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- 2021-05-13 发布
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2014 年高考化学试题及答案解析(浙江卷)
7.下列说法不正确...的是
A.光催化还原水制氢比电解水制氢更节能环保、更经济
B.氨氮废水(含 NH4+及 NH3)可用化学氧化法或电化学氧化法处理
C.某种光学检测技术具有极高的灵敏度,可检测到单个细胞(V≈10-12L)内的数个目标分子,据此可
推算该检测技术能测量细胞内浓度约为 10-12~10-11mol·L-1 的目标分子
D.向汽油中添加甲醇后,该混合燃料的热值不变
【答案】D
【解析】发电需要能源,光催化还原水制氢比电解水制氢更节能环保、更经济,A 正确;氨氮废水(含
NH4+及 NH3)可用化学氧化法或电化学氧化法处理,B 正确;物质的量为 6.02×1023mol-1 根据浓度单位,细
胞内浓度约为 10-12~10-11mol ·L-1 的目标分子,C 正确;汽油与甲醇的热值不同,D 错误。
8.下列说法正确的是
A.金属汞一旦洒落在实验室地面或桌面时,必须尽可能收集,并深埋处理
B.用 pH 计、电导率仪(一种测量溶液导电能力的仪器)均可监测乙酸乙酯的水解程度 C.邻苯
二甲酸氢钾可用于标定 NaOH 溶液的浓度。假如称量邻苯二甲酸氢钾时电子天平读数比实际质量偏大,
则测得的 NaOH 溶液浓度比实际浓度偏小
D.向某溶液中加入茚三酮试剂,加热煮沸后溶液若出现蓝色,则可判断该溶液含有蛋白质
【答案】B
【解析】A 金属汞深埋会产生汞蒸气,汞离子本身也是污染物,A 错误;乙酸乙酯水解生成乙酸是弱
电解质,导电性增加,B 正确;邻苯二甲酸氢钾可用于标定 NaOH 溶液的浓度,假如称量邻苯二甲酸氢钾
时电子天平读数比实际质量偏大,即实际计量减小,滴定加入的体积偏大,则测得的 NaOH 溶液浓度比实
际浓度偏大,C 错误;向某溶液中加入茚三酮试剂,加热煮沸后溶液若出现蓝色,可能含有氨基酸,D 错
误。
9.如表所示的五种元素中,W、X、Y、Z 为短周期元素,这四种元素的原子最外层电子数之和为 22。下
列说法正确的是
A.X、Y、Z 三种元素最低价氢化物的沸点依次升高
B.由 X、Y 和氢三种元素形成的化合物中只有共价键
C.物质 WY2、W3X4、WZ4 均有熔点高、硬度大的特性
D.T 元素的单质具有半导体的特性,T 与 Z 元素可形成化合物 TZ4
【答案】D
【解析】短周期 W、X、Y、Z 为硅、氮、氧、氯,T 是锗;X、Y、Z 三种元素最低价氢化物的沸点
依次升高,氯化氢最低,分子间不可能形成氢键,A 错误;由 X、Y 和氢三种元素形成的化合物中硝酸铵
含有离子键和共价键,B 错误;四氯化锗是分子晶体,熔点低,硬度小,C 错误;锗是半导体,可以与氯
形成化合物四氯化锗,D 正确。
10.下列说法正确的是
A.乳酸薄荷醇酯( )仅能发生水解、氧化、消去反应
B.乙醛和丙烯醛( )不是同系物,它们与氢气充分反应后的产物也不是同系物
C.淀粉和纤维素在酸催化下完全水解后的产物都是葡萄糖
D.CH3COOCH2CH3 与 CH3CH2COOCH3 互为同分异构体,1H-NMR 谱显示两者均有三种不同的氢原子
且三种氢原子的比例相同,故不能用 1H-NMR 来鉴别
【答案】C
【解析】乳酸薄荷醇酯含有酯基可以水解,含有羟基可以氧化和消去,还能发生取代反应,A 错误;
乙醛和丙烯醛相差一个碳原子,不是同系物,与氢气加成反应后产物为乙醇和丙醇,是同系物,B 错误;.淀
粉和纤维素在硫酸催化下完全水解后的产物都是葡萄糖,C 正确;CH3COOCH2CH3 与 CH3CH2COOCH3 互
为同分异构体,1H-NMR 谱显示两者均有三种不同的氢原子且三种氢原子的比例均为 3:2:3,但在 1H-
NMR 谱中的位置不同,可以鉴别,D 错误。
11.镍氢电池(NiMH)目前已经成为混合动力汽车的一种主要电池类型。NiMH 中的 M 表示储氢金属或
合金。该电池在充电过程中的总反应方程式是:Ni(OH)2 + M = NiOOH + MH
已知:6NiOOH + NH3 + H2O + OH- =6 Ni(OH)2 + NO2
-
下列说法正确的是
A.NiMH 电池放电过程中,正极的电极反应式为:NiOOH + H2O + e-= Ni(OH)2 + OH- B.充电
过程中 OH-离子从阳极向阴极迁移
C.充电过程中阴极的电极反应式:H2O + M + e-= MH + OH-,H2O 中的 H 被 M 还原
D.NiMH 电池中可以用 KOH 溶液、氨水等作为电解质溶液
【答案】A
【解析】NiMH 电池放电过程中,NiOOH 和 H2O 得到电子,故 正极的电极反应式为:NiOOH + H2O
+ e-= Ni(OH)2 + OH-,A 正确;充电过程中阴离子向阳极移动,OH-离子从阴极向阳极迁移,B 错误;充
电过程中阴极的电极反应式:H2O + M + e-= MH + OH-,H2O 中的一个 H 原子得到电子被 M 还原,C 错误;
根据已知 NiMH 可以和氨水反应,故不能用于氨水作为电解质溶液,D 错误。
12.氯在饮用水处理中常用作杀菌剂,且 HClO 的杀菌能力比 ClO-强。25℃时氯气-氯水体系中存在以下
平衡关系:
Cl2(g) Cl2(aq) K1=10-1.2
Cl2(aq)+ H2O HClO + H+ +Cl- K2=10-3.4
HClO H+ + ClO- Ka=?
其中 Cl2(aq)、HClO 和 ClO-分别在三者中所占分数(α)随
pH 变化的关系如图所示。下列表述正确的是
A.Cl2(g)+ H2O 2H+ + ClO- + Cl- K=10-10.9
B.在氯处理水体系中,c(HClO) + c(ClO-) =c(H+)-c(OH-)
C.用氯处理饮用水时,pH=7.5 时杀菌效果比 pH=6.5 时差
D.氯处理饮用水时,在夏季的杀菌效果比在冬季好
【答案】C
【解析】将两个方程式相加,得到 Cl2(g)+ H2O 2H+ + ClO- + Cl-, K=K1K2=10-4.6,A 错误;
在氯处理水体系中,根据电荷守恒可得:c(OH-)+c(ClO-) =c(H+),B 错误;根据图可以看出,次氯酸的浓
度在 pH=7.5 时比 pH=6.5 时少,杀菌效果差,C 正确;夏季温度高,次氯酸受热易分解,在夏季的杀菌效
果比在冬季差,D 错误。
13.雾霾严重影响人们的生活与健康。某地区的雾霾中可能含有如下可溶性无机离子:Na+、NH4+、Mg2+、
Al3+、SO42-、NO3
-、Cl- 。某同学收集了该地区的雾霾,经必要的预处理后得试样溶液,设计并完成了如
下的实验:
已知:3NO3
- + 8Al + 5OH- + 2H2O 3NH3 + 8AlO2
-
根据以上的实验操作与现象,该同学得出的结论不正确...的是
A.试样中肯定存在 NH4+、Mg2+、SO42-和 NO3
-
B.试样中一定不含 Al3+
C.试样中可能存在 Na+、Cl-
D.该雾霾中可能存在 NaNO3 、NH4Cl 和 MgSO4
【答案】B
【解析】加入过量氢氧化钡,生成气体遇湿润红色石蕊试纸变蓝,说明有铵根;沉淀 1 加入氢离子,
沉淀部分溶解说明含有镁离子和硫酸根,通入二氧化碳生成沉淀 2 加入氢离子沉淀溶解并放出气体,说明
沉淀有碳酸钡沉淀,也可能有氢氧化铝沉淀,根据 3NO3
-+ 8Al + 5OH- + 2H2O △ 3NH3 + 8AlO2
-,说
明溶液中一定含有硝酸根,A 正确;溶液中可能含有铝离子,铝离子与过量氢氧化钡反应生成偏铝酸根,
通二氧化碳生成氢氧化铝沉淀进入 2 中,加入氢离子溶解,B 错误;试样中可能存在 Na+、Cl-,C 正确;
该雾霾中可能存在 NaNO3 、NH4Cl 和 MgSO4,D 正确。
【2015 杆江二模】雾霾严重影响人们的生活与健康,某地区中可能含有如下可溶性物质 NH4NO3、NaNO3、BaCl2、MgCl2、Na2SO 中
一种或多种,该地区,经必要处理后得到试样溶液,设计并完成了如图所示实验.
A.沉淀 B 化学式 Mg(OH)2 和 BaSO4
B.沉淀 D 化学式为 BaCO3
C.试样溶液中一定不含有 NaNO3 和 BaCl2
D.试样溶液中一定含有 NH4NO3、MgCl2、Na2SO4
【答案】C
现有一瓶标签上注明为葡萄糖酸盐(钠、镁、钙、铁)的复合制剂,某同学为了确认其成分,取部分制剂作为试液,设计并完成了如下实
验:(已知:控制溶液 pH=4 时,Fe(OH)3 沉淀完全,Ca2+、Mg2+不沉淀)该同学得出的结论正确的是
A.根据现象 1 可推出该试液中含有 Na+
B.根据现象 2 可推出该试液中并不含有葡萄糖酸根
C.根据现象 3 和 4 可推出该试液中含有 Ca2+,但没有 Mg2+
D.根据现象 5 可推出该试液中一定含有 Fe2+
【答案】C
【解析】A、由于试液中外加了 NaOH 和 Na2CO3,故不能确定原试液中是否含有钠离子;B、试液中有没有葡萄糖酸根离子,都无银镜生
成,因为葡萄糖酸根离子中不含醛基;C、滤液中加氨水无沉淀产生,说明无镁离子,加入碳酸钠溶液,有白色沉淀,说明有钙离子,C 正
确;D、试液中可能含亚铁离子,也可能只含铁离子而不含亚铁离子,D 错误;故选 C。26.(15 分)某研究小组为了探究一
种无机矿物盐 X(仅含四种元素)的组成和性质,设计并完成了如下实验:
另取 10.80gX 在惰性气流中加热至完全分解,得到 6.40g 固体 1。请回答如下问题:
⑴画出白色沉淀 1 中金属元素的原子结构示意图_______,写出气体甲的电子式_______。
⑵X 的化学式是______,在惰性气流中加热 X 至完全分解的化学反应方程式为_______。
⑶白色沉淀 2 在空气中变成红褐色沉淀的原因是_______(用化学反应方程式表示)。
⑷一定条件下,气体甲与固体 1 中的某种成分可能发生氧化还原反应,写出一个可能的化学反应方程式
_______,并设计实验方案验证该反应的产物_______。
【答案】(15 分)
(1) ::O::C::O::
(2)CaFe(CO3)2 CaFe(CO3)2 CaO+FeO+2CO2 ↑
(3)4Fe(OH)2+O2+2H2O=4Fe(OH)3
(4)3FeO+3CO2 Fe2O3+CO
检测 Fe2O3:将固体用稀盐酸溶解,加入 KSCN 溶液若显红色,标明产物中有 Fe(III)
检验 CO:将气体通过灼热的 CuO,黑色固体变为红色
【解析】无机矿物盐加入盐酸生成气体甲,隔绝空气加热,得到固体甲,则甲为二氧化碳,根据质量
变化,则二氧化碳质量为 4.4g,为 0.1mol。固体 1 加水后生成溶液 1,通入二氧化碳,生成沉淀,继续通
入,沉淀溶解,说明溶液 1 是氢氧化钙,则固体 1 中有氧化钙;固体 2 加入盐酸,溶解,加入氢氧根,生
成白色沉淀,通入空气,生成红褐色沉淀氢氧化铁,则固体 2 为氧化亚铁。故无机矿物盐中含有铁、钙,
碳、氧,四种元素,根据质量关系,氧化钙和氧化亚铁物质的量为 0.1mol,质量为 6.4g,可以推出矿物盐
为 CaFe(CO3)2 ;(1)金属元素钙的原子结构示意图 ,二氧化碳电子式为::O::C::O::
(2)矿物盐为 CaFe(CO3)2;在惰性气流中加热 X 至完全分解的化学反应方程式为 CaFe(CO3)2
CaO+FeO+2CO2 ↑
(3)氢氧化亚铁在空气中被氧气氧化生成红褐色沉淀,反应方程式为 4Fe(OH)2+O2+2H2O=4Fe(OH)3
(4)二氧化碳气体还可以与氧化亚铁反应生成生成三氧化二铁,证明产物的方法是取适量固体,加
入稀盐酸溶解,滴入几滴硫氰化钾溶液,若溶液变红色,则产物含有三价铁。将产生的气体通入红热的氧
化铜,若生成紫红色铜,则产物含有一氧化碳。
27.(14 分)煤炭燃烧过程中会释放出大量的 SO2,严重破坏生态环境。采用一定的脱硫技术可以把硫元
素以 CaSO4 的形式固定,从而降低 SO2 的排放。但是煤炭燃烧过程中产生的 CO 又会与 CaSO4 发生化学反
应,降低脱硫效率。相关反应的热化学方程式如下:
CaSO4(s)+CO(g) CaO(s) + SO2(g) + CO2(g) ΔH1=218.4kJ·mol-1(反应Ⅰ)
CaSO4(s)+4CO(g) CaS(s) + 4CO2(g) ΔH2= -175.6kJ·mol-1(反应Ⅱ)
请回答下列问题:
⑴反应Ⅰ能自发进行的条件是 。
⑵对于气体参与的反应,表示平衡常数 Kp 时用气体组分(B)的平衡压强 p(B)代替该气体物质的量浓度 c(B),
则反应Ⅱ的 Kp= (用表达式表示)。
⑶假设某温度下,反应Ⅰ的速率(v1)大于反应Ⅱ的速率(v2),则下列反应过程能量变化示意图正确的
是 。
A B C D
⑷通过监测反应体系中气体浓度的变化可判断反应Ⅰ和Ⅱ是否同时发生,理由是 。
⑸图 1 为实验测得不同温度下反应体系中 CO 初始体积百分数与平衡时固体产物中 CaS 质量百分数的关系
曲线。则降低该反应体系中 SO2 生成量的措施有 。
A.向该反应体系中投入石灰石
B.在合适的温度区间内控制较低的反应温度
C.提高 CO 的初始体积百分数
D.提高反应体系的温度
⑹恒温恒容条件下,假设反应Ⅰ和Ⅱ同时发生,且 v1>v2,则下,请在图 2 中画出反应体系中 c(SO2)随时
间 t 变化的总趋势图。
【答案】(14 分)
(1)高温 (2)
4
4
p
p
2CO
CO
( )
( ) (3)C
(4)如果气相中 SO2 和 CO2 两种气体的浓度之比随时间发生变化,则标明两个反应同时发生。
(5)A、B、C
(6)
【解析】(1)由△G=△H-T△S<0 时自发,△H>0,则 T 要大,故应选择高温。(2)根据固体的浓度
为常数,则反应的平衡常数为 Kp=
4
4
p
p
2CO
CO
( )
( ) ;
(3)反应 I 为吸热反应,产物的能量高于反应物,反应Ⅱ放热,产物的能量低于反应物,反应Ⅰ的速
率(v1)大于反应Ⅱ的速率(v2),反应Ⅰ的活化能低。
(4)反应Ⅰ中生成二氧化硫,监测 SO2 和 CO2 两种气体的浓度之比随时间发生变化,则标明两个反
应同时发生。
(5)向该反应体系中投入石灰石,产生二氧化碳,使反应Ⅰ逆向进行,课降低反应体系中二氧化硫
生成量,A 正确;在合适的温度区间内控制较低的反应温度,由图可以看出最低温度的硫化钙的含量最高,
B 正确,D 错误;由图可以看出提高 CO 的体积分数,可以提高硫化钙的含量,C 正确。
(6)反应Ⅰ的速率(v1)大于反应Ⅱ的速率(v2),故二氧化硫增加的快,反应到达平衡快;随着反应Ⅱ的
进行,二氧化碳的浓度增大,使反应Ⅰ逆向移动。
28.(14 分)葡萄糖酸钙是一种可促进骨骼生长的营养物质。葡萄糖酸钙可通过以下反应制得:
C6H12O6(葡萄糖) + Br2 + H2O → C6H12O7(葡萄糖酸) + 2HBr
2C6H12O7(葡萄糖酸) + CaCO3 → Ca(C6H11O7)2(葡萄糖酸钙) + H2O + CO2↑
相关物质的溶解性见下表:
物质名称 葡萄糖酸钙 葡萄糖酸 溴化钙 氯化钙
水中的溶解性
可溶于冷水
易溶于热水
可溶 易溶 易溶
乙醇中的溶解性 微溶 微溶 可溶 可溶
实验流程如下:
C6H12O6 溶液 ―――――――→滴加 3%溴水/55℃
① ―――――――→过量 CaCO3/70℃
② ――――→趁热过滤
③ ――→乙醇
④ 悬浊液 ――→抽滤
⑤ ――→洗涤
⑥ ――→干燥
⑦ Ca(C6H11O7)2
请回答下列问题:
⑴第①步中溴水氧化葡萄糖时,下列装置最适合的是________。
制备葡萄糖酸钙的过程中,葡萄糖的氧化也可用其它试剂,下列物质中最适合的是________。
A.新制 Cu(OH)2 悬浊液 B.酸性 KMnO4 溶液
C.O2/葡萄糖氧化酶 D.[Ag(NH3)2]OH 溶液
⑵第②步充分反应后 CaCO3 固体需有剩余,其目的是________;本实验中不宜用 CaCl2 替代 CaCO3,理由
是________。
⑶第③步需趁热过滤,其原因是________。
⑷第④步加入乙醇的作用是________。
⑸第⑥步中,下列洗涤剂最合适的是________。
A.冷水 B.热水 C.乙醇 D.乙醇-水混合溶液
【答案】(1)B C
(2)提高葡萄糖的转化率;便于后续分离 氧化钙难以与葡萄糖直接反应得到葡萄糖酸钙
(3)葡萄糖酸钙冷却后结晶,如不趁热过滤会损失产品
(4)可降低葡萄糖酸钙的溶解度,有利于葡萄糖酸钙析出
(5)D
【解析】(1)用溴水氧化葡萄糖时,滴入溴水,要用分液漏斗,用水浴加热的方法容易控制温度,
故应选择装置 B,制备葡萄糖酸钙的过程中,葡萄糖的氧化也可用 O2/葡萄糖氧化酶 ,这样的好处是无
需分离。
(2)第②步充分反应后 CaCO3 固体有剩余,增加碳酸钙的量可以提高葡萄糖的转化率;氯化钙是可
溶于水的物质,使用氯化钙不利于后面物质的分离。
(3)根据物质的溶解度表可以看出第③步需趁热过滤的原因是葡萄糖酸钙冷却后结晶,如不趁热过
滤会损失产品。
(4)加入乙醇的目的是降低葡萄糖酸钙的溶解度,有利于葡萄糖酸钙的析出。
(5)葡萄糖酸钙微溶于酒精,故洗涤最合适的溶液是乙醇-水混合溶液。
29.(15 分)某兴趣小组以苯和乙烯为主要原料,采用以下路线合成药物普鲁卡因:
已知:
⑴对于普鲁卡因,下列说法正确的是________。
A.可与浓盐酸形成盐 B.不与氢气发生加成反应
C.可发生水解反应 D.能形成内盐
⑵写出化合物 B 的结构简式________。
⑶写出 B→C 反应所需的试剂________。
⑷写出 C+D→E 的化学反应方程式________。
⑸写出同时符合下列条件的 B 的所有同分异构体的结构简式________。
①分子中含有羧基 ②1H-NMR 谱显示分子中含有苯环,且苯环上有两种不同化学环境的氢原子
⑹通常采用乙烯为原料制得环氧乙烷后与 X 反应合成 D,请用化学反应方程式表示以乙烯为原料制备 X
的合成路线(无机试剂任选)。
【答案】(1)A、C (2) (3)酸性高锰酸钾溶液
(4)
(5)
(6)CH2=CH2+HCl→CH3CH2Cl,2CH3CH2Cl+NH3→HN(CH2CH3)2+2HCl
【解析】(1)苯和乙烯化合生成物质 A,A 为乙苯,根据普鲁卡因存在对位结构可以确定物质 B 是
,再根据酸性高锰酸钾溶液氧化侧链,可以得到物质 C 为 。
(1)对于普鲁卡因含有氨基,则能与盐酸反应,A 正确;含有酯基,可以发生水解反应,C 正确;苯
环能与氢气发生加成反应,则,B 错误;只有一个官能团,无法形成内盐,D 错误。
(2)A 与浓硝酸、浓硫酸反应生成硝基,故 B 的结构简式为
,根据侧链的变化,可以判断 B→C 反应所需的试剂是酸性
高锰酸钾溶液。
(4)反应 C+D→E 是酯化反应,根据酯化反应的特点即可写出反应方程式。
(5)B 的同分异构体分子中含有羧基,且 1H-NMR 谱显示分子中含有苯环,且苯环上有两种不同化
学环境的氢原子,故两个侧链结构应为对位,根据分子式可以推断其结构。
(6)以乙烯为原料制备 HN(CH2CH3)2 的合成路线为,先用乙烯和氯化氢加成生成氯乙烷,后和氨气
发生取代反应。方程式为:CH2=CH2+HCl→CH3CH2Cl,2CH3CH2Cl+NH3→HN(CH2CH3)2+2HCl