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- 2021-05-24 发布
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信阳一高2020年高考物理一轮复习限时过关练:选修3-25.5电能的输送(解析版)
1.远距离输电中,升压变压器、降压变压器均为理想变压器。由于用户区用电量的增多,发电厂的输出功率增大为原来的2倍,下列说法正确的是( )
A.输电导线损失的功率大于原来的4倍
B.输电导线损失的功率小于原来的4倍
C.用户得到的功率小于原来的2倍
D.用户得到的功率大于原来的2倍
2.如图所示,为了减少输电线路中的电能损耗,电厂发出的交流电经变电所升为 的高压后再远距离输电,后经过匝数比为100:1的理想变压器将电压降压后供居民用电,若输电线的电阻=10Ω,则( )
A.降压变压器输出电压为220V
B.降压变压器输出电压的频率低于50Hz
C.降压变压器原线圈的导线比副线圈的要粗
D.降压变压器输出电流为输入电流的100倍
3.远距离输电采用高压输电的主要原因是
A.为了加快输送电能的速度 B.为了使用户得到高压电
C.为了使输电过程更加安全 D.为了减少输电线路上电能的损失
4.高压输电过程中,输电电压为U,输电功率为P,输电导线上电阻为R,则下列说法中错误的是
A.损失功率为 B.输电导线上的电流为
C.电压损失为 D.用户得到的功率为
5.小型发电机,输出功率25kW,发电机的输出电压为U=350V,输电线总电阻为r
=4Ω。为了使输电线上损失的功率为发电机输出功率的5%,须采用高压输电。设用户所需电压为220 V,则下列判断正确的是
A.升压变压器原副线圈匝数比约为1:6
B.降压变压器原副线圈匝数比约为8:1
C.输电导线上的电压损失约为286 V
D.可供593盏“220 V,40 W”的白炽灯正常工作
6.现用220V和11KV两种电压来输电,如果输送的电功率、导线的材料和长度都相同,下列说法正确的是
A.若输电线上损失的功率相同,则对应的输电线直径之比为1:50
B.若输电线上损失的功率相同,则对应的输电线质量之比为2500:1
C.若输电线的直径相同,则对应的输电线上损失的功率之比为2500:1
D.若输电线的质量相同,则对应的输电线上损失的功率之比为1:50
7.在远距离输电时,输送的电功率为P,输电电压为U,所用导线电阻率为ρ,横截面积为S,总长度为L,输电线损耗的电功率为P′,用户得到的电功率为P用,则P′、P用的关系式正确的是( )
A. B.
C. D.
8.如图所示为某小型发电站高压输电示意图,变压器均为理想变压器,发电机输出功率恒定为48kW在输电线路上接入一个电流互感器,其原、副线圈的匝数比为1:20,电流表的示数为1A,输电线的总电阻为10Ω,下列说法正确的是( )
A.用户端的功率为44kw
B.升压变压器的输出电压U2=2400V
C.降压变压器的输入电压U3=2000V
D.如果用户电压为220V,则降压变压器的原副线圈匝数比为10:1
9.中国的特高压输电技术独步全球,有着重大的经济和社会效益。如图为远距离特高压输电的示意图,若电厂输出电压为,电流为I1=500A,在电能输送过程中,输送的电功率一定,输电线电阻一定,在输电线上发热损失的电功率P损,下列判断正确的是( )
A.P损与U3的平方成正比
B.U2I2=2.75×106W
C.I2<500A
D.用户得到的交流电频率为50Hz
10.远距离输电的简化电路如图所示,发电厂的输出电压是%两条输电线输电的等效总电阻为r,输电线路中的电流是I1,其末端间的电压为U1,在输电线与用户间连有一理想降压变压器,其原副线圈匝数比为,流入用户端的电流是下列下列关系式正确的是
A.
B.
C.输电线路上损失的电功率为
D.理想变压器的输入功率为
11.发电厂的交流发电机输出电压恒为200V,输出功率为100kW。要将电能输送到远处的工厂。设计输电线上的功率损失为10%,输电线总电阻为100。求:
(1)输电线上的输电电流;
(2)输电所需升压变压器的匝数比(所用变压器看作理想变压器)。
12.某学校一套校内备用供电系统,由一台内阻为1Ω的发电机向全校22个教室(每个教室有“220V,40W”的白炽灯9盏)供电,如果输电线的总电阻R=4Ω,升压变压器和降压变压器(都认为是理想变压器)的匝数比分别是1:4和4:1,每个教室的白炽灯都正常发光,求:
(1)输电线的损失功率是多大?
(2)发电机的电动势是多大?
13.如图所示,某水电站发电机输出功率为200kW,发电机输出电压为400V,通过升压和降压变压器给用户供电,升压变压器原、副线圈的匝数比为n1:n2=1:5,两变压器之间输电线的总电阻为R=1Ω,降压变压器输出电压为U4=220V,求:
(1)升压变压器的输出电压U2
(2)输送电能的效率η
(3)降压变压器原、副线圈匝数比n3:n4
参考答案
1.C
【解析】
【详解】
AB.由于发电厂的输出功率增大,则升压变压器的输出功率增大为原来的2倍,又升压变压器的输出电压U2不变,根据P=UI可输电线上的电流I线增大为原来的2倍,根据P损=I2r可知:输电导线损失的功率等于原来的4倍,故AB错误;
CD.由于升压变压器的输出功率增大为原来的2倍,输电导线损失的功率等于原来的4倍,根据P用户=P输出-P损,故用户得到的功率小于原来的2倍,故C正确,D错误;
2.D
【解析】
【分析】
题考查变压器的变压规律,根据变压规律、电阻定律分析可得。
【详解】
A.电厂发出的交流电经变电所升为 ,故有效值为22000V,若不考虑输电线电阻,则降压器的输入电压为22000V,输出电压为22000×=220V,是输电线由电阻,故输出电压小于220V,A不符合题意;
B.电厂发出的交变电流的f==50Hz,变压器不改变交变电流的频率,降压变压器输出电压的频率等于50Hz,故B不符合题意;
C.降压变压器中副线圈的电流大于原线圈的电流,则副线圈导线比原线圈导线粗。故C不符合题意。
D.根据理想变压器可知,降压变压器输出电流为输入电流的100倍,故D符合题意。
故选:D。
【点睛】
当原线圈和副线圈都为一个时,电压规律:
输入电压决定输出电压;
电流规律:
输出电流决定输入电流;
理想变压器输出功率大小决定输入功率大小,二者功率相等,频率相同。
3.D
【解析】
【详解】
远距离输电中导线中有电能损失,根据P线=I2R线可知,减小输电电流可减小功率损失,而根据P=IU可知,在输送电功率一定时采用高压输电可减小输电电流,从而减少输电线路上电能的损失。
A.为了加快输送电能的速度,与结论不相符,选项A错误;
B.为了使用户得到高压电,与结论不相符,选项B错误;
C.为了使输电过程更加安全,与结论不相符,选项C错误;
D.为了减少输电线路上电能的损失,与结论不相符,选项D正确;
4.A
【解析】
【详解】
A.根据得,输电线路上的电流为:
则输电线上损耗的功率为:
故A错误,B正确;
C.根据部分电路欧姆定律得到:
故选项C正确;
D.根据能量守恒得到,用户得到的功率为:
故选项D正确。
5.D
【解析】
【详解】
A.通过升压变压器原线圈的电流为
I1==71.4A
输电电路上损失的功率至多为:
P线=P×5%=I22r
得输电线上的电流为:
I2≈17.7A
升压变压器原线圈与副线圏的匝数比为:
n1:n2 = I1:I2= 17.7:71.4 = 1:4
则A错误;
B.升压变压器的输出电压为
U2==1400V
流过降压变压器原线圈的电流为:
I3 =I2 =17.7 A
降压变压器原线圈两端的电压为:
U3=U2-I2r=1329V
已知降压变压器的输出电压,即用户电压U4=220V,所以降压变压器原线圈与负线圈的匝数比为:
n3:n4=U3:U4=1329:220=6:1
则B错误;
C.输电导线上的电压损失约为
△U=I2r=70.8V
则C错误;
D.设可安装的白炽灯为n盏,则灯消耗的功率也即降压变压器的输出功率为:
P4=nP灯
又对理想变压器有:
P4=P出-P线
n=593.75
所以取593,则D正确。
6.BC
【解析】
【详解】
AB.因为,则在输电线上损失的功率相同时,UD乘积为定值,即对应的输电线直径之比为11000:220=50:1,因导线的质量,则对应的输电线质量之比为2500:1,选项A错误,B正确;
C.由,若输电线的直径相同,则对应的输电线上损失的功率,则损失的功率之比为2500:1,选项C正确;
D.若输电线的质量相同,则对应的输电线截面积一定相同,导线的电阻也相同,由可知,损失的功率之比为2500:1,选项D错误。
7.AC
【解析】
【详解】
AB. 输电线电阻
输出电流
故输电线上损失的电功率为
故A项与题意相符,B项与题意不相符;
CD. 用户得到的电功率为
故C项与题意相符,D项与题意不相符。
8.ABD
【解析】
【分析】
考查高压输电、变压器的变压规律,根据相关规律计算可得。
【详解】
A. 根据电流互感器的匝数关系可求得输电线的电流为20A,用户端的功率48kw-202 10kw=44kw,
故A符合题意。
B.升压变压器的输出电压U2= 2400V,故B符合题意。
C.降压变压器的输入电压 U3=U2-2010V= 2200V ,故C不符合题意。
D.如果用户电压为220V,则降压变压器的原副线圈匝数比为电压之比 2200:220= 10:1 ,故D符合题意。
【点睛】
高压输电问题可以分解成三部分:电源部分、高压输电部分、用户电路,一般可先求出输电电流,再根据功率关系、变压器的变压规律求解,求匝数比时可以灵活选择电流关系或电压关系。
9.BCD
【解析】
【详解】
A.损失功率为:
故A项与题意不相符;
B.根据电厂输出电压为:
知
U1=5500V,I1=500A
根据功率相等知:
U1I1=U2I2=5500×500W=2.75×106W
故B项与题意相符;
C.理想变压器,根据
知I2<500A,故C项与题意相符;
D.根据电厂输出电压为:
知频率为50Hz,变压器不改变频率,故D项与题意相符。
10.BD
【解析】
【详解】
A.由于输电线与用户间连有一理想变压器,匝数与电流成反比,所以,故A错误;
B.输电线上损失的电压为U-U1=I1r,故B正确;
C.等效总电阻是r的两条输电线输电,输电线路中的电流是I1,所以输电线是损耗的功率是:P=I12r.故C错误;
D.理想变压器的输入功率为U1I1=UI1-I12r.故D正确;
11.(1)10 A;(2)1:50
【解析】
【详解】
(1)由题意知,输电线上损失功率为:
△P=P出×10%=10kW
又则
(2)发电机输出电流为
根据变压器原理得:输电所需升压变压器的匝数比
n1:n2=I2:I1=10:500=1:50
12.(1)324W(2)265V
【解析】
【详解】
(1)全校消耗的功率P用=22×40×9W=7920W
设线路电流为I线,输电电压为U2,降压变压器原线圈电压为U3
根据理想变压器电压比
因为U4=220V可得:U3=4×220V=880V
可得线路的电流为:
线路损失功率为:
(2)线路损失电压为:U损=I线R线=9×4V=36V
输送电压为:U送=U2=U损+U3=880V+36V=916V
根据理想变压器电压比
可得:U1=229V
由n1I1=n2I2
可得升压变压器原线圈电流:I1=4×9A=36A
发电机的电动势:E=I1r+U1=36+229=265V
13.(1)200V;(2)95%;(3)95:11
【解析】
【详解】
解:(1)由可得:
(2)输电线上的电流为:
输电线上损失的电功率为:
输送电能的效率:
(3)输电线上损失的电压为:
降压变压器的输入电压:
降压变压器原、副线圈匝数比: