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  • 2021-05-13 发布

走向高考高考物理总复习人教实验版53

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一、选择题 ‎1.(2019·无锡模拟)‎ 如图所示,斜劈劈尖顶着竖直墙壁静止于水平面上,现将一小球从图示位置静止释放,不计一切摩擦,则在小球从释放到落至地面的过程中,下列说法正确的是(  )‎ A.斜劈对小球的弹力不做功 B.斜劈与小球组成的系统机械能守恒 C.斜劈的机械能守恒 D.小球重力势能减小量等于斜劈动能的增加量 ‎[答案] BD ‎[解析] 不计一切摩擦,小球下滑时,小球和斜劈组成的系统只有小球重力做功,系统机械能守恒,故选B、D.‎ ‎2.下列叙述中正确的是(  )‎ A.做匀速直线运动的物体的机械能一定守恒 B.做匀速直线运动的物体的机械能可能守恒 C.外力对物体做功为零,物体的机械能一定守恒 D.系统内只有重力和弹力做功时,系统的机械能一定守恒 ‎[答案] BD ‎[解析] 做匀速直线运动的物体,若只有重力对它做功时,机械能守恒,若重力以外的其他外力对物体做功的代数和不为零,则物体的机械能不守恒,故A错误B正确;外力对物体做功为零时,有两种情况:若重力不做功,则其他力对物体做功的代数和也必为零,此时物体的机械能守恒;若重力做功,其他外力做功的代数和不为零,此时机械能不守恒,故C错误;由机械能守恒条件知D正确.‎ ‎3.(2019·青岛模拟)‎ 如图所示,a、b两物块质量分别为m、‎2m,用不计质量的细绳相连接,悬挂在定滑轮的两侧,不计滑轮质量和一切摩擦,开始时,a、b两物块距离地面高度相同,用手托住物块b, 然后由静止释放,直至a、b物块间高度差为h.在此过程中,下列说法正确的是(  )‎ A.物块a的机械能逐渐增加 B.物块b的机械能减少了mgh C.物块b的重力势能的减少量等于细绳拉力对它所做的功 D.物块a的重力势能的增加量小于其动能的增加量 ‎[答案] AB ‎[解析] 由于绳的拉力对物块a做正功,故a的机械能逐渐增加,A正确;根据机械能守恒定律2mg·= (m+‎2m)v2+mg·,解得:v=,故b减少的机械能为2mg·-·(‎2m)v2=mgh,故B正确;由于细绳拉力对b做负功,故b的重力势能的减少量等于物块b克服细绳拉力做的功和物块b增加的动能之和,C错误;物块a重力势能增加量为mg·,动能增加量为mv2=mgh,故D错误.‎ ‎4.(2019·莱芜模拟)如图所示,倾角为30°、高为L的固定斜面底端与水平面平滑相连,质量分别为‎3m、m的两个小球A、B用一根长为L的轻绳连接,A球置于斜面顶端,现由静止释放A、B两球,球B与弧形挡板碰撞过程中无机械能损失,且碰后只能沿斜面下滑,它们最终均滑至水平面上.重力加速度为g,不计一切摩擦,则(  )‎ A.小球A下滑过程中,小球A、B系统的重力对系统做正功,系统的重力势能减小 B.A球刚滑至水平面时,速度大小为 C.小球B升高L/2时,重力对小球A做功的功率大于重力对小球B做功的功率 D.小球B从刚开始上升到开始进入斜面过程中,绳的拉力对小球B做功为 ‎[答案] ABC ‎[解析] 小球A下滑过程中,B球的重力对B球做负功, A球的重力对A球做正功,但由系统的动能增大可知,系统的重力势能减小,故小球A、B系统的重力对系统做正功,A项正确;对A、B系统利用机械能守恒可知,A球从开始滑动到刚滑至水平面过程中,有3mgL-mg=×4mv2,故v=,B项正确;小球B升高L/2时,因两球的速度大小相等 ,而A球沿斜面向下的分力为1.5mg,故此时重力对小球A做功的功率大于重力对小球B做功的功率,C项正确,小球B从刚开始上升到开始进入斜面过程中,有3mg-mgL=×4mv′2, 故v′=,对B球利用动能定理又有:mv′2=W-mgL,故W=,D项错误.‎ ‎5.(2019·嘉兴模拟)如图所示是全球最高的(高度‎208米)北京朝阳公园摩天轮,一质量为m的乘客坐在摩天轮中以速率v在竖直平面内做半径为R的匀速圆周运动,假设t=0时刻乘客在轨迹最低点且重力势能为零,那么,下列说法正确的是(  )‎ A.乘客运动的过程中,重力势能随时间的变化关系为Ep=‎ mgR(1-cost)‎ B.乘客运动的过程中,在最高点受到座位的支持力为m-mg C.乘客运动的过程中,机械能守恒,且机械能为E=mv2‎ D.乘客运动的过程中,机械能随时间的变化关系为E=mv2+mgR(1-cost )‎ ‎[答案] AD ‎[解析] 在最高点,根据牛顿第二定律可知,mg-N=m,受到座位的支持力为N=mg-m,B项错误;由于乘客在竖直平面内做匀速圆周运动,其动能不变,重力势能发生变化,所以乘客在运动的过程中机械能不守恒,C项错误;在时间t内转过的弧度为t,所以对应t时刻的重力势能为Ep=mgR(1-cost),总的机械能为E=Ek+Ep=mv2+mgR(1-cost),A、D两项正确.‎ ‎6.(2019·青岛模拟)如图所示,光滑轨道MO和ON底端对接且ON=2MO,M、N两点高度相同.小球自M点由静止自由滚下,忽略小球经过O点时的机械能损失,以v、x、a、Ev分别表示小球的速度、位移、加速度和动能四个物理量的大小.下列图象中能正确反映小球自M点到N点的运动过程的是(  )‎ ‎[答案] A ‎[解析] 从M到O,v1=a1t,从O到N,v2=v1-a2t=(a1-a2)t,‎ v与t是一次函数关系,所以A正确;从M到O,x=a1t2,则x与t的图象是抛物线,所以B错误;从M到O和从O到N,加速度是常数,所以C错误;从M到O,Ek=mv=mat2,所以D错误.‎ ‎7.‎ ‎(2019·德州模拟)如图所示,轻质弹簧的一端与固定的竖直板P拴接,另一端与物体A相连,物体A静止于光滑水平桌面上,A右端连接一细线,细线绕过光滑的定滑轮与物体B相连.开始时用手托住B,让细线恰好伸直,然后由静止释放B,直至B获得最大速度.下列有关该过程的分析正确的是(  )‎ A.B物体的机械能一直减少 B.B物体动能的增量等于它所受重力与拉力做功之和 C.B物体机械能的减少量等于弹簧弹性势能的增加量 D.细线的拉力对A做的功等于A物体与弹簧组成的系统机械能的增加量 ‎[答案] ABD ‎[解析] 由于绳的拉力对B做负功,故B物体机械能一直减少,A正确;根据动能定理可确定B正确;由于该过程中A的动能增加,故B物体机械能的减少量等于弹簧弹性势能与物体A动能增加量的和,故C错误;细线的拉力对A和弹簧组成的系统做正功,根据功能关系,D正确.‎ ‎8.(2019·唐山模拟)‎ 如图所示,在光滑固定的曲面上 ,放有两个质量分别为‎1kg和‎2kg的可视为质点的小球A和B,两球之间用一根轻质弹簧相连,用手拿着A如图所示竖直放置,AB间距离L=‎0.2m,小球B 刚刚与曲面接触且距水平面的高度h=‎0.1m.此时弹簧的弹性势能Ep=1J,自由释放后两球以及弹簧从静止开始下滑到光滑地面上,以后一直沿光滑地面运动,不计一切碰撞时机械能的损失,g取‎10m/s2.则下列说法中正确的是(  )‎ A.下滑的整个过程中弹簧和A球组成的系统机械能守恒 B.下滑的整个过程中两球及弹簧组成的系统机械能守恒 C.B球刚到地面时,速度是m/s D.当弹簧处于原长时,以地面为参考平面,两球在光滑水平面上运动时的机械能为6J ‎[答案] BD ‎ [解析] 由于弹簧和B之间有作用,弹簧和A球组成的系统机械能不守恒,A错误;由于没有摩擦,系统只有弹簧弹力和重力做功,则B项正确;因为弹簧作用于B,并对B做功,B的机械能不守恒,而m/s是根据机械能守恒求解出的,所以C项错;根据系统机械守恒,到地面时的机械能与刚释放时的机械能相等,又弹簧处于原长,则E=mAg(L+h)+mBgh+Ep=6J,D项对. ‎ 二、非选择题 ‎9.‎ 如图所示滑板爱好者,脱离轨道时速度为v0,到达最高点时速度为v1,设人与滑板的总质量为m,若不计一切阻力,则人离开轨道后上升的最大高度为________.‎ ‎[答案]  ‎[解析] 选取脱离轨道时的水平面,作为参考平面,则 E1=mv E2=mgh+mv 据机械能守恒定律得 E1=E2‎ 解得h= ‎10.‎ 某游乐场过山车模拟简化为如图所示,光滑的过山车轨道位于竖直平面内,该轨道由一段斜轨道和与之相切的圆形轨道连接而成,圆形轨道的半径为R.可视为质点的过山车从斜轨道上某处由静止开始下滑,然后沿圆形轨道运动.‎ ‎(1)若要求过山车能通过圆形轨道最高点,则过山车初始位置相对于圆形轨道底部的高度h至少要多少?‎ ‎(2)考虑到游客的安全,要求全过程游客受到的支持力不超过自身重力的7倍,过山车初始位置相对于圆形轨道底部的高度h不得超过多少?‎ ‎[答案] (1)2.5R (2)3R ‎[解析] (1)设过山车总质量为m0,从高度h1处开始下滑,恰能以v1过圆形轨道最高点,在圆形轨道最高点有:‎ m‎0g=m0①‎ 运动过程机械能守恒:‎ m0gh1=‎2m0gR+m0v②‎ 由①②式得:h1=2.5R 高度h至少要2.5R.‎ ‎(2)设从高度h2处开始下滑,过圆形轨道最低点时速度为v2,‎ 游客受到的支持力最大是FN=7mg 最低点时:FN-mg=m③‎ 运动过程机械能守恒:‎ mgh2=mv④‎ 由③④式得:h2=3R ‎ 高度h不得超过3R.‎ ‎11.(2019·福建三明第二次阶段考试)光滑曲面轨道置于高度为H=‎1.8m的平台上,其末端切线水平;另有一长木板两端分别搁在轨道末端点和水平地面间,构成倾角为θ=37°的斜面, 如图所示.一个可视作质点的质量为m=‎1kg的小球,从光滑曲面上由静止开始下滑(不计空气阻力,g取‎10m/s2,sin37°≈0.6,cos37°≈0.8)‎ ‎(1)若小球从高h=‎0.2m处下滑,则小球离开平台时速度v0的大小是多少?‎ ‎(2)若小球下滑后正好落在木板的末端,则释放小球的高度h为多大?‎ ‎(3)试推导小球下滑后第一次撞击木板时的动能与它下滑高度h的关系表达式, 并作用Ek-h图象.‎ ‎[答案] (1)‎2m/s (2)‎0.8m ‎ ‎(3)Ek=32.5h 图象见解析 ‎[解析] (1)小球从曲面上滑下,只有重力做功,由机械能守恒定律知:‎ mgh=mv①‎ 得v0==m/s=‎2m/s ‎(2)小球离开平台后做平抛运动,小球正好落在木板的末端,则H ‎=gt2②‎ =v1t③‎ 联立②③两式得:v1=‎4m/s 设释放小球的高度为h1,则由mgh1=mv 得h1==‎‎0.8m ‎(3)由机械能守恒定律可得:mgh=mv2‎ 小球离开平台后做平抛运动,可看做水平方向的匀速直线运动和竖直方向的自由落体运动,则:‎ y=gt2④‎ x=vt⑤‎ tan37°=⑥‎ vy=gt⑦‎ v=v2+v⑧‎ Ek=mv⑨‎ 由④⑤⑥⑦⑧⑨式得:Ek=32.5h⑩‎ 考虑到当h>‎0.8m时小球不会落到斜面上,其图象如图所示 ‎12.(2019·福建)‎ 如图为某种鱼饵自动投放器中的投饵管装置示意图,其下半部AB是一长为2R的竖直细管,上半部BC是半径为R的四分之一圆弧弯管,管口沿水平方向,AB管内有一原长为R ‎、下端固定的轻质弹簧.投饵时,每次总将弹簧长度压缩到0.5R后锁定,在弹簧上端放置一粒鱼饵,解除锁定,弹簧可将鱼饵弹射出去.设质量为m的鱼饵到达管口C时,对管壁的作用力恰好为零.不计鱼饵在运动过程中的机械能损失,且锁定和解除锁定时,均不改变弹簧的弹性势能.已知重力加速度为g.求:‎ ‎(1)质量为m的鱼饵到达管口C时的速度大小v1;‎ ‎(2)弹簧压缩到0.5R时的弹性势能Ep;‎ ‎(3)已知地面与水面相距1.5R,若使该投饵管绕AB管的中轴线OO′在90°角的范围内来回缓慢转动,每次弹射时只放置一粒鱼饵,鱼饵的质量在m到m之间变化,且均能落到水面.持续投放足够长时间后,鱼饵能够落到水面的最大面积S是多少?‎ ‎[答案] (1) (2)3mgR ‎ ‎(3)πR2(或8.25πR2)‎ ‎[解析] (1)质量为m的鱼饵到达管口C处时做圆周运动向心力由重力提供,则有:‎ mg=①‎ 由①式解得:v1=②‎ ‎(2)弹簧的弹性势能全部转化为鱼饵的机械能,由机械能守恒定律有:‎ Ep=mg(1.5R+R)+mv③‎ 由②③式解得:Ep=3mgR.④‎ ‎(3)质量为m的鱼饵离开管口C后做平抛,设经过t时间落到水面上,离OO′的水平距离为x1,由平抛规律,有 ‎4.5R=gt2⑤‎ x1=v1t+R⑥‎ 由②⑤⑥式得:x1=4R⑦‎ 当鱼饵的质量为m时,设其到达管口C的速度为v2由机械能守恒定律有:‎ Ep=mg(1.5R+R)+(m)v ⑧‎ 由④⑧式得:v2=2⑨‎ 质量为m的鱼饵落到水平面上时,距OO′的水平距离为x2,则有:‎ x2=v2t+R⑩‎ 由⑤⑨⑩式得:x2=7R 鱼饵能够落到的最大面积S=(πx-πx)=πR2(或8.25πR2).⑪‎