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  • 2021-05-26 发布

江西省南城一中2020届高三下学期6月模拟考试理综物理试题 Word版含解析

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- 1 - 2020 届江西省南城一中高三(下)6 月模拟考试理综 物理试题 1. 我国第一代核潜艇总设计师黄旭华院士于 2019 年 9 月 29 日获颁“共和国勋章”。核动力 潜艇上核反应堆中可能的一个核反应方程为 235 1 144 89 1 92 0 56 36 0U+ n Ba+ Kr nx E    (其中△E 为 释放出的核能)。下列说法正确的是( ) A. 该核反应属于原子核的衰变 B. 核反应方程式中 x=2 C. 235 92 U 的比结合能为 235 E D. 235 92 U 核的比结合能小于 144 56 Ba 核的 比结合能 【答案】D 【解析】 【详解】A.用中子轰击铀核的核反应方程为原子核的裂变,故 A 错误; B.由核反应遵循质量数与电荷数守恒,可知 x=3 故 B 错误; C.△E 是该核反应释放的能量,不是 235 92 U 核的结合能,则 235 92 U 的比结合能不等于 235 E ,故 C 错误; D.中等质量原子核的比结合能较大,235 92 U 核的比结合能小于 144 56 Ba 核的比结合能,故 D 正确。 故选 D。 2. 一年来,交通运输部发出通知部署 ETC 推广安装。如图是小车分别经过收费站的人工通道 和 ETC 通道的 v-t 图,已知小车加速、减速时加速度大小均为 a,小车通过两种通道时从开始 减速到恢复到原速度所行驶的距离一样,则与走人工通道相比,走 ETC 通道节省的时间为 ( ) A. 0 1v v ta    B.  0 12 v v ta    - 2 - C. 1v ta   D. 12v ta   【答案】C 【解析】 【详解】若走人工通道,则 2 0 1 2 2 vs a   走 ETC 通道 2 2 '0 1 2 12 2 v vs v ta     由题意 1 2s s 解得 ' 1vt a   则与走人工通道相比,走 ETC 通道节省的时间为 '0 0 11(2 ) (2 ) vv v vt ta at ta           故选 C。 3. 如图所示,水平地面上放置一斜面体,物体静止于斜面上。现对物体施加大小从零开始逐 渐增大的水平推力 F,直到物体即将上滑。此过程中斜面体保持静止,则( ) A. 斜面对物体的摩擦力逐渐增大 B. 斜面对物体的作用力逐渐增大 C. 地面对斜面体的支持力逐渐增大 D. 地面对斜面体的摩擦力先减小后增 大 【答案】B 【解析】 【详解】A.当水平推力等于 0 时,物体受斜面的摩擦力沿斜面向上,当水平推力 F 逐渐增 大时, F 沿斜面向上的分力逐渐增大,摩擦力逐渐减小,总有一时刻摩擦力会减小到零,再 增大 F,物体受摩擦力沿斜面向下又会逐渐增加,故 A 错误; B.斜面对物体的作用力与物体所受重力和水平推力 F 的合力等大反向,随着推力 F 逐渐增大, - 3 - 重力与推力的合力逐渐增大,因此斜面对物体的作用力逐渐增大,故 B 正确; CD.将物体与斜面体做为一个整体进行受力分析可知,随 F 逐渐增大,地面的支持力不变, 地面对斜面体的摩擦力增大,故 CD 错误。 故选 B。 4. 如图所示,由同种材料制成,粗细均匀,边长为 L、总电阻为 R 的单匝正方形闭合线圈 MNPQ 放置在水平面上,空间存在方向竖直向下、磁感应强度大小为 B 的有界匀强磁场,磁场两边 界成θ= 45 角。现使线圈以水平向右的速度ν匀速进入磁场,则( ) A. 当线圈中心经过磁场边界时,N、P 两点间的电势差 U=BLv B. 当线圈中心经过磁场边界时,线圈所受安培力大小 2 2 = B L vF R安 C. 线圈从开始进入磁场到其中心经过磁场边界的过程中,回路中的平均电功率 2 2 2B L vP R  D. 线圈从开始进入磁场到其中心经过磁场边界的过程中,通过导线某一横截面的电荷量 2 2 BLq R  【答案】D 【解析】 【详解】AB.当线圈中心经过磁场边界时,此时切割磁感线的有效线段为 NP,根据法拉第电 磁感应定律,NP 产生的感应电动势为 E=BLv,此时 N、P 两点间的电势差 U 为路端电压,有 U= 3 4 E= 3 4 BLv 此时 QP、NP 受安培力作用,且两力相互垂直,故合力为 F 安= 2 22B L v R 故 AB 错误; - 4 - C.当线圈中心经过磁场边界时,回路中的瞬时电功率为 2 2 2 2E B L vP R R   在线圈从开始进入磁场到其中心经过磁场边界的过程中,感应电动势一直在变化,故 回路中的平均电功率不等于经过磁场边界时的瞬时电功率,故 C 错误; D.根据法拉第电磁感应定律和欧姆定律,通过导线某一横截面的电荷量为 2BLq R R   故 D 正确。 故选 D。 5. 一般的曲线运动可以分成很多小段,每小段都可以看成圆周运动的一部分,即把整条曲线 用一系列不同半径的小圆弧来代替。如图甲所示,通过 A 点和曲线上紧邻 A 点两侧的两点作 一圆,在极限情况下,这个圆叫作 A 点的曲率圆,其半径ρ叫做 A 点的曲率半径。如图乙所 示,行星绕太阳作椭圆运动,太阳在椭圆轨道的一个焦点上,近日点 B 和远日点 C 到太阳中 心的距离分别为 rB 和 rC,已知太阳质量为 M,行星质量为 m,万有引力常量为 G,行星通过 B 点处的速率为 vB,则椭圆轨道在 C 点的曲率半径和行星通过 C 点处的速率 cv 分别为( ) A. 2 2 B Bv r GM , c GM r B. 2 2 B Bv r GM , c GM r C. 2 2 B Bv r GM , B B c r vr D. 2 B GM v , B B c r vr 【答案】C 【解析】 【详解】根据曲率圆的定义分析,在 B 点时,万有引力提供向心力 - 5 - 2 2 B B B vGMm mr R = 解得曲率半径 2 2 B B B r vR GM  根据椭圆的对称性可知,在 C 点处,曲率半径也为 RB,根据万有引力提供向心力 2 2 C C B vGMm mr R = 解得行星通过 C 点处的速率 B C B C rv vr  故选 C。 6. 现代科学研究中常用到高速电子,电子感应加速器就是利用感生电场加速电子的设备.电 子感应加速器主要有上、下电磁铁磁极和环形真空室组成.当电磁铁绕组通以变化的电流时, 产生变化的磁场,穿过真空盒所包围的区域内的磁通量也随时间变化,这时真空盒空间内就 产生感应涡旋电场,电子将在涡旋电场作用下得到加速.如图所示(上图为侧视图、下图为 真空室的俯视图),若电子被“约束”在半径为 R 的圆周上运动,当电磁铁绕组通有图中所示 的电流时 A. 电子在轨道上逆时针运动 B. 保持电流的方向不变,当电流增大时,电子将加速 C. 保持电流的方向不变,当电流减小时,电子将加速 D. 被加速时电子做圆周运动的周期不变 - 6 - 【答案】AB 【解析】 【详解】线圈中的电流增强,磁场就增大了,根据楞次定律,感生电场产生的磁场要阻碍它 增大所以感生电场为顺时针方向,即电流方向顺时针,所以电子运动逆时针方向电场力作用 下加速运动,洛伦兹力约束下做圆周运动。当磁场减小,根据楞次定律,可知涡旋电场的方 向为逆时针方向,电子将沿逆时针方向减速运动。在电子被加速过程中,由于磁场的变化, 导致运动的周期变化,故 AB 正确,CD 错误。 7. 如图所示,ABCD 为一正四面体,A 点固定一个电荷量为+Q 的点电荷, B 点固定一个电 荷量为-Q 的点电荷,E 点为 BC 边的中点(图中未画出),以无穷远处电势为 0。则下列说 法中正确的是 A. C、D 两点的电场强度相同 B. 将一正电荷从 C 点移到 E 点,其电势能增加 C. 将一点电荷沿直线从 D 点移到 C 点,电场力始终不做功 D. 若在 C 点固定一电量为-Q 的点电荷,则 E 点的电场强度指向 A 点 【答案】AC 【解析】 【详解】A.由电线线的空间分布可知 C、D 两点的电场强度相同; B.将正电荷从 C 点移到 E 点,电场力做正功,其电势能减小; C.中 C、D 两点的连线均在同一等势面上,则移动点电荷时电场力始终不做功; D.由电场强度的叠加原理可知 E 点的电场强度方向由 A 点指向 E 点。 故选 AC。 8. 如图所示,小球 A、B、C 通过铰链与两根长为 L 的轻杆相连,ABC 位于竖直面内且成正三 角形,其中 A、C 置于水平面上。现将球 B 由静止释放,球 A、C 在杆的作用下向两侧滑动, 三小球的运动始终在同一竖直平面内。已知 A B C 1 1 2 2m m m m   ,不计摩擦,重力加速度 为 g。则球 B 由静止释放至落地的过程中,下列说法正确的是( ) - 7 - A. 球 B 的机械能先减小后增大 B. 球 B 落地的速度大小为 3gL C. 球 A 对地面的压力一直大于 mg D. 球 B 落地地点位于初始位置正下方 【答案】AB 【解析】 【详解】A.B 下落时,A、C 开始运动,当 B 落地后,A、C 停止运动,因 A、B、C 三球组成系 统机械能守恒,故球 B 的机械能先减小后增大,故 A 正确; B.对整个系统分析,有: 2 B 3 1 2 2mg L mv 解得 B 3v gL 故 B 正确; C.在 B 落地前的一段时间,A、C 做减速运动,轻杆对球有向上力作用,故球 A 对地面的压力 可能小于 mg,故 C 错误; D.因为 A、C 两球质量不相同,故球 B 落地点不可能位于初始位置正下方,故 D 错误。 故选 AB。 第Ⅱ卷 (非选择题) 二、非选择题:包括必考题和选考题两部分。考生根据要求作答。 ㈠必考题(11 题,共 129 分。其中第 24 题,第 25 题的解答应写出必要的文字说明、方程式和 重要演算步骤。只写出最后的答案不能得分。有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和 单位。) - 8 - 9. 在“用打点计时器探究匀变速直线运动速度随时间的变化规律”实验中: (1)安装纸带时,应将纸带置于复写纸(或墨粉纸盘)的______(选填“上方”或“下方”)。 (2)下方为实验中打出的一段纸带,计时器打点的时间间隔为 0.02s.根据所给的纸带,请 你利用刻度尺进行测量,求得 P 点的速度为______ m/s。(保留小数点后两位) 【答案】 (1). 下方 (2). 1.70m s 【解析】 【详解】(1)[1]使用打点计时器时,纸带应穿过限位孔,复写纸要放在纸带的上面,即将纸 带置于复写纸(或墨粉纸盒)的下方。 (2)[2]设纸带上 P 点的左边计数点为 A ,右边计数点为 B ,用刻度尺测量 A 、 B 之间的距离 为 6.80cm,由图知 6.80cmABx  ,已知 0.02sT  ,根据匀变速直线运动中时间的中间时刻 瞬时速度大小等于该段时间内的平均速度大小,有 0.068 m s=1.70m s2 2 0.02 AB P xv T    10. 某同学制作了一个简单的多用电表,图甲为电表的电路图.已知选用的电流表内阻 Rg=5 Ω、满偏电流 Ig=25 mA,当选择开关接 3 时为量程 100 V 的电压表.该多用电表表盘如图乙 所示,下排刻度均匀,C 为上排刻度线的中间刻度,由于粗心,上排刻度线对应数据没有标出. (1)若指针指在图乙所示位置,选择开关接 1 时其读数为____;选择开关接 3 时其读数为____. (2)为了测该多用电表电阻挡的电阻和表内电源的电动势,这位同学在实验室找到了一个电 阻箱,设计了如下实验: ①将选择开关接 2,红黑表笔短接,调节 R1 的阻值使电表指针满偏; ②将电表红黑表笔与电阻箱相连,调节电阻箱使电表指针指 C 处,此时电阻箱的示数如图丙, - 9 - 则 C 处刻度应为____ Ω; ③计算得到多用电表内电池的电动势为____ V;(保留两位有效数字) (3)调零后将电表红黑表笔与某一待测电阻相连,若指针在图乙所示位置,则待测电阻的阻 值为____ Ω.(保留两位有效数字) 【答案】 (1). 17.3 mA(17.2~17.4 mA) (2). 69 V (3). 150 (4). 3.8 (5). 70(67~71) 【解析】 【详解】(1)[1]选择开关接 1 时测电流,其分度值为 0.5 mA,示数为 17.3 mA; [2]选择开关接 3 时测电压,其分度值为 2 V,其示数为 69 V; (2)[3]②由图丙所示电阻箱可知,电阻箱示数为: 0×1 000 Ω+1×100 Ω+5×10 Ω+0×1 Ω=150 Ω [4]由图乙所示可知,指针指在 C 处时,电流表示数为 12.5 mA=0.0125 A,C 处电阻为中值 电阻,则电表内阻为 150 Ω,电源电动势: E=I(R+r)=0.0125×(150+150)V=3.8 V (3)[5]根据第(1)问可知,表头所示电流为 17.3 mA;调零后将电表红黑表笔与某一待测 电阻相连,此时电路中的电流值也为 17.3 mA,而表内电池的电动势为 E=3.8 V,表内总电 阻为 150 Ω,由欧姆定律可知: R=( 3.8 0.0173 -150)Ω≈70 Ω 所以待测电阻的阻值为 70 Ω. 11. “民生在勤”,劳动是幸福的源泉。如图,疫情期间某同学做家务时,使用拖把清理地 板。假设拖把的质量为 2kg,拖把杆与水平方向成 53°角,当对拖把施加一个沿拖把杆向下、 大小为 10N 的力 F1 时,恰好能推动拖把向前匀速运动。(重力加速度 g 取 10m/s2,sin53°=0.8, cos53°=0.6)。求: (1)拖把与地板间的动摩擦因数μ; (2)保持杆与水平方向成 53°角,沿拖把杆向下的力增大到 F2=25N 时拖把的加速度大小。 - 10 - 【答案】(1) 3 14 ;(2) 245 m/s14 【解析】 【详解】(1)对拖把受力分析,如图所示,拖把受到重力 mg,地板的支持力 N1,人对拖把沿 拖把杆向下的力 F1,地板对拖把的摩擦力 f1。 则 N1=mg+F1sin 53° 拖把匀速运动,则有 f1=F1cos53° f1=μN1 解得拖把与地板间的动摩擦因数 μ= 3 14 (2)根据牛顿第二定律 N2=mg+F2sin 53° F2cos53°-μN2=ma 解得 a= 245 m/s14 12. 如图所示,x 轴上方存在电场强度 1000V/mE  、方向沿 y 轴方向的匀强电场,x 轴与 PQ (平行于 x 轴)之间存在着磁感应强度 2TB  、方向垂直纸面向里的匀强磁场。一个质量 82 10 kgm   、带电量 51.0 10 Cq    的粒子,从 y 轴上(0,0.04m)的位置分别以不同 的初速度 v0 沿+x 轴方向射入匀强电场,不计粒子的重力。 - 11 - (1)若 0 200m/sv  ,求粒子第一次进入磁场时速度 v 的大小和方向; (2)若粒子射入电场后都能经磁场返回,求磁场的最小宽度 d; (3)若粒子恰能经过 x 轴上 100mx  点,求粒子入射的初速度 0v 。 【答案】(1) 200 2m / s ,方向与 x 轴成 45°角;(2)0.2m;(3) 4 0 10 (50.1 0.1 ) m/s2 nv n  , 其中 2 1n k  (k=0,1,2,3,…), 4 0 10 (50 0.1 ) m/s2( 1) nv n   ,其中 2n k (k=0,1,2, 3,…) 【解析】 【详解】(1)设粒子第一次在电场中的运动时间为t ,电场力提供加速度 Eq ma 粒子做类平抛运动,在竖直方向 21 2y at yv at 末速度为 2 2 2 0 yv v v  0 tan yv v   解得 200 2m / sv  方向与 x 轴成 45°角。 (2)当初速度为 0 时粒子最容易穿过磁场 - 12 - 2 y y vBqv m r  要使所有带电粒子都返回电场,则 0.2md r  (3)对于不同初速度的粒子通过磁场的轨迹在 x 轴上的弦长不变 1 sin2 sin 2 2 0.4mymvmvx r qB q     设粒子第 n 次经过 100mx  处,满足 1 0 1 2 n x nv t x   其中 2 1n k  (k=0,1,2,3,…),则初速度 4 0 10 (50.1 0.1 ) m/s2 nv n  其中 2 1n k  (k=0,1,2,3,…) 或满足 1 0( 1)2 n x n v t x+ - = 其中 2n k (k=1,2,3,…),则初速度 4 0 10 (50 0.1 ) m/s2( 1) nv n   其中 2n k (k=1,2,3,…)。 13. 在“用双缝干涉测量光的波长”实验中,将双缝干涉实验仪按要求安装在光具座上,如 图所示。已知双缝间的距离为 d,在离双缝 L 远的屏上,用测量头测量条纹间宽度。 (1)将测量头的分划板中心刻线与某亮纹中心对齐,将该亮纹定为第 1 条亮纹,此时手轮上的 示数如图(甲)所示;然后同方向转动测量头,使分划板中心刻线与第 6 条亮纹中心对齐, 记下此时如图(乙)所示的手轮上的示数为________mm,求得相邻亮纹的间距Δx 为 ________mm; - 13 - (2)波长的表达式λ=________(用Δx、L、d 表示); (3)若改用频率较高的单色光照射,得到的干涉条纹间距将________(填“变大”、“不变” 或“变小”); (4)图为上述实验装置示意图。S 为单缝,S1、S2 为双缝,屏上 O 点处为一条亮条纹。若实验时 单缝偏离光轴,向下微微移动,则可以观察到 O 点处的干涉条纹_________ A.向上移动 B.向下移动 C.间距变大 D.间距变小 【答案】 (1). 13.870 (2). 2.310 (3). d x L  (4). 变小 (5). A 【解析】 【详解】(1)[1][2].图甲读数 2mm+0.01mm×32.0=2.320mm; 图乙读数 13.5mm+0.01mm×37.0=13.870mm; 则条纹间距 13.870 2.320 mm=2.310mm6 1x    (2)[3].根据 Lx d   可得波长的表达式 = d x L   (3)[4].若改用频率较高的单色光照射,则波长减小,由 Lx d   可知,得到的干涉条纹间距 将变小; (4)[5].若实验时单缝偏离光轴向下微微移动,则主光轴变的倾斜,则可以观察到 O 点处的 干涉条纹向上移动,由 Lx d   可知,条纹间距不变,选项 A 正确,BCD 错误。 故选 A。 14. 如图所示,一横截面为环形的均匀玻璃管,内圆半径为 R,外圆半径为 2R,圆心为 O,PQ - 14 - 为过圆心的水平直线。细光束 a 平行于 PQ 射到玻璃管上,入射方向恰好与内圆相切。已知光 在真空中的速度为 c=3×108m/s。 (i)试证明无论该玻璃的折射率多大,光束 a 经过一次折射后在内圆边界处发生全反射; (ii)若玻璃环的折射率为 n= 2 ,光束 a 经过-次折射和一次全反射,从玻璃管的外圆边界射 出(不考虑多次反射情况),则光线 a 在玻璃中传播的时间 t 为多少?( 7 =2.646,计算结果保 留两位有效数字) 【答案】(i)见解析;(ii)t=1.1R×10-8s 【解析】 【详解】(i)如图 在 A 点入射由折射定律可得 sin sin in r  由几何关系可得 1sin 2i  在 ABO 中由正弦定理得 2 sin( ) sin R R r   由全反射临界角规律可得 - 15 - 1sinC n  由以上各式可得 C  (ii)B 点全反射后光线为BE,如图 由对称性可知 AB=BE=x 在 ABO 中由余弦定理可得    2 2 22 2R R x Rxcos      由折射率 cn v  则时间为 2xt v  联立得 t=1.1R×10-8s - 16 -