• 2.27 MB
  • 2021-05-26 发布

【物理】2019届一轮复习人教版动力学中的两类基本问题学案

  • 5页
  • 当前文档由用户上传发布,收益归属用户
  1. 1、本文档由用户上传,淘文库整理发布,可阅读全部内容。
  2. 2、本文档内容版权归属内容提供方,所产生的收益全部归内容提供方所有。如果您对本文有版权争议,请立即联系网站客服。
  3. 3、本文档由用户上传,本站不保证质量和数量令人满意,可能有诸多瑕疵,付费之前,请仔细阅读内容确认后进行付费下载。
  4. 网站客服QQ:403074932
‎ 动力学中的两类基本问题 高考频度:★★★★☆‎ 难易程度:★★★☆☆‎ ‎(2018·浙江宁波北仑中学)滑沙运动时,沙板相对沙地的速度大小会影响沙地对沙板的摩擦因数。假设滑沙者的速度超过8 m/s时,滑沙板与沙地间的动摩擦因数就会由μ1=0.5变为μ2=0.25,如图1所示,一滑沙者从倾角θ=37°的坡顶A处由静止开始下滑,滑至坡底B(B处为一平滑小圆弧)后又滑上一段水平地面,最后停在C处。已知滑板与水平地面的动摩擦因数恒为μ3=0.4,AB坡长L=26 m,sin 37°=0.6,不计空气阻力,求滑沙者。‎ ‎(1)到B处时的速度大小;‎ ‎(2)在水平地面上运动的最大距离;‎ ‎(3)在AB段下滑与BC段滑动的时间之比。‎ ‎【参考答案】(1)12 m/s (2)18 m (3)5:3‎ ‎【试题解析】(1)滑沙板的速度较小时:ma1=mgsin θ–μ1mgcos θ 代入数据可得:a1=2 m/s2‎ 速度达到8 m/s的过程中的位移:‎ 滑沙板的速度较大时:ma2=mgsin θ–μ2mgcos θ 代入数据可得:a2=4 m/s2‎ 设到达B的速度为v2,则:‎ 代入数据可得:v2=12 m/s ‎(2)滑沙板在水平面上的加速度:‎ 由位移–速度公式可得:‎ ‎(3)滑沙板的速度达到8 m/s的时间:‎ 第二段时间:‎ 滑沙板在水平面上的时间:‎ 所以在AB段下滑与BC段滑动的时间之比:‎ ‎【知识补给】‎ 特性 模型 受外力时 的形变量 力能 否突变 产生拉力 或支持力 质量 内部 弹力 轻绳 微小不计 能 只有拉力 没有支持力 不计 处 处 相 等 橡皮绳 较大 不能 只有拉力 没有支持力 轻弹簧 较大 不能 既可有拉力 也可有支持力 轻杆 微小不计 能 既可有拉力 也可有支持力 一质量为M,倾角为θ的楔形木块,静置在水平桌面上,与桌面间的动摩擦因数为μ。一物块质量为m,置于楔形木块的斜面上,物块与斜面的接触是光滑的,为了保持物块相对斜面静止,可用一水平力F推楔形木块,如图所示,求此水平力大小的表达式。‎ ‎(2018·上海金山中学)如图甲,质量为1 kg的滑块受到一个沿斜面方向的外力F作用,从斜面底端开始,以初速度v0=3.6 m/s沿着倾角为37°足够长的斜面向上运动,物体与斜面间的动摩擦因数为μ=0.8。滑块开始一段时间内的速度-时间图像如图所示乙(g取10 m/s2,sin 37°=0.6,cos 37°=0.8)。求:‎ ‎(1)滑块上滑过程中加速度的大小和方向;‎ ‎(2)滑块所受外力F的大小和方向;‎ ‎(3)当滑块到最高点时撤除外力,此后滑块能否返回斜面底端?若不能返回,求出滑块停在离斜面底端的距离。若能返回,求出返回斜面底端时的速度。‎ 如图所示,质量为80 kg的物体放在安装在小车上的水平磅秤上,小车沿斜面无摩擦地向下运动,现观察到物体在磅秤上读数只有600 N,则斜面的倾角θ为多少?物体对磅秤的静摩擦力为多少?(g取10 m/s2)‎ ‎(2018·江苏卷)如图所示,钉子A、B相距5l,处于同一高度.细线的一端系有质量为M的小物块,另一端绕过A固定于B。质量为m的小球固定在细线上C点,B、C间的线长为3l。用手竖直向下拉住小球,使小球和物块都静止,此时BC与水平方向的夹角为53°。松手后,小球运动到与A、B相同高度时的速度恰好为零,然后向下运动.忽略一切摩擦,重力加速度为g,取sin 53°=0.8,cos 53°=0.6。求:‎ ‎(1)小球受到手的拉力大小F;‎ ‎(2)物块和小球的质量之比M:m;‎ ‎(3)小球向下运动到最低点时,物块M所受的拉力大小T。‎ 用电动机带动半径为r=0.5m的传输轮来传送一块长方体铁板,放在光滑水平面上的铁板在传输轮的带动下从静止开始向右运动。已知铁板长L=1.6 m、质量m=100 kg,传输轮与铁板间的动摩擦因子μ ‎=0.1。工作时传输轮对铁板产生竖直向下、大小为50 N的恒定压力,传输轮转动的角速度恒为ω=1 rad/s,g取10 m/s2 。求:‎ ‎(1)传输轮对铁板的摩擦力大小;‎ ‎(2)铁板离开传输轮时的速度大小。‎ ‎【参考答案】 ‎ ‎(1),沿斜面向下 (2)–2.6 N,方向平行于斜面向下 (3)滑块不能返回斜面底端;停在距斜面底端0.43 m处 ‎(1)根据速度–时间图象的斜率表示加速度得:‎ 沿斜面向下;‎ ‎(2)设F沿斜面向上,则mgsin θ–μmgcos θ–F=ma F=mgsin θ+μmgcos θ–ma=1×10×0.6+0.8×1×10×0.8–1×15 N=–2.6 N 所以F力的方向平行于斜面向下. ‎ ‎(3)因为mgsin θ<μmgcos θ,所以滑块不能返回斜面底端 设经过时间t,滑块速度为零,则t==0.24 s 滑块停在距离斜面底端0.43 m处 ‎30° 346 N 取小车、物块、磅秤这个整体为研究对象,受总重力M、斜面的支持力FN,由牛顿第二定律得,Mgsin θ=Ma,所以a=gsin θ,取物体为研究对象,受力情况如图所示:‎ ‎(1) (2) (3)()‎ ‎(1)设小球受AC、BC的拉力分别为F1、F2‎ F1sin 53°=F2cos 53°‎ F+mg=F1cos 53°+ F2sin 53°且F1=Mg 解得 ‎(2)小球运动到与A、B相同高度过程中 小球上升高度h1=3lsin 53°,物块下降高度h2=2l 机械能守恒定律mgh1=Mgh2‎ 解得 ‎(3)根据机械能守恒定律,小球回到起始点.设此时AC方向的加速度大小为a,重物受到的拉力为T 牛顿运动定律Mg–T=Ma 小球受AC的拉力T′=T 牛顿运动定律T′–mgcos 53°=ma 解得()‎ ‎(1)5 N (2)0.4 m/s