【物理】2020届一轮复习人教版第十章第1节电磁感应现象楞次定律学案 15页

第 1 节 电磁感应现象 楞次定律 考纲要求 【p180】 内 容 要 求 说 明 磁通量 电磁感应现象 楞次定律 法拉第电磁感应定律 自感、涡流 Ⅰ Ⅰ Ⅱ Ⅱ Ⅰ 1.导体切割磁感线时，感应电动势的计 算，只限于 l 垂直于 B、v 的情况 2.在电磁感应现象里，不要求判断内电 路中各点电势的高低 3.不要求用自感系数计算自感电动势 2018、2018 命题情况 【p180】 年份 考题 题型 分值 主要考点 2018 全国卷Ⅰ第 18 题 选择题 6 分 电磁阻尼 全国卷Ⅱ卷第 20 题 选择题 6 分 电磁感应图象 全国卷Ⅲ第 15 题 选择题 6 分 右手定则，楞次定律 天津卷第 3 题 选择题 6 分 楞次定律、法拉第电磁感应定律、 安培力 年份 考题 题型 分值 主要考点 2018 天津卷第 12 题 计算题 20 分 电磁感应现象的综合应用 北京卷第 19 题 选择题 6 分 自感 北京卷第 24 题 计算题 20 分 法拉第电磁感应定律 海南卷第 13 题 计算题 10 分 电磁感应 江苏卷第 1 题 选择题 3 分 磁通量 江苏卷第 13 题 计算题 15 分 电磁感应 2018 全国卷Ⅰ第 17 题 选择题 6 分 导体棒旋转切割磁感线、q＝ΔΦ R 的应用 全国卷Ⅰ第 17 题 选择题 6 分 楞次定律的应用 全国卷Ⅱ卷第 18 题 选择题 6 分 电磁感应 全国卷Ⅲ第 20 题 选择题 6 分 楞次定律的应用与交流电综合 第 1 节 电磁感应现象 楞次定律 考点 1 ► 磁通量 【p180】 夯实基础 1．概念：穿过某一面积的__磁感线条数__． 2．磁通量的计算 (1)公式：Φ＝__BS__． (2)适用条件：①__匀强__磁场；②S 是垂直磁场并在磁场中的__有效__面积． (3)单位：韦伯(Wb)，1 Wb＝1__T·m2__． (4)若 B 与 S 不垂直，则可将 B 分解成垂直于 S 的 B1 和平行于 S 的 B2，则Φ＝B1S 或将 S 投影，取与 B 垂直的投影面积 S′，则Φ＝BS′. 考点突破 例 1 如图所示是等腰直角三棱柱，其中侧斜面 abcd 为边长为 L 的正方形，abfe 和 ade 均为竖直面， dcfe 为水平面．将此等腰直角三棱柱按图示方式放置于竖直向下、磁感应强度为 B 的匀强磁场中，下面说 法中正确的是( ) A．通过 abcd 面的磁通量大小为 BL2 B．通过 dcfe 面的磁通量大小为 BL2 C．通过 ade 的磁通量为零 D．通过 abfe 面的磁通量大小为 BL2 【解析】通过 abcd 平面的磁通量大小为Φ＝BSsin 45°＝ 2 2 BL2，A 错误；dcfe 平面是 abcd 平面在垂 直磁场方向上的投影，所以磁通量大小为 2 2 BL2，B 错误；ade 平面和 abfe 面都与磁场平行，没有磁感线 穿过这两个平面，所以磁通量为零，C 正确，D 错误． 【答案】C 针对训练 1．关于磁通量，下列说法正确的是(B) A．穿过某个面的磁通量为零，该处的磁感应强度也为零 B．当平面跟磁场方向平行时，穿过这个平面的磁通量必为零 C．面积越大，穿过这个面的磁通量就越大 D．穿过某一平面的磁通量越大，该处的磁感应强度也越大 【解析】穿过某个面的磁通量为零，可能是磁场方向与平面平行，而该处的磁感应强度不一定为零， 选项 A 错误；当平面跟磁场方向平行时，穿过这个平面的磁通量必为零，选项 B 正确；磁通量的大小除与 磁感应强度有关，还与线圈的面积、线圈与磁感应强度之间的夹角有关，面积越大，通过这个面的磁通量 不一定越大，故 C 错误，D 错误． 2．如图所示，两个同心放置的共面金属圆环 a 和 b，一条形磁铁穿过圆心且与环面垂直，则穿过两环 的磁通量Φa 和Φb 的大小关系为(A) A．Φa>Φb B．Φa<Φb C．Φa＝Φb D．无法比较 【解析】在永久磁铁的内部，所有的磁感线都由 S 极到 N 极，而在外部，从 N 极回到 S 极构成闭合曲 线．穿过某一面积的磁通量应为穿过的磁感线条数的代数和，在 a、b 圆环的中心，磁铁所在处，所有的 磁感线应向上穿出，而在外部，一部分磁感线穿进，使磁通量减少，由于 b 环的面积大于 a 环的面积，穿 进的磁感线数量较多，其磁通量的代数和比 a 环少． 3．如图，边长为 1 m 的正方形导线框处于水平面内，匀强磁场的磁感应强度大小 B＝0.2 T，方向如 图所示，当线框以 ad 为轴由水平位置顺时针转至竖直位置时，穿过导线框的磁通量变化了多少？(已知 sin 37°＝0.6) 【解析】导线框水平时，磁通量Φ1＝BL2sin 37°＝0.12 Wb，导线框竖直时，磁通量Φ2＝BL2sin 53 °＝0.16 Wb，故磁通量变化了ΔΦ＝Φ2－(－Φ1)＝0.28 Wb. 考点 2 ► 产生电磁感应现象的条件 【p181】 夯实基础 1．产生感应电流的条件 穿过闭合回路的__磁通量__发生变化． 2．磁通量发生变化的常见情况 (1)闭合回路的部分导体做__切割磁感线__运动，即线圈面积 S 发生变化导致Φ变化． (2)线圈在磁场中__转动__导致Φ变化． (3)__磁感应强度__变化(随时间、位置变化)导致Φ变化．如磁体对线圈发生相对运动． 3．产生感应电动势的条件 (1)无论回路是否闭合，只要穿过回路平面的__磁通量__发生变化，回路中就会产生__感应电动势__， 产生__感应电动势__的那部分导体就相当于电源． (2)电磁感应现象的实质就是产生__感应电动势__．如果回路闭合，就有感应电流．如果回路不闭合， 就只有感应电动势而无感应电流． 考点突破 例 2 如图所示，在通电长直导线的正下方有矩形导线框，分别做下列运动：(a)水平平移；(b)加速平 移，速度方向与直导线平行；(c)绕水平轴 OO′转动，轴与直导线平行；(d)以直导线为轴旋转；(e)向直 导线运动．能产生感应电流的为( ) A．(a)、(b) B．(b)、(e) C．(c)、(e) D．(b)、(d) 【解析】导线框在水平方向匀速或匀加速移动时，磁通量均不变，不会有感应电流产生；导线框绕水 平轴 OO′转动，磁通量发生变化，有感应电流产生；导线框以直导线为轴旋转，由于通电导线的磁感线是 以导线为轴的一系列同心圆，所以穿过线框的磁通量没有变．因此不会有感应电流产生；导线框向直导线 靠近时，导致穿过线框的磁通量发生变化，从而产生感应电流．所以 C 正确． 【答案】C 【小结】能否发生电磁感应现象的判断 (1)确定研究的闭合回路 (2)弄清楚回路内的磁场分布，回路中的磁通量Φ (3) Φ不变―→无感应电流 Φ变化―→ 回路闭合，有感应电流 回路断开，有感应电动势，无感应电流 针对训练 4．如图所示，无限大磁场的方向垂直于纸面向里，A 图中线圈在纸面内由小变大(由图中实线矩形变 成虚线矩形)，B 图中线圈正绕 a 点在平面内旋转，C 图与 D 图中线圈正绕 OO′轴转动，则线圈中不能产生 感应电流的是(B) 【解析】线圈在纸面内由小变大，磁通量增大，会产生感应电流，故 A 错误；线圈正绕 a 点在平面内 旋转，磁通量不变化，因此不会产生感应电流，故 B 正确；C 图与 D 图中线圈正绕 OO′轴转动，磁通量都 在减小，会产生感应电流，故 C、D 错误． 5．如图所示，L 为一根无限长的通电直导线，M 为一金属环，L 通过 M 的圆心并与 M 所在的平面垂直， 且通以向上的电流 I，则(D) A．当 L 中的 I 发生变化时，环中有感应电流 B．当 M 左右平移时，环中有感应电流 C．当 M 保持水平，在竖直方向上下移动时环中有感应电流 D．只要 L 与 M 保持垂直，则以上几种情况，环中均无感应电流 【解析】由安培定则可知导线 L 中电流产生的磁场方向与金属环面平行，即穿过 M 的磁通量始终为零， 保持不变，故只要 L 与 M 保持垂直，穿过线圈的磁通量就始终为零，故 A、B、C 错误，D 正确． 考点 3 ► 楞次定律及其应用 【p182】 夯实基础 1．楞次定律的内容：感应电流的磁场总是要__阻碍__引起__感应电流__的磁通量的__变化__． 2．应用楞次定律判断感应电流方向的一般步骤： (1)确定研究对象，即明确要判断的是哪个闭合电路中产生的感应电流． (2)确定研究对象所处的磁场的方向及其分布情况． (3)确定穿过闭合电路的磁通量的变化情况． (4)根据楞次定律，判断闭合电路中感应电流的磁场方向． (5)根据安培定则(即右手螺旋定则)判断感应电流的方向． 考点突破 例 3 在一竖直螺线管 b 的正上方用绝缘丝线悬挂一个金属圆环 a，使 a 的环面水平且与螺线管 b 的底 面平行，其轴线与螺线管的轴线 OO′重合．螺线管与电源和滑动变阻器连接成如图所示的电路，若将滑动 变阻器的滑片 P 向下滑动，下列表述正确的是( ) A．穿过金属圆环 a 的磁通量变大 B．金属圆环 a 对丝线的拉力增大 C．金属圆环 a 对丝线的拉力减小 D．金属圆环 a 中将产生俯视顺时针方向的感应电流 【解析】将滑动变阻器的滑片 P 向下滑动，电阻变小，电路中的电流变大，磁场增强，穿过环 a 的磁 通量增加，故 A 正确；根据楞次定律可知金属圆环 a 对丝线的拉力减小，故 B 错误，C 正确；根据楞次定 律可知金属圆环 a 中将产生俯视逆时针方向的感应电流，故 D 错误． 【答案】AC 【小结】楞次定律中“阻碍”的含义 例 4 如图，一铝制导体圆环竖直固定在水平杆 ab 上，当把条形磁铁的 N 极向左靠近圆环时，下列说 法正确的是( ) A．圆环中感应电流的方向为顺时针(从左向右看) B．圆环有向右运动趋势 C．磁铁受到向右的阻力 D．圆环有收缩的趋势 【解析】条形磁铁的 N 极向左靠近圆环时，圆环中磁场方向向左且磁通量增加，据楞次定律可得，圆 环中感应电流的磁场的方向向右，据安培定则，圆环中感应电流的方向为顺时针(从左向右看)；故 A 正确； 条形磁铁的 N 极向左靠近圆环时，圆环中磁通量变化产生感应电流，据“来拒去留”可得圆环有向左运动 的趋势，磁铁受到向右的阻力，故 B 错误，C 正确；条形磁铁的 N 极向左靠近圆环时，圆环中磁通量增大 产生感应电流，据“增缩减扩”圆环有收缩的趋势；故 D 项正确． 【答案】ACD 【小结】楞次定律的推广 对楞次定律中“阻碍”含义的推广：感应电流的效果总是阻碍产生感应电流的原因． (1)阻碍原磁通量的变化——“增反减同”； (2)阻碍相对运动——“来拒去留”； (3)使线圈面积有扩大或缩小的趋势——“增缩减扩”； (4)阻碍原电流的变化(自感现象)——“增反减同”． 针对训练 6．如图甲所示，两个闭合圆形线圈 A、B 的圆心重合，放在同一水平面内，线圈 B 中通以如图乙所示 的交变电流，设 t＝0 时电流沿逆时针方向(图中箭头所示)．对于线圈 A，在 t1～t2 时间内，下列说法中正 确的是(D) A．有顺时针方向的电流，且有扩张的趋势 B．有顺时针方向的电流，且有收缩的趋势 C．有逆时针方向的电流，且有扩张的趋势 D．有逆时针方向的电流，且有收缩的趋势 【解析】线圈 B 中的电流产生磁场，当 B 中的电流反向增加时，根据安培定则线圈中的磁场的方向向 里，随电流的增加而增加，所以根据楞次定律 A 中感应电流的磁场故向外，电流的方向沿着逆时针方向．由 于磁感应强度随电流的增大而增大，所以线圈 A 有收缩趋势，故 D 正确，A、B、C 错误． 7．(多选)如图所示，一个金属圆环固定在两平行长直导线的中央，环面与长直导线在同一平面内， 虚线 PQ 是两平行直导线的对称轴，圆环的圆心在 PQ 上，给两长直导线通以方向相反、大小始终相等的电 流，且电流不断增大，则下列说法正确的是(AC) A．圆环中有沿逆时针方向的感应电流 B．圆环上弧长相等的任意两小段受到安培力大小相等 C．圆环有收缩趋势 D．圆环有绕 PQ 转动的趋势 【解析】根据安培定则可知，圆环所在处的磁场垂直纸面向内，且磁通量增大，根据楞次定律可知， 圆环中有逆时针方向的电流，选项 A 正确；由于圆环处在非匀强磁场中，尽管圆环上弧长相等的任意两小 段中电流相同，由于磁感应强度不等，则受到的安培力大小不等，选项 B 错误；根据楞次定律可知，圆环 有收缩趋势，选项 C 正确；由于圆环受到的安培力合力矩为零，因此没有转动趋势，选项 D 错误． 考点 4 ► 楞次定律、右手定则、左手定则、 安培定则的综合应用 【p182】 夯实基础 1．右手定则 伸开右手，让大拇指跟其余四指__垂直__并且都跟手掌在同一__平面内__，让磁感线穿过掌心，大拇 指指向__导体的运动__方向，其余四指所指的方向，就是__感应电流__的方向． 2．右手定则适用于部分导体切割磁感线运动时感应电流的方向判定，而楞次定律适用于一切电磁感 应现象，是判断感应电流方向的基本方法，对于由于磁通量变化而引起的感应电流，运用楞次定律判断其 方向更方便． 考点突破 例 5 置于匀强磁场中的金属圆盘中央和边缘各引出一根导线，与套在铁芯上部的线圈 A 相连．套在铁 芯下部的线圈 B 引出两根导线接在两根水平导轨上，如图所示．导轨上有一根金属棒 ab 处在垂直于纸面 向外的匀强磁场中．下列说法正确的是( ) A．圆盘顺时针加速转动时，ab 棒将向右运动 B．圆盘顺时针匀速转动时，ab 棒将向右运动 C．圆盘顺时针减速转动时，ab 棒将向右运动 D．圆盘逆时针加速转动时，ab 棒将向左运动 【解析】由右手定则知，圆盘顺时针加速转动时，感应电流从圆心流向边缘，线圈 A 中产生的磁场方 向向下且磁场增强．由楞次定律知，线圈 B 中的感应电流的磁场方向向上，由右手螺旋定则知，ab 棒中感 应电流方向由 a→b.由左手定则知，ab 棒受的安培力方向向左，将向左运动，故 A 错误；同理 B、D 错误， C 正确． 【答案】C 【小结】1.安培定则、左手定则、右手定则、楞次定律的比较及应用 (1)规律比较 基本现象 应用的定则或定律 运动电荷、电流产生磁场 安培定则 磁场对运动电荷、电流有作用力 左手定则 电磁 感应 部分导体做切割磁感线运动 右手定则 闭合回路磁通量变化 楞次定律 (2)应用区别 关键是抓住因果关系：①因电而生磁(I→B)→安培定则；②因动而生电(v、B→I 安)→右手定则；③因 电而受力(I、B→F 安)→左手定则． 2．应用技巧 无论是安培力还是洛伦兹力，只要涉及“力”都伸左手；“电生磁”或“磁生电”均伸右手． 针对训练 8．如图所示，导轨间的磁场方向垂直于纸面向里．圆形金属环 B 正对磁铁 A，当导线 MN 在导轨上向 右加速滑动时，下列说法正确的是(B) A．MN 中电流方向 N→M，B 被 A 吸引 B．MN 中电流方向 N→M，B 被 A 排斥 C．MN 中电流方向 M→N，B 被 A 吸引 D．MN 中电流方向 M→N，B 被 A 排斥 【解析】MN 向右加速滑动，根据右手定则，MN 中的电流方向从 N→M，且大小在逐渐变大，根据安培 定则知，电磁铁 A 的磁场方向向左，且大小逐渐增强，根据楞次定律知，B 环中的感应电流产生的磁场方 向向右，B 被 A 排斥．B 正确． 9．如图是一个自制的演示电磁感应现象的装置．在一根较长的铁钉上用漆包线绕两个线圈 A 和 B.将 线圈 B 的两端接在一起，并把 CD 段漆包线放在静止的小磁针的正上方．小磁针放在水平桌面上．当闭合 S， 使线圈 A 与干电池接通的瞬间，小磁针偏转的方向是(A) A．俯视看，N 极顺时针偏转 B．俯视看，N 极逆时针偏转 C．侧视看，N 极向下倾斜 D．侧视看，S 极向下倾斜 【解析】闭合 S 后，线圈 B 中的磁场方向为向左，且增加，故根据楞次定律，感应电流的磁场方向为 向右，故左侧线圈中感应电流方向 C→D；再根据安培定则可知，俯视看，N 极顺时针偏转，故 A 正确，B、 C、D 错误． 考 点 集 训 【p333】 A 组 1．(多选)在电磁感应现象中，下列说法正确的是(ACD) A．感应电流的磁场总是阻碍原来磁场的变化 B．感应电流的磁场方向总是与引起它的磁场方向相反 C．感应电流的磁场总是阻碍磁场的变化是能量守恒的必然结果 D．只要穿过闭合回路的磁通量发生变化，就会产生感应电流 【解析】根据楞次定律可知：感应电流的磁场总是阻碍原来磁场的变化，故 A 正确．由楞次定律可知： 原磁通量减小时，感应电流的磁场方向与引起它的磁场方向相同，故 B 错误． 2．(多选)如图所示，虚线 M1N1、P1Q1 和虚线 M2N2、P2Q2 所成夹角相同，它们所夹部分区域存在磁感应强 度大小相等的匀强磁场，其方向如图所示．图中正方形线圈 abcd 分别自位置 1、3 匀速移到位置 2、4，则 关于正方形线圈 abcd 中的电流方向的说法正确的是(BC) A．自位置 1 移到位置 2 的过程中，感应电流方向先顺时针再逆时针 B．自位置 1 移到位置 2 的过程中，感应电流方向始终顺时针 C．自位置 3 移到位置 4 的过程中，感应电流方向先顺时针再逆时针 D．自位置 3 移到位置 4 的过程中，感应电流方向先顺时针后逆时针再顺时针后逆时针 【解析】正方形线圈 abcd 自位置 1 匀速移到位置 2 的过程中，穿过线圈的磁通量先是向里的减小到 0 然后是向外的增大，感应电流的磁场方向始终向里，感应电流方向始终顺时针．故 A 项错误，B 项正确； 正方形线圈 abcd 自位置 3 匀速移到位置 4 的过程中，穿过线圈的磁通量先是向里的减小然后是向里的增 大，感应电流的磁场方向先向里然后向外，感应电流方向先顺时针再逆时针．故 C 项正确，D 项错误． 3．如图所示，小金属环和大金属环重叠在同一平面内，两环相互绝缘，小环有一半面积在大环内．当 大环接通电源的瞬间，小环中感应电流的情况是(C) A．无感应电流 B．有顺时针方向的感应电流 C．有逆时针方向的感应电流 D．无法确定 【解析】根据安培定则可知，通电瞬间，左、右线圈的磁通量均增大，但小线圈左边的磁场较强，方 向垂直纸面向里，右边的磁场较弱，方向垂直纸面向外．导致合磁场方向垂直纸面向里，根据楞次定律可 知，小线圈的感应电流方向是逆时针方向，故 C 正确，A、B、D 错误． 4．(多选)如图所示，两个闭合铝环 A、B 与一个螺线管套在同一铁芯上，A、B 可以左右摆动，则(BD) A．在 S 闭合的瞬间，A、B 必相斥 B．在 S 闭合的瞬间，A、B 必相吸 C．在 S 断开的瞬间，A、B 必相斥 D．在 S 断开的瞬间，A、B 必相吸 【解析】在 S 闭合瞬间，穿过两个线圈的磁通量变化相同，线圈中产生同方向的感应电流，同向电流 相吸，则 A、B 相吸，A 错误，B 正确；在 S 断开瞬间，穿过两个线圈的磁通量变化相同，线圈中产生同方 向的感应电流，同向电流相吸，则 A、B 相吸，C 错误，D 正确． 5．(多选)图示是研究性学习小组的同学设计的防止电梯坠落的应急安全装置，在电梯轿厢上安装上 永久磁铁，电梯的井壁上铺设线圈，能在电梯突然坠落时减小对人员的伤害．关于该装置，下列说法正确 的是(AD) A．当电梯突然坠落时，该安全装置可起到阻碍电梯下落的作用 B．当电梯突然坠落时，该安全装置可使电梯停在空中 C．当电梯坠落至永久磁铁在图示位置时，闭合线圈 A、B 中电流方向相同 D．当电梯坠落至永久磁铁在图示位置时，闭合线圈 A、B 都在阻碍电梯下落 【解析】若电梯突然坠落，将线圈闭合时，线圈内的磁感应强度发生变化，将在线圈中产生感应电流， 感应电流会阻碍磁铁的相对运动，可起到应急避险作用，故 A 正确；感应电流会阻碍磁铁的相对运动，但 不能阻止磁铁的运动，故 B 错误；当电梯坠落至如图位置时，闭合线圈 A 中向上的磁场减弱，感应电流的 方向从上向下看是逆时针方向，B 中向上的磁场增强，感应电流的方向从上向下看是顺时针方向，可知 A 与 B 中感应电流方向相反．故 C 错误；结合 A 的分析可知，当电梯坠落至如图位置时，闭合线圈 A、B 都 在阻碍电梯下落．故 D 正确． 6．如图所示的匀强磁场中有一个矩形闭合导线框．在下列几种情况下：(1)保持线框平面始终与磁感 线垂直，线框在磁场中上下运动(图甲)；(2)保持线框平面始终与磁感线垂直，线框在磁场中左右运动(图 乙)；(3)线框绕轴线转动(图丙)．闭合线框中能产生感应电流是(C) A．图甲 B．图乙 C．图丙 D．图乙和图丙 【解析】保持线框平面始终与磁感线垂直，线框在磁场中上下运动，磁通量一直不变，无感应电流， 故 A 错误；保持线框平面始终与磁感线垂直，线框在磁场中左右运动，磁通量一直不变，无感应电流，故 B 错误，D 错误；线框绕位于线框平面内且与磁感线垂直的轴线转动，磁通量周期性地改变，故一定有感 应电流，故 C 正确． 7．(多选)如图所示，一电子以初速度 v 沿与金属板平行的方向飞入两板间，在下列哪种情况下，电 子将向 M 板偏转(AD) A．开关 S 接通瞬间 B．断开开关 S 瞬间 C．接通 S 后，变阻器滑动触头向右迅速滑动 D．接通 S 后，变阻器滑动触头向左迅速滑动 【解析】开关 S 接通瞬间，穿过 L2 的磁通量向上增加，由楞次定律知在 L1 中感应出上正下负的电动势， 电子向 M 板偏转，A 正确；断开开关 S 瞬间，穿过 L2 的磁通量向上减少，由楞次定律知在 L1 中感应出上负 下正的电动势，电子向 N 板偏转，B 错误；接通 S 后，变阻器滑动触头向右迅速滑动，电阻增大，电流减 小，穿过 L2 的磁通量向上减少，由楞次定律知在 L1 中感应出上负下正的电动势，电子向 N 板偏转，C 错误； 接通 S 后，变阻器滑动触头向左迅速滑动，电阻减小，电流增大，穿过 L1 的磁通量向上增加，由楞次定律 知在 L1 中感应出上正下负的电动势，电子向 M 板偏转，D 正确． B 组 8．如图所示，闭合圆形金属环竖直固定，光滑水平导轨穿过圆环，条形磁铁沿导轨以初速度 v0 向圆 环运动，其轴线穿过圆环圆心，与环面垂直，则磁铁在穿过圆环的整个过程中，下列说法正确的是(A) A．金属环先有收缩趋势，后有扩张趋势 B．金属环中的感应电流方向不变 C．磁铁先做减速运动，后做加速运动 D．磁铁先做加速运动，后做减速运动 【解析】楞次定律的含义的推广：“来拒去留，增缩减扩”，所以磁铁在穿过环之前，圆环产生的感 应电流对环的作用是缩小的趋势；穿过环之后的短时间内，圆环产生的感应电流对圆环是“扩展”的作用， 故 A 正确；磁铁在穿过环之前，向左的磁通量增加，产生从左向右看顺时针方向的感应电流；穿过环之后 的短时间内，向左的磁通量减小，产生从左向右看逆时针方向的感应电流，故电流的方向不同，故 B 错误； 根据“来拒去留”，所以磁铁在穿过环之前，圆环产生的感应电流对磁铁是“拒”的作用，即阻碍作用， 阻碍磁铁的靠近，故磁铁会减速．穿过环之后的短时间内，圆环产生的感应电流对磁铁是“留”的作用， 也会阻碍磁铁向前运动，故磁铁会减速，故 C、D 错误． 9．如图所示，均匀带正电的绝缘圆环 a 与金属圆环 b 同心共面放置，当 a 绕 O 点在其所在平面内旋 转时，b 中产生顺时针方向的感应电流，且具有收缩趋势，由此可知，圆环 a(A) A．顺时针减速旋转 B．顺时针加速旋转 C．逆时针加速旋转 D．逆时针减速旋转 【解析】分析 A 选项，当带正电的绝缘圆环 a 顺时针减速旋转时，相当于顺时针方向电流，并且在减 小，根据右手螺旋定则，其内(金属圆环 a 内)有垂直纸面向里的磁场，其外(金属圆环 b 处)有垂直纸面向 外的磁场，并且磁场的磁感应强度在减小，金属圆环 b 包围的面积内的磁场的总磁感应强度是垂直纸面向 里(因为向里的比向外的磁通量多，向里的是全部，向外的是部分)而且减小，根据楞次定律，b 中产生的 感应电流的磁场垂直纸面向里，磁场对电流的作用力向里，所以 b 中产生顺时针方向的感应电流，所以 A 正确；同样的方法可判断 B 选项错误，而 C 选项，b 中产生顺时针方向的感应电流，但具有扩张趋势；而 D 选项，b 中产生逆时针方向的感应电流，但具有收缩趋势，所以 B、C、D 都不正确．所以本题选 A.