高考物理模拟试卷含答案 16页

2017 年高考物理模拟试卷（含答案） 第Ⅰ卷 一、选择题：本题共 8 小题，每小题 6 分。在每小题给出的四个选项中，第 14~18 题只有一项符合题目要求，第 19~21 题有多项符合题目要求。全部选对的得 6 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。 14．质量为 2.5 吨的货车在平直公路上运动，其运动的 v - t 图象如图所 示．由此图无法求出下列哪个量（ ） A．0 ~ 10 s 内货车的平均速度 B．10 ~ 15 s 内货车所受的阻 力 C．15 ~ 25 s 内货车的加速度 D．0 ~ 25 s 内合力对货车做的总功 15、如图所示，将两个质量均为 m 的小球 a、b 用细线相连悬挂于 O 点，用力 F 拉小球 a，使整个装置处于平衡状态，且悬线 Oa 与竖直方向的夹角为θ=30°， 则 F 的大小（ ） A．不可能为 mg B．可能 为 mg C．可能为 mg D．不可能为 16.如图所示，在 1687 年的《自然的哲学的数学原理》一书中，牛顿设想，当把 物体抛出速度很大时，物体就不会落回地面。已知地球的半径为 R，月球绕地球 公转的半径为 n2R，周期为 T，不计空气阻力，为实现牛顿设想，抛出的速度至 少为（ ） 17.如图所示电阻 R、电容 C 与一线圈 L2 连成闭合电路，电源 与滑动变阻器及线圈 L1 构成回路, 线圈 L1 在线圈 L2 的正上方，当 开关闭合的瞬间，流过 R 的电流方向和 电容器极板的带电情况是（ ） A．从 a 到 b，上极板带正电 B．从 a 到 b，下极板带正电 C．从 b 到 a，上极板带正电 D．从 b 到 a，下极板带正电 18.2011 年 7 月 28 日，“蛟龙号”载人潜水器顺利完成海上试验第三次下水 任务，此次最大下潜深度为 5188 米，并进行了坐底、海底照相、声学测量、 取样等多项科学考察任务，圆满完成了科考和科学试验任务．若“蛟龙号” 的全部质量为 m，下潜过程可分为以加速度 a 加速、匀速、以加速度 a 减速三个 过程，在下潜过程中潜水器并没有开启自身的动力，靠其他机械用一根竖直的钢 丝绳挂住它的上方帮助其下潜，水的浮力始终为 F，不计水的摩擦力，则以下说 法中正确的有( ) A．减速过程中“蛟龙号”重力所做的功小于其重力势能的减少量 B．减速过程中“蛟龙号”机械能的减少量等于其克服钢丝绳拉力所做的功 C．减速过程中钢丝绳的拉力为 F1=m(g＋a)－F D．减速过程中钢丝绳的拉力为 F1=m(g＋a)＋F 19. 如图所示，在等量异种电荷形成的电场中，有一正方形 ABCD，对角线 AC 与两点电荷连线重合，两对角线交点 O 恰为电荷连线的中点．下列说法中正确的 是( ) A．A 点的电场强度等于 B 点的电场强度 B．B、D 两点的电场强度及电势均相同 C．一电子由 B 点沿 B→C→D 路径移至 D 点，电势能先增大后减小 D．一电子由 C 点沿 C→O→A 路径移至 A 点，电场力对其先做负功后做正功 20．如图所示，图线 a 是线圈在匀强磁场中匀速转动时所产生的正弦式交 流电的图象，当调整线圈转速后，所产生的正弦式交流电的图象如图线 b 所示， 以下关于这两个正弦式交流电的说法正确的是( ) A．在图中 t=0 时刻穿过线圈的磁通量均为零 B．线圈先后两次转速之比为 3:2 C．交流电 a 的瞬时值表达式为 u=10sin5πt(V) D．交流电 b 的最大值为 5 V 21.如图所示，在第二象限中有水平向右的匀强电场，电场强度为 E，在第一象 限内存在垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度大小为 B.有一重力不计的带电 粒子以垂直于 x 轴的速度 v0=10 m/s 从 x 轴上的 P 点进入匀强电场，恰好与 y 轴成 45°角射出电场，再经过一段时间又恰好垂直于 x 轴进入第四象限．已知 OP 之间的距离为 d=0.5 m，则带电粒子( ) A．带负电 荷 B．在 电场中运动的时间为 0.1 s C．在磁场中做圆周运动的半径为 2 2 m D．在磁场中运动的时间 为 3π 4 0 s 第 II 卷 二、非选择题：包括必考题和选考题两部分。第 22 题~第 32 题为必考题，每个 试题考生都必须做答。第 33 题~第 40 题为选做题，考生根据要求做答。 23．(9 分) 测量小物块 Q 与平板 P 之间的动摩擦因数的实验装置 如图所示。AB 是半径足够大的光滑四分之一圆弧轨道，与水平固定 放置的 P 板的上表面 BC 在 B 点相切，C 点在水平地面的垂直投影为 C′。重力加 速度为 g。实验步骤如下： ①用天平称出物块 Q 的质量 m； ②测量出轨道 AB 的半径 R、BC 的长度 L 和 CC‘‘的长度 h； ③将物块 Q 在 A 点从静止释放，在物块 Q 落地处标记其落点 D； ④重复步骤③，共做 10 次； ⑤将 10 个落地点用一个尽量小的圆围住，用米尺测量圆心到 C′的距离 s。 （1）用实验中的测量量表示： (Ⅰ）物块 Q 到达 B 点时的动能 EKB= ； （Ⅱ）物块 Q 到达 C 点时的动能 Ekc= ； （Ⅲ）在物块 Q 从 B 运动到 C 的过程中，物块 Q 克服摩擦力做的功 Wf= ； （Ⅳ）物块 Q 与平板 P 之间的动摩擦因数μ= 。 （2）回答下列问题： （i）实验步骤④⑤的目的 是 。 （ii）已知实验测得的μ值比实际值偏大，其原因除了实验中测量的误差之外， 其它的可能 是 。 （写出一个可能的原因即可）。 23．(7 分)用伏安法测电阻时，由于电压表、电流表内阻的影响，不论使用电流 表内接法还是电流表外接法，都会产生系统误差．为了消除系统误差，某研究性 学习小组设计了如图所示的测量电路． ①请完成下列操作过程： 第一步：先将 R2 的滑动头调到最左端，单刀双掷开关 S2 合向 I，然后 闭合电键 S1，调节滑动变阻器 R1 和 R2，使电压表和电流表的示数尽量大些（不 超过量程），读出此时电压表和电流表的示数 U1、I1； 第二步：保持两滑动变阻器的滑动触头位置不变， _______________________________ _____________________________________________________________________ ______ ②根据以上记录数据写出被测电阻 Rx 的表达式 Rx= ______________________． ③根据实验原理图连接好实物图． 24. (14 分)如图所示，质量 m=1.0 kg 的物块放在倾角为θ 的斜面上，从 A 点由静止开始释放，过 B 点时速度为 2.0 m/s，过 C 点时速度 为 3.0 m/s.已知 BD 长为 2.1 m，CD 长为 1.6 m．(g 取 10 m/s2) (1)物块下滑的加速度多大？ (2)选 D 处为零势能面，写出物块下滑过程中最大重力势能与倾角θ的关系式． (3)假设物块下滑过程中机械能守恒，则倾角θ是多少？ 25、如图所示，在竖直平面内建立直角坐标系 ，在第二象限内充满一个沿 y 轴负方向的匀强电场，在第三象限内充满一个沿 y 轴正方向的匀强电场，在第四 象限内充满一个沿 X 轴正方向的匀强电场，三个象限内匀强电场的场强大小均相 等。一半径为 R 的半圆弧 ABC 与直轨道 DA 组合成光滑绝缘轨道，放在直角坐标 系 平面内，圆心与坐标轴的 0 点重合， A 为半圆的最低点，C 为半圆的最 高点，直轨道 DA 水平。一带正电的小球，从 A 点以某一初速度向右运动，沿半 圆轨道运动到 C 点，然后落到直轨道 DA 上的某一点。已知当地重力加速度为 g， 小球在三个电场中受到的电场力均与其重力相等，在 C 点时速度方向水平且大小 为 求： （1）小球在 A 点的速度 (2) 小球从 C 落回水平轨道 DA 上的点与 A 点的距离 二）选考题：共 45 分。请考生从给出的 3 道物理题，3 道化学题，2 道生物题中 每科任选一题做答，并用 2B 铅笔在答题卡上把所选题目的题号涂黑。注意所做 题目的题号必须与所涂题目的题号一致，在答题卡选答区域指定位置答题，如果 多做，则每学科按所做的第一题计分。 33．[物理——选修 3-3]（15 分） 1、下列说法正确的是（ ） A．单晶体和多晶体有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点 B．温度低的物体内分子运动的平均速率小 C．气体如果失去了容器的约束就会散开，这是因为气体分子之间斥力大于引力 D．外界对物体做功时，物体内能不一定增加 E．微粒越小，液体温度越高，布朗运动越剧烈，说明分子的无规则运动越剧烈 例 4、均匀玻璃管内有长 L 的水银柱将一段气体跟外界隔开．现将玻璃管开口端 向下放在斜面上，其斜面倾角为θ，当玻璃管下滑时，玻璃管跟斜面之间摩擦系 数为μ．设外部大气压强为 P0，水银密度为ρ．如图所示．求：（1）玻璃管加 速下滑时，被封闭气体压强；（2）若玻璃管开口向上放在斜面上，当玻璃管也 加速下滑时，被封闭气体压强又为多大？ 34．[物理——选修 3-4]（15 分） （1）. 一列简谐横波，在 t=0.6s 时刻的图像如下图甲所示， 此时，P、Q 两质点的位移均为-1cm，波上 A 质点的振动图像如图乙 所示，则以下说法正确的是（ ） A．这列波沿 x 轴正方向传播 B．这列波的波速是 m/s C．从 t=0.6 s 开始，紧接着的△t=0.6 s 时间内，A 质点通过的路程是 10m D．从 t=0.6 s 开始，质点 P 比质点 Q 早 0.4 s 回到平衡位置 E．若该波在传播过程中遇到一个尺寸为 10 m 的障碍物，能发生明显衍射现象 (2)如图 12－1－11 所示，一束截面为圆形(半径为 R)的平行复色光垂直射向一 玻璃半球的平面，经折射后在屏幕 S 上形成一个圆形彩色亮区．已知玻璃半球的 半径为 R， 屏幕 S 至球心的距离为 D(D>3R)，不考虑光的 干涉和衍射，试问：(1)在屏幕 S 上形成的圆形亮区的最外侧是什么颜色？ (2)若玻璃半球对(1)中色光的折射率为 n，请你求出圆形亮区的最大半径． 35．[物理——选修 3-5]（15 分） (1)(6 分) 下列说法正确的是 A．光子像其他粒子一样，不但具有能量，也具有 动量 B．玻尔认为，原子中电子轨道是量子化的，能量也是量子化的 C．将由放射性元素组成的化合物进行高温分解，会改变放射性元素的半衰期 D．原子核的质量小于组成它的核子的质量之和，这个现象叫做质量亏损） E．天然放射现象中产生的射线都能在电场或磁场中发生偏转 （2）如图所示，质量为 m 的小物块 Q(大小不计)，位于质量为 M 的平板车 P 的 左端，系统原来静止在光滑水平面上。一不可伸长的轻质细绳长为 R，一端悬于 Q 正上方高为 R 处，另一端系一质量也为 m 的小球(大小不计)，今将小球拉至悬 线与竖直方向成 60°角的位置，由静止释放，小球到达最低点时与 Q 发生碰撞， 且碰撞时间极短，无能量损失。已知 Q 离开平板车时速度大小是平板车速度的 2 倍，Q 与 P 之间的动摩擦因数为μ，M ∶m=4 ∶1，重力加速度为 g。求：①小 物块 Q 离开平板车时的速度大小； ②平板车 P 的长度。 双 项 明 细 表 题型 考查知识点 考纲要求 难度 选择 运动学 图像 II 易 选择 共点力的平衡 II 中 选择 万有引力应用 第一宇宙速度 II 中 选择 楞次定律 II 中 选择 功能关系 II 中 选择 电场强度 电势 电场力做功 I 、II 中 选择 交变电流的图像 I 中 选择 带电粒子在匀强电场和匀强磁场 中的运动 II 难 实验 利用功能关系测定动摩擦因数 II 中 实验 伏安法测电阻 II 中 计算 牛顿定律 功能关系 II 中 计算 带电粒子在电场中的运动及功能 关系 II 难 选择 计算 涉及分子动理论、液晶、热力学定 律等 考查理想气体状态方程 的应用计算 I 中 选择 计算 机械波的图像 及光的折射 II 中 选择 计算 原子物理 动量守恒 I 、 II 中 答 案 15 16 17 18 19 20 21 B D A C BC BC BD 22.(Ⅰ） ；（Ⅱ） ；（Ⅲ） ；（Ⅳ） （2）（i）减小实验结果的误差 （ii）圆弧轨道存在摩擦(或接缝 B 处不平滑等。) 23．（每小题 3 分）①第二步：将单刀双掷开关 S2 合向 2，读出电压 表和 电流表的示数 U2、I2 ②RX= ③如图所示 24（14 分）【解析】(1)从 B 到 C 过程中，x=0.5 m(1 分) 由 v 2 C－v 2 B=2ax(2 分) 所以 a=5 m/s2.(1 分) (2)A 点速度为零，设从 A 到 B 距离为 x′ 由 v 2 B－02=2ax′(2 分) 得 x′=0.4 m(1 分) 所以 D、A 之间的高度为 H=(x′＋BD)sinθ=2.5sinθ(2 分) 最大重力势能 Epm=mgH=25sinθ(2 分) (3)若机械能守恒，有 EkB＋ EpB=EkC＋EpC 即：mgxsinθ= 1 2m(v 2 C－v 2 B)(2 分) 解得θ=30°.(1 分) 【答案】(1)5 m/s2 (2)Epm=25sinθ (3)30° 25.解：（1）A 到 C 的过程中，根据动能定理 其中 解 得 (2)在第二象限内， 33：(1)ADE (2) 先取玻璃管（含内部水银柱）为研究对象，设玻璃管横截面积为 S，整 体总质量为 M．受力分析如图所示． 由牛顿第二定律可得： Mgsinθ-μMgcosθ=Ma ① 由①解得 a=g（sinθ-μcosθ） ② 这里说明一下，大气压强 P0 对整体作用的合力为零不予考虑，另外，玻璃 管中所封闭气体的质量忽略不计。 再取长为 L 的水银柱为研究对象，受力分析如图所示． 可得动力学方程： ρgLsinθ+PS-P0S=ρLS·a ③ 再将②代入③式，解得： P=P0－ρLgμcosθ ④ 当玻璃管 L 开口向上时，求解被封闭的气体压强思路方法与上述相同，很容 易得到 P′= P0+ρLgμcosθ⑤ 在④、⑤式中，若μ=0，则 P=P′=P0，这说明装有水银的玻璃管在斜面上 无摩擦下滑时，管内被封闭气体的压强均等于外界大气压，且跟玻璃管开口的方 向无关，因为这个系统处于完全失重状态。只有斜面有摩擦时，玻璃管内气体的 压强才会大于或小于外界大气压强。 34.(1)BDE (2)sinC= 1 n 由几何知识可知：AB=RsinC= R n OB=RcosC=R n2－1 n ，FB=AB·tanC= R n2－1 GF=D－(OB＋BF)=D－ n R n2－1， GE AB= GF FB 【答案】 (1)紫色 (2)D－nR 35.(1)ABD (2)①小球由静止摆到最低点的过程中，有 mgR(1－cos60°)= 1 2mv 2 0 v0= 小球与物块 Q 相撞时，没有能量损失，动量守恒，机械能守恒，二者交换速度， 即小球静止 而 vQ=v0= Q 在平板车上滑行的过程中，有 mvQ=Mv＋2mv 小物块 Q 离开平板车时，速度为 2v= gR 3 ②由能量守恒定律，知 μmgL= 1 2mv 2 Q－ 1 2Mv2－ 1 2m(2v)2 解得：L= 7 R 18μ