• 216.50 KB
  • 2021-05-14 发布

2015高考数学人教A版本(5-3平面向量的数量积)一轮复习学案

  • 13页
  • 当前文档由用户上传发布,收益归属用户
  1. 1、本文档由用户上传,淘文库整理发布,可阅读全部内容。
  2. 2、本文档内容版权归属内容提供方,所产生的收益全部归内容提供方所有。如果您对本文有版权争议,请立即联系网站客服。
  3. 3、本文档由用户上传,本站不保证质量和数量令人满意,可能有诸多瑕疵,付费之前,请仔细阅读内容确认后进行付费下载。
  4. 网站客服QQ:403074932
‎【走向高考】2015届高考数学一轮总复习 5-3平面向量的数量积课后强化作业 新人教A版 基础巩固强化 一、选择题 ‎1.(2013·湖北理,6)已知点A(-1,1)、B(1,2)、C(-2,-1)、D(3,4),则向量在方向上的投影为(  )‎ A.          B. C.- D.- ‎[答案] A ‎[解析] ∵=(2,1),=(5,5),‎ ‎∴·=2×5+1×5=15,||=5,所求投影为||cos<,>===,故选A.‎ ‎2.(文)若向量a与b的夹角为120°,且|a|=1,|b|=2,c=a+b,则有(  )‎ A.c⊥a B.c⊥b C.c∥b D.c∥a ‎[答案] A ‎[解析] c·a=|a|2+a·b=1+1×2×cos120°=0.‎ 故c⊥a.‎ ‎(理)(2013·山东师大附中模拟)平面向量a与b的夹角为60°,a=(2,0),|b|=1,则|a+b|=(  )‎ A.9 B. C.3 D.7‎ ‎[答案] B ‎[解析] |a|=2,a·b=|a||b|cos〈a,b〉=2×1×=1,所以|a+b|2=|a|2+|b|2+‎2a·b=4+1+2=7,‎ 所以|a+b|=,选B.‎ ‎3.(文)(2013·辽宁理,9)已知点O(0,0),A(0,b),B(a,a3).若△OAB 为直角三角形,则必有(  )‎ A.b=a3‎ B.b=a3+ C.(b-a3)(b-a3-)=0‎ D.|b-a3|+|b-a3-|=0‎ ‎[答案] C ‎[解析] 依题意,a≠0.因为△ABC是直角三角形,则O不可能为直角顶点,若∠A为直角,则有b=a3;若∠B为直角,则有⊥,·=(a,a3)·(a,a3-b)=a2+a3(a3-b)=0,所以b=a3+,选C.‎ ‎(理)(2013·北京四中期中)若O是△ABC所在平面内的一点,且满足(+)·(-)=0,则△ABC一定是(  )‎ A.等边三角形 B.等腰直角三角形 C.直角三角形 D.斜三角形 ‎[答案] C ‎[解析] 由(+)·(-)=0得·=0,即BC⊥AC,所以∠C=90°,所以△ABC为直角三角形,选C.‎ ‎4.(2012·新疆维吾尔自治区检测)已知A、B、C是圆O:x2+y2=r2上三点,且+=,则·等于(  )‎ A.0      B.    C.   D.- ‎[答案] A ‎[解析] ∵A、B、C是⊙O上三点,∴||=||=||=r (r>0),‎ ‎∵+=,∴·=(-)·(+)=||2-||2=0,故选A.‎ ‎5.已知△ABC中,=a,=b,a·b<0,S△ABC=,|a|=3,|b|=5,则∠BAC等于(  )‎ A.30° B.120°‎ C.150° D.30°或150°‎ ‎[答案] C ‎[解析] S△ABC=|a||b|sin∠BAC=,‎ ‎∴sin∠BAC=.又a·b<0,‎ ‎∴∠BAC为钝角,∴∠BAC=150°,选C.‎ ‎6.(文)(2013·上海徐汇一模)设a,b,c是单位向量,且a·b=0,则(a-c)·(b-c)的最小值为(  )‎ A.-2 B.-2‎ C.-1 D.1- ‎[答案] D ‎[解析] (a-c)·(b-c)=c2-c·(a+b)‎ ‎≥1-|c||a+b|=1-=1-.‎ ‎(理)已知|a|=2,|b|=6,a·(b-a)=2,则|a-λb|的最小值为(  )‎ A.4 B.2 C.2 D. ‎[答案] D ‎[解析] ∵a·(b-a)=a·b-|a|2=a·b-4=2,‎ ‎∴a·b=6,|a-λb|2=|a|2+λ2|b|2-2λa·b=36λ2-12λ+4=36(λ-)2+3≥3,∴|a-λb|≥,故选D.‎ 二、填空题 ‎7.(文)(2013·山东潍坊联考)向量a,b满足(a-b)·(‎2a+b)=-4,且|a|=2,|b|=4,则a,b的夹角等于________.‎ ‎[答案] 120°‎ ‎[解析] 由(a-b)·(‎2a+b)=-4得,‎ ‎2|a|2-a·b-|b|2=-4,即a·b=-4,‎ 所以cos〈a,b〉===-,‎ 所以〈a,b〉=120°.‎ ‎(理)已知|a|=|b|=2,(a+2b)·(a-b)=-2,则a与b的夹角为________.‎ ‎[答案]  ‎[解析] (a+2b)·(a-b)=-2,即|a|2+a·b-2|b|2=-2,∴22+a·b-2×22=-2,a·b ‎=2,‎ 又cos〈a,b〉===,〈a,b〉∈[0,π],‎ 所以a与b的夹角为.‎ ‎8.(2013·巢湖质检)已知点G是△ABC的重心,若∠A=120°,·=-2,则||的最小值是________.‎ ‎[答案]  ‎[解析] -2=·=||||cosA ‎=||·||×(-),‎ 得||·||=4,‎ 由三角形重心性质可得+=3.‎ ‎9||2=||2+||2+2· ‎≥2||·||+2·=2×4+2×(-2)=4,‎ 所以||min=.‎ ‎9.已知=(3,-4),=(6,-3),=(5-m,-3-m).‎ ‎(1)若点A、B、C能构成三角形,则实数m应满足的条件为________.‎ ‎(2)若△ABC为Rt△,且∠A为直角,则m=______.‎ ‎[答案] m∈R且m≠  ‎[解析] (1)若点A、B、C能构成三角形,则这三点不共线.‎ ‎∵=(3,1),=(2-m,1-m),‎ ‎∴3(1-m)≠2-m,∴m≠.即实数m≠,满足条件.‎ ‎(2)若△ABC为直角三角形,且∠A为直角,则⊥,‎ ‎∴3(2-m)+(1-m)=0,解得m=.‎ 三、解答题 ‎10.(文)三角形的三个内角A、B、C所对边的长分别为a、b、c,设向量m=(c-a,b-a),n=(a+b,c),若m∥n.‎ ‎(1)求角B的大小;‎ ‎(2)若sinA+sinC的取值范围.‎ ‎[解析] (1)由m∥n知=,‎ 即得b2=a2+c2-ac,据余弦定理知,‎ cosB=,得B=.‎ ‎(2)sinA+sinC=sinA+sin(A+B)=sinA+sin(A+)‎ ‎=sinA+sinA+cosA=sinA+cosA ‎=sin(A+),‎ ‎∵B=,∴A+C=,∴A∈(0,),‎ ‎∴A+∈(,),∴sin(A+)∈(,1],‎ ‎∴sinA+sinC的取值范围为(,].‎ ‎(理)(2013·浙江重点中学联谊学校期中)已知a=(cos,sin),b=(cos,-sin),且θ∈[0,].‎ ‎(1)求的最值;‎ ‎(2)是否存在k的值使|ka+b|=|a-kb|?‎ ‎[解析] (1)由已知得 a·b=coscos-sinsin=cos2θ,‎ ‎∵θ∈[0,],‎ ‎∴|a+b|===2cosθ,‎ ‎∴==cosθ-,‎ 令cosθ=t,t∈[,1],‎ ‎∴cosθ-=t-,(t-)′=1+>0,‎ ‎∴y=t-为增函数,其最大值为,最小值为-,‎ ‎∴的最大值为,最小值为-.‎ ‎(2)假设存在k的值满足题设条件,则|ka+b|2=3|a-kb|2.‎ ‎∵|a|=|b|=1,a·b=cos2θ,‎ ‎∴cos2θ=,‎ ‎∵θ∈[0,],∴-≤cos2θ≤1,‎ ‎∴-≤≤1,‎ ‎∴2-≤k≤2+或k=-1.‎ 能力拓展提升 一、选择题 ‎11.(文)如图,在△ABC中,AD⊥AB,= ,||=1,则·=(  )‎ A.2 B. C. D. ‎[答案] D ‎[解析] ∵=+=+ ,‎ ‎∴·=(+ )·=·+ ·,‎ 又∵AB⊥AD,∴·=0,‎ ‎∴·= ·=||·||·cos∠ADB ‎=||·cos∠ADB=·||=.‎ ‎(理)(2012·大纲全国理,6)△ABC中,AB边的高为CD.若=a,=b,a·b=0,|a|=1,|b|=2,则=(  )‎ A.a-b B.a-b C.a-b D.a-b ‎[答案] D ‎[解析] ‎ ‎∵a·b=0,‎ ‎∴∠ACB=90°,‎ 又|a|=1,|b|=2,‎ ‎∴AB=,∴CD=,‎ ‎∴BD=,AD=.‎ 即ADBD=41.‎ ‎∴==(-)=(a-b).故选D.‎ 本题的关键点是利用直角三角形的性质确定点D的位置.‎ ‎12.(文)已知P是边长为2的正△ABC边BC上的动点,则·(+)(  )‎ A.最大值为8 B.最小值为2‎ C.是定值6 D.与P的位置有关 ‎[答案] C ‎[解析] 以BC的中点O为原点,直线BC为x轴建立如图坐标系,则B(-1,0),C(1,0),‎ A(0,),+=(-1,-)+(1,-)=(0,-2),‎ 设P(x,0),-1≤x≤1,则=(x,-),‎ ‎∴·(+)=(x,-)·(0,-2)=6,故选C.‎ ‎(理)已知a、b为非零向量,m=a+tb(t∈R),若|a|=1,|b|=2,当且仅当t=时,|m|取得最小值,则向量a、b的夹角为(  )‎ A. B. C. D. ‎[答案] C ‎[解析] ∵m=a+tb,|a|=1,|b|=2,令向量a、b的夹角为θ,‎ ‎∴|m|=|a+tb|= ‎==.‎ 又∵当且仅当t=时,|m|最小,即+=0,‎ ‎∴cosθ=-,∴θ=.故选C.‎ ‎13.(2013·天津月考)若向量a与b不共线,a·b≠0,且c=a-()b,则向量a与c的夹角为(  )‎ A.0 B. C. D. ‎[答案] D ‎[解析] 因为c=a-()b,所以a·c=a·[a-()b]=a2-a2=0,所以a⊥c,即向量a与c的夹角为,选D.‎ 二、填空题 ‎14.(2012·湖南文,15)如下图,在平行四边形ABCD中,AP⊥BD,垂足为P,且AP=3,则·=________.‎ ‎[答案] 18‎ ‎[解析] 过C作BD的平行线,与AP的延长线交于Q点,则AQ=2AP=6,则·=||·||cos〈,〉=||||=3×6=18.‎ ‎15.(文)(2013·长春三校调研)△ABC中,已知AB=3,AC=2,且·=2,则BC=________.‎ ‎[答案]  ‎[解析] ∵AB=3,AC=2,·=2,∴cosA=,∴利用余弦定理得,BC2=AB2+AC2-2AB·AC·cosA=32+22-2×3×2×=5,∴BC=.‎ ‎(理)(2013·天津新华中学月考)平面上的向量与满足||2+||=4,且·=0,若点C满足=+,则||的最小值为________.‎ ‎[答案]  ‎[解析] 由=+得||2‎ ‎=(+)2=||2+·+||2‎ ‎=||2+||2‎ ‎=(4-||)+||2=||2-||+ ‎=(||2-||)+ ‎=(||-)2+≥,‎ 所以||≥=,即||的最小值为.‎ 三、解答题 ‎16.(文)(2012·东北三校联考)已知向量m=(2,-1),n=(sin,cos(B+C)),A、B、C为△ABC的内角,其所对的边分别为a、b、c.‎ ‎(1)当m·n取得最大值时,求角A的大小;‎ ‎(2)在(1)的条件下,当a=时,求b2+c2的取值范围.‎ ‎[解析] (1)m·n=2sin-cos(B+C)=-2sin2+2sin+1=-2(sin-)2+,‎ ‎∵00)的图象的最高点,M、N是该图象与x轴的交点,若·=0,则ω的值为(  )‎ A. B. C.4 D.8‎ ‎[答案] B ‎[解析] ∵·=0,∴PM⊥PN,又P为函数图象的最高点,M、N是该图象与x轴的交点,∴PM=PN,yP=2,∴MN=4,∴T==8,∴ω=.‎ ‎2.(2013·德州乐陵一中月考)关于平面向量a,b,c有下列三个命题:‎ ‎①若a·b=a·c,则b=c;‎ ‎②若a=(1,k),b=(-2,6),a∥b,则k=-3;‎ ‎③非零向量a和b满足|a|=|b|=|a-b|,则a与a+b的夹角为60°.‎ 其中真命题的序号为________.(写出所有真命题的序号)‎ ‎[答案] ②‎ ‎[解析] ∵a·b=a·c,∴a·(b-c)=0,∴a⊥(b-c),不一定有b=c,则①不正确;当a=(1,k),b=(-2,6),a∥b时,6+2k=0,∴k=-3,则②正确;非零向量a和b满足|a|=|b|=|a-b|时,|a|,|b|,|a-b|构成等边三角形,∴a与a+b的夹角为30°,因此③错误,故真命题的序号为②.‎ ‎3.(2012·东北三校二模)已知M、N为平面区域内的两个动点,向量a=(1,3),则·a的最大值是________.‎ ‎[答案] 40‎ ‎[解析] 作出不等式组表示的平面区域如图,由于a=(1,3),直线AB:3x-y-6=0,显见a是直线AB的一个方向向量,由于M、N是△ABC围成区域内的任意两个点,故当M、N分别为A、B点时,·a取最大值,求得A(0,-6),B(4,6),∴==(4,12),∴·a=40.‎