
16. (本小题满分12分)
本小题有Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ
三个选做题,请考生任选两题作答,并将解答过程写在答题纸中相应题号的答题区域内,如果全做,则按所做的前两题计分.
Ⅰ.(本小题满分6分)选修4-1 几何证明选讲
如图,在⊙O中,相交于点E的两弦AB,CD的中点分别是M,N,直线MO与直线CD相交于点F,证明:
();
().
Ⅱ.(本小题满分6分)选修4-4 坐标系与参数方程
已知直线(t为参数),以坐标原点为极点,x轴的正半轴为极轴建立极坐标系,曲线C的极坐标方程为.
()将曲线C的极坐标方程化为直角坐标方程;
()设点M的直角坐标为,直线与曲线C的交点为A,B,求的值.
Ⅲ.(本小题满分6分)选修4-5 不等式选讲
设,且,证明:
() ;
()与不可能同时成立.
17. (本小题满分12分)
设的内角的对边分别为,,且B为钝角.
(Ⅰ) 证明:;
(Ⅱ) 求的取值范围.
18. (本小题满分12分)
某商场举行有奖促销活动,顾客购买一定金额的商品后即可抽奖. 每次抽奖都是从装有4个红球、6个白球的甲箱和装有5个红球、5个白球的乙箱中,各随机摸出1个球. 在摸出的2球中,若都是红球,则获一等奖;若只有1个红球,则获二等奖;若没有红球,则不获奖.
(Ⅰ) 求顾客抽奖1次能获奖的概率;
(Ⅱ) 若某顾客有3次抽奖的机会,记该顾客在3次抽奖中获一等奖的次数为,求的分布列和数学期望.
19. (本小题满分13分)
如图,在四棱台的上、下底面分别是边长为3和6的正方形,,且底面,点P,Q分别在棱,上.
(Ⅰ) 若点P是的中点,证明:;
(Ⅱ) 若平面,二面角的余弦值为,求四面体的体积.
20. (本小题满分13分)
已知抛物线的焦点F也是椭圆的一个焦点,与的公共弦长为.
(Ⅰ) 求的方程;
(Ⅱ) 过点F的直线与相交于A,B两点,与相交于C,D两点,且与同向.
() 若,求直线的斜率;
()设在点A处的切线与x轴的交点为M,证明:直线绕点F旋转时,总是钝角三角形.
21. (本小题满分13分)
已知,函数,记为的从小到大的第n个极值点. 证明:
(Ⅰ) 数列是等比数列;
(Ⅱ) 若,则对一切,恒成立.
2015年高考湖南卷理科数学参考答案
一、选择题
D C B A A D C B D A
二、填空题
11. 0 12. 4 13. 14. 15.
三、解答题
16. Ⅰ. 证明:()如图,因为M,N分别是两弦AB,CD的中点,所以, ,即 ,因此,又四边形的内角和等于,故.
() 由()知, O,M,E,N四点共圆,故由割线定理即得.
Ⅱ.解: ()等价于 ,将 ,代入上式即得曲线C的直角坐标方程是
.
() 将代入得.设这个方程的
两个实根分别为,则由参数t的几何意义知=
Ⅲ.证明: 由,得
()由基本不等式及,有,即.
() 设与可同时成立,则由及可得,同理 ,从而这与相矛盾,故与不可能同时成立.
17. 解:(Ⅰ)由及正弦定理,得,所以,即. 又B为钝角,,故,即.
(Ⅱ) 由(Ⅰ)知 , 所以. 于是
因为,所以 ,因此.
由此可得的取值范围是.
18. 解:(Ⅰ)记事件={从甲箱中摸出的一个球是红球},={从乙箱中摸出的一个球是红球},={顾客抽奖一次获一等奖},={顾客抽奖一次获二等奖},C={顾客抽奖一次能获奖}.
由题意与相互独立,与互斥,与互斥,且 ,
=+,. 又因为,,所以
,
,
故所求概率为.
(Ⅱ) 顾客抽奖3次可视为3次独立重复实验,由(Ⅰ)知,顾客抽奖1次获一等奖的概率为,所以,于是
由此求得X的分布列为
X
0
1
2
3
P
X的数学期望为.
19. 解法一: (Ⅰ)如图,取的中点R,连结,
因为,是梯形的两腰,点P是的中点,所以,于是由知,,所以四点共面. 由题设知 ,,,所以 平面, 平面,因此 .
因为,所以,因此
, 于是 , 又已证得,所以平面,显然有平面, 故 .
(Ⅱ) 如下图,过点P作交AD于点M,则平面,
因为底面,所以底面,过点M作于点N,连结PN,则,是二面角的平面角. 所以 ,即 ,
从而. 连结MQ,由平面及平面知,平面平面,所以,又ABCD是正方形,所以ABQM是矩形,故MQ=AB=6. 设MD=t,则
过点作交AD于点E,则是矩形,所以 ,,因此 . 于是 , 所以,从而,解得,所以.
故四面体ADPQ的体积 .
解法二:由题设知G两两垂直,以A为坐标原点,AB,AD,所在直线分别为x轴,y轴,z轴,建立空间直角坐标系,如图,则相关各点的坐标为,,,, ,其中,.
(Ⅰ) 若点P是的中点,则,,又,于是, 所以,即.
(Ⅱ) 由题设知,, 是平面PQD内两个不共线的向量,设是平面PQD的一个法向量,则 即
取,得. 又平面AQD的一个法向量是,所以
,而二面角的余弦值为,所以,解得m=4或m=8(舍去),此时. 再设,而,由此得到,. 因为平面,且平面
的一个法向量是,所以 ,,从而.
于是,将四面体视为为底面的三棱锥,其高,
故四面体ADPQ的体积 .
20. 解:(Ⅰ) 由知其焦点F的坐标为(0,1),因为F也是椭圆的一个焦点,所以 (1)
又与的公共弦长为,与都关于y轴对称,且的方程为,由此易知与的公共点坐标为,所以 (2)
联立(1)(2)得,故的方程为.
(Ⅱ) 如图,设,,,.
()因与同向,且 ,所以 ,从而 ,即
,于是
. (3)
设直线的斜率为,则的方程为.
由 得,而是这个方程的两根,所以 (4)
由 得,而是这个方程的两根,所以 (5)
将(4)(5)代入(3)得 ,即,
所以 ,解得 ,即直线的斜率为.
()由 得 ,所以在点A处的切线方程为,即,令得,即,所以,而
,于是,因此总是锐角,从而是钝角. 故直线绕点F旋转时,总是钝角三角形.
21. 解:(Ⅰ)
,其中,.
令 ,由得 ,即.
对,若,即,则;若,即,则.
因此,在区间与上,的符号总相反,于是,当时,取得极值,所以. 此时,,易知,且
是常数,故数列是首项为,公比为的等比数列.
(Ⅱ) 由(Ⅰ)知,,于是对一切,恒成立,即
恒成立,等价于 (*)恒成立(因为a>0).
设,则得,当时,,所以在上单调递减;当时,,所以在上单调递增.从而当时,函数取得最小值. 因此,要使(*)式恒成立,只需,即只需. 而当时,由且由知,. 于是,
且当时,,因此,对一切,,所以,故(*)式也恒成立.
综上所述,若,则对一切,恒成立.