广西钦州市第一中学2019-2020学年高一下学期期中考试物理试题（文） Word版含解析 13页

钦州市第一中学2020年春季学期期中考试 高一理科综合（文科班）‎ ‎（满分：300分考试时间：150分钟）‎ Ⅰ选择题 一、单项选择题（本大题共15小题，每小题4分，共60分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，选对得4分，选错或不选的得0分。请将答案填在答题卡上）‎ ‎1.关于运动的性质，以下说法中正确的是　　‎ A. 变速运动一定是曲线运动 B. 加速度不变的运动一定是直线运动 C. 曲线运动一定是变速运动 D. 曲线运动的加速度一定是变化的 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A．变速运动不一定是曲线运动，如加速直线运动，故A错误；‎ B．加速度不变的运动不一定是直线运动，比如平抛运动，B错误；‎ C．曲线运动一定是变速运动，即使速度大小不变，速度的方向是一直在变的，C正确；‎ D．曲线运动的加速度不一定是变化的，比如平抛运动，D错误．‎ 本题选C。‎ ‎2.下面四个选项中的虚线均表示小鸟在竖直平面内飞行的轨迹，小鸟在图示位置时的速度v和空气对它的作用力F的方向可能正确的是（　　）‎ A. B. ‎ C. D. ‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ - 13 -‎ ‎【详解】AD．曲线运动的物体速度方向沿该点轨迹的切线方向，故AD错误；‎ BC．曲线运动时合力指向轨迹的内侧，故C错误，B正确；‎ 故选B。‎ ‎3.关于平抛运动，下列说法正确的是 A. 平抛运动是匀速运动 B. 平抛运动是加速度不断变化的运动 C. 平抛运动是匀变速曲线运动 D. 做平抛运动的物体落地时速度方向一定是竖直向下的 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 平抛运动一种匀变速曲线运动，在竖直方向上做自由落体运动，速度变化量△v=at=gt．结合这些知识进行分析．‎ ‎【详解】平抛运动的物体只受重力，加速度为g，保持不变，所以平抛运动是匀变速曲线运动，故C正确，AB错误．平抛运动在水平方向上是匀速直线运动，物体落地时有水平分速度，所以落地时的速度不可能竖直向下，故D错误．故选C．‎ ‎【点睛】解决本题的关键掌握平抛运动的性质，以及知道平抛运动的规律，在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动．‎ ‎4.两个质点之间万有引力大小为F，如果将这两个质点之间的距离变为原来的4倍，其他量不变，那么它们之间的万有引力变为　　‎ A. ‎ B. ‎ C. 4F D. 16F ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 两个质点之间万有引力大小遵守万有引力定律，根据万有引力定律公式 - 13 -‎ 进行判断．‎ ‎【详解】根据万有引力定律公式可得将这两个质点之间的距离变为原来的4倍，则万有引力的大小变为原来的，故A正确，BCD错误．故选A．‎ ‎5.一个小球a以初速度水平抛出，并落于O点；同时刻另一小球b在它的正下方沿光滑水平面以初速度运动，则（ ）‎ A. 小球b先到达O点 B. 小球a先到达O点 C 两球同时到达O点 D. 不能确定哪一个先到达O点 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】小球a做平抛运动，在水平方向上以初速度做匀速直线运动，小球b在它的正下方沿光滑水平面以初速度运v0运动，所以两球同时到达O点．‎ A. 小球b先到达O点，与上分析两球同时到达O点不一致，，故选项A不合题意；‎ B. 小球a先到达O点，与上分析两球同时到达O点不一致，故选项B不合题意；‎ C. 两球同时到达O点，与上分析一致，故选项C符合题意；‎ D. 不能确定哪一个先到达O点，与上分析两球同时到达O点不一致，故选项D不合题意．‎ ‎6.从同一高度以不同的速度水平抛出两个物体，不计空气阻力，它们落到水平地面所需的时间( )‎ A. 速度大的时间长 B. 速度小的时间长 C 一定相同 D. 由质量大小决定 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】根据h=gt2知，平抛运动的时间由高度决定，高度相等，则平抛运动的时间相等，与初速度无关．故C正确，ABD错误．故选C．‎ ‎【点睛】‎ - 13 -‎ 解决本题的关键知道平抛运动的规律以及知道分运动和合运动具有等时性；运动时间有高度决定，水平位移由高度和初速度共同决定.‎ ‎7.如图所示，用大小为12N，沿水平方向的恒力F作用在质量为2kg的木箱上，使木箱在水平地面上沿直线运动，已知木箱与地面间的动摩擦因数μ=0.50，g取10m/s2，当木箱从静止开始运动了12m时 A. 力F做的功W1= 120J B. 重力做的功W2= 240J C. 克服摩擦力做的功W3=120J D. 合力做的功W合= 0‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A、根据做功公式可得力做的功，故选项A错误；‎ B、在重力方向上没有位移，重力不做功，故选项B错误；‎ C、根据做功公式可得摩擦力做的功，所以克服摩擦力做的功120J，故选项C正确；‎ D、合力做的功合，故选项D错误．‎ ‎8.一物体做匀速圆周运动的半径为r，线速度大小为v，角速度为，周期为T．关于这些物理量的关系，下列关系式正确的是（ ）‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】AD、根据线速度的定义可知 ，故D正确，A错误；‎ BC、因为，所以 ，故B、C错误；‎ 故选D．‎ ‎【点睛】关键是知道线速度、角速度的定义式和线速度角速度的关系．‎ ‎9.某质点做匀速圆周运动，下列说法正确的是 - 13 -‎ A. 匀速圆周运动是变加速运动 B. 匀速圆周运动是匀变速运动 C. 匀速圆周运动是线速度不变的运动 D. 匀速圆周运动是向心加速度不变的运动 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 匀速圆周运动速度大小不变，方向变化，是变速运动．加速度方向始终指向圆心，加速度是变化的，是变加速运动．向心力方向始终指向圆心，是变化的．‎ ‎【详解】A、B、D项：匀速圆周运动的加速度大小不变，方向时刻改变，所以是变加速运动，故A正确，B、D错误；‎ C项：匀速圆周运动是线速度大小不变，方向时刻改变的运动，故C错误．‎ 故选A．‎ ‎【点睛】匀速圆周运动速度大小不变，方向变化，是变速运动．加速度方向始终指向圆心，加速度是变化的，是变加速运动．向心力方向始终指向圆心，是变化的．‎ ‎10.如图所示，小物块随水平转盘一起匀速转动．关于物块的实际受力，下列说法正确的是（　　）‎ A. 只受重力和支持力 B. 重力、支持力和向心力 C. 重力、支持力和摩擦力 D. 重力、支持力、摩擦力和向心力 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】物体做匀速圆周运动，合力指向圆心．受力如图所示：‎ - 13 -‎ 小物块受到重力、支持力和静摩擦力三个力，向心力是物体做圆周运动所需要的力，由静摩擦力提供．‎ ‎11.质量为m的物体做匀速圆周运动，轨道半径为r，角速度的大小为ω．则该物体做圆周运动所需要的向心力大小为 A. B. C. D. ‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ 物体做圆周运动所需要的向心力大小为F=ma=mω2r，故选D.‎ ‎12.在平直公路上以“6挡”匀速行驶汽车，遇到上坡时，在功率保持不变时，必须由“6”挡换到“5”挡或更低的挡位，其目的是（ ）‎ A. 增大速度，得到较小的牵引力 B. 减小速度，得到较小的牵引力 C. 增大速度，得到较大的牵引力 D. 减小速度，得到较大的牵引力 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】AC. 在功率保持不变时，必须由“6”挡换到“5”挡或更低的挡位，速度变小，AC错误．‎ BD. 在功率保持不变时，必须由“6”挡换到“5”挡或更低的挡位，速度变小，根据功率方程 可知，得到较大的牵引力，更容易上坡，B错误D正确．‎ ‎13.如图所示，用砂轮打磨一个金属零件时，打磨下来的大量炽热微粒飞离砂轮。能表示砂轮边缘一微粒P飞离砂轮时速度方向的是（ ）‎ - 13 -‎ A. a B. b C. c D. d ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】做圆周运动的物体脱离圆周后做离心运动，速度方向沿圆周的切线方向；‎ A．a，与结论不相符，选项A错误；‎ B．b，与结论不相符，选项B错误；‎ C．c，与结论相符，选项C正确；‎ D．d，与结论不相符，选项D错误；‎ 故选C。‎ ‎14.如图所示,光滑的水平面上,小球m在拉力F的作用下做匀速圆周运动,若小球到达B点时F突然发生变化,下列关于小球的运动的说法正确的是( )‎ A. F突然消失,小球将沿Ba轨迹做离心运动 B. F突然变小,小球将沿轨迹Ba做离心运动 C. F突然变小,小球将沿轨迹Bc做向心运动 D. F突然变大,小球将沿轨迹Bb做离心运动 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】A．在水平面上，细绳的拉力提供m所需的向心力，当拉力消失，物体受力合为零，将沿切线方向Ba做匀速直线运动，A正确。‎ BC．F突然变小，向心力减小，则小球将沿轨迹Bb做离心运动，故BC错误；‎ - 13 -‎ D．F突然变大，小球将沿轨迹Bc做向心运动，故D错误。‎ 故选A。‎ ‎15.关于行星运动定律和万有引力定律的建立过程，下列说法正确的是(　 )‎ A. 第谷通过整理大量的天文观测数据得到行星运动规律 B. 开普勒指出，地球绕太阳运动是因为受到来自太阳的引力 C. 牛顿通过比较月球公转的向心加速度和地球赤道上物体随地球自转的向心加速度，对万有引力定律进行了“月地检验”‎ D. 卡文迪许在实验室里通过几个铅球之间万有引力的测量，得出了引力常量的数值 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A．开普勒对天体的运行做了多年的研究，最终得出了行星运行三大定律，故A错误．‎ Ｂ．牛顿认为行星绕太阳运动是因为受到太阳的引力作用，引力大小与行星到太阳的距离的二次方成反比，故B错误．‎ Ｃ．牛顿通过比较月球公转的周期，根据万有引力充当向心力，对万有引力定律进行了“月地检验”，故C错误．‎ Ｄ．牛顿发现了万有引力定律之后，第一次通过实验比较准确地测出万有引力常量的科学家是卡文迪许，故D正确．‎ 故选Ｄ．‎ 二、多项选择题（本大题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不选的得0分。）‎ ‎16.如图所示，物体放在粗糙的水平桌面上，当对它施加如图甲所示的拉力F，使它由静止发生位移s，对它施加如图乙所示的拉力F，使它由静止发生位移s，F与水平方向夹角均为α，则关于做功的下述说法中正确的是(　　)‎ A. 图乙中F做功多 - 13 -‎ B. 两图中F做功一样多 C. 图乙中克服摩擦力做功多 D. 甲、乙中克服摩擦力做功相同 ‎【答案】BC ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据功的公式，可以知道拉力F对物体做功的情况，对物体进行受力分析，判断两者摩擦力的大小，进而判断克服摩擦力做功多少．‎ ‎【详解】由知，恒力F对两种情况下做功一样多，即，故A错误，B正确；根据题意可知，物体B对地面的压力大于物体A对地面的压力，所以B受到的滑动摩擦力比A受到的摩擦力大，则图B中克服摩擦力做功多，故C正确，D错误．故选BC．‎ ‎【点睛】本题就是对功的公式的直接考查，注意两种情况下，对地面的正压力不等，所以滑动摩擦力也不等．‎ ‎17.下列四幅图片所描述的情景，人对物体做了功的是（ ）‎ A. ‎ B. ‎ C. ‎ - 13 -‎ D. ‎ ‎【答案】AD ‎【解析】‎ ‎【详解】A．将地面上的物体往上堆积，给物体一个向上的力，向上移动了距离．力对物体做功，A正确；‎ B．在水平方向搬运一盆花，人给花盆一个向上的托力，但是在水平移动了距离．托力对花盆没有做功，B错误；‎ C．人给重物一个向上的力，物体没有移动距离，力对重物没有做功，C错误；‎ D．人给拖把一个向前的力，拖把向前移动了距离，D正确．‎ 故选AD。‎ ‎18.玉树大地震，牵动了全国人民的心．一架装载救灾物资的直升飞机，以10 m/s的速度水平飞行，在距地面180 m的高度处，欲将救灾物资准确投放至地面目标，若不计空气阻力，g取10 m/s2，则 A. 物资投出后经过6 s到达地面目标 B. 物资投出后经过18 s到达地面目标 C. 应在距地面目标水平距离60 m处投出物资 D. 应在距地面目标水平距离180 m处投出物资 ‎【答案】AC ‎【解析】‎ A、货物竖直分运动是自由落体运动，根据，得到 故A正确，B错误； C、货物水平方向以做匀速直线运动，故故C正确，D错误．‎ 点睛：货物离开飞机后以 - 13 -‎ 的初速度做平抛运动，水平分运动是匀速直线运动，竖直分运动是自由落体运动，根据平抛运动的分位移公式列式计算即可．‎ ‎19.2018年6月14日.承担嫦娥四号中继通信任务的“鹊桥”中继星抵达绕地月第二拉格朗日点的轨道，第二拉格朗日点是地月连线延长线上的一点，处于该位置上的卫星与月球同步绕地球公转，则该卫星的 A. 向心力仅来自于地球引力 B. 线速度大于月球的线速度 C. 角速度大于月球的角速度 D. 向心加速度大于月球的向心加速度 ‎【答案】BD ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 卫星与月球同步绕地球运动，角速度相等，根据v=rω，a=rω2比较线速度和向心加速度的大小．‎ ‎【详解】A．卫星受地球和月球的共同作用的引力提供向心力，故A错误；‎ BC．卫星与月球同步绕地球运动，角速度相等，、“鹊桥”中继星的轨道半径比月球绕地球的轨道半径大，根据v=ωr知“鹊桥”中继星绕地球转动的线速度比月球绕地球线速度大，故B正确，C错误；‎ D．鹊桥”中继星的轨道半径比月球绕地球的轨道半径大，根据a=ω2r知“鹊桥”中继星绕地球转动的向心加速度比月球绕地球转动的向心加速度大，故D正确．‎ 故选BD．‎ ‎【点睛】本题考查万有引力的应用，题目较为新颖，在解题时要注意“鹊桥”中转星与月球绕地球有相同的角速度这个隐含条件．‎ Ⅱ非选择题 三、实验题。（每空4分，共12分）‎ ‎20.图甲是“研究平抛物体的运动”的实验装置图 - 13 -‎ ‎（1）实验前应对实验装置反复调节，直到斜槽末端切线水平，每次让小球从同一位置由静止释放，是为了使每次小球平抛的______相同．‎ ‎（2）图乙是正确实验取得的数据，其中O为抛出点，则此小球做平抛运动的初速度为______m/s（g取）‎ ‎（3）在“研究平抛运动”的实验中，安装实验装置时，斜槽末端的切线必须水平，这样做的目的是_________。‎ A．保证小球飞出时，速度既不太大，也不太小 B．保证小球飞出时，初速度水平 C．保证小球在空中运动的时间每次都相等 D．保证小球运动的轨迹是一条抛物线 ‎【答案】 (1). 初速度 (2). 1.6 (3). B ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）[1]这样做就是使小球平抛的初速度相同，保证小球每次平抛的轨迹都是相同的，因此在操作中要求每次小球能从同一位置静止释放。‎ ‎（2）[2] O抛出点， 在竖直方向上，根据 则下降的时间 ‎ 初速度为 ‎。‎ ‎（3）[3]平抛运动的初速度一定要水平，因此安装斜槽轨道时要注意槽口末端要水平目的就是保证小球飞出时初速度水平。‎ - 13 -‎ 故选B。‎ 四、解答题。（本大题12分。要有必要的公式和演算过程，只有结果不得分）‎ ‎21.公路在通过小型水库泄洪闸的下游时常常要修建凹形桥，也叫“过水路面”．现有一“过水路面”的圆弧半径为50 m，一辆质量为800 kg的小汽车（可视为质点）驶过“过水路面”．当小汽车通过“过水路面”的最低点时速度为5 m/s．求：此时汽车对路面的压力．(g取10 m/s2)‎ ‎【答案】8400N ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 汽车在凹形桥的底端受重力和支持力，靠两个力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律求出支持力的大小，通过牛顿第三定律得出汽车对路面的压力．‎ ‎【详解】在最低点，根据牛顿第二定律得，N−mg＝m 解得N=mg+m＝8000+800×N＝8400N． 则汽车对路面的压力为8400N，方向竖直向下．‎ - 13 -‎