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  • 2021-05-14 发布

新课标2014高考物理一轮复习课时练25

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课时作业(二十五)‎ ‎             ‎ ‎1.如下图所示的示波管,当两偏转电极XX′、YY′电压为零时,电子枪发射的电子经加速电压加速后会打在荧光屏上的正中间(图示坐标为O点,其中x轴与XX′电场的场强方向平行,x轴正方向垂直于纸面指向纸内,y轴与YY′电场的场强方向平行).若要电子打在图示坐标的第Ⅲ象限,则 (  )‎ A.X、Y接电源的正极,X′、Y′接电源的负极 B.X、Y′接电源的正极,X′、Y接电源的负极 C.X′、Y接电源的正极,X、Y′接电源的负极 D.X′、Y′接电源的正极,X、Y接电源的负极 ‎[解析] 电子枪发射的带负电的电子在静电力作用下向第Ⅲ象限偏转,故Y′、X′是带正电的极板.故选项D正确.‎ ‎[答案] D ‎2.‎ 三个质量相等的小球,其中一个带正电荷,一个带负电荷,一个不带电荷,以相同初速度v0沿中央轴线进入水平放置的平行金属板间,最后分别打在正极板上的A、B、C处,如图所示,则 (  )‎ A.打在极板A处的小球带负电荷,打在极板B处的小球不带电,打在极板C处的小球带正电荷 B.三个小球在电场中的运动时间相等 C.三个小球在电场中运动时的加速度aA0,D正确.‎ ‎[答案] D ‎6.示波器是一种常见的电学仪器,可以在荧光屏上显示出被检测的电压随时间变化的情况.电子经电压u1加速后进入偏转电场.下列关于所加竖直偏转电压u2、水平偏转电压u3与荧光屏上所得的图形的说法中正确的是(  )‎ A.如果只在u2上加上(甲)图所示的电压,则在荧光屏上看到的图形如图(a)所示 B.如果只在u3上加上(乙)图所示的电压,则在荧光屏上看到的图形如图(b)所示 C.如果同时在u2和u3‎ 上加上(甲)、(乙)所示的电压,则在荧光屏上看到的图形如图(c)所示 D.如果同时在u2和u3上加上(甲)、(乙)所示的电压,则在荧光屏上看到的图形如图(d)所示 ‎[解析] 如果只在AB上加上题图(甲)所示的电压,电子将在竖直方向偏转,故A正确;如果只在CD上加上题图(乙)所示的电压,则电子将在水平方向上偏转,故B正确;如果同时在AB和CD上加上(甲)、(乙)所示的电压,则t=0时,向x轴负方向偏转位移最大,之后电子在竖直方向上,先向上偏再向下偏,在T内竖直方向电子振动一个周期,形成一个完整的波形,故C错误,D正确.‎ ‎[答案] ABD ‎7.‎ 如图所示,在等势面沿竖直方向的匀强电场中,一带负电的微粒以一定初速度射入电场,并沿直线AB运动,由此可知 (  )‎ A.电场中A点的电势低于B点的电势 B.微粒在A点时的动能大于在B点时的动能,在A点时的电势能小于在B点时的电势能 C.微粒在A点时的动能小于在B点时的动能,在A点时的电势能大于在B点时的电势能 D.微粒在A点时的动能与电势能之和等于在B点时的动能与电势能之和 ‎[解析] 带负电的微粒以一定初速度射入电场,并沿直线AB运动,其受到的静电力F只能垂直等势面水平向左,场强则水平向右,如图所示:所以电场中A点的电势高于B点的电势,A错;微粒从A向B运动,则合外力做负功,动能减小,静电力做负功,电势能增加,C错,B对;微粒的动能、重力势能、电势能三种能量的总和保持不变,所以D错.‎ ‎[答案] B ‎8.如图(甲)所示,两平行金属板竖直放置,左极板接地,中间有小孔,右极板电势随时间变化的规律如图(乙)所示,电子原来静止在左极板小孔处,不计电子的重力,下列说法正确的是 (  )‎ A.从t=0时刻释放电子,电子始终向右运动,直到打到右极板上 B.从t=0时刻释放电子,电子可能在两板间振动 C.从t=T/4时刻释放电子,电子可能在两板间振动,也可能打到右极板上 D.从t=3T/8时刻释放电子,电子必将打到左极板上 ‎[解析] 若t=0时刻解释电子,电子将重复先加速后减速,直到打到右极板,不会在两板间振动,所以A正确,B错误;若从t=T/4时刻释放电子,电子先加速T/4,再减速T/4,有可能电子已达到右极板,若此时未达到右极板,则电子将在两极板间振动,所以C正确;同理,若从t=3T/8时刻释放电子,电子有可能达到右极板,也有可能从左极板射出,这取决于两板间的距离,所以D错误.‎ ‎[答案] AC ‎9.如下图所示,质量为m的带电滑块,沿绝缘斜面匀速下滑.当带电滑块滑到有着理想边界的方向竖直向下的匀强电场区域时,滑块的运动状态为(静电力小于重力) (  )‎ A.将减速下滑 B.将加速下滑 C.将继续匀速下滑 D.上述三种情况都有可能发生 ‎[解析] 滑块未进入电场区域时,匀速下滑,‎ mgsinθ=μmgcosθ,得sinθ=μcosθ;‎ 滑块进入电场区域后,将受到竖直方向上的静电力qE,若滑块带正电,有 ‎(mg+qE)sinθ=μ(mg+qE)cosθ,‎ 若滑块带负电,有(mg-qE)sinθ=μ(mg-qE)cosθ,所以C正确.‎ ‎[答案] C ‎10.如图所示,光滑的水平轨道AB,与半径为R的光滑的半圆轨道BCD相切于B点,AB水平轨道部分存在水平向右的匀强电场,半圆形轨道在竖直平面内,B为最低点,D为最高点.一质量为m带正电的小球从距B点x的位置在静电力的作用下由静止开始沿AB向右运动,恰能通过最高点,则 (  )‎ A.R越大,x越大 B.R越大,小球经过B点后瞬间对轨道的压力越大 C.m越大,x越大 D.m与R同时增大,静电力做功增大 ‎[解析] 小球在BCD部分做圆周运动,在D点mg=m,小球由B到D的过程中有:-2mgR=mv-mv,vB=,R越大,B点速度越大,则x越大,A正确;在B点有:FN-mg=m,FN=6mg,B错;由Eqx=mv,知m越大,B点的动能越大,x越大,静电力做功越多,C、D正确.‎ ‎[答案] ACD ‎11.‎ 如右图所示,板长L=‎4 cm的平行板电容器,板间距离d=‎3 cm,板与水平线夹角α=37°,两板所加电压为U=100 V,有一带负电液滴,带电荷量为q=3×10-‎10 C,以v0=‎1 m/s的水平速度自A板边缘水平进入电场,在电场中仍沿水平方向并恰好从B板边缘水平飞出.g取‎10 m/s2,求:‎ ‎(1)液滴的质量;‎ ‎(2)液滴飞出时的速度.‎ ‎[解析] 由于带电液滴所受重力方向竖直向下,所受静电力方向只能垂直两板向上,其合力方向水平向右,做匀加速运动.‎ ‎(1)竖直方向:qcos37°=mg 解得m=8×10-8 kg ‎(2)解法一:水平方向:qsin37°=ma 解得a=gtan37°=g 设液滴在平行板中飞行距离为s,则s==‎‎0.05 m 又由v2-v=2as得v=≈‎1.32 m/s 解法二:液滴受到的合力F合=mgtan37°‎ 由动能定理得F合s=mv2-mv 解得v≈‎1.32 m/s ‎[答案] (1)8×10-‎8 kg (2)‎1.32 m/s ‎12.(2013·陕西长安一中期中)从阴极K发射的电子(电荷量为e=1.60×10-‎19 C,质量约为m=1×10-‎30 Kg), 经电势差U0=5000 V的阳极加速后,沿平行于板面的方向从中央射入两块长L1=‎10 cm、间距d=‎4 cm的平行金属板A、B之间,在离金属板边缘L2=‎75 cm处放置一个直径D=‎20 cm、带有记录纸的圆筒.整个装置放在真空内,电子发射的初速度不计.若在两金属板上加以U2=1000cos2πt V的交变电压,并使圆筒绕中心轴如图所示方向以n=2 r/s匀速转动,‎ 试求:(1)电子进入偏转电场的初速度v0.‎ ‎(2)电子在纸筒上的最大偏转距离.‎ ‎(3)确定电子在记录纸上的轨迹形状并画出1 s内所记录到的图形.‎ ‎[解析] (1)对电子的加速过程,由动能定理得:‎ eU0=mv 得电子加速后的速度:v0= =4.0×‎107 m/s ‎(2)电子进入偏转电场后,由于在其中运动的时间极短,可以忽略运动期间偏转电压的变化,认为电场是稳定的,因此 电子做类平抛的运动.如右图所示.‎ 交流电压在A、B两板间产生的电场强度 E==2.5×104cos2πt V/m 电子飞离金属板时的偏转距离 y1=at= =‎‎0.0125 m 电子飞离金属板时的竖直速度 vy=at1= 电子从飞离金属板到到达圆筒时的偏转距离 y2=vyt2== 所以在纸筒上的落点对入射方向的总偏转距离为 ym=y1+y2=(+L2)=(+L2)=‎‎0.20 m ‎(3)yt=0.2cos2πt m 可见,在记录纸上的点在竖直方向上以振幅‎0.20 m、周期T=1 s做简谐运动.因为圆筒每秒转2周,故转一周在纸上留下的是前半个余弦图形,接着的一周中,留下后半个图形,合起来1 s内,记录在纸上的图形如右图所示.‎ ‎[答案] (1)4.0×‎107 m/s (2)‎0.20 m (3)见解析