2020版高考数学大一轮复习 第七章 数列与数学归纳法 第6节 数学归纳法学案 理 14页

第6节　数学归纳法 最新考纲　1.了解数学归纳法的原理；2.能用数学归纳法证明一些简单的数学命题．‎ 知 识 梳 理 ‎1．数学归纳法 证明一个与正整数n有关的命题，可按下列步骤进行：‎ ‎(1)(归纳奠基)证明当n取第一个值n0(n0∈N*)时命题成立；‎ ‎(2)(归纳递推)假设n＝k(k≥n0，k∈N*)时命题成立，证明当n＝k＋1时命题也成立．‎ 只要完成这两个步骤，就可以断定命题对从n0开始的所有正整数n都成立．‎ ‎2．数学归纳法的框图表示 ‎[常用结论与微点提醒]‎ ‎1．数学归纳法证题时初始值n0不一定是1.‎ ‎2．推证n＝k＋1时一定要用上n＝k时的假设，否则不是数学归纳法．‎ 诊 断 自 测 ‎1．思考辨析(在括号内打“√”或“×”)‎ ‎(1)用数学归纳法证明等式“1＋2＋22＋…＋2n＋2＝2n＋3－‎1”‎，验证n＝1时，左边式子应为1＋2＋22＋23.(　　)‎ ‎(2)所有与正整数有关的数学命题都必须用数学归纳法证明．(　　)‎ ‎(3)用数学归纳法证明问题时，归纳假设可以不用．(　　)‎ ‎(4)不论是等式还是不等式，用数学归纳法证明时，由n＝k到n＝k＋1时，项数都增加了一项．(　　)‎ 解析　对于(2)，有些命题也可以直接证明；对于(3)，数学归纳法必须用归纳假设；对于(4)，由n＝k到n＝k＋1，有可能增加不止一项．‎ 14‎ 答案　(1)√　(2)×　(3)×　(4)×‎ ‎2．(选修2－2P99B1改编)在应用数学归纳法证明凸n边形的对角线为n(n－3)条时，第一步检验n等于(　　)‎ A．1 B．‎2 ‎ C．3 D．4‎ 解析　三角形是边数最少的凸多边形，故第一步应检验n＝3.‎ 答案　C ‎3．已知f(n)＝＋＋＋…＋，则(　　)‎ A．f(n)中共有n项，当n＝2时，f(2)＝＋ B．f(n)中共有n＋1项，当n＝2时，f(2)＝＋＋ C．f(n)中共有n2－n项，当n＝2时，f(2)＝＋ D．f(n)中共有n2－n＋1项，当n＝2时，f(2)＝＋＋ 解析　f(n)共有n2－n＋1项，当n＝2时，＝，＝，故f(2)＝＋＋.‎ 答案　D ‎4．(2018·台州月考)用数学归纳法证明1＋＋＋…＋1)，第一步要证的不等式是________．‎ 解析　当n＝2时，式子为1＋＋<2.‎ 答案　1＋＋<2‎ ‎5．用数学归纳法证明“当n为正奇数时，xn＋yn能被x＋y整除”，当第二步假设n＝2k－1(k∈N*)命题为真时，进而需证n＝________时，命题亦真．‎ 解析　由于步长为2，所以2k－1后一个奇数应为2k＋1.‎ 答案　2k＋1‎ ‎6．(2017·宁波调研)用数学归纳法证明“当n为正偶数时，xn－yn能被x＋y整除”第一步应验证n＝________时，命题成立；第二步归纳假设成立应写成________．‎ 解析　因为n为正偶数，故第一个值n＝2，第二步假设n取第k个正偶数成立，即n＝2k，故应假设成x2k－y2k能被x＋y整除．‎ 答案　2　x2k－y2k能被x＋y整除 14‎ 考点一　用数学归纳法证明等式 ‎【例1】 用数学归纳法证明：‎ ＋＋＋…＋＝(n∈N*)．‎ 证明　(1)当n＝1时，‎ 左边＝＝，‎ 右边＝＝，‎ 左边＝右边，所以等式成立．‎ ‎(2)假设n＝k(k∈N*)时等式成立，即有 ＋＋＋…＋＝，‎ 则当n＝k＋1时，＋＋＋…＋＋ ‎＝＋＝ ‎＝＝＝.‎ 所以当n＝k＋1时，等式也成立，‎ 由(1)(2)可知，对于一切n∈N*等式都成立．‎ 规律方法　(1)用数学归纳法证明等式问题，要“先看项”，弄清等式两边的构成规律，等式两边各有多少项，初始值n0是多少．‎ ‎(2)由n＝k时等式成立，推出n＝k＋1时等式成立，一要找出等式两边的变化(差异)，明确变形目标；二要充分利用归纳假设，进行合理变形，正确写出证明过程，不利用归纳假设的证明，就不是数学归纳法．‎ ‎【训练1】 求证：(n＋1)(n＋2)·…·(n＋n)＝2n·1·3·5·…·(2n－1)(n∈N*)．‎ 证明　(1)当n＝1时，等式左边＝2，右边＝2，故等式成立；‎ ‎(2)假设当n＝k(k∈N*)时等式成立，‎ 即(k＋1)(k＋2)·…·(k＋k)＝2k·1·3·5·…·(2k－1)，‎ 那么当n＝k＋1时，‎ 左边＝(k＋1＋1)(k＋1＋2)·…·(k＋1＋k＋1)‎ 14‎ ‎＝(k＋2)(k＋3)·…·(k＋k)(2k＋1)(2k＋2)‎ ‎＝2k·1·3·5·…·(2k－1)(2k＋1)·2‎ ‎＝2k＋1·1·3·5·…·(2k－1)(2k＋1)，‎ 所以当n＝k＋1时等式也成立．‎ 由(1)(2)可知，对所有n∈N*等式成立．‎ 考点二　用数学归纳法证明不等式 ‎【例2】 (2017·浙江五校联考)等比数列{an}的前n项和为Sn.已知对任意的n∈N*，点(n，Sn)均在函数y＝bx＋r(b>0，且b≠1，b，r均为常数)的图象上．‎ ‎(1)求r的值；‎ ‎(2)当b＝2时，记bn＝2(log2an＋1)(n∈N*)．‎ 证明：对任意的n∈N*，不等式··…·>成立．‎ ‎(1)解　由题意，Sn＝bn＋r，‎ 当n≥2时，Sn－1＝bn－1＋r，‎ 所以an＝Sn－Sn－1＝bn－1(b－1)，‎ 由于b>0，且b≠1，所以n≥2时，{an}是以b为公比的等比数列，又a1＝b＋r，a2＝b(b－1)，＝b，即＝b，解得r＝－1.‎ ‎(2)证明　由(1)知an＝2n－1，因此bn＝2n(n∈N*)，所证不等式为··…·>.‎ ‎①当n＝1时，左式＝，右式＝，‎ 左式>右式，所以结论成立．‎ ‎②假设n＝k时结论成立，即··…·>，‎ 则当n＝k＋1时，··…··>·＝，‎ 要证当n＝k＋1时结论成立，‎ 只需证≥，‎ 即证≥，‎ 由基本不等式可得 14‎ ＝≥成立，‎ 故≥成立，所以当n＝k＋1时，结论成立．‎ 由①②可知，n∈N*时，‎ 不等式··…·>成立．‎ 规律方法　应用数学归纳法证明不等式应注意的问题 ‎(1)当遇到与正整数n有关的不等式证明时，应用其他办法不容易证，则可考虑应用数学归纳法．‎ ‎(2)用数学归纳法证明不等式的关键是由n＝k成立，推证n＝k＋1时也成立，证明时用上归纳假设后，可采用分析法、综合法、求差(求商)比较法、放缩法、构造函数法等证明方法．‎ ‎【训练2】 (2018·宁波十校适应性考试)已知数列{an}(n∈N*)，满足a1＝1，2an＋1＝an＋.‎ ‎(1)求证：.‎ n＝1时，‎2a2＝＋，∴a2＝＋>，结论成立，‎ 假设n＝k时，结论成立，即ak＋1>，‎ 则n＝k＋1时，2ak＋2＝ak＋1＋>＋1＝，‎ ‎∴ak＋2>，即n＝k＋1时，结论成立，‎ ‎∴an＋1>，∴an＋1－an＝－an＋ ‎＝－＋<－＋＝0.‎ ‎∴0，n∈N*.‎ ‎(1)求a1，a2，a3，并猜想{an}的通项公式；‎ ‎(2)证明(1)中的猜想．‎ ‎(1)解　当n＝1时，由已知得a1＝＋－1，即a＋‎2a1－2＝0.∴a1＝－1(a1>0)．‎ 当n＝2时，由已知得a1＋a2＝＋－1，‎ 将a1＝－1代入并整理得a＋‎2a2－2＝0.‎ ‎∴a2＝－(a2>0)．同理可得a3＝－.‎ 猜想an＝－(n∈N*)．‎ ‎(2)证明　①由(1)知，当n＝1，2，3时，通项公式成立．‎ ‎②假设当n＝k(k≥3，k∈N*)时，通项公式成立，‎ 即ak＝－.‎ 由于ak＋1＝Sk＋1－Sk＝＋－－，‎ 将ak＝－代入上式，整理得 a＋2ak＋1－2＝0，‎ ‎∴ak＋1＝－，‎ 即n＝k＋1时通项公式成立．‎ 由①②可知对所有n∈N*，an＝－都成立．‎ 规律方法　(1)利用数学归纳法可以探索与正整数n有关的未知问题、存在性问题，其基本模式是“归纳—猜想—证明”，即先由合情推理发现结论，然后经逻辑推理论证结论的正确性．‎ ‎(2)“归纳—猜想—证明”的基本步骤是“试验—归纳—猜想—证明”．高中阶段与数列结合的问题是最常见的问题．‎ 14‎ ‎【训练3】 设函数f(x)＝ln(1＋x)，g(x)＝xf′(x)，x≥0，其中f′(x)是f(x)的导函数．‎ ‎(1)令g1(x)＝g(x)，gn＋1(x)＝g(gn(x))，n∈N*，求gn(x)的表达式；‎ ‎(2)若f(x)≥ag(x)恒成立，求实数a的取值范围；‎ ‎(3)设n∈N*，猜想g(1)＋g(2)＋…＋g(n)与n－f(n)的大小，并加以证明．‎ 解　由题设得，g(x)＝(x≥0)．‎ ‎(1)由已知，g1(x)＝，g2(x)＝g(g1(x))＝＝，g3(x)＝，…，可猜想gn(x)＝.‎ 下面用数学归纳法证明．‎ ‎①当n＝1时，g1(x)＝，结论成立．‎ ‎②假设n＝k时结论成立，即gk(x)＝.‎ 那么，当n＝k＋1时，gk＋1(x)＝g(gk(x))‎ ‎＝＝＝，即结论成立．‎ 由①②可知，结论对n∈N*成立．‎ ‎(2)已知f(x)≥ag(x)恒成立，即ln(1＋x)≥恒成立．‎ 设φ(x)＝ln(1＋x)－(x≥0)，‎ 则φ′(x)＝－＝，‎ 当a≤1时，φ′(x)≥0(仅当x＝0，a＝1时等号成立)，‎ ‎∴φ(x)在[0，＋∞)上单调递增．‎ 又φ(0)＝0，‎ ‎∴φ(x)≥0在[0，＋∞)上恒成立，‎ ‎∴a≤1时，ln(1＋x)≥恒成立(仅当x＝0时等号成立)．‎ 当a>1时，对x∈(0，a－1]有φ′(x)≤0，‎ ‎∴φ(x)在(0，a－1]上单调递减，‎ 14‎ ‎∴φ(a－1)<φ(0)＝0.‎ 即a>1时，存在x>0，使φ(x)<0，‎ ‎∴ln(1＋x)≥不恒成立，‎ 综上可知，实数a的取值范围是(－∞，1]．‎ ‎(3)由题设知g(1)＋g(2)＋…＋g(n)＝＋＋…＋，n－f(n)＝n－ln(n＋1)，‎ 猜想结果为g(1)＋g(2)＋…＋g(n)>n－ln(n＋1)．‎ 证明如下：上述不等式等价于＋＋…＋，x>0.‎ 令x＝，n∈N*，则(n≥2，n∈N*)”的过程中，由“n＝k”变到“n＝k＋‎1”‎时，左边增加了(　　)‎ A．1项 B．k项 C．2k－1项 D．2k项 解析　左边增加的项为＋＋…＋共2k项，故选D.‎ 答案　D ‎5．对于不等式an；‎ ‎(2)证明：an＝cos；‎ 14‎ ‎(3)证明：Sn>n－.‎ 证明　(1)因为an>0，‎ 且‎2a－‎2a＝an＋1－‎2a＝(1－an)(1＋2an)，‎ 故要证an＋1>an，只需要证明an<1即可．‎ 下用数学归纳法证明：‎ 当n＝1时，a1＝<1成立；‎ 假设n＝k(k≥1，k∈N*)时，ak<1成立，‎ 那么当n＝k＋1时，ak＋1＝<＝1，‎ 综上所述，对任意n，有an<1.所以an＋1>an.‎ ‎(2)用数学归纳法证明an＝cos.‎ 当n＝1时，a1＝＝cos＝cos成立；‎ 假设n＝k(k≥1，k∈N*)时，ak＝cos，‎ 那么当n＝k＋1时，‎ ak＋1＝＝＝cos.‎ 所以综上所述，对任意n，an＝cos.‎ ‎(3)由＝1－＝1－a＝sin2<(n≥2)，得an－1>1－(n≥2)．‎ 故当n＝1时，S1＝>1－；‎ 当n≥2时，Sn>＋＝n－－××>n－.‎ 综上所述，Sn>n－.‎ 14‎