• 1.38 MB
  • 2021-05-14 发布

湖北高考数学理科试卷带详解

  • 17页
  • 当前文档由用户上传发布,收益归属用户
  1. 1、本文档由用户上传,淘文库整理发布,可阅读全部内容。
  2. 2、本文档内容版权归属内容提供方,所产生的收益全部归内容提供方所有。如果您对本文有版权争议,请立即联系网站客服。
  3. 3、本文档由用户上传,本站不保证质量和数量令人满意,可能有诸多瑕疵,付费之前,请仔细阅读内容确认后进行付费下载。
  4. 网站客服QQ:403074932
‎2012湖北高考 理科数学 一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分. 在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.‎ ‎1.方程的一个根是 ( )‎ A. B. C. D.‎ ‎【测量目标】复数的一元二次方程求根.‎ ‎【考查方式】给出一元二次方程,由求根公式求出它的根.‎ ‎【难易程度】容易 ‎【参考答案】A ‎【试题解析】根据复数求根公式:,所以方程的一个根为,答案为A.‎ ‎2.命题“”的否定是 ( )‎ A. B.‎ C. D.‎ ‎【测量目标】常用逻辑用语,含有一个量词的命题的否定.‎ ‎【考查方式】给出了存在性命题,根据逻辑用语写出命题的否定.‎ ‎【难易程度】容易 ‎【参考答案】D ‎【试题解析】根据对命题的否定知,是把谓词取否定,然后把结论否定因此选D.‎ ‎3.已知二次函数的图象如图所示,则它与轴所围图形的面积为 ( )‎ ‎ ‎ 第4题图 ‎ A. B. C. D.‎ ‎【测量目标】定积分的几何意义.‎ ‎【考查方式】给出了二次函数的图象,求出函数解析式,由定积分的几何意义可求得面积.‎ ‎【难易程度】容易 ‎【参考答案】B ‎【试题解析】根据图像可得:,再由定积分的几何意义,可求得面积为 ‎.‎ ‎4.已知某几何体的三视图如图所示,则该几何体的体积为 ( ) ‎ A. B. C. D.‎ ‎ 第4题图 ‎ ‎【测量目标】由三视图求几何体的体积.‎ ‎【考查方式】给出了几何体的的三视图,确定其为圆柱,根据体积公式求出体积.‎ ‎【难易程度】容易 ‎【参考答案】B ‎【试题解析】显然有三视图我们易知原几何体为一个圆柱体的一部分,并且有正视图知是一个1/2的圆柱体,底面圆的半径为1,圆柱体的高为6,则知所求几何体体积为原体积的一半为.选B.‎ ‎5.设,且,若能被13整除,则 ( )‎ A.0 B.1 C.11 D.12‎ ‎【测量目标】二项式定理.‎ ‎【考查方式】给出二项式,根据其展开式的系数求解.‎ ‎【难易程度】中等 ‎【参考答案】D ‎【试题解析】由于51=521,‎ 又由于13|52,所以只需13|1+a,‎0a<13,所以a=12选D.‎ ‎6.设是正数,且,,,‎ 则 ( )‎ A. B. C. D. ‎ ‎【测量目标】不等式的基本性质.‎ ‎【考查方式】给出含未知量的3个方程,根据柯西不等式的使用及其去等条件可得出答案.‎ ‎【难易程度】中等 ‎【参考答案】C ‎【试题解析】由于 ‎ 等号成立当且仅当,则,‎ ‎(步骤1)‎ 所以由题知又(步骤2),‎ 所以,答案选C.(步骤3)‎ ‎7.定义在上的函数,如果对于任意给定的等比数列,仍是等比数列,则称为“保等比数列函数”. 现有定义在上的如下函数: ‎ ‎①; ②; ③; ④.‎ 则其中是“保等比数列函数”的的序号为 ( )‎ A. ‎① ② B.③ ④ C.① ③ D.② ④ ‎ ‎【测量目标】等比数列性质及函数计算.‎ ‎【考查方式】给出了保等比数列的定义,判断所给4个函数是否为保等比数列.‎ ‎【难易程度】中等 ‎【参考答案】C ‎【试题解析】等比数列性质,,‎ ‎① (步骤1)‎ ‎(步骤2)‎ ‎(步骤3)‎ 选C.(步骤4)‎ ‎8.如图,在圆心角为直角的扇形OAB中,分别以OA,OB为直径作两个半圆. 在扇形OAB 内随机取一点,则此点取自阴影部分的概率是 ( )‎ A. B.‎ C. D.‎ 第8题 ‎ ‎【测量目标】几何概型及平面图形面积公式.‎ ‎【考查方式】给出扇形根据面积公式求出扇形面积以及阴影部分的面积,算出他们的比值即为概率. ‎ ‎【难易程度】中等 ‎【参考答案】A ‎ ‎【试题解析】令,扇形OAB为对称图形,ACBD围成面积为,围成OC为,作对称轴OD,则过C点.即为以OA为直径的半圆面积减去三角形OAC的面积,‎ ‎(步骤1) .在扇形OAD中为扇形面积减去三角形OAC面积和,,,扇形OAB面积,‎ 选A.(步骤2)‎ ‎ 第8题图 ‎ ‎9.函数在区间上的零点个数为 ( )‎ A.4 B.5 ‎ C.6 D.7‎ ‎【测量目标】三角函数的周期性以及函数零点的判断.‎ ‎【考查方式】给出复合函数,根据函数周期性确定其在区间类的零点个数.‎ ‎【难易程度】容易 ‎【参考答案】C ‎【试题解析】,则或,又,‎ 所以共有6个解.选C.‎ ‎10.我国古代数学名著《九章算术》中“开立圆术”曰:置积尺数,以十六乘之,九而一,所得开立方除之,即立圆径. “开立圆术”相当于给出了已知球的体积,求其直径 的一个近似公式. 人们还用过一些类似的近似公式. 根据判断,下列近似公式中最精确的一个是 ( )‎ A. ‎ B. C. D. ‎ ‎【测量目标】球的体积公式以及估算.‎ ‎【考查方式】根据球的体积估算圆周率.‎ ‎【难易程度】中等 ‎【参考答案】D ‎【试题解析】由,得,设选项中常数为,则(步骤1);A中代人得,B中代入得,C中代入得,D 中代人得由于D中值最接近的真实值,故选D.(步骤2)‎ 二、填空题:本大题共6小题,考生共需作答5小题,每小题5分,共25分. 请将答案填在答题卡对应题号的位置上. 答错位置,书写不清,模棱两可均不得分. ‎ ‎(一)必考题(11—14题)‎ ‎11.设的内角所对的边分别为 若,则角= . ‎ ‎【测量目标】余弦定理,解三角形.‎ ‎【考查方式】给出三角形的各边关系,利用余弦定理求出角C.‎ ‎【难易程度】容易 ‎【参考答案】‎ ‎【试题解析】由,得根据余弦定理 故.‎ ‎ 12.阅读如图所示的程序框图,运行相应的程序,输出的结果 .‎ ‎ 第12题图 ‎ ‎【测量目标】循环结构的程序框图.‎ ‎【考查方式】给出程序框图,通过输入、赋值、输出语句,得出满足条件的s.‎ ‎【难易程度】容易 ‎【参考答案】9‎ ‎【试题解析】程序在运行过程中各变量的值如下表示: ‎ 第一圈循环:当n=1时,得s=1,a=3.(步骤1) ‎ 第二圈循环: 当n=2时,得s=4,a=5 (步骤2)‎ 第三圈循环:当n=3时,得s=9,a=7 (步骤3) ‎ 此时n=3,不再循环,所以解s=9 . (步骤4) ‎ ‎13.回文数是指从左到右读与从右到左读都一样的正整数.如22,121,3443,94249等.显然2位回文数有9个:11,22,33,…,99.3位回文数有90个:101,111,121,…,191,202,…,999.则 ‎(Ⅰ)4位回文数有 个;‎ ‎(Ⅱ)位回文数有 个.‎ ‎【测量目标】排列、组合及其应用.‎ ‎【考查方式】根据回文数的定义求出4位回文数以及回文数的个数.‎ ‎【难易程度】较难 ‎【参考答案】(I)90;(II)‎ ‎【试题解析】(Ⅰ)4位回文数只用排列前面两位数字,后面数字就可以确定,但是第一位不能为0,有9(1~9)种情况,第二位有10(0~9)种情况,所以4位回文数有种,答案:90.‎ ‎ (Ⅱ)法一、由上面多组数据研究发现,2n+1位回文数和2n+2位回文数的个数相同,所以可以算出2n+2位回文数的个数.2n+2位回文数只用看前n+1位的排列情况,第一位不能为0有9种情况,后面n项每项有10种情况,所以个数为.‎ ‎ 法二、可以看出2位数有9个回文数,3位数90个回文数.计算四位数的回文数是可以看出在2位数的中间添加成对的“00,11,22,……‎99”‎,因此四位数的回文数有90个,按此规律推导,而当奇数位时,可以看成在偶数位的最中间添加0~9这十个数,因,则答案为.‎ ‎14.如图,双曲线的两顶点为虚轴两端点为两焦点为. 若以为直径的圆内切于菱形,切点分别为. 则 ‎ 第14题图 ‎ ‎(Ⅰ)双曲线的离心率 ;‎ ‎(Ⅱ)菱形的面积与矩形的面积的比值 .‎ ‎【测量目标】双曲线的标准方程、定义、离心率,以及一般平面几何图形的面积计算.‎ ‎【考查方式】给出了双曲线和平面几何图形的位置关系求出离心率,根据面积公式求出面积比.‎ ‎【难易程度】较难 ‎【参考答案】(I),(II)‎ ‎【试题解析】(Ⅰ)由于以为直径的圆内切于菱形,因此点到直线的距离为,又由于虚轴两端点为,因此的长为,那么在中,由三角形的面积公式知,(步骤1),又由双曲线中存在关系联立可得出,根据解出.(步骤2)‎ ‎(II)菱形的面积,设矩形,,‎ ‎∴(步骤3),∵,∴(步骤4)‎ ‎∴面积,∴(步骤5)‎ ‎∵∴(步骤6).‎ ‎(二)选考题(请考生在第15、16两题中任选一题作答,请先在答题卡指定位置将你所选的题目序号后的方框用2B铅笔涂黑. 如果全选,则按第15题作答结果计分.)‎ ‎15.(选修4-1:几何证明选讲)‎ 如图,点D在的弦AB上移动,,连接OD,过点D ‎ 作的垂线交于点C,则CD的最大值为 . ‎ ‎ 第15题图 ‎ ‎【测量目标】直线与圆的位置关系.‎ ‎【考查方式】根据直线与圆的位置关系,判断点D的位置从而求出线段最大值.‎ ‎【难易程度】容易 ‎【参考答案】2‎ ‎【试题解析】(由于,因此,线段OC长为定值,‎ 即需求解线段OD长度的最小值,根据弦中点到圆心的距离最短,此时D为AB的中点,点C与点B重合,因此 ‎16.(选修4-4:坐标系与参数方程)‎ 在直角坐标系xOy中,以原点O为极点,x轴的正半轴为极轴 建立极坐标系. 已知射线与曲线(t为参数)‎ 相交于A,B两点,则线段AB的中点的直角坐标为 .‎ ‎【测量目标】平面直角坐标与极坐标系下的曲线方程交点.‎ ‎【考查方式】给出了两曲线的极坐标方程,将它们化为一般方程并求出交点.‎ ‎【难易程度】中等 ‎【参考答案】‎ ‎【试题解析】‎ 在直角坐标系下的一般方程为,将参数方程(t为参数)转化为直角坐标系下的一般方程为表示一条抛物线(步 骤1),联立上面两个方程消去有,设两点及其中点的横坐标分别为(步骤2),则有韦达定理,又由于点点在直线上,因此的中点.(步骤3)‎ 三、解答题:本大题共6小题,共75分. 解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.‎ ‎17.(本小题满分12分)‎ 已知向量,,设函数的图象关于直线对称,其中,为常数,且. ‎ ‎(Ⅰ)求函数的最小正周期; ‎ ‎(Ⅱ)若的图象经过点,求函数在区间上的取值范围.‎ ‎【测量目标】平面向量的数量积运算,三角函数的变换及化简.‎ ‎【考查方式】求出函数解析式,根据三角变换求得最小正周期和在特定区间类函数的取值范围.‎ ‎【难易程度】容易 ‎【试题解析】(I)因为 ‎ (步骤1).由直线是图象的一条对称轴,可,所以,即又所以k=1,故,所以的最小正周期为.‎ ‎ (步骤2)‎ ‎ (II)由的图象过点,得,(步骤3)‎ ‎ 即即.‎ ‎ 故(步骤4)‎ ‎ 由有 ‎ 所以,得 ‎ 故函数在上的取值范围为.(步骤5)‎ ‎18.(本小题满分12分)‎ 已知等差数列前三项的和为,前三项的积为.‎ ‎(Ⅰ)求等差数列的通项公式;‎ ‎(Ⅱ)若,,成等比数列,求数列的前项和.‎ ‎【测量目标】等差数列的通项,前n项和.‎ ‎【考查方式】由等差数列的前三项和以及积的大小求出通项,由前三项成等比关系求出新数列的前n和.‎ ‎【难易程度】容易 ‎【试题解析】(I)设等差数列的公差为d,则,.‎ ‎ 有题意得解得或(步骤1)‎ ‎ 所以由等差数列通项公式可得 ‎ 或 ‎ 故或(步骤2)‎ ‎ (II)当时,分别为,不成等比数列.‎ ‎ 当时,分别为成等比数列,满足条件.‎ ‎ 故(步骤3)‎ ‎ 记数列的前n项和为.‎ ‎ 当n=1时,当n=2时,‎ ‎ 当n,‎ ‎ ‎ ‎ =当时,‎ ‎ 综上,.(步骤4)‎ ‎19.(本小题满分12分)‎ 如图1,,,过动点A作,垂足D在线段BC上且异于点B,连接AB,沿将△折起,使(如图2所示). ‎ ‎(Ⅰ)当的长为多少时,三棱锥的体积最大;‎ ‎(Ⅱ)当三棱锥的体积最大时,设点,分别为棱,的中点,试在 棱上确定一点,使得,并求与平面所成角的大小.‎ ‎ ‎ 图1 图2 ‎ ‎ 第19题图 ‎【测量目标】三棱锥的体积公式,均值不等式求最值,利用导数求函数的最值,空间直角坐标系的建立,平行与垂直关系的综合应用.‎ ‎【考查方式】给出了空间几何体的边、角等,通过均值不等式或者导数求出体积的最大值,利用空间向量或者垂直与平行关系求得线面角的大小.‎ ‎【难易程度】中等 ‎【试题解析】(I)解法1:在如图1所示的△ABC中,设BD=x,则.‎ 由知,△ADC为等腰直角三角形,所以AD=CD=3.(步骤1)由折起前平面BCD.又,所以于是 ‎ ‎ 当且仅当即当x=1时,等号成立,‎ 故当x=1,即BD=1时,三棱锥的体积最大.(步骤2)‎ 解法2:‎ 同解法1,得(步骤1)‎ 令由,解得x=1.‎ 当时,当时,.‎ 所以当x=1,取1得最大值.‎ 故当BD=1时,三棱锥的体积最大.(步骤2)‎ ‎ (II)解法1:以D为原点,建立如图a所示的空间直角坐标系.‎ 由(I)知,当三棱锥的体积最大时,.‎ 于是可得 且(步骤3)‎ 设.因为等价于,即 ‎,故(步骤4)‎ 所以当DN=(即N是CD的靠近点D的一个四等分点)时,.‎ 设平面的一个法向量为由,及 得可取.(步骤5)‎ 即EN与平面BMN所成角的大小.(步骤6)‎ 第19题图a ‎ 解法2:由(I)知,当三棱锥的体积最大时,(步骤3)‎ 如图b,取CD的中点F,连接,EF,则AD.‎ 由(I)知平面BCD,所以MF平面BCD.(步骤4)‎ 如图c,延长FE至P点使得FP=DB,连接BP,DP,则四边形DBPF为正方形,‎ 所以取DF得中点N,连接EN,又E为FP的中点,则DP,‎ 所以因为平面BCD,又EN面BCD,所以.‎ 又因为面BMF,所以ENBM..‎ 因为当且仅当而点F是唯一的,所以点N是唯一的.‎ 即当(即N是CD的靠近点D的一个四等分点),.‎ 连接MN,ME,由计算得NB=NM=EB=EM=,‎ 所以△NMB与△EMB是两个共底边的全等的等腰三角形,(步骤5)‎ 如图在平面EGN中,过点E作EH于H,‎ 则EH平面BMN.故是EN与平面BMN所成的角.‎ 在△EGN中,易得EG=GN=NE=,所以△EGN是正三角形,‎ 故即EN与平面BMN所成角的大小为.(步骤6)‎ ‎ 图b ‎ ‎ ‎ ‎ 图c 图d ‎ ‎ 第19题图 ‎20.(本小题满分12分)‎ 根据以往的经验,某工程施工期间的降水量X(单位:mm)对工期的影响如下表:‎ 降水量X 工期延误天数Y ‎0‎ ‎2‎ ‎6‎ ‎10‎ 历年气象资料表明,该工程施工期间降水量X小于300,700,900的概率分别为0.3,0.7,0.9. 求:‎ ‎(Ⅰ)工期延误天数的均值与方差; ‎ ‎(Ⅱ)在降水量X至少是的条件下,工期延误不超过6天的概率. ‎ ‎【测量目标】概率的加法公式与方差,条件概率.‎ ‎【考查方式】给出了降水量与工期延误的关系,根据概率的加法公式以及方差公式求出延误天数的均值与方差、条件概率.‎ ‎【难易程度】中等 ‎【试题解析】(I)由已知条件和概率的加法公式有:‎ ‎(步骤1)‎ 所以Y的分布列为:‎ ‎0‎ ‎2‎ ‎6‎ ‎10‎ ‎0.3‎ ‎0.4‎ ‎0.2‎ ‎0.1‎ 于是,‎ 故工期延误天数Y的均值为3,方差9.8.(步骤2)‎ ‎(II)由概率的加法公式,‎ 又.‎ 由条件概率,得 ‎.‎ 故在降水量X至少是300mm的条件下,工期延误不超过6天的概率是.(步骤3)‎ ‎21.(本小题满分13分)‎ 设是单位圆上的任意一点,l是过点A与x轴垂直的直线,D是直线l与x 轴的交点,点M在直线l上,且满足. 当点在圆上运动时,记点M的轨迹为曲线C.‎ ‎(Ⅰ)求曲线C的方程,判断曲线C为何种圆锥曲线,并求其焦点坐标; ‎ ‎(Ⅱ)过原点且斜率为的直线交曲线C于P,Q两点,其中P在第一象限,它在y轴上的射影为点N,直线QN交曲线C于另一点H. 是否存在m,使得对任意的 k>0,都有?若存在,求m的值;若不存在,请说明理由. ‎ ‎【测量目标】双曲线的标准方程,直线的方程,直线与双曲线的位置关系,双曲线中的定点问题.‎ ‎【考查方式】给出了圆的方程以及直线与圆的位置关系,从而判断轨迹为何种曲线,根据直线与方程的联立求出满足条件的点.‎ ‎【难易程度】较难 ‎【试题解析】(I)如图1,设则由 ‎ 可得所以 ①‎ 因为A点在单位圆上运动,所以 ②‎ 将①式代入②式即得所求曲线C的方程为,(步骤1)‎ 因为所以 当0<m<1时,曲线C是焦点在x轴上的椭圆,‎ 两焦点坐标分别为;(步骤2)‎ 当m>1时,曲线C是焦点在y轴上的椭圆,‎ 两焦点坐标分别为.(步骤3)‎ ‎(II)解法1:如图2、3设则 直线QN的方程为,将其代入椭圆C的方程并整理可得 依题意可知此方程的两根为于是由韦达定理可得 ‎,即(步骤4)‎ 因为点H在直线QN上,所以 于是.‎ 而等价于=‎ 即,又m>0,得,‎ 故存在,使得在其对应的椭圆上,对任意的,都有.(步骤5)‎ 第21题图1 ‎ 解法2:如图2、3,,设则 因为P,H两点在椭圆C上,所以,两式相减可得 ‎(步骤3)‎ 依题意,由点P在第一象限可知,点H也在第一象限,且P,H不重合,‎ 故,于是由③式可得 ‎.(步骤4)‎ 又Q,N,H三点共线,所以,即 于是由④式可得(步骤5)‎ 而等价于=,即=,又m>0,得m=.‎ 故存在m=,使得在其对应的椭圆上,对任意的k>0,都有.‎ ‎(步骤6)‎ ‎ 图2 图3 ‎ ‎ (0<m<1) (m>1)‎ ‎ 第21题图 ‎22.(本小题满分14分)‎ ‎(Ⅰ)已知函数其中r为有理数,且. 求的 最小值;‎ ‎(Ⅱ)试用(Ⅰ)的结果证明如下命题:‎ 设,为正有理数. 若,则 ‎(Ⅲ)请将(Ⅱ)中的命题推广到一般形式,并用数学归纳法证明你所推广的命题.‎ 注:当为正有理数时,有求导公式.‎ ‎【测量目标】利用导数求函数的单调区间及最值、解不等式问题,数学归纳法.‎ ‎【考查方式】给出函数解析式,求其导数从而求出函数的最值.给出了参数的范围,利用问题(I)的结论以及导数解决不等式的证明.在利用(II)的命题根据数学归纳法得到命题的一般形式进行推广.‎ ‎【难易程度】较难 ‎【试题解析】(I)令,解得x=1.‎ 当0<x<1时,所以f(x)在(0,1)内是减函数;‎ 当x>1时,>0,所以f(x)在(0,1)内是增函数.‎ 故函数在x=1处取得最小值(步骤1)‎ ‎(II)由(I)知,当时,有,即 若中有一个不为0,则成立(步骤2);‎ 若均不为0,又,可得,于是 在①中令可得 即,亦即.(步骤3)‎ 综上,对为正有理数且,总有.②‎ ‎(步骤3)‎ ‎(III) (II)中命题的推广形式为:‎ 设为非负实数,为正有理数.‎ 若则.(步骤4)③‎ 用数学归纳法证明如下:‎ ‎(1)当时,有③成立.(步骤5)‎ ‎(2)假设当时③成立,即若,非负实数,,为正有理数.且 则.‎ 当时,已知,非负实数,,为正有理数 且此时,即,(步骤6)于是 ‎,由归纳假设可得 从而(步骤7)‎ 又因由②得 ‎ =+,‎ 从而.(步骤7)‎ 故当时,③成立.‎ 由(1)(2)可知,对一切正整数,所推广的命题成立.‎ 说明:(III)中如果推广形式中指出③式对成立,则后续证明不需要讨论的情况(步骤8)‎