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  • 2021-05-14 发布

高考山东卷理科数学解析版

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‎2011年高考山东卷理科数学解析版 第Ⅰ卷(共60分)‎ 一、选择题:本大题共l0小题.每小题5分,共50分在每小题给出的四个选项中,只 有一项是满足题目要求的.‎ ‎【解析】因为,故复数z对应点在第四象限,选D.‎ ‎3.若点(a,9)在函数的图象上,则tan=的值为 ‎(A)0 (B) (C) 1 (D) ‎ ‎【答案】D ‎【解析】由题意知:9=,解得=2,所以,故选D.‎ ‎5. 对于函数,“的图象关于y轴对称”是“=是奇函数”的 ‎(A)充分而不必要条件 (B)必要而不充分条件 ‎ ‎(C)充要条件 (D)既不充分也不必要 ‎【答案】C ‎【解析】由奇函数定义,容易得选项C正确.‎ ‎6.若函数 (ω>0)在区间上单调递增,在区间上单调递减,则ω=‎ ‎(A)3 (B)2 (C) (D)‎ ‎【答案】C ‎【解析】由题意知,函数在处取得最大值1,所以1=sin,故选C.‎ ‎7. 某产品的广告费用x与销售额y的统计数据如下表 广告费用(万元)‎ ‎4‎ ‎2‎ ‎3‎ ‎5‎ 销售额(万元)‎ ‎49‎ ‎26‎ ‎39‎ ‎54‎ ‎ 根据上表可得回归方程中的为9.4,据此模型预报广告费用为6万元时销售额为 ‎(A)63.6万元 (B)65.5万元 (C)67.7万元 (D)72.0万元 ‎【答案】B ‎【解析】由表可计算,,因为点在回归直线上,且为9.4,所以, 解得,故回归方程为, 令x=6得65.5,选B.‎ ‎8.已知双曲线的两条渐近线均和圆C:相切,且双曲线的右焦点为圆C的圆心,则该双曲线的方程为 ‎(A) (B) (C) (D) ‎ ‎【答案】A ‎【解析】由圆C:得:,因为双曲线的右焦点为圆C的圆心(3,0),所以c=3,又双曲线的两条渐近线均和圆C相切,所以,即,又因为c=3,所以b=2,即,所以该双曲线的方程为,故选A.‎ ‎9. 函数的图象大致是 ‎【答案】C ‎【解析】因为,所以令,得,此时原函数是增函数;令,得,此时原函数是减函数,结合余弦函数图象,可得选C正确.‎ ‎10. 已知是上最小正周期为2的周期函数,且当时,,则函数的图象在区间[0,6]上与轴的交点的个数为 ‎(A)6 (B)7 (C)8 (D)9‎ ‎【答案】A ‎【解析】因为当时, ,又因为是上最小正周期为2的周期函数,且,所以,又因为,所以,,故函数的图象在区间[0,6]上与轴的交点的个数为6个,选A.‎ ‎11.下图是长和宽分别相等的两个矩形.给定下列三个命题:①存在三棱柱,其正(主)视图、俯视图如下图;②存在四棱柱,其正(主)视图、俯视图如下图;③存在圆柱,其正(主)视图、俯视图如下图.其中真命题的个数是 ‎ (A)3 (B)2 (C)1 (D)0‎ ‎【答案】A ‎【解析】对于①,可以是放倒的三棱柱;容易判断②③可以.‎ ‎12.设,,,是平面直角坐标系中两两不同的四点,若 (λ∈R),(μ∈R),且,则称,调和分割, ,已知点C(c,o),D(d,O) (c,d∈R)调和分割点A(0,0),B(1,0),则下面说法正确的是 ‎(A)C可能是线段AB的中点 ‎ ‎(B)D可能是线段AB的中点 ‎(C)C,D可能同时在线段AB上 ‎ ‎(D) C,D不可能同时在线段AB的延长线上 ‎【答案】D ‎【解析】由 (λ∈R),(μ∈R)知:四点,,,在同一条直线上,‎ 因为C,D调和分割点A,B,所以A,B,C,D四点在同一直线上,且, 故选D.‎ 二、填空题:本大题共4小题,每小题4分,共16分.‎ ‎13.执行右图所示的程序框图,输入l=2,m=3,n=5,‎ 则输出的y的值是 .‎ ‎【答案】68‎ ‎【解析】由输入l=2,m=3,n=5,计算得出y=278,第一次得新的y=173;第二次得新的y=68<105,输出y.‎ ‎14. 若展开式的常数项为60,则常数的值为 .‎ ‎【答案】4‎ ‎【解析】因为,所以r=2, 常数项为60,解得.‎ ‎15. 设函数,观察:‎ 根据以上事实,由归纳推理可得:‎ 当且时, .‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】观察知:四个等式等号右边的分母为,即,所以归纳出分母为的分母为,故当且时,.‎ ‎16.已知函数=当2<a<3<b<4时,函数的零点 .‎ ‎【答案】5‎ ‎【解析】方程=0的根为,即函数的图象与函数的交点横坐标为,且,结合图象,因为当时,,此时对应直线上的点的横坐标;当时, 对数函数的图象上点的横坐标,直线的图象上点的横坐标,故所求的.‎ 三、解答题:本大题共6小题,共74分.‎ ‎17.(本小题满分12分)‎ 在ABC中,内角A,B,C的对边分别为a,b,c.已知.‎ (I) 求的值;‎ (II) 若cosB=,,求的面积.‎ ‎【解析】(Ⅰ)由正弦定理得所以=,即,即有,即,所以=2.‎ ‎(Ⅱ)由(Ⅰ)知: =2,即c=‎2a,又因为,所以由余弦定理得:‎ ‎,即,解得,所以c=2,又因为cosB=,所以sinB=,故的面积为=.‎ ‎18.(本小题满分12分)‎ 红队队员甲、乙、丙与蓝队队员A、B、C进行围棋比赛,甲对A,乙对B,丙对C各一盘,已知甲胜A,乙胜B,丙胜C的概率分别为0.6,0.5,0.5,假设各盘比赛结果相互独立。‎ ‎(Ⅰ)求红队至少两名队员获胜的概率;‎ ‎(Ⅱ)用表示红队队员获胜的总盘数,求的分布列和数学期望.‎ ‎【解析】(Ⅰ)红队至少两名队员获胜的概率为=0.55.‎ ‎(Ⅱ)取的可能结果为0,1,2,3,则 ‎=0.1;‎ ‎++=0.35;‎ ‎=0.4;‎ ‎=0.15.‎ 所以的分布列为 ‎0‎ ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ P ‎0.1‎ ‎0.35‎ ‎0.4‎ ‎0.15‎ 数学期望=0×0.1+1×0.35+2×0.4+3×0. 15=1.6.‎ ‎19.(本小题满分12分)‎ 在如图所示的几何体中,四边形ABCD为平行四边形,∠ ACB=,EA⊥平面ABCD,EF∥AB,FG∥BC,EG∥AC.AB=2EF.‎ ‎(Ⅰ)若M是线段AD的中点,求证:GM∥平面ABFE;‎ ‎(Ⅱ)若AC=BC=2AE,求二面角A-BF-C的大小.‎ ‎【解析】(Ⅰ)连结AF,因为EF∥AB,FG∥BC,‎ EF∩FG=F,所以平面EFG∥平面ABCD,又易证∽,‎ 所以,即,即,又M为AD 的中点,所以,又因为FG∥BC∥AD,所以FG∥AM,所以四边形AMGF是平行四边形,故GM∥FA,又因为GM平面ABFE,FA平面ABFE,所以GM∥平面ABFE.‎ ‎(Ⅱ)取AB的中点O,连结CO,因为AC=BC,所以CO⊥AB,‎ 又因为EA⊥平面ABCD,CO平面ABCD,所以EA⊥CO,‎ 又EA∩AB=A,所以CO⊥平面ABFE,在平面ABEF内,过点O作OH⊥BF于H,连结CH,由三垂线定理知: CH⊥BF,所以为二面角A-BF-C的平面角.‎ 设AB=2EF=,因为∠ ACB=,AC=BC=,CO=,,连结FO,容易证得FO∥EA且,所以,所以OH==,所以在中,tan∠ CHO=,故∠ CHO=,所以二面角A-BF-C的大小为.‎ ‎20.(本小题满分12分)‎ 等比数列中,分别是下表第一、二、三行中的某一个数,且中的任何两个数不在下表的同一列.‎ 第一列 第二列 第三列 第一行 ‎3‎ ‎2‎ ‎10‎ 第二行 ‎6‎ ‎4‎ ‎14‎ 第三行 ‎9‎ ‎8‎ ‎18‎ ‎(Ⅰ)求数列的通项公式;‎ ‎(Ⅱ)若数列满足:,求数列的前项和.‎ ‎【解析】(Ⅰ)由题意知,因为是等比数列,所以公比为3,所以数列的通项公式.‎ ‎(Ⅱ)因为=, 所以 ‎=-=-‎ ‎=‎ ‎-,所以=-=-.‎ ‎21.(本小题满分12分)‎ 某企业拟建造如图所示的容器(不计厚度,长度单位:米),其中容器的中间为圆柱形,左右两端均为半球形,按照设计要求容器的体积为立方米,且.假设该容器的建造费用仅与其表面积有关.已知圆柱形部分每平方米建造费用为3千元,半球形部分每平方米建造费用为.设该容器的建造费用为千元.‎ ‎(Ⅰ)写出关于的函数表达式,并求该函数的定义域;‎ ‎(Ⅱ)求该容器的建造费用最小时的.‎ ‎【解析】(Ⅰ)因为容器的体积为立方米,所以,解得,所以圆柱的侧面积为=,两端两个半球的表面积之和为,所以+,定义域为(0,).‎ ‎(Ⅱ)因为+=,所以令得:; 令得:,所以米时, 该容器的建造费用最小.‎ ‎22.(本小题满分14分)‎ 已知动直线与椭圆C: 交于P、Q两不同点,且△OPQ的面积=,其中O为坐标原点.‎ ‎(Ⅰ)证明和均为定值;‎ ‎(Ⅱ)设线段PQ的中点为M,求的最大值;‎ ‎(Ⅲ)椭圆C上是否存在点D,E,G,使得?若存在,判断△DEG的形状;若不存在,请说明理由.‎ ‎【解析】(参考标准答案)‎