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- 2021-06-01 发布
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第3节 电磁感应规律的综合应用
考点一| 电磁感应中的电路、图象问题
一、电磁感应中的电路问题
1.内电路和外电路
(1)切割磁感线运动的导体或磁通量发生变化的线圈都相当于电源.
(2)该部分导体的电阻或线圈的电阻相当于电源的内阻,其余部分是外电路.
2.电源电动势和路端电压
(1)电动势:E=Blv或E=n.
(2)路端电压:U=IR=E-Ir.
二.电磁感应的图象问题
图象类型
(1)磁感应强度B、磁通量Φ、感应电动势E和感应电流I随时间t变化的图象,即Bt图象、Φt图象、Et图象和It图象(2)对于切割磁感线产生感应电动势和感应电流的情况,还常涉及感应电动势E和感应电流I随位移x变化的图象,即Ex图象和Ix图象
问题类型
(1)由给定的电磁感应过程判断或画出正确的图象
(2)由给定的有关图象分析电磁感应过程,求解相应的物理量
(3)利用给出的图象判断或画出新的图象
应用知识
左手定则、安培定则、右手定则、楞次定律、法拉第电磁感应定律、欧姆定律、牛顿定律、函数图象知识等
1.解决电磁感应中的电路问题的一般步骤
(1)确定电源.切割磁感线的导体或磁通量发生变化的回路将产生感应电动势,该导体或回路就相当于电源,利用E=n或E=Blvsin θ求感应电动势的大小,利用右手定则或楞次定律判断电流方向.
(2)分析电路结构(内、外电路及外电路的串、并联关系),
画出等效电路图.
(3)利用电路规律求解.主要应用欧姆定律及串、并联电路的基本性质等列方程求解.
2.电磁感应中图象问题的分析技巧
(1)对于图象选择问题常用排除法:先看方向再看大小及特殊点.
(2)对于图象的描绘:先定性或定量表示出所研究问题的函数关系,注意横、纵坐标表达的物理量及各物理量的单位,画出对应物理图象(常有分段法、数学法).
(3)对图象的理解:看清横、
纵坐标表示的量,理解图象的物理意义.
1.如图931甲所示,一半径r=0.5 m、电阻为R=5 Ω、匝数为N=100匝的圆形线圈两端A、C与一个理想电流表相连,线圈内有变化的磁场,以垂直纸面向里的磁场方向为正,磁场随时间的变化情况如图乙所示,则下列判断中正确的是( )
图931
A.在0~5 s的时间内,理想电流表示数的最大值为1 A
B.在t=4 s时刻,流过电流表的电流方向为A→C
C.前2 s内,通过线圈某截面的总电荷量为0.1 C
D.第2 s内,线圈的发热功率最大
C [由法拉第电磁感应定律可知,流过线圈的电流I===·,由此式可知,Bt图象的斜率越大,则在线圈中产生的感应电流就越大,因此可判断在第1 s内的感应电流最大,代入数据有Im=0.1 A,选项A错误;在t=4
s时,由题意可知,此时穿过线圈的磁场方向为垂直纸面向外且正在逐渐增大,由楞次定律可知线圈中产生的感应电流的方向为顺时针方向,因此流过电流表的电流方向为C→A,选项B错误;由图乙可知,前2 s内只有第1 s内有磁通量的变化,会产生感应电流,第2 s内磁通量没有发生变化,所以不会产生感应电流,因此前2 s内通过线圈某截面的电荷量实际上为第1 s内的电荷量,由q=可得q=0.1 C,选项C正确,选项D错误.]
2.如图932,在水平面(纸面)内有三根相同的均匀金属棒ab、ac和MN,
其中ab、ac在a点接触,构成“V”字型导轨,空间存在垂直于纸面的均匀磁场,用力使MN向右匀速运动,从图示位置开始计时,运动中MN始终与∠bac的平分线垂直且和导轨保持良好接触,下列关于回路中电流i与时间t的关系图线,可能正确的是( )
图932
A [设∠bac=2θ,图示位置时a距棒的距离为l0,MN以速度v匀速运动,导体棒单位长度的电阻为R0.经过时间t,导体棒的有效切割长度L=2(l0+vt)tan θ,感应电动势E=BLv=2Bv(l0+vt)tan θ,回路的总电阻R=[2(l0+vt)tan θ+
]R0,回路中电流i==,故i与t无关是一个定值,选项A正确.]
3.用均匀导线做成的正方形线圈边长为l,如图933所示,正方形的一半放在垂直于纸面向里的匀强磁场中,当磁场以的变化率增强时,不考虑磁场的变化对虚线右侧的影响,则( )
图933
【导学号:81370333】
A.线圈中感应电流方向为adbca
B.线圈中产生的电动势E=l2
C.线圈中a点电势高于b点电势
D.线圈中b、a两点间的电势差为
D [处于磁场中的线圈面积不变,
增大时,通过线圈的磁通量增大,由楞次定律可知,感应电流的方向为acbda方向,A项错;产生感应电动势的acb部分等效为电源,b端为等效电源的正极,电势高于a端,C项错;由法拉第电磁感应定律E==·,知B项错;adb部分等效为外电路,b、a两点间电势差为等效电路的路端电压,U=·R==,D项正确.]
4.(2017·湖州选考模拟)如图934所示,
图934
PN与QM两平行金属导轨相距1 m,电阻不计,两端分别接有电阻R1和R2,且R1=6 Ω,ab导体的电阻为2 Ω,在导轨上可无摩擦地滑动,垂直穿过导轨平面的匀强磁场的磁感应强度为1 T.现ab以恒定速度v=3 m/s匀速向右移动,这时ab杆上消耗的电功率与R1、R2消耗的电功率之和相等,求:
(1)R2的阻值;
(2)R1与R2消耗的电功率分别为多大?
(3)拉ab杆的水平向右的外力F为多大?
【解析】 (1)内外功率相等,则内外电阻相等,
=2 Ω,解得R2=3 Ω.
(2)E=Blv=1×1×3 V=3 V,
总电流I== A=0.75 A,
路端电压U=IR外=0.75×2 V=1.5 V,
P1== W=0.375 W,
P2== W=0.75 W.
(3)F=BIl=1×0.75×1 N=0.75 N.
【答案】 (1)3 Ω (2)0.375 W 0.75 W (3)0.75 N
5.(2016·浙江10月选考)为了探究电动机转速与弹簧伸长量之间的关系,小明设计了如图935所示的装置.半径为l的圆形金属导轨固定在水平面上,一根长为l、电阻为R的金属棒ab一端与导轨接触良好,另一端固定在圆心处的导电转轴OO′上,由电动机A带动旋转.在金属导轨区域内存在垂直于导轨平面,大小为B1,方向竖直向下的匀强磁场.另有一质量为m、电阻为R
的金属棒cd用轻质弹簧悬挂在竖直平面内,并与固定在竖直平面内的“U”型导轨保持良好接触,导轨间距为l,底部阻值也为R的电阻,处于大小为B2、方向垂直导轨平面向里的匀强磁场中.从圆形金属导轨引出导线和通过电刷从转轴引出导线经开关S与“U”型导轨连接.当开关S断开,棒cd静止时,弹簧伸长量为x0;当开关S闭合,电动机以某一转速匀速转动,棒cd再次静止时,弹簧伸长量变为x(不超过弹性限度).不计其余电阻和摩擦等阻力,求此时:
图935
(1)通过棒cd的电流Icd;
(2)电动机对该装置的输出功率P;
(3)电动机转动角速度ω与弹簧伸长量x之间的函数关系.
【导学号:81370334】
【解析】 (1)对cd棒受力分析:
无电流时:mg=kx0
有电流时:mg+B2Ic dl=kx
解得:Ic d=.
(2)电动机输出功率就等于整个电路消耗的总功率;整个电路结构是两个阻值为R的电阻并联再和阻值为R的内阻串联.
故P=EI
I=2Ic d
E=U+IR=3Ic dR
P=6IR=.
(3)电源电动势:E=B1lv=B1l2ω
电路总电阻:R总=
cd棒的电流:Ic d==
对cd棒受力分析:kx=mg+B2Icdl
即:x=mg+B2l
解得:ω=.
【答案】 (1)
(2)
(3)
考点二| 电磁感应中动力学和能量问题
1.电磁感应中的动力学问题
(1)安培力的大小
⇒FA=
(2)安培力的方向
①用左手定则判断:先用右手定则判断感应电流的方向,再用左手定则判定安培力的方向.
②用楞次定律判断:安培力的方向一定与导体切割磁感线的运动方向相反.
(3)有安培力参与的物体的运动
导体棒(或线框)在安培力和其他力的作用下,可以做加速运动、减速运动、匀速运动、静止或做其他类型的运动,可应用动能定理、
牛顿运动定律等规律解题.
2.电磁感应现象中的能量问题
(1)能量的转化
感应电流在磁场中受安培力,外力克服安培力做功,将其他形式的能转化为电能,电流做功再将电能转化为内能.
(2)实质
电磁感应现象的能量转化,实质是其他形式的能和电能之间的转化.
(3)电磁感应现象中能量的三种计算方法
①利用克服安培力求解:电磁感应中产生的电能等于克服安培力所做的功.
②
利用能量守恒求解:机械能的减少量等于产生的电能.
③利用电路特征来求解:通过电路中所产生的电热来计算.
1.力学对象和电学对象的相互关系
2.电磁感应中动力学问题的分析思路
(1)电路分析:
导体棒相当于电源,感应电动势相当于电源的电动势,导体棒的电阻相当于电源的内阻,感应电流I=.
(2)受力分析:
导体棒受到安培力及其他力作用,安培力F安=BIl或,根据牛顿第二定律列动力学方程:F合=ma.
(3)过程分析:
由于安培力是变力,导体棒做变加速或变减速运动,当加速度为零时,达到稳定状态,最后做匀速直线运动,
根据共点力平衡条件列平衡方程:F合=0.
3.电磁感应中的能量转化
4.求解焦耳热Q的三种方法
1. (多选)如图936所示,平行金属导轨与水平面间的夹角为θ,导轨电阻不计,与阻值为R的定值电阻相连,
匀强磁场垂直穿过导轨平面,磁感应强度为B.有一质量为m、长为l的导体棒从ab位置获得平行于斜面的、大小为v的初速度向上运动,最远到达a′b′的位置,滑行的距离为s,导体棒的电阻也为R,与导轨之间的动摩擦因数为μ.则( )
图936
A.上滑过程中导体棒受到的最大安培力为
B.上滑过程中电流做功放出热量为
mv2-mgs(sin θ+μcos θ)
C.上滑过程中导体棒克服安培力做的功为mv2
D.上滑过程中导体棒损失的机械能为mv2-mgssin θ
BD [上滑过程中,开始时导体棒的速度最大,受到的安培力最大为,A错;根据能量守恒,上滑过程中电流做功放出的热量为mv2-mgs(sin θ+μcos θ),B对;上滑过程中导体棒克服安培力做的功等于产生的热,也是mv2-mgs
(sin θ+μcos θ),C错;上滑过程中导体棒损失的机械能为mv2-mgssin θ,D对.]
2.(2017·台州选考模拟)如图937所示,两根足够长的光滑平行直导轨MN、PQ与水平面成θ角放置,两导轨间距为L,M、P两点间接有阻值为R的电阻.一根质量为m的均匀直金属杆ab放在两导轨上,并与导轨垂直.整套装置处于磁感应强度为B的匀强磁场中,磁场方向垂直于导轨平面向上,导轨和金属杆接触良好,它们的电阻不计.现让ab杆由静止开始沿导轨下滑.
图937
(1)求ab杆下滑的最大速度vmax;
(2)ab杆由静止释放至达到最大速度的过程中,电阻R产生的焦耳热为Q,求该过程中ab杆下滑的距离x及通过电阻R的电荷量q.
【导学号:81370335】
【解析】 (1)根据法拉第电磁感应定律、欧姆定律、安培力公式和牛顿第二定律,有
E=BLv,I=,F安=BIL,mgsin θ-
F安=ma.
即mgsin θ-=ma,
当加速度a为零时,速度v达到最大,速度最大值vm=.
(2)根据能量守恒定律,有mgxsin θ=mv+Q,
得x=+.
根据电磁感应定律有=,
根据闭合电路欧姆定律有=,
感应电荷量q=Δt==,
得q=+.
【答案】 (1)
(2)+ +
3.(2015·浙江10月选考)如图938所示,质量m=3.0×10-3 kg的“”形金属细框竖直放置在两水银槽中,“”形框的水平细杆CD长l=0.20 m,处于磁感应强度大小B1=1.0 T、方向水平向右的匀强磁场中.有一匝数n=300 匝、面积S=0.01 m2
的线圈通过开关K与两水银槽相连.线圈处于与线圈平面垂直的、沿竖直方向的匀强磁场中,其磁感应强度B2的大小随时间t变化的关系如图2所示.
(1)求0~0.10 s线圈中的感应电动势大小;
(2)t=0.22 s时闭合开关K,若细杆CD所受安培力方向竖直向上,判断CD中的电流方向及磁感应强度B2的方向;
(3)t=0.22 s时闭合开关K,若安培力远大于重力,细框跳起的最大高度h=0.20 m,求通过细杆CD的电荷量.
【导学号:81370336】
甲
乙
图938
【解析】 (1)由电磁感应定律E=n
得E=nS=30 V.
(2)因细杆CD所受安培力竖直向上,由左手定则知电流方向C→D,
由图及楞次定律知,B2方向向上.
(3)由牛顿第二定律F=ma=m
(或由动量定理FΔt=mv-0)
安培力F=IB1l
ΔQ=IΔt
v2=2gh
得ΔQ==0.03 C.
【答案】 (1)30 V (2)电流方向C→D B2方向向上 (3)0.03 C