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- 2021-05-26 发布
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信阳一高2020年高考物理一轮复习限时过关练:牛顿第二定律(解析版)
1.放在水平地面上的一物块,受到方向不变的水平推力F的作用,F的大小与时间t的关系和物块速度v与时间t 的关系如图所示。取重力加速度g=10m/s2。由此两图线可以求得物块的质量m和物块与地面之间的动摩擦因素μ分别为
A.m=0.5kg,μ=0.2 B.m=1.0kg,μ=0.4
C.m=1.5kg,μ=0.6 D.m=2.0kg,μ=0.8
2.如图所示,小车上固定有一个竖直细杆,杆上套有质量为M的小环,环通过细绳与质量为m的小球连接.当小车水平向右做匀加速运动时,环和球与车相对静止,绳与杆之间的夹角为θ,重力加速度为g,则
A.细绳的拉力为mgcosθ
B.细杆对环的作用力方向水平向右
C.细杆对环的静摩擦力为Mg
D.细杆对环的弹力为(M+m)gtan θ
3.如图所示,有一水平传送带以2m/s的速度顺时针匀速运动,现将一物体轻轻放在传送带的左端上,若物体与传送带间的动摩擦因数为μ=0.5,已知传送带左、右端间的距离为10m,物体可视为质点,g=10m/s2 , 则( )
A.传送带将该物体传送到传送带右端所需时间为5s
B.传送带将该物体传送到传送带右端所需时间为2s
C.传送带将该物体传送到传送带右端所需时间为5.2s
D.物体到达传送带右端时的速度为10m/s
4.我国海军在南海某空域举行实兵对抗演练,某一直升机在匀速水平飞行过程中遇到突发情况,立即改为沿虚线方向斜向下减速飞行,则空气对其作用力可能是( )
A.F1 B.F2
C.F3 D.F4
5.如图所示给滑块一初速度v0使它沿倾角30°的光滑斜面向上做匀减速运动,若重力加速度为g,则当滑块速度大小减为时,滑块运动的时间可能是
A. B.
C. D.
6.如图所示,一水平的浅色长传送带上放置一质量为m的煤块(可视为质点),煤块与传送带之间的动摩擦因数为μ.初始时,传送带与煤块都是静止的.现让传送带以恒定的加速度a开始运动,当其速度达到v后,便以此速度做匀速运动.经过一段时间,煤块在传送带上留下了一段黑色痕迹后,煤块相对于传送带不再滑动,关于上述过程,以下判断正确的是(重力加速度为g)( )
A.μ与a之间一定满足关系
B.煤块从开始运动到相对于传送带静止经历的位移为
C.煤块从开始运动到相对于传送带静止经历的时间为
D.黑色痕迹的长度为
7.如图所示,两个质量分别为,的物体置于光滑的水平面上,中间用轻质弹簧秤连接。两个大小分别为N、N的水平拉力分别作用在两物体上,则( )
A.弹簧秤的示数是10N B.在突然撤去F2的瞬间,m2的加速度变小
C.弹簧秤的示数是26N D.在突然撤去F2的瞬间,m1的加速度不变
8.如图所示,A、B两物块的质量分别为2m和m,静止叠放在水平地面上.A、B间的动摩擦因数为μ,B与地面间的动摩擦因数为0.5μ.最大静摩擦力等于滑动摩擦力,重力加速度为g.现对A施加一水平拉力F,则( )
A.当F<2μmg时,A. B都相对地面静止
B.当F>3μmg时,A相对B滑动
C.当F=2.5μmg时,A的加速度为0.25μg
D.无论F为何值,B的加速度不会超过0.5μg
9.一雨滴从空中由静止开始沿竖直方向落下,若雨滴下落过程中所受重力保持不变,且空气对雨滴阻力随其下落速度的增大而增大,则图所示的图象中可能正确反映雨滴整个下落过程运动情况的是( )
A. B. C. D.
10.如图所示,一水平的浅色长传送带上放置一质量为m的煤块(可视为质点),煤块与传送带之间的动摩擦因数为μ。初始时,传送带与煤块都是静止的。现让传送带以恒定的加速度a开始运动,当其速度达到v后,便以此速度作匀速运动。经过一段时间,煤块在传送带上留下了一段黑色痕迹后,煤块相对于传送带不再滑动,关于上述过程,以下判断正确的是(重力加速度为g)
A.μ与a之间一定满足关系
B.黑色痕迹的长度为(a-μg)v2/(2a2)
C.煤块从开始运动到相对于传送带静止经历的时间为v/(μg)
D.煤块与传送带间先有滑动摩擦力,当相对静止后有静摩擦力
11.如图所示,质量M=4kg的足够长的木板在水平地面上做直线运动,与地面间动摩擦因数μ2=0.4,当长木板速度v0=18m/s时,将初速度为零质量m=2kg的滑块放到长木板上,滑块与长木板间动摩擦因数μ1=0.2,求:(认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力,g取10m/s2)
(1)最终滑块到长木板右端的距离.
(2)由于滑块与木板之间的摩擦而产生的热量.
12.如图所示绷紧的长L=15m的水平传送带,沿顺时针方向以恒定速率v1=8m/s运行。一小物块从与传送带等高的光滑水平台面滑上传送带,其速度大小为v2.小物块与传送带间的动摩擦因数μ=0.2,重力加速度g=10m/s2,分别求:在以下不同条件下,小物块从滑上传送带到离开传送带所需要的时间.
(1)小物块从传送带左端以v2=2m/s的速度滑上传送带.
(2)小物块从传送带左端以v2=6m/s的速度滑上传送带.
(3)小物块从传送带左端以v2= 10m/s的速度滑上传送带.
(4)小物块从传送带左端以v2=16m/s的速度滑上传送带.
(5)小物块从传送带右端以v2= 6m/s的速度滑上传送带.
(6)小物块从传送带右端以v2= 16m/s的速度滑上传送带.
13.如图所示,自动扶梯与水平面夹角为53°,上面站着质量为60kg的人,当自动扶梯以大小为0.5m/s2加速度斜向上加速运动时,人和扶梯相对静止,求扶梯对人的摩擦力和人对扶梯的压力.
14.如图所示,有两个高低不同的水平面,高水平面光滑,低水平面粗糙。一质量M=4kg、长度L=4m的长木板,放置在低水平面上且靠在高水平面边缘的A点,其上表面恰好与高水平面平齐,长木板与低水平面间的动摩擦因数以1=0.1。在高水平面上距A点距离s=3m处,放置一质量m=2kg可视为质点的滑块,现用一水平向右的拉力F从静止拉滑块,滑块经时间t0=1s运动到A点时撤去拉力,滑块滑上长木板,最终末从木板上滑下。已知滑块与长木板间的动摩擦因数2=0.5,重力加速度g取10m/s2。求:
(1)拉力F的大小;
(2)滑块最终距长木板右端的距离d;
(3)长木板滑行的总距离。
参考答案
1.B
【解析】
【详解】
从图像可以看出匀速运动时F=4N,所以摩擦力的大小等于4N,在2-4s内物体做匀加速运动,加速度为 ,所以 ,解得: ,再根据 可知μ=0.4,故B正确;ACD错误
2.D
【解析】
【详解】
A.以小球为研究对象进行受力分析有:
根据牛顿第二定律得:
Tsinθ=ma ①
Tcosθ=mg ②
由①和②可得:
绳的拉力
,
加速度
a=gtanθ,
故A错误。
CD.以环M为研究对象进行受力分析有:
如图所示,M受重力、绳的拉力T'、杆的弹力F1和杆的摩擦力F2作用处于平衡状态
所以有:
F1-T'sinθ=Ma ③
F2-Mg-T'cosθ=0 ④
又因为T'=T=,a=gtanθ
由③和④解得:
F1=(m+M)gtanθ
F2=(m+M)g
选项C错误,D正确;
B.所以细杆对环的作用力为
如图可知细杆对环作用力方向斜向右上方,故B错误。
3.C
【解析】
【详解】
ABC.根据牛顿第二定律,物体的加速度
则物体匀加速运动的时间为:
匀加速运动的位移为:
匀速运动的时间为:
则总时间为:
故C正确,AB错误。
D.由上述分析可知,物体先加速运动后匀速运动,物体到达传送带右端的速度为,故D错误。
4.A
【解析】
【详解】
因为直升机沿虚线方向斜向下减速飞行,故合力沿虚线向上,直升机受到竖直向下的重力以及空气作用力两个力,要想合力沿虚线向上,则根据矢量三角形可得空气对其作用力可能为F1,如图所示。故选A.
【点睛】
本题是已知运动情况判断受力情况的问题,关键是先根据运动情况确定加速度方向,得到合力方向,然后受力分析后根据三角形定则判断空气作用力的方向。
5.C
【解析】
【详解】
物体运动的加速度为,方向沿斜面向下 ,若速度变为向上的
,则所用时间为 ,若速度变为向下的,则所用时间为 ,故C正确,ABD错误
6.C
【解析】
【详解】
A.要发生相对滑动,传送带的加速度需大于煤块的加速度,即,则有:
故选项A不符合题意;
BC.当煤块的速度达到时,经历的时间:
经过的位移:
故选项B不符合题意,C符合题意;
D.此时传送带的位移:
则黑色痕迹的长度:
故选项D不符合题意。
7.CD
【解析】
【详解】
AC. 对整体分析,整体的加速度
隔离对m2分析,有F-F2=m2a,解得弹簧弹力为: ,故A错误C正确。
B. 在突然撤去F2的瞬间,弹簧的弹力不变,m2所受的合力变为弹簧的弹力,则加速度
加速度变大。故B错误。
D. 在突然撤去F2的瞬间,弹簧的弹力不变,则m1所受的合力不变,所以m1的加速度不变,故D正确。
8.BD
【解析】
【详解】
AB.AB间的最大静摩擦力为,B与地面间的最大静摩擦力为,因为,所以B相对地面先开始滑动,当B恰好相对地面滑动时,此时的来为,继续增大拉力,AB才会相对滑动,设AB刚好发生相对滑动时拉力为,AB的加速度为,对B由牛顿第二定律可得
,
可求;
对A由牛顿第二定律可得
,
可求。综上分析可得当,B相对地面滑动;当时,AB相对地面都静止;当时,A相对B滑动,故A错误,B正确。
C.当时,AB以共同的加速度运动,将AB看作整体,由牛顿第二定律可得
,
解得,故C错误。
D.对B受力分析可知其所受的合力的最大值为
,
即B的加速度不还超过0.5,故D正确。
9.AC
【解析】
考点:牛顿第二定律;匀变速直线运动的速度与时间的关系.
专题:牛顿运动定律综合专题.
分析:雨滴下落的过程中受重力和阻力,阻力随速度增大而增大,根据牛顿第二定律,判断加速度的变化,以及根据加速度方向与速度的方向关系判断速度的变化.
解答:解:根据牛顿第二定律得,a=,速度增大,阻力增大,加速度减小,雨滴做加速度减小的加速运动,当加速度减小到零,雨滴做匀速直线运动.故A、C正确,B、D错误.
故选AC.
点评:解决本题的关键会通过牛顿第二定律,根据物体的受力情况判断物体的运动情况.
10.AC
【解析】
【详解】
A.要发生相对滑动,传送带的加速度需大于煤块的加速度.即
a>μg
所以
μ<
故A正确.
BC.根据牛顿第二定律得,煤块的加速度
a=μg
则煤块从开始运动到相对于传送带静止所需的时间
此时煤块的位移
此时传送带的位移
煤块相对于传送带的位移等于黑色痕迹的长度,则
故C正确,B错误;
D. 煤块与传送带间先有滑动摩擦力,当相对静止后煤块做匀速运动,水平方向不受力,没有静摩擦力,故D错误。
11.(1)15.6m (2)81.6J
【解析】
【详解】
(1)滑块的加速度为:
木板的加速度为:
由速度相等:
此时,共速的速度
解得: ,此时,共速的速度
相对位移:
之后,M继续减速,m也开始减速,滑块的加速度为
木板的加速度为:
当减速到零,相对位移
所以最终滑块到长木板右端的距离为
(2) 滑块与木板之间的摩擦而产生的热量
答:(1)15.6m (2)81.6J
12.(1)3s (2)2s(3)1.75s (4)1s (5)6s (6)1s
【解析】
【详解】
(1) 小物块从传送带左端滑上传送带,滑块加速度
达到与传送带共速所需时间
加速位移
所以小物块运动了3s。
(2)若v2=6m/s,达到与传送带共速所需时间
加速位移
匀速运动时间
一共运动
(3)若v2= 10m/s,小物块减速的加速度
达到与传送带共速所需时间
减速位移
匀速运动时间
一共运动
(4)若v2= 16m/s,小物块减速的加速度
达到与传送带共速所需时间
减速位移
所以一直减速运动
一共运动
(5)小物块从传送带右端以v2= 6m/s的速度滑上传送带,小物块减速的加速度
减速到零的时间
减速位移
所以物块反向加速,根据对称性可知,总时间
(6) 减速到零的位移
所以一直减速从左端滑下
总时间
答:(1)3s (2)2s(3)1.75s (4)1s (5)6s (6)1s
13.f=18N FN=624N
【解析】
【详解】
在水平方向上,,根据牛顿第二定律有: ,代入数据解得:f=18N;
在竖直方向上,由牛顿第二定律得:,代入数据解得:FN=624N。
答:f=18N FN=624N
14.(1)12N(2)1m(3)1m
【解析】
【详解】
(1)由位移公式,得
①
由牛顿第二定律,得
②
(2)滑块滑到木板上时,设其初速度为, 滑块加速度大小为a1 , 木板加速度大小为a2,两者共速时速率为,则
③
④
⑤
,得 ⑥
此过程中滑块的位移为
⑦
长木板的位移为
⑧
则滑块相对长木板位移为
⑨
则滑块相对长木板静止时距右端距离为
⑩
(3)由⑥式得
⑪
共速后两者保持相对静止一起做匀减速运动,设加速度为a3,匀减速位移为,则
,得 ⑫
,得 ⑬
故长木板滑行的总距离为