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- 2021-05-14 发布
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2013年普通高等学校夏季招生全国统一考试数学
文史类(天津卷)
一、选择题:在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
1.(2013天津,文1)已知集合A={x∈R||x|≤2},B={x∈R|x≤1},则A∩B=( ).
A.(-∞,2] B.[1,2]
C.[-2,2] D.[-2,1]
答案:D
解析:解不等式|x|≤2,得-2≤x≤2,即A={x|-2≤x≤2},A∩B={x|-2≤x≤1},故选D.
2.(2013天津,文2)设变量x,y满足约束条件则目标函数z=y-2x的最小值为( ).
A.-7 B.-4
C.1 D.2
答案:A
解析:作约束条件所表示的可行域,如图所示,z=y-2x可化为y=2x+z,z表示直线在y轴上的截距,截距越大z越大,作直线l0:y=2x,平移l0,当l0过点A(5,3)时,z取最小值,且为-7,选A.
3.(2013天津,文3)阅读下边的程序框图,运行相应的程序,则输出n的值为( ).
A.7 B.6
C.5 D.4
答案:D
解析:由程序框图可知,n=1时,S=-1;n=2时,S=1;n=3时,S=-2;n=4时,S=2≥2,输出n的值为4,故选D.
4.(2013天津,文4)设a,b∈R,则“(a-b)·a2<0”是“a<b”的( ).
A.充分而不必要条件
B.必要而不充分条件
C.充要条件
D.既不充分也不必要条件
答案:A
解析:因为a2≥0,而(a-b)a2<0,所以a-b<0,即a<b;由a<b,a2≥0,得到(a-b)a2≤0可以为0,所以“(a-b)a2<0”是“a<b”的充分而不必要条件.
5.(2013天津,文5)已知过点P(2,2)的直线与圆(x-1)2+y2=5相切,且与直线ax-y+1=0垂直,则a=( ).
A. B.1 C.2 D.
答案:C
解析:由题意知点P(2,2)在圆(x-1)2+y2=5上,设切线的斜率为k,则=-1,解得,直线ax-y+1=0的斜率为a,其与切线垂直,所以=-1,解得a=2,故选C.
6.(2013天津,文6)函数在区间上的最小值为( ).
A.-1 B. C. D.0
答案:B
解析:因为x∈,所以,当,即x=0时,f(x)取得最小值.
7.(2013天津,文7)已知函数f(x)是定义在R上的偶函数,且在区间[0,+∞)上单调递增.若实数a满足f(log2a)+≤2f(1),则a的取值范围是( ).
A.[1,2] B.
C. D.(0,2]
答案:C
解析:因为=-log2a,所以f(log2a)+=f(log2a)+f(-log2a)=2f(log2a),原不等式变为2f(log2a)≤2f(1),即f(log2a)≤f(1).
又因为f(x)是定义在R上的偶函数,且在[0,+∞)上递增,
所以|log2a|≤1,即-1≤log2a≤1,
解得≤a≤2,故选C.
8.(2013天津,文8)设函数f(x)=ex+x-2,g(x)=ln x+x2-3.若实数a,b满足f(a)=0,g(b)=0,则( ).
A.g(a)<0<f(b) B.f(b)<0<g(a)
C.0<g(a)<f(b) D.f(b)<g(a)<0
答案:A
解析:由f(a)=ea+a-2=0得0<a<1.
由g(b)=ln b+b2-3=0得1<b<2.
因为g(a)=ln a+a2-3<0,
f(b)=eb+b-2>0,
所以f(b)>0>g(a),故选A.
第Ⅱ卷
注意事项:
1.用黑色墨水的钢笔或签字笔将答案写在答题卡上.
2.本卷共12小题,共110分.
二、填空题:本大题共6小题,每小题5分,共30分.
9.(2013天津,文9)i是虚数单位,复数(3+i)(1-2i)=__________.
答案:5-5i
解析:(3+i)(1-2i)=3-6i+i-2i2=5-5i.
10.(2013天津,文10)已知一个正方体的所有顶点在一个球面上.若球的体积为,则正方体的棱长为__________.
答案:
解析:由题意知,.设正方体的棱长为a,则=2R,a=,所以正方体的棱长为.
11.(2013天津,文11)已知抛物线y2=8x的准线过双曲线(a>0,b>0)的一个焦点,且双曲线的离心率为2,则该双曲线的方程为__________.
答案
解析:抛物线y2=8x的准线为x=-2,则双曲线的一个焦点为(-2,0),即c=2,离心率e==2,故a=1,由a2+b2=c2得b2=3,所以双曲线的方程为.
12.(2013天津,文12)在平行四边形ABCD中,AD=1,∠BAD=60°,E为CD的中点.若·=1,则AB的长为__________.
答案:
解析:取平面的一组基底{,},则
=+,=+=+,
·=(+)·=||2+||2+·=||2+||+1=1,解方程得||=(舍去||=0),所以线段AB的长为.
13.(2013天津,文13)如图,在圆内接梯形ABCD中,AB∥DC.过点A作圆的切线与CB的延长线交于点
E.若AB=AD=5,BE=4,则弦BD的长为__________.
答案:
解析:因为在圆内接梯形ABCD中,AB∥DC,所以AD=BC,∠BAD+∠BCD=180°,∠ABE=∠BCD.
所以∠BAD+∠ABE=180°.
又因为AE为圆的切线,
所以AE2=BE·EC=4×9=36,故AE=6.
在△ABE中,由余弦定理得
cos∠ABE=,
cos∠BAD=cos(180°-∠ABE)=-cos∠ABE=,
在△ABD中,BD2=AB2+AD2-2AB·AD·cos∠BAD=,所以BD=.
14.(2013天津,文14)设a+b=2,b>0,则的最小值为__________.
答案:
解析:因为a+b=2,
所以=1,
=≥,,当且仅当b=2|a|时,等号成立.
当a>0时,,故;
当a<0时,,.
综上可得最小值为.
三、解答题:本大题共6小题,共80分.解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤.
15.(2013天津,文15)(本小题满分13分)某产品的三个质量指标分别为x,y,z,用综合指标S=x+y+z评价该产品的等级.若S≤4,则该产品为一等品.现从一批该产品中,随机抽取10件产品作为样本,其质量指标列表如下:
产品编号
A1
A2
A3
A4
A5
质量指标
(x,y,z)
(1,1,2)
(2,1,1)
(2,2,2)
(1,1,1)
(1,2,1)
产品编号
A6
A7
A8
A9
A10
质量指标
(x,y,z)
(1,2,2)
(2,1,1)
(2,2,1)
(1,1,1)
(2,1,2)
(1)利用上表提供的样本数据估计该批产品的一等品率;
(2)在该样本的一等品中,随机抽取2件产品,
①用产品编号列出所有可能的结果;
②设事件B为“在取出的2件产品中,每件产品的综合指标S都等于4”,求事件B发生的概率.
解:(1)计算10件产品的综合指标S,如下表:
产品编号
A1
A2
A3
A4
A5
A6
A7
A8
A9
A10
S
4
4
6
3
4
5
4
5
3
5
其中S≤4的有A1,A2,A4,A5,A7,A9,共6件,故该样本的一等品率为=0.6,从而可估计该批产品的一等品率为0.6.
(2)①在该样本的一等品中,随机抽取2件产品的所有可能结果为{A1,A2},{A1,A4},{A1,A5},{A1,A7},{A1,A9},{A2,A4},{A2,A5},{A2,A7},{A2,A9},{A4,A5},{A4,A7},{A4,A9},{A5,A7},{A5,A9},{A7,A9},共15种.
②在该样本的一等品中,综合指标S等于4的产品编号分别为A1,A2,A5,A7,则事件B发生的所有可能结果为{A1,A2},{A1,A5},{A1,A7},{A2,A5},{A2,A7},{A5,A7},共6种.所以P(B)=.
16.(2013天津,文16)(本小题满分13分)在△ABC中,内角A,B,C所对的边分别是a,b,c.已知bsin A=3csin B,a=3,cos B=.
(1)求b的值;
(2)求的值.
解:(1)在△ABC中,由,可得bsin A=asin B,又由bsin A=3csin B,可得a=3c,
又a=3,故c=1.
由b2=a2+c2-2accos B,,可得.
(2)由,得sin B=,进而得
cos 2B=2cos2B-1=,sin 2B=2sin Bcos B=.
所以=.
17.(2013天津,文17)(本小题满分13分)如图,三棱柱ABC-A1B1C1中,侧棱A1A⊥底面ABC,且各棱长均相等,D,E,F分别为棱AB,BC,A1C1的中点.
(1)证明EF∥平面A1CD;
(2)证明平面A1CD⊥平面A1ABB1;
(3)求直线BC与平面A1CD所成角的正弦值.
(1)证明:如图,在三棱柱ABC-A1B1C1中,AC∥A1C1,且AC=A1C1,连接ED,在△ABC中,因为D,E分别为AB,BC的中点,
所以DE=且DE∥AC,
又因为F为A1C1的中点,可得A1F=DE,且A1F∥DE,即四边形A1DEF为平行四边形,
所以EF∥DA1.
又EF⊄平面A1CD,DA1⊂平面A1CD,
所以EF∥平面A1CD.
(2)证明:由于底面ABC是正三角形,D为AB的中点,故CD⊥AB,
又由于侧棱A1A⊥底面ABC,CD⊂平面ABC,
所以A1A⊥CD,
又A1A∩AB=A,
因此CD⊥平面A1ABB1,而CD⊂平面A1CD,
所以平面A1CD⊥平面A1ABB1.
(3)解:在平面A1ABB1内,过点B作BG⊥A1D交直线A1D于点G,连接CG.
由于平面A1CD⊥平面A1ABB1,而直线A1D是平面A1CD与平面A1ABB1的交线,
故BG⊥平面A1CD.
由此得∠BCG为直线BC与平面A1CD所成的角.
设棱长为a,可得A1D=,
由△A1AD∽△BGD,易得BG=.
在Rt△BGC中,sin∠BCG=.
所以直线BC与平面A1CD所成角的正弦值为.
18.(2013天津,文18)(本小题满分13分)设椭圆(a>b>0)的左焦点为F,离心率为,过点F且与x轴垂直的直线被椭圆截得的线段长为.
(1)求椭圆的方程;
(2)设A,B分别为椭圆的左、右顶点,过点F且斜率为k的直线与椭圆交于C,D两点.若·+·=8,求k的值.
解:(1)设F(-c,0),由,知.
过点F且与x轴垂直的直线为x=-c,代入椭圆方程有,解得,
于是,解得b=,
又a2-c2=b2,从而a=,c=1,
所以椭圆的方程为.
(2)设点C(x1,y1),D(x2,y2),由F(-1,0)得直线CD的方程为y=k(x+1),
由方程组消去y,整理得(2+3k2)x2+6k2x+3k2-6=0.
求解可得x1+x2=,x1x2=.
因为A(,0),B(,0),
所以·+·
=(x1+,y1)·(-x2,-y2)+(x2+,y2)·(-x1,-y1)
=6-2x1x2-2y1y2
=6-2x1x2-2k2(x1+1)(x2+1)
=6-(2+2k2)x1x2-2k2(x1+x2)-2k2
=.
由已知得=8,
解得k=.
19.(2013天津,文19)(本小题满分14分)已知首项为的等比数列{an}的前n项和为Sn(n∈N*),且-2S2,S3,4S4成等差数列.
(1)求数列{an}的通项公式;
(2)证明(n∈N*).
(1)解:设等比数列{an}的公比为q,因为-2S2,S3,4S4成等差数列,
所以S3+2S2=4S4-S3,即S4-S3=S2-S4,可得2a4=-a3,于是.
又a1=,所以等比数列{an}的通项公式为.
(2)证明,
当n为奇数时,随n的增大而减小,所以.
当n为偶数时,随n的增大而减小,所以.
故对于n∈N*,有.
20.(2013天津,文20)(本小题满分14分)设a∈[-2,0],已知函数
(1)证明f(x)在区间(-1,1)内单调递减,在区间(1,+∞)内单调递增;
(2)设曲线y=f(x)在点Pi(xi,f(xi))(i=1,2,3)处的切线相互平行,且x1x2x3≠0.证明x1+x2+x3>.
证明:(1)设函数f1(x)=x3-(a+5)x(x≤0),f2(x)=(x≥0),
①f1′(x)=3x2-(a+5),由a∈[-2,0],从而当-1<x<0时,f1′(x)=3x2-(a+5)<3-a-5≤0,所以函数f1(x)在区间(-1,0]内单调递减.
②f2′(x)=3x2-(a+3)x+a=(3x-a)(x-1),由于a∈[-2,0],所以当0<x<1时,f2′(x)<0;当x>1时,f2′(x)>0.即函数f2(x)在区间[0,1)内单调递减,在区间(1,+∞)内单调递增.
综合①,②及f1(0)=f2(0),可知函数f(x)在区间(-1,1)内单调递减,在区间(1,+∞)内单调递增.
(2)由(1)知f′(x)在区间(-∞,0)内单调递减,在区间内单调递减,在区间内单调递增.
因为曲线y=f(x)在点Pi(xi,f(xi))(i=1,2,3)处的切线相互平行,从而x1,x2,x3互不相等,且f′(x1)=f′(x2)=f′(x3).不妨设x1<0<x2<x3,由-(a+5)=-(a+3)x2+a=-(a+3)x3+a,
可得-(a+3)(x2-x3)=0,解得x2+x3=,从而0<x2<<x3.
设g(x)=3x2-(a+3)x+a,则<g(x2)<g(0)=a.
由-(a+5)=g(x2)<a,解得<x1<0,
所以x1+x2+x3>,
设t=,则a=,
因为a∈[-2,0],所以t∈,
故x1+x2+x3>,即x1+x2+x3>.