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- 2021-05-26 发布
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基础课2 牛顿第二定律 两类动力学问题
知识排查
牛顿第二定律
1.内容
物体加速度的大小跟作用力成正比,跟物体的质量成反比。加速度的方向与作用力方向相同。
2.表达式:F=ma。
3.适用范围
(1)只适用于惯性参考系(相对地面静止或匀速直线运动的参考系)。
(2)只适用于宏观物体(相对于分子、原子)、低速运动(远小于光速)的情况。
单位制
1.单位制
由基本单位和导出单位一起组成了单位制。
2.基本单位
基本物理量的单位。力学中的基本量有三个,它们分别是质量、长度和时间,它们的国际单位分别是kg、m和s。
3.导出单位
由基本单位根据物理关系推导出来的其他物理量的单位。
两类动力学问题
1.动力学的两类基本问题
第一类:已知受力情况求物体的运动情况。
第二类:已知运动情况求物体的受力情况。
2.解决两类基本问题的方法
以加速度为“桥梁”,由运动学公式和牛顿第二定律列方程求解,具体逻辑关系如下
小题速练
1.思考判断
(1)对静止在光滑水平面上的物体施加一个水平力,当力刚作用瞬间,物体立即获得加速度。( )
(2)F=ma是矢量式,a的方向与F的方向相同,与速度方向无关。( )
(3)物理公式不仅确定了物理量之间的数量关系,同时也确定了物理量间的单位关系。( )
(4)物体所受合外力减小,加速度一定减小,速度也一定减小。( )
答案 (1)√ (2)√ (3)√ (4)×
2.(多选)下列哪些物理量的单位是导出单位( )
A.力的单位N B.压强的单位Pa
C.长度的单位m D.加速度的单位m/s2
答案 ABD
3.[人教版必修1·P86·例2改编]如图1所示,截面为直角三角形的木块置于粗糙的水平地面上,其倾角θ=30°,斜面长为7 m。现木块上有一质量为m=1.0 kg 的滑块从斜面顶端下滑,测得滑块在0.40 s内速度增加了1.4 m/s,且知滑块滑行过程中木块处于静止状态,重力加速度g取10 m/s2,求:
图1
(1)滑块滑行过程中受到的摩擦力大小;
(2)滑块滑到木块底部时的速度大小。
解析 (1)由题意可知,滑块滑行的加速度a== m/s2=3.5 m/s2。对滑块受力分析,如图所示,根据牛顿第二定律得mgsin θ-Ff=ma,解得Ff=1.5 N。
(2)根据v2=2ax得v= m/s=7 m/s
答案 (1)1.5 N (2)7 m/s
牛顿第二定律的理解和应用
1.牛顿第二定律的性质
2.合力、加速度、速度的关系
(1)物体的加速度由所受合力决定,与速度无必然联系。
(2)合力与速度夹角为锐角,物体加速;合力与速度夹角为钝角,物体减速。
(3)a=是加速度的定义式,a与v、Δv无直接关系;a=是加速度的决定式。
1.(多选)下列关于速度、加速度、合外力之间的关系,正确的是( )
A.物体的速度越大,则加速度越大,所受的合外力也越大
B.物体的速度为0,则加速度为0,所受的合外力也为0
C.物体的速度为0,但加速度可能很大,所受的合外力也可能很大
D.物体的速度很大,但加速度可能为0,所受的合外力也可能为0
解析 物体的速度大小和加速度大小没有必然联系,一个很大,另一个可以很小,甚至为0,物体所受合外力的大小决定加速度的大小,同一物体所受合外力越大,加速度一定也越大,故选项C、D正确。
答案 CD
2.如图2所示,一木块在光滑水平面上受一个恒力F作用而运动,前方固定一个轻质弹簧,当木块接触弹簧后,下列判断正确的是( )
图2
A.木块将立即做匀减速直线运动
B.木块将立即做变减速直线运动
C.在弹簧弹力大小等于恒力F时,木块的速度最大
D.在弹簧压缩量最大时,木块的加速度为零
答案 C
3.(2017·上海单科)如图3,在匀强电场中,悬线一端固定于地面,另一端拉住一个带电小球,使之处于静止状态。忽略空气阻力,当悬线断裂后,小球将做( )
图3
A.曲线运动 B.匀速直线运动
C.匀加速直线运动 D.变加速直线运动
解析 在悬线断裂前,小球受重力、电场力和悬线拉力作用而处于平衡状态,故重力与电场力的合力与拉力等值反向。悬线断裂后,小球所受重力与电场力的合力大小、方向均不变,故小球将沿原来悬线拉力的反方向做匀加速直线运动,选项C正确。
答案 C
牛顿第二定律的瞬时性
两种模型
【典例】 两个质量均为m的小球,用两条轻绳连接,处于平衡状态,如图4所示。现突然迅速剪断轻绳OA,让小球下落,在剪断轻绳的瞬间,设小球A、B的加速度分别用a1和a2表示,则( )
图4
A.a1=g,a2=g B.a1=0,a2=2g
C.a1=g,a2=0 D.a1=2g,a2=0
审题关键点 ①两条轻绳连接 ②剪断轻绳的瞬间
解析 由于绳子张力可以突变,故剪断OA后小球A、B只受重力,其加速度a1=a2=g。故选项A正确。
答案 A
【拓展延伸1】 把“轻绳”换成“轻弹簧”在【典例】中只将A、B间的轻绳换成轻质弹簧,其他不变,如图5所示,则【典例】选项中正确的是( )
图5
解析 剪断轻绳OA后,由于弹簧弹力不能突变,故小球A所受合力为2mg,小球B所受合力为零,所以小球A、B的加速度分别为a1=2g,a2=0。故选项D正确。
答案 D
【拓展延伸2】 改变平衡状态的呈现方式
把【拓展延伸1】的题图放置在倾角为θ=30°的光滑斜面上,如图6所示,系统静止时,弹簧与细线均平行于斜面,在细线被烧断的瞬间,则下列说法正确的是( )
图6
A.aA=0 aB=g B.aA=g aB=0
C.aA=g aB=g D.aA=0 aB=g
解析 细线被烧断的瞬间,小球B的受力情况不变,加速度为0。烧断前,分析整体受力可知线的拉力为T=2mgsin θ,烧断瞬间,A受的合力沿斜面向下,大小为2mgsin θ,所以A球的瞬时加速度为aA=2gsin 30°=g,故选项B正确。
答案 B
1.求解瞬时加速度的一般思路
2.加速度可以随着力的突变而突变,而速度的变化需要一个积累的过程,不会发生突变。
1.如图7,质量为1.5 kg的物体A静止在竖直的轻弹簧上,质量为0.5 kg的物体B由细线悬挂在天花板上,B与A刚好接触但不挤压。现突然将细线剪断,则剪断后瞬间A、B间的作用力大小为(g取10 m/s2)( )
图7
A.0 B.2.5 N C.5 N D.3.75 N
解析 当细线剪断瞬间,细线的弹力突然变为零,则B物体与A物体突然有了相互作用的弹力,此时弹簧形变仍不变,对A、B整体受力分析可知,整体受重力G=(mA+mB)g=20 N,弹力为F=mAg=15 N,由牛顿第二定律G-F=(mA+mB)a
,解得a=2.5 m/s2,对B受力分析,B受重力和A对B的弹力F1,对B有mBg-F1=mBa,可得F1=3.75 N,选项D正确。
答案 D
2.(多选)如图8所示,A、B、C三球的质量均为m,轻质弹簧一端固定在斜面顶端、另一端与A球相连,A、B间由一轻质细线连接,B、C间由一轻杆相连。倾角为θ的光滑斜面固定在地面上,弹簧、细线与轻杆均平行于斜面,初始系统处于静止状态,细线被烧断的瞬间,下列说法正确的是( )
图8
A.A球的加速度沿斜面向上,大小为gsin θ
B.C球的受力情况未变,加速度为0
C.B、C两球的加速度均沿斜面向下,大小均为gsin θ
D.B、C之间杆的弹力大小为0
解析 初始系统处于静止状态,把B、C看成整体,B、C受重力2mg、斜面的支持力FN、细线的拉力FT,由平衡条件可得FT=2mgsin θ,对A进行受力分析,A受重力mg、斜面的支持力、弹簧的拉力F弹和细线的拉力FT,由平衡条件可得
F弹=FT+mgsin θ=3mgsin θ,细线被烧断的瞬间,拉力会突变为零,弹簧的弹力不变,根据牛顿第二定律得A球的加速度沿斜面向上,大小a=2gsin θ,选项A错误;细线被烧断的瞬间,把B、C看成整体,根据牛顿第二定律得B、C球的加速度a′=gsin θ,均沿斜面向下,选项B错误,C正确;对C进行受力分析,C受重力mg、杆的弹力F和斜面的支持力,根据牛顿第二定律得mgsin θ+F=ma′,解得F=0,所以B、C之间杆的弹力大小为0,选项D正确。
答案 CD
动力学的两类基本问题
1.解决动力学两类问题的两个关键点
2.解决动力学基本问题的处理方法
(1)合成法:在物体受力个数较少(2个或3个)时一般采用“合成法”。
(2)正交分解法:若物体的受力个数较多(3个或3个以上),则采用“正交分解法”。
【典例】 如图9所示,在建筑装修中,工人用质量为5.0 kg的磨石A对地面和斜壁进行打磨,已知A与地面、A与斜壁之间的动摩擦因数μ均相同。(g取10 m/s2且sin 37°=0.6,cos 37°=0.8)
图9
(1)当A受到与水平方向成θ=37°斜向下的推力F1=50 N 打磨地面时,A恰好在水平地面上做匀速直线运动,求A与地面间的动摩擦因数μ;
(2)若用A对倾角θ=37°的斜壁进行打磨,当对A加竖直向上推力F2=60 N时,则磨石A从静止开始沿斜壁向上运动2 m(斜壁长>2 m)时的速度大小为多少?
解析 (1)A恰好在水平地面上做匀速直线运动,滑动摩擦力等于推力的水平分力,即Ff=F1cos θ=40 N,μ===0.5
(2)将重力及向上的推力合成后,将二者的合力向垂直于斜面方向及沿斜面方向分解。
在沿斜面方向有:
(F2-mg)cos θ-Ff1=ma;
在垂直斜面方向上有:
FN=(F2-mg)sin θ;
则Ff1=μ(F2-mg)sin θ
解得a=1 m/s2,x=at2,解得t=2 s,v=at=2 m/s。
答案 (1)0.5 (2)2 m/s
两类动力学问题的解题步骤
1.(2018·徐州质检)(多选)如图10所示,质量为m=1 kg的物体与水平地面之间的动摩擦因数为0.3,当物体运动的速度为10 m/s时,给物体施加一个与速度方向相反的大小为F=2 N的恒力,在此恒力作用下(取g=10 m/s2)( )
图10
A.物体经10 s速度减为零
B.物体经2 s速度减为零
C.物体速度减为零后将保持静止
D.物体速度减为零后将向右运动
解析 物体受到向右的滑动摩擦力Ff=μFN=μG=3 N,根据牛顿第二定律得a== m/s2=5 m/s2,方向向右,物体减速到零所需的时间t== s=2 s,选项A错误,B正确;减速到零后,恒力Ft甲,t甲=2;丙做自由落体运动,有t丙=,所以有t乙>t甲>t丙,选项C正确。
答案 C
【针对训练2】 如图15所示,固定支架ACB,AC竖直,AB为光滑钢丝,AC=BC=l,一穿在钢丝中的小球从A点静止出发,则它滑到B点的时间t为( )
图15
A. B.
C.2 D.
解析 因为AC=BC=l,所以以C点为圆心,以长度l为半径画圆,则A、B两点在同一个圆周上,所以tAB==2,选项C正确。
答案 C
活页作业
(时间:40分钟)
A级:保分练
1.若战机从“辽宁号”航母上起飞前滑行的距离相同,牵引力相同,则( )
图1
A.携带弹药越多,加速度越大
B.加速度相同,与携带弹药的多少无关
C.携带弹药越多,获得的起飞速度越大
D.携带弹药越多,滑行时间越长
答案 D
2.(2017·无锡阶段检测)质量为1吨的汽车在平直公路上以10 m/s的速度匀速行驶,阻力大小不变,从某时刻开始,汽车牵引力减少2 000 N,那么从该时刻起经过
6 s,汽车行驶的路程是( )
A.50 m B.42 m C.25 m D.24 m
解析 汽车匀速行驶时,F=Ff①
设汽车牵引力减小后加速度大小为a,
牵引力减少ΔF=2 000 N时,Ff-(F-ΔF)=ma②
解①②得a=2 m/s2,与速度方向相反,汽车做匀减速直线运动,设经时间t汽车停止运动,则t== s=5 s,故汽车行驶的路程x=t=×5 m=25 m,故选项C正确。
答案 C
3.如图2所示,B是水平地面上AC的中点,可视为质点的小物块以某一初速度从A点滑动到C点停止。小物块经过B点时的速度等于它在A点时速度的一半。则小物块与AB段间的动摩擦因数μ1和BC段间的动摩擦因数μ2的比值为( )
图2
A.1 B.2 C.3 D.4
解析 物块从A到B根据牛顿第二定律,有μ1mg=ma1,得a1=μ1g。从B到C根据牛顿第二定律,有μ2mg=ma2,得a2=μ2g。设小物块在A点时速度大小为v,则在B点时速度大小为,由于AB=BC=l,由运动学公式知,从A到B:-v2=-2μ1gl,从B到C:0-=-2μ2gl,联立解得μ1=3μ2,故选项C正确,A、B、D错误。
答案 C
4.如图3所示,光滑直杆一端固定在地面上的A点,另一端靠在竖直墙上,杆上套有一个小球,球可以在杆上自由滑动,球从杆的上端沿杆下滑到A点所用的时间为t,若逐渐减小杆的长度,使杆与水平方向的夹角从60°逐渐减小到30°,则下列说法正确的是( )
图3
A.小球从杆的上端运动到下端的时间不断减小
B.小球从杆的上端运动到下端的时间不断增大
C.小球从杆的上端运动到下端的时间先减小后增大
D.小球从杆的上端运动到下端的时间先增大后减小
解析 设A点到墙的距离为L,杆与水平方向的夹角为θ,则=gt2sin θ,t=,当θ=45°时,t最小,因此选项C正确。
答案 C
5.据国外媒体报道,欧洲最大的直升机公司计划研制一款X3型高速直升机。该公司已完成X3型直升机原型机的首次试飞。设X3型直升机原型机的质量为m,某次试飞时,主旋翼提供大小为2mg向上的升力,每个向前螺旋推进器提供大小为mg、方向向前的推力。不考虑空气的阻力影响,下列说法正确的是( )
图4
A.该直升机原型机可能处于平衡状态
B.该直升机原型机以加速度g做匀加速直线运动
C.空气对直升机原型机的作用力为2mg
D.空气对直升机原型机的作用力为4mg
解析 直升机原型机的受力如图所示,所受合外力大小为mg,方向斜向右上方,加速度大小为g,故选项A、B均错误;空气对直升机原型机的作用力为=2mg,故选项C正确,D错误;本题也可以由水平方向的加速度ax=2g和竖直方向的加速度ay=g合成得到原型机的加速度a==g。
答案 C
6.(2017·河北石家庄模拟)如图5所示,一倾角为θ=37°的足够长的斜面固定在水平地面上。当t=0时,滑块以初速度v0=10
m/s沿斜面向上运动,已知滑块与斜面间的动摩擦因数为μ=0.5,重力加速度g取10 m/s2,sin 37°=0.6,cos 37°=0.8,下列说法正确的是( )
图5
A.滑块上滑的距离小于5 m
B.t=1 s时,滑块速度减为零,然后静止在斜面上
C.t=2 s时,滑块恰好又回到出发点
D.t=3 s时,滑块的速度大小为4 m/s
解析 设滑块上滑时的加速度大小为a1,由牛顿第二定律可得mgsin θ+μmgcos θ=ma1,解得a1=10 m/s2,上滑时间为t1==1 s,上滑的距离为x1=v0t1=5 m,因mgsin θ>μmgcos θ,滑块上滑到速度为零后,向下运动,选项A、B错误;设滑块下滑时的加速度大小为a2,由牛顿第二定律可得mgsin θ-μmgcos θ=ma2,解得a2=2 m/s2,经1 s,滑块下滑的距离为x2=a2t=1 m<5 m,滑块未回到出发点,选项C错误;t=3 s时,滑块沿斜面向下运动,此时的速度v=a2(t-t1)=
4 m/s,选项D正确。
答案 D
7.(2017·清江模拟)如图6所示,在动摩擦因数μ=0.2的水平面上有一个质量m=
1 kg的小球,小球与水平轻弹簧及与竖直方向成θ=45°角的不可伸长的轻绳一端相连,此时小球处于静止状态,且水平面对小球的弹力恰好为零。在剪断轻绳的瞬间(g取10 m/s2)。最大静摩擦力等于滑动摩擦力,下列说法正确的是( )
图6
A.小球受力个数不变
B.小球将向左运动,且a=8 m/s2
C.小球将向左运动,且a=10 m/s2
D.若剪断的是弹簧,则剪断瞬间小球加速度的大小a=10 m/s2
解析 在剪断轻绳前,小球受重力、绳子的拉力以及弹簧的弹力处于平衡,根据共点力平衡得弹簧的弹力F=mgtan 45°=10×1 N=10 N,剪断轻绳的瞬间,弹簧的弹力仍然为10 N,小球此时受重力、支持力、弹簧弹力和摩擦力四个力作用。小球的受力个数发生改变,故选项A错误;小球所受的最大静摩擦力为Ff=μmg=0.2×10 N=2 N,根据牛顿第二定律得小球的加速度为a== m/s2=8 m/s2,合力方向向左,所以加速度向左,故选项B正确,C错误;剪断弹簧的瞬间,轻绳对小球的拉力瞬间为零,此时小球所受的合力为零,则小球的加速度为零,故选项D错误。
答案 B
8.为了减少汽车刹车失灵造成的危害,如图7所示为高速路上在下坡路段设置的可视为斜面的紧急避险车道。一辆货车在倾角θ=30°的连续长直下坡高速路上,以v0=7 m/s的速度在刹车状态下匀速行驶(在此过程及后面过程中,可认为发动机不提供牵引力),突然汽车刹车失灵,开始加速运动,此时汽车所受到的摩擦力和空气阻力共为车重的0.2倍。在加速前进了x0=96 m后,货车冲上了平滑连接的倾角α=37°的避险车道,已知货车在该避险车道上所受到的摩擦力和空气阻力共为车重的0.45倍。货车的各个运动过程均可视为直线运动,取sin 53°=0.8,g=10 m/s2。求:
图7
(1)货车刚冲上避险车道时的速度大小v;
(2)货车在避险车道上行驶的最大距离x。
解析 (1)设货车加速下行时的加速度大小为a1,由牛顿第二定律可知mgsin θ-0.2mg=ma1
解得a1=3 m/s2
由公式v2-v=2a1x0
解得v=25 m/s
(2)设货车在避险车道上行时的加速度大小为a2,由牛顿第二定律可知mgsin α+0.45mg=ma2
解得a2=12.5 m/s2
由v2-0=2a2x,解得x=25 m
答案 (1)25 m/s (2)25 m
B级:拔高练
9.放在固定粗糙斜面上的滑块A以加速度a1沿斜面匀加速下滑,如图8甲所示。在滑块A上放一物体B,物体B始终与A保持相对静止,以加速度a2沿斜面匀加速下滑,如图乙所示。在滑块A上施加一竖直向下的恒力F,滑块A以加速度a3沿斜面匀加速下滑,如图丙所示。则( )
图8
A.a1=a2=a3 B.a1=a2